2025屆四川省資陽市樂至中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測試題含解析

2025屆四川省資陽市樂至中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于四個(gè)公式①P＝UI；②P＝I2R；③P＝；④P＝，下列敘述正確的是（）A.公式①④適用于任何電路的電功率的計(jì)算B.公式②③適用于任何電路的電功率的計(jì)算C.公式①②③適用于任何電路的電功率的計(jì)算D.以上均不正確2、某同學(xué)用多用電表的歐姆擋的“”擋測量一個(gè)電阻的阻值，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度很小，如圖所示，為了準(zhǔn)確測定該電阻的阻值，正確的做法是（）A.應(yīng)把選擇開關(guān)換到“”擋，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零后再測量B.應(yīng)把選擇開關(guān)換到“”擋，不用再進(jìn)行歐姆調(diào)零就直接測量C.應(yīng)把選擇開關(guān)換到“”擋，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零后再測量D.應(yīng)把選擇開關(guān)換到“”擋，不用再進(jìn)行歐姆調(diào)零就直接測量3、如圖是質(zhì)儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器，速度選擇器內(nèi)有正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場強(qiáng)度分別為B和E，平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片，平板S下方有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0。則下列判斷正確的是A.該帶電粒子帶負(fù)電B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里C.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越大D.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于4、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線,實(shí)線為一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn),由此可知()A.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的加速度小于在Q點(diǎn)時(shí)的加速度B.帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的電勢能比在Q點(diǎn)時(shí)的電勢能大C.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的速度大于在Q點(diǎn)時(shí)的速度D.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢能之和比在Q點(diǎn)時(shí)的小,比在P點(diǎn)時(shí)的大5、如圖所示，長直導(dǎo)線與矩形線框同處于光滑水平面上，長直導(dǎo)線固定，線框可以在桌面上自由滑動(dòng)，當(dāng)通以圖中所示電流時(shí)，矩形線框的運(yùn)動(dòng)情況是（）A.靠近通電直導(dǎo)線 B.遠(yuǎn)離通電直導(dǎo)線C.保持靜止不動(dòng) D.順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)6、如圖所示，正方形區(qū)域EFGH中有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)帶正電的粒子（不計(jì)重力）以一定的速度從EF邊的中點(diǎn)M沿既垂直于EF邊又垂直于磁場的方向射入磁場，正好從EH邊的中點(diǎn)N射出．若該帶電粒子的速度減小為原來的一半，其它條件不變，則這個(gè)粒子射出磁場的位置是A.E點(diǎn) B.N點(diǎn)C.H點(diǎn) D.F點(diǎn)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、小明把前面推理的方法稱之為“倍增法”。說起科學(xué)方法，小明對"對稱法"情有獨(dú)鐘，比如說，一個(gè)均勻帶電的球殼，其球心處的電場強(qiáng)度不能指向任何特殊的方向，否則就格外偏袒了這個(gè)特殊的方向，因此，球心處的電場強(qiáng)度就只能是零。小明設(shè)想了如下圖所示的一個(gè)情景，四根相同且通有同樣大小同樣方向電流I的平行直導(dǎo)線的中點(diǎn)分別固定在一個(gè)正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，導(dǎo)線與正方形所在平面垂直，圖中O點(diǎn)為正方形的中心，并作了如下一些分析，你認(rèn)為正確的有A.O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定是零B.O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能垂直正方形所在平面向里或向外C.若四根導(dǎo)線中的電流都反向但大小I保持不變，則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度也反向D.最上面那根導(dǎo)線中的電流大小I不變但是方向反向，則可將該導(dǎo)線想象成通有原方向的大小為I的電流和反方向的大小為2I的電流的疊加，則O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于只有最上面那根導(dǎo)線、且其中只通有反方向大小為2I的電流時(shí)在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度8、質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，水平極板間有垂直極板方向的勻強(qiáng)電場，圓筒N內(nèi)可以產(chǎn)生質(zhì)子和氚核，它們由靜止進(jìn)入極板間，經(jīng)極板間的電場加速后進(jìn)入下方的勻強(qiáng)磁場．在磁場中運(yùn)動(dòng)半周后打到底片P上，不計(jì)質(zhì)子和氚核受到的重力及它們間的相互作用，下列判斷正確的是A.質(zhì)子和氚核在極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:3B.質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:1C.質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的速率之比為D.質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡半徑之比為9、a、b、c、d是勻強(qiáng)電場中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)．電場線與矩形所在平面平行．a(chǎn)b邊長1m，ad邊長4m，a、b、d三點(diǎn)的電勢分布如圖所示，下列說法正確的是()A.電場強(qiáng)度的大小為V/mB.c點(diǎn)處的電勢為12VC.電子在a點(diǎn)的電勢能比在c點(diǎn)的高12eVD.電子從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為4eV10、如圖所示，ab是勻強(qiáng)磁場的邊界，質(zhì)子()和α粒子()先后從c點(diǎn)射入磁場，初速度方向與ab邊界夾角均為45o，并都到達(dá)d點(diǎn)．不計(jì)空氣阻力和粒子間的作用．關(guān)于兩粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡相同B.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)動(dòng)能相同C.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)速率相同D.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，可供選用的器材如下：待測金屬絲：Rx(阻值約為4Ω，額定電流約0.5A)；電壓表：V(量程3V，內(nèi)阻約3kΩ)；電流表：A1(量程0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω)；A2(量程3A，內(nèi)阻約0.05Ω)；電源：E1(電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻不計(jì))；E2(電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻不計(jì))；滑動(dòng)變阻器：R(最大阻值約20Ω)；螺旋測微器；毫米刻度尺；開關(guān)S；導(dǎo)線(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為________mm.(2)若滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為使測量盡量精確，電流表應(yīng)選________，電源應(yīng)選_____(均填器材代號)（3）選擇電路圖____________。（選擇甲或者乙圖）12．（12分）（1）某同學(xué)用螺旋測微器測量一物體的直徑，讀出圖中的示數(shù)為_____mm。（2）在測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，有電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.70Ω）；滑動(dòng)變阻器R（10Ω，2A）。為了更準(zhǔn)確地測出電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻設(shè)計(jì)了如圖所示的電路圖。①在實(shí)驗(yàn)中測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U－I圖線，由圖可得該電源電動(dòng)勢E=____V，內(nèi)阻r=______Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）②一位同學(xué)對以上實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了誤差分析，其中正確的是______。A.實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B.實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用C.實(shí)驗(yàn)測出的電動(dòng)勢小于真實(shí)值D.實(shí)驗(yàn)測出的內(nèi)阻大于真實(shí)值四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m＝0.42kg、邊長為L＝1m、匝數(shù)n＝10的正方形線圈，其總電阻為r＝1Ω.在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著磁場，如圖甲所示.磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示.(g＝10m/s2)(1)判斷線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針還是逆時(shí)針；(2)求線圈的電功率；(3)求在t＝4s時(shí)輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小.14．（16分）某顆人造地球衛(wèi)星在距地面高度為h的圓形軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．已知地球半徑為R，地而表面附近的重力加速度為g．請你推導(dǎo)該衛(wèi)星：(1)運(yùn)行速度的表達(dá)式;(2)運(yùn)行周期的表達(dá)式15．（12分）如圖所示，圓半徑R=2cm，O為圓心，AE為直徑．圓上有兩點(diǎn)D和F，已知∠EOD=60o，∠FAE=30o，C為圓弧ACE的中點(diǎn)．圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，現(xiàn)有一重力不計(jì)、比荷的正電荷，以v1=2×104m/s的速度從A點(diǎn)沿AO方向射入磁場，經(jīng)過磁場后從C點(diǎn)射出.（結(jié)果中可保留根號）求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若粒子射入磁場時(shí)速度大小可改變，現(xiàn)要求粒子經(jīng)過磁場后從D點(diǎn)射出，求粒子進(jìn)入磁場的速度v2的大小；（3）若粒子的入射速度可改變，現(xiàn)沿AF方向從A點(diǎn)射入磁場，粒子恰從E點(diǎn)射出，求粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】適用于任何電路計(jì)算電功率，可用于計(jì)算純電阻電路的熱功率，P＝適用于純電阻電路的功率的計(jì)算，公式P＝適用于任何電功率的計(jì)算，在純電阻電路中，歐姆定律U=IR成立，三個(gè)公式可通用，都可以用來計(jì)算電路的電功率和熱功率；對非純電阻電路歐姆定律不成立，計(jì)算電功率只能用公式P=UI，計(jì)算熱功率只能用P=I2R，P＝不成立，故A正確2、A【解析】當(dāng)用多用電表的歐姆擋的“”擋測量一個(gè)電阻的阻值，指針偏轉(zhuǎn)角度很小時(shí)，說明電阻值較大，擋位選擇得太低，故應(yīng)該選擇更高的擋位，把選擇開關(guān)換到“”擋，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零后再測量。故選A。3、C【解析】A.粒子進(jìn)入磁場后向左偏，根據(jù)左手定則可以判斷，粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；B.粒子在速度選擇器中受到水平向右的電場力，則洛侖茲力向左，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故B錯(cuò)誤；C.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子的速度相同，軌道半徑r越小，即粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越大，故C正確；D.粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：qE=qvB，解得：，故D錯(cuò)誤；故選：C4、C【解析】A．由電場線疏密可知，R點(diǎn)場強(qiáng)比Q場強(qiáng)點(diǎn)大，所以帶電粒子在R點(diǎn)的電場力大，則帶電粒子在R點(diǎn)的加速度大，A錯(cuò)誤；BC．帶電粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，電場力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以電場力的方向向右；若帶電粒子從P經(jīng)過R運(yùn)動(dòng)到Q，電場力做負(fù)功，帶電粒子的電勢能增大，動(dòng)能減小，則帶電粒子經(jīng)過R點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，即帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的速度大于在Q點(diǎn)時(shí)的速度，而P點(diǎn)電勢能最小，所以帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的電勢能比在Q點(diǎn)時(shí)的電勢能小，B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)能量守恒定律，帶電質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)過程中各點(diǎn)處的動(dòng)能與電勢能之和保持不變，D錯(cuò)誤。故選C。5、A【解析】根據(jù)同向電流相互吸引、異向電流相互排斥，則知線框左側(cè)的電流受到的安培力向左，右側(cè)的安培力向右，由于左側(cè)靠近電流I1，則I1對左側(cè)的安培力大于對右側(cè)的安培力，線圈所受的安培力合力方向向左，則線圈將向左運(yùn)動(dòng)A．描述與分析相符，故A正確.B．描述與分析不符，故B錯(cuò)誤C．描述與分析不符，故C錯(cuò)誤.D．描述與分析不符，故D錯(cuò)誤.6、A【解析】帶電粒子垂直磁場方向進(jìn)入磁場后，在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力；根據(jù)洛倫茲力提供向心力和軌跡上兩點(diǎn)的連線的中垂線都通過圓心找到圓心，確定半徑；改變速度后，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出新的半徑，再次根據(jù)洛倫茲力提供向心力找出圓心，畫出軌跡【詳解】第一次從點(diǎn)M進(jìn)入磁場，從點(diǎn)N射出，故M、N是軌跡上的兩個(gè)點(diǎn)，連線的中垂線通過圓心，經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，判斷出洛倫茲力的方向是平行紙面向上并指向C點(diǎn)，故得到C即為圓心，半徑R等于線段CM的長度，即正方向邊長的一半；洛倫茲力提供向心力，有，解得：，該帶電粒子的速度減小為原來的一半后，半徑減小為一半；故圓心移到線段CM的中點(diǎn)，軌跡如圖；故本題選A【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于找出圓心、確定軌跡、求出半徑，同時(shí)要結(jié)合洛倫茲力提供向心力進(jìn)行分析計(jì)算二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB．由右手螺旋定則可知，四根通電導(dǎo)線在O點(diǎn)的產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?qū)ΨQ分布在正方形平面內(nèi)，依據(jù)矢量的合成法則，則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定是零，故A正確，B錯(cuò)誤；C．若四根導(dǎo)線中的電流都反向但大小I保持不變，同理，四根通電導(dǎo)線在O點(diǎn)的產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度方向仍對稱分布在正方形平面內(nèi)，則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度仍為零，故C錯(cuò)誤；D．最上面那根導(dǎo)線中的電流大小I不變但是方向反向，依據(jù)矢量疊加法則，則可將該導(dǎo)線想象成通有原方向的大小為I的電流和反方向的大小為2I的電流的疊加，則O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于只有最上面那根導(dǎo)線、且其中只通有反方向大小為2I的電流時(shí)在

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點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故D正確。故選AD。8、CD【解析】根據(jù)題圖可知，考查了回旋加速器的原理．根據(jù)粒子在回旋加速器在電場和磁場中的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)即可求解【詳解】A、質(zhì)子和氚核在極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)，有，則，所以質(zhì)子和氚核在極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為，故A錯(cuò)誤；B、質(zhì)子和氚核都為半個(gè)周期，周期的表達(dá)式為，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:3，故B錯(cuò)誤；C、質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的速率由加速電場來決定，則有，得，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的速率之比為，故C正確；D、粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)半徑，故質(zhì)子和氚核在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑之比為，D正確9、AD【解析】在勻強(qiáng)電場中，每前進(jìn)相同的距離，電勢的降落相等．根據(jù)該結(jié)論分析cd間的電勢差，并判斷電勢的高低．由研究電場強(qiáng)度的大小【詳解】A、B項(xiàng)：在勻強(qiáng)電場中，在相同的方向上，每前進(jìn)相同的距離，電勢的降落相等，則cd間的電勢差等于ba間的電勢差即，解得：，故B錯(cuò)誤；將ab等分成四等分，設(shè)依次為aM、MP、PF、Fd，由在勻強(qiáng)電場中，在相同的方向上，每前進(jìn)相同的距離，電勢的降落相等可知，，連接Fc即為等勢線，由幾何關(guān)系可知，，所以cd兩點(diǎn)沿場強(qiáng)方向的距離為，所以場強(qiáng)為：，故A正確；C項(xiàng)：負(fù)電荷在電勢低處電勢能更大，所以電子應(yīng)在c點(diǎn)的電勢能更大，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由公式，故D正確故應(yīng)選：AD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是記住“勻強(qiáng)電場中每前進(jìn)相同的距離電勢的降落相等”的結(jié)論，基礎(chǔ)問題10、AB【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，質(zhì)子和α粒子從同一點(diǎn)沿相同的方向射入磁場，然后從同一點(diǎn)離開磁場，則它們在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，故A正確；兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，則它們的軌道半徑r相同，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子動(dòng)能：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則EK質(zhì)子=EKα粒子，故B正確；由牛頓第二定律得：，解得：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，故C錯(cuò)誤；粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角θ相同，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，，故D錯(cuò)誤；故選AB點(diǎn)睛：本題考查了粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意確定兩粒子的軌跡關(guān)系與軌道半徑關(guān)系，然后應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能計(jì)算公式、周期公式進(jìn)行分析即可正確解題三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.773—1.776mm②.A1③.E1④.甲【解析】(1)[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)：由于誤差，示數(shù)在(1.773mm至1.776mm均可)；(2)[2]待測電阻的額定電流為0.5A，則電流表選擇A1；[3]待測電阻兩端的最大電壓約為則電源應(yīng)選擇E1；(3)[4]電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，所以電路圖應(yīng)選甲圖。12、①.9.202（9.201~9.204）②.1.5③.1.0④.AC【解析】（1）[1]螺旋測微器的轉(zhuǎn)動(dòng)刻度共50格長0.5mm，故精確度為0.01mm，格數(shù)估讀到0.1格，則物體的直徑為d=9mm+20.2×0.01mm=9.202mm(9.201-9.204)（2）①[2]根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，則圖像的縱截距表示電源的電動(dòng)勢，可得：E=1.5V[3]圖像的斜率為內(nèi)阻：②[4]AB．電流表的內(nèi)接法產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．可以把電源與電壓表看做一等效電源，則電動(dòng)勢測量值等于外電路斷開時(shí)“等效電源”兩極間的電壓，由于電壓表不是理想電表，所以有電流通過“電源”，因而路端電壓要小于電動(dòng)勢，所以電動(dòng)勢測量值小于真實(shí)值即偏小；同理，此電路測得的內(nèi)電阻是“等效電源”的內(nèi)阻，即電壓表與電池內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測得的內(nèi)阻也小于真實(shí)