【Top50強(qiáng)?！俊竞暇怼亢鲜￠L沙市長沙一中2025屆高三月考試卷（三）暨11月月考（11.3-11.4）物理試題卷答案

長沙市一中2025屆高三月考試卷（三）物理答案 \g【詳解】閉合開關(guān)S1后，電容器充電，電容器電壓與電源電壓差值越來越小，則通過傳感器的電流越來越小，充電完成后，電容器電壓等于電源電壓，此再閉合開關(guān)S2，因為電容器電壓大于R2電壓，則電容器放電，電容器電壓與R2電壓差值越來越小，則通過傳感器的電流越來越小，且電流方向與開始充電時的方向相反，當(dāng)電容器電壓等于R2電壓，此時電路4.【答案】D地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，周期T變大，可得，地球赤道上的重力加速度會增大，故BGMm2r 2qU因為甲在時刻沿OO'方向進(jìn)入，則乙在時刻沿OO'方向進(jìn)入，甲粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的運(yùn)動時間為，則偏轉(zhuǎn)電場時的速度，即F=2mgC．設(shè)整個過程中，繩子對A的沖量大小為I繩，則繩子對B和彈簧的沖量大小也為I繩，對A由動量定理得2mgt?I地?I繩=0I地=mgt【詳解】A．處于O點(diǎn)的點(diǎn)電荷在N點(diǎn)處的電場強(qiáng)度向左，在N點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為0，根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理，可知處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷在N點(diǎn)處的電場強(qiáng)度向右，則處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷帶正電，且可得處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電荷量為B．MN延長線上的電場方向都向右，電勢逐漸減低，使另一負(fù)電荷沿MN延長線從N點(diǎn)向右移動，根據(jù)C．N點(diǎn)與P點(diǎn)距O點(diǎn)距離相等，則處于OM點(diǎn)的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢大于N點(diǎn)的電勢，所以P點(diǎn)的電勢高，故C錯誤；【詳解】A．將R1和R2等效為電源內(nèi)阻，則等效電源的U路端=U1+U2則r增加到30Ω,可知的功率先增大后減小，當(dāng)R4=25Ω時功率最大，最大值為電源E的內(nèi)阻r=8Ω,則滑動變阻器的滑片從a端滑到b端的過程中，電源的輸出功率一直減小，故D【詳解】（1）[1]先后通過光電門a和光電門b的時間分別為t1、t2，（2）[2]如果導(dǎo)軌水平時，滑塊在導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動，所以滑塊經(jīng)過兩光電需要驗證動量守恒，所以在實(shí)驗中必須要測量質(zhì)量和速度，速度可以根據(jù)光電門的時間求碰后A的速度設(shè)B的原方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律可知：應(yīng)驗證的表達(dá)式為【解析】E=U+10I(RA+R0+r)=U+(24.5+10r)I即U=E?(24.5+10r)IE=3.0Vk=24.5+10r=3.0?1.0Ω=44.45Ω又E=U內(nèi)+U外P=U外IPPP=I2P=Fv22入入η=94%（2）2ms（3）25x2+16y2=5.76【解析】x=2R設(shè)小球離開球面瞬間小球與球心的連線與豎直方向的夾角為θ,在該過程中根據(jù)動能定理，有重力沿半徑方向的分力提供向心力，有mgcosθ=mv=2ms設(shè)經(jīng)過時間t，小球水平方向的速度大小為v1，其坐標(biāo)為(x,y)，半球的速度大小為v2，水平方向的位移大小為x'，二者組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，有'將R=0.6m代入，得(x+x′)2+y2=R225x2+16y2=16R225x2+16y2=5.76(5?2μ)gL4;（2）證明過程見解析，2μmgL3）或2(5?2μ)gL(5?2μ)gL③x=v0t④⑤Ek=2μmgL