2025屆江西省大余縣新城中學物理高二第一學期期中預測試題含解析

2025屆江西省大余縣新城中學物理高二第一學期期中預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一點電荷從電場中的A點移動到B點，靜電力做功為零，則以下說法中正確的是（）A．A、B兩點的電勢一定相等B．A、B兩點的電場強度一定相等C．該點電荷一定始終沿等勢面運動D．作用于該點電荷的靜電力方向與其移動方向一定是始終垂直的2、我國發(fā)射的“天宮一號”和“神州八號”在對接前，“天宮一號”的運行軌道高度為350km，“神州八號”的運行軌道高度為343km．它們的運行軌道均視為圓周，則A．“天宮一號”比“神州八號”速度大B．“天宮一號”比“神州八號”周期長C．“天宮一號”比“神州八號”角速度大D．“天宮一號”比“神州八號”加速度大3、如圖所示的電路中，AB是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器．先將電鍵K閉合，等電路穩(wěn)定后再將K斷開，然后將B板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點P與A板的距離不變．則下列說法錯誤的是()A．電容器的電容變小B．電容器內(nèi)部電場強度大小變大C．電容器內(nèi)部電場強度大小不變D．P點電勢升高4、如圖所示，條形磁鐵放在水平地面上，兩個完全相同的線圈a和b在等高處水平放置，a線圈在N極的正上方，b線圈位于磁鐵的正中央，關于它們的磁通量Φa和Φb，下列判斷正確的是（）A．Φa＞ΦbB．Φa=ΦbC．Φa＜ΦbD．無法判定5、如圖所示，M、N是平行板電容器的兩個極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調(diào)電阻，用絕緣細線將質(zhì)量為m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部。閉合電鍵S，小球靜止時與豎直方向夾角為θ。調(diào)節(jié)R1、R2，關于θ的大小判斷正確的是（）A．保持R1不變，緩慢增大R2時，θ將變大B．保持R2不變，緩慢增大R1時，θ將變小C．保持R1、R2不變，增大兩極板間距離時，θ將變小D．保持R1、R2不變，兩極板錯開一定距離時，θ將變大6、如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡D1的U-I圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)阻約為0.67ΩB．燈泡D1的額定電壓為3V，額定功率為6WC．把燈泡D1換成“3V20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變小D．把D1和"3V20W”的燈泡D2并聯(lián)后接在電源上，兩燈泡仍能正常發(fā)光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在點電荷形成的電場中，一電子的運動軌跡如圖中虛線所示，其中a、b是軌跡上的兩點。若電子在兩點間運動的速度不斷增大，則下列判斷中正確的是（）A．電子的運動是勻變速曲線運動B．形成電場的點電荷電性為負C．電子一定是從b點運動到a點D．電子一定是從a點運動到b點8、如圖所示，真空中有一個固定的點電荷，電荷量為＋Q圖中的虛線表示該點電荷形成的電場中的四個等勢面．有兩個一價離子M、N(不計重力，也不計它們之間的電場力)先后從a點以相同的速率v0射入該電場，運動軌跡分別為曲線apb和aqc，其中p、q分別是它們離固定點電荷最近的位置．以上說法中正確的是A．M一定是正離子，N一定是負離子B．M在p點的速率一定大于N在q點的速率C．M在b點的速率一定大于N在c點的速率D．M從p→b過程電勢能的增量一定小于N從a→q過程電勢能的增量9、如圖所示電路中,電源電動勢為12V,內(nèi)電阻不能忽略.閉合S后,調(diào)整R的阻值,使電壓表的示數(shù)增大ΔU=2V,在這一過程中()A．通過R1的電流增大,增大量為B．通過的電流減小,減小量小于C．兩端的電壓減小,減小量為D．路端電壓增大,增大量為10、如圖所示，半徑為R的豎直光滑圓軌道與光滑水平面相切，質(zhì)量均為m的小球A、B與輕桿連接，置于圓軌道上，A位于圓心O的正下方，B與O等高．它們由靜止釋放，最終在水平面上運動．下列說法正確的是（）A．下滑過程中重力對B做功的功率先增大后減小B．當B滑到圓軌道最低點時，軌道對B的支持力大小為3mgC．下滑過程中B的機械能增加D．整個過程輕桿對A做的功為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用圖所示的實驗裝置研究“平拋運動”的規(guī)律。用小錘擊打彈性金屬片后，小球A沿水平方向彈出，同時小球B自由落下。此后，可以觀察到小球A與小球B__________（選填“同時”或“不同時”）落到水平地面上；若小球B在空中運動的時間為t，小球A、B落地點之間的距離為x，則小球A被彈出時的水平初速度υ0=___________。12．（12分）有一個小燈泡上標有“6V，0.1A”字樣，現(xiàn)要測量該燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用：A．電壓表（0～3V，內(nèi)阻2kΩ）；B．電壓表（0～10V，內(nèi)阻3.0kΩ）；C．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻2.0Ω）；D．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻1.5Ω）；E．滑動變阻器（30Ω，2A）；F．滑動變阻器（100Ω，0.5A）；G．學生電源（直流9V），開關，導線．（1）滑動變阻器__________．（填所選儀器前面的字母）（2）畫出實驗電路圖，要求電壓從0開始測量_____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在電場強度E為2.5×104V/m的勻強電場中，將某一電荷量為-4×10-4C的帶負電的點電荷由A點移到B點，已知A、B兩點間距離為4cm，兩點連線與電場方向成60度角，求：（1）A、B兩點間的電勢差UAB；（2）電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB；14．（16分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=4Ω,R1=16Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，R4=30Ω，R5=30Ω，R6=30Ω，電容器C=20μF。（1）閉合開關S1，S2，待穩(wěn)定后，AB之間的電勢差UAB為多少，電容器的電量是多少。（2）斷開S2后，通過R6的電量為多少？（保留2位有效數(shù)字）15．（12分）在電場中把2.0×10—9C的正電荷從A點移到B點，靜電力做功2.5×10—7J．再把這個電荷從B點移到C點，克服靜電力做功3×10—7J．求：（1）A、C兩點間的電勢差UAC；（2）把-3.0×10—9C的電荷從A點移到C點，靜電力做了多少功？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

根據(jù)電場力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點電勢相等，電場強度不一定相等．電場力做功只與電荷的初末位置有關，與路徑無關，可判斷電荷不一定沿等勢面移動，靜電力就不一定與移動方向垂直．【詳解】A．根據(jù)電場力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點電勢相等，故A正確．B．電場強度與電勢沒有直接關系，電勢相等，場強不一定相等．故B錯誤．CD．電場力做功只與電荷的初末位置有關，與路徑無關，電場力做功為零，電荷不一定沿等勢面移動，靜電力不一定與移動方向垂直．故C、D錯誤．【點睛】電場力與重力相似，做功只與初末位置有關，與路徑無關．2、B【解析】

試題分析：A．天宮一號和神州八號繞地球做勻速圓周運動，靠地球的萬有引力提供向心力：即，根據(jù)這個等式得：線速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的線速度較小，A錯誤；B．周期，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的周期更大，B正確；C．角速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的角速度更小，C錯誤；D．加速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的加速度更小，D錯誤．3、B【解析】

A.根據(jù)：可知當B板向下平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導致電容變小，故A正確，不符合題意；BC.根據(jù)：可得：由于電量不變，場強大小不變，故B錯誤，符合題意；C正確，不符合題意；D.B板接地，即電勢為0；場強不變，根據(jù)：可知d增大，則P點與地間的電勢差增大，即P點電勢升高，故D正確，不符合題意。4、A【解析】試題分析：磁通量等于穿過線圈的磁感線的條數(shù)．a(chǎn)線圈在N極的正上方時，有磁感線穿過a線圈．b線圈位于磁鐵的正中央，左半邊線圈中磁感線斜向右上方穿過，右半邊線圈磁感線斜向右向下穿過，方向相反，完全抵消，磁通量為零．故A正確．故選A5、C【解析】增大R2時，電阻R0兩端電壓降低，電容器兩端電壓同步降低，極板間電場強度減小，θ將減小，故A錯誤；電容器兩極板間是絕緣的，故增大R1時，不影響電阻R0兩端的電壓，故θ將保持不變，故B錯誤；保持R1、R2不變，電容器極板間電勢差不變，據(jù)知，距離增大時極板間電場強度減小，故θ將減小，C正確；保持R1、R2不變，電容器極板間電勢差不變，據(jù)知，兩極板間錯開一定距離時，極板間電場強度保持不變，故θ將保持不變，所以D錯誤．故選C．點睛：解決本題的關鍵是1、熟悉含容電路的特點：電容兩端間的電壓與其并聯(lián)部分的電壓相等；含容支路中的電阻相當于導線．2、會正確的進行受力分析，搞清楚什么力變化導致拉力的變化．6、B【解析】

A.由圖讀出電源的電動勢為E=4V，圖線A的斜率大小表示電源的內(nèi)阻，則故A錯誤；B.燈泡與電源連接時，A、B兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態(tài)，則知其電壓U=3V，I=2A則燈泡D1的額定電壓為3V，功率為P=UI=6W故B正確；C.把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，燈泡D1的電阻為=1.5把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2時，輸出電壓小于3V，燈泡D2的電阻小于0.45Ω，更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)輸出功率與外電阻關系可知，電源的輸出功率將變大，故C錯誤；D.若把D1和“3V，20W”的燈泡D2并聯(lián)后接在電源上，那么外電路相當于兩個燈泡并聯(lián)，則電路總電阻減小，電流增大，內(nèi)阻的電壓增大，則外電路電壓減小，因此燈泡不能正常發(fā)光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

B．由圖可知粒子的運動軌跡向左彎曲，說明電子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，則電場線方向向右，形成電場的點電荷電性為負，選項B正確；A．由于電子受的電場力大小是變化的，且電場力的方向與速度方向不共線，所以電子的運動是非勻變速曲線運動，選項A錯誤；CD．因電子在兩點間運動的速度不斷增大，則電場力做正功，故電子一定是從b點運動到a點，選項C正確，D錯誤；故選BC。8、BD【解析】

A.由圖可知電荷N受到中心電荷的斥力，而電荷M受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同．由于中心電荷為正電，則M一定是負離子，N一定是正離子，故A錯誤；B.由圖可判定M電荷在從a點運動至p點的過程中，電場力做正功，導致動能增加；而N電荷在從a點運動至q點的過程中，電場力做負功，導致動能減小．所以M在p點的速率一定大于N在q點的速率，故B正確；C.由于abc三點在同一等勢面上，故粒子M在從a向b運動過程中電場力所做的總功為0，N粒子在從a向c運動過程中電場力所做的總功為0，由于兩粒子以相同的速率從a點飛入電場，故兩粒子分別經(jīng)過b、c兩點時的速率一定相等．故C錯誤；D.由圖可知q、a兩點電勢差大于p、b兩點間的電勢差，N粒子在從a向q運動過程中電場力做負功的值大于粒子M在從p向b運動過程中電場力做負功的值，故M從p→b過程電勢能的增量一定小于N從a→q過程電勢能的增量，故D正確。9、AB【解析】

A．電壓表測量的電壓為R1的電壓值，由可知通過R1的電流增大，增大量為，A正確；B．由全電路歐姆定律有①由此可知要使（電壓表的示數(shù)即R與R1并聯(lián)形成的電路的電壓降）增大，則應增大，由①可知電路中總電流會較調(diào)整前減小，通過R2的電流減小，減小量為，B正確；C．R2兩端的電壓減小，減小量為，C錯誤；D．路端電壓增大，增大量為，D錯誤。故選B。10、AD【解析】

A.因為初位置速度為零，則重力對B做功的功率為0，最低點速度方向與重力的方向垂直，重力對B做功的功率也為零，可知重力的功率先增大后減小。故A正確；B.

AB小球組成的系統(tǒng)，在運動過程中機械能守恒，設B到達軌道最低點時速度為v，根據(jù)機械能守恒定律得：，解得：在最低點，根據(jù)牛頓第二定律得：N?mg=m解得：N=2mg，故B錯誤；C.下滑過程中,B的重力勢能減小△EP=mgR，動能增加量，所以B的機械能減小，故C錯誤；D.整個過程中對A，根據(jù)動能定理得：，故D正確。故選：AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、同時【解析】用小錘打擊彈性金屬片后，小球A沿水平方向彈出，同時小球B自由落下，則兩球同時落地。平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,則初速度為：v0=x/t.點睛：平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)兩方向上的運動規(guī)律進行分析求解．12、E【解析】（1）為