新版高中物理學(xué)易金卷：2020-2021學(xué)年高一物理下學(xué)期期末測(cè)試卷（人教版2019）02（全解全析）

2020–2021學(xué)年下學(xué)期期末測(cè)試卷02卷高一物理·全解全析123456789101112AABACDDBACDACBDBC1．A【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)在x方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為v0x=3m/s，y方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為vy=4m/s，則質(zhì)點(diǎn)的初速度為故A正確；B．由v-t圖像可知，質(zhì)點(diǎn)的加速度為根據(jù)牛頓第二定律，可得質(zhì)點(diǎn)所受的合外力為故B錯(cuò)誤；C．設(shè)質(zhì)點(diǎn)的初速度方向與x正方向的夾角為θ，則有解得而合外力方向沿x正方向，則質(zhì)點(diǎn)初速度與合外力夾角為53°，故C錯(cuò)誤；D．2s末x方向的速度為6m/s，則2s末質(zhì)點(diǎn)的速度大小為故D錯(cuò)誤。故選A。2．A【詳解】設(shè)繩子與水平方向的夾角為，小車上升的速度為，則解得隨著小車的運(yùn)動(dòng)，逐漸減小，逐漸增大，則逐漸增大；即重物A向上做加速運(yùn)動(dòng)，所以它處于超重狀態(tài)；根據(jù)牛頓第二定律可知，繩子對(duì)小車的拉力大于物體A的重力。故選A。3．B【詳解】A．汽車轉(zhuǎn)彎時(shí)所受的力有重力、彈力、摩擦力和牽引力。A錯(cuò)誤；B．設(shè)懸點(diǎn)到圓心的距離為h，細(xì)線與豎直方向的夾角為α，則根據(jù)牛頓第二定律得解得B正確；C．因?yàn)锳B可能受到摩擦力，并且摩擦力的方向不確定，所以兩球運(yùn)動(dòng)的周期關(guān)系不確定。C錯(cuò)誤；D．火車轉(zhuǎn)彎超過(guò)規(guī)定速度時(shí)，火車需要更大的向心力，所以車輪會(huì)擠壓外軌，即外軌對(duì)輪緣會(huì)有擠壓的作用。D錯(cuò)誤。故選B。4．A【詳解】物體上升到最高點(diǎn)時(shí)對(duì)沿月球表面的衛(wèi)星解得第一宇宙速度故選A。5．C【詳解】物體勻速上升時(shí)，有速度為時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得解得故選C。6．D【詳解】上升過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理則隨x增加，因?yàn)棣虦p小，則圖像的斜率減??；下滑時(shí)由動(dòng)能定理則隨x的增加，μ增大，則圖像的斜率減小。故選D。7．D【詳解】設(shè)建筑工人下落5m時(shí)速度為v，則v==m/s=10m/s設(shè)安全帶所受平均沖力大小為F，則由動(dòng)量定理得（mg-F）t=-mv所以F=mg＋=60×10N＋N=1000N所以D正確；ABC錯(cuò)誤；故選D。8．B【詳解】AB.兩球在豎直方向上均做自由落體運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閮汕蛳侣湮恢孟嗤?，所以同時(shí)經(jīng)過(guò)水平面1。兩球經(jīng)過(guò)水平面1時(shí)在豎直方向的速度相同，但A球還具有水平分速度，所以兩球速率不同。又因?yàn)橹亓ψ龉Φ乃矔r(shí)功率等于重力與小球豎直方向分速度之積，所以經(jīng)過(guò)水平面1時(shí)，重力做功的瞬時(shí)功率相同，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．兩球從水平面1到2的過(guò)程，所受合外力相同，在合外力方向運(yùn)動(dòng)的位移相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間也相同，根據(jù)動(dòng)量定理可知兩球動(dòng)量變化量相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知兩球動(dòng)能變化量也相同，故C、D錯(cuò)誤。故選B。9．ACD【詳解】由圖可知，A和B在相同時(shí)間內(nèi)速度變化的大小相等，并且二者受到的合外力大小相等，所以二者質(zhì)量相等。A．木板獲得的動(dòng)能為A正確；B．系統(tǒng)損失的機(jī)械能為B錯(cuò)誤；C．由圖可知，二者最后共速，所以物體沒(méi)有離開(kāi)長(zhǎng)木板，所以二者的相對(duì)位移即為長(zhǎng)木板的最小長(zhǎng)度，二者圖像圍成的三角形的面積即為最小長(zhǎng)度，有C正確；D．在兩物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，對(duì)長(zhǎng)木板有解得D正確。故選ACD。10．AC【詳解】A．探測(cè)器在軌道III上繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，有可得月球質(zhì)量為則月球的密度為故A正確；B．橢圓軌道II的長(zhǎng)軸為3R，半長(zhǎng)軸為，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，有解得所以探測(cè)器在軌道I上運(yùn)動(dòng)的周期是在軌道II上運(yùn)動(dòng)的周期的倍，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可得可得所以B處速度大小是A處速度大小的2倍，故C正確；D．根據(jù)可知，探測(cè)器在軌道III經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道II經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選AC。11．BD【詳解】A．在空中飛行時(shí)的加速度都是相同的，均為g，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．飛鏢2下落的豎直高度較大，根據(jù)可知，飛鏢2在空中飛行的時(shí)間較長(zhǎng)，選項(xiàng)B正確；C．因水平位移相同，則可知，飛鏢2投出時(shí)的初速度較小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．落到靶盤上時(shí)鏢身與靶盤的夾角飛鏢1的初速度大，時(shí)間短，則θ角較大（即圖中θ1>θ2），選項(xiàng)D正確。故選BD。12．BC【詳解】A．由動(dòng)量定理Ft=mv2﹣mv1求出1s末、2s末速度分別為v1=1m/sv2=1.5m/s由動(dòng)能定理可知合力做功為故0～2s內(nèi)功率是故A錯(cuò)誤；C．1s末、2s末功率分別為P1=F1v1=2WP2=F2v2=1.5W故C正確；BD．第1秒內(nèi)與第2秒動(dòng)能增加量分別為故第2s內(nèi)外力所做的功為1.25J；而動(dòng)能增加量的比值為4：5，故B正確，D錯(cuò)誤；故選BC。13．B【詳解】(1)[1]彈簧彈出兩球過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，要測(cè)定壓縮彈簧的彈性勢(shì)能，可轉(zhuǎn)換為測(cè)定兩球被彈出時(shí)的動(dòng)能，實(shí)驗(yàn)中顯然可以利用平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)定平拋初速度以計(jì)算初動(dòng)能，因此在測(cè)出平拋運(yùn)動(dòng)下落高度的情況下，只需測(cè)定兩球落地點(diǎn)M、N到對(duì)應(yīng)管口P、Q的水平距離、，故選B。(2)[2]平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，初速度，因此初動(dòng)能由機(jī)械能守恒定律可知，壓縮彈簧的彈性勢(shì)能等于兩球平拋運(yùn)動(dòng)的初動(dòng)能之和，即(3)[3]若彈射過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則代入時(shí)間得14．ABC增大增大增大【詳解】（1）[1]由平拋規(guī)律可知，由水平距離和下落高度即可求出平拋時(shí)的初速度，進(jìn)而可求出物體動(dòng)能，所以本實(shí)驗(yàn)至少需要測(cè)量小球的質(zhì)量m、小球拋出點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離s、桌面到地面的高度h。故選ABC。（2）[2]由平拋規(guī)律可知豎直方向上h=gt2水平方向上s=vt而動(dòng)能Ek=mv2聯(lián)立可得Ek=（3）[3]由題意可知如果h不變，m減小，則相同的△x對(duì)應(yīng)的速度變大，物體下落的時(shí)間不變，對(duì)應(yīng)的水平位移s變大，s-△x圖線的斜率會(huì)增大；[4]如果m不變，h增加，則物體下落的時(shí)間增加，則相同的△x下要對(duì)應(yīng)更大的水平位移s，故s-△x圖線的斜率會(huì)增大；[5]彈簧的彈性勢(shì)能等于物體拋出時(shí)的動(dòng)能，即Ep=可知Ep與△s的2次方成正比，而△s與△x成正比，則Ep與△x的2次方成正比，故Ep隨△x的增大會(huì)增大。15．（1）；（2）不能，理由見(jiàn)解析【詳解】（1）由圖乙可知，在前2m內(nèi)，力F的大小設(shè)滑塊在水平軌道AB上運(yùn)動(dòng)前2m過(guò)程所用的時(shí)間為t，對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律可知根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有聯(lián)立解得由乙圖可知在第3m內(nèi)，力F的大小方向水平向左，對(duì)滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有其中，，代入數(shù)據(jù)得（2）小滑塊恰能到達(dá)最高點(diǎn)C時(shí)有最小速度由得假設(shè)小滑塊能滑到C，從B到C的過(guò)程，由動(dòng)能定理解得由于所以小滑塊不能滑到最高點(diǎn)C。16．(1)6.25m/s2；(2)0.19N，方向豎直向上；(3)3N【詳解】(1)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式有解得(2)對(duì)雞蛋受力分析，雞蛋在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，受重力mg、裝置的作用力F1，由牛頓第二定律有mg?F1=maF1=mg?ma=50×10?3×（10?6.25）N≈0.19N方向豎直向上。(3)雞蛋落地時(shí)的速度v=at=6.25×1.6m/s=10m/s由動(dòng)量定理有（F2?mg）Δt=Δp由牛頓第三定律可知，雞蛋對(duì)裝置的平均作用力大小是3N。17．（1）860N；（2）1.2s；（3）【詳解】（1）表演者到達(dá)B點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律可得解得由牛頓第三定律可知表演者對(duì)圓形軌道的壓力為860N，方向豎直向下。（2）表演者離開(kāi)B點(diǎn)后，若落在水平軌道CD上，由平拋運(yùn)動(dòng)可知，下落時(shí)間為水平方向的位移為軌道傾斜角為45°，