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文檔簡(jiǎn)介
專(zhuān)題09電偏轉(zhuǎn)模型2--一類(lèi)斜拋
模型講解
1.帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的幾種常見(jiàn)情況
案例剖析"
【例1】如圖所示,勻強(qiáng)電場(chǎng)水平向右,將一帶正電的小球從N點(diǎn)豎直上拋,小球經(jīng)M點(diǎn)后運(yùn)動(dòng)至2點(diǎn)。M
為軌跡最高點(diǎn),/、2兩點(diǎn)在同一水平線上。小球拋出時(shí)動(dòng)能為2024J,在M點(diǎn)動(dòng)能也為2024J,不計(jì)空氣
阻力。求:
(1)小球水平位移X[與3的比值;
(2)小球從/點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中的最小動(dòng)能穌o
-M-
【答案】(1)1:3;(2)1012J
【詳解】(1)帶電小球水平方向只受電場(chǎng)力做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)、豎直方向只受重力做豎直上
拋運(yùn)動(dòng),從/到M的時(shí)間與從M到5的時(shí)間相等,軌跡如圖所示
上升階段的水平方向有
12
占=”
下降階段的水平方向有
1,_.2
X1+X2=5%(2。
解得
x1:x2=1:3
(2)合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性,小球所受的電場(chǎng)力為9月、重力為加g,小球從/到由動(dòng)能定理有
qExx-mgh=0
水平方向,有牛頓第二定律有
qE=max
上升過(guò)程的水平方向
12
再=2
豎直方向有
712
h=2gt
整理有
qE=mg
由圖可知
tan0==1
mg
所以解得
e=-
4
UP
.AV2
sin〃=——
2
小球的合力為G,
G'=———=y/2G
cos。
小球從/運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中,速度與合外力G'垂直時(shí)可取最小值
1,
Wv
^m=2(oSin^=lO12J
【例2】如圖所示,一個(gè)質(zhì)量為加,帶電量為+0的微粒,從。點(diǎn)以大小為%的初速度豎直向上射入水平方
向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,微粒通過(guò)最高點(diǎn)6時(shí)的速度大小為2%方向水平向右,求:
(1)該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E;
(2)該微粒從。點(diǎn)到6點(diǎn)過(guò)程中速率的最小值%山。
【答案】⑴等;⑵手
【詳解】(1)沿豎直方向和方向建立直角坐標(biāo),帶電微粒受到重力及電場(chǎng)力作用,兩力分別沿豎直方向和
水平方向,將物體的運(yùn)動(dòng)分解為豎直方向和水平方向的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)
在豎直方向物體做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度為
%.=g
水平方向物體做勻加速運(yùn)動(dòng),初速度為0,加速度為
%=變6點(diǎn)是最高點(diǎn),豎直分速度為0,有
m
g
水平方向有
、_qE
2%=——t
m
聯(lián)立兩式得
q
(2)設(shè)重力與電場(chǎng)力的合力為尸,其與水平方向的夾角為則
tan9=—=—
qE2
開(kāi)始一段時(shí)間內(nèi),廠與速度方向夾角大于90。,合力做負(fù)功,動(dòng)能減小,后來(lái)產(chǎn)與速度夾角小于90。,合力
做正功,動(dòng)能增加,因此,當(dāng)尸與速度v的方向垂直時(shí),小球的動(dòng)能最小,速度也最小,設(shè)為%曲。即
tan=—,VA=^.t=2gt,vv=v0-gt
m
聯(lián)立以上三式得
"工v=羽,v
5g,,55
所以最小速度為
【例3】.(2025?安徽蚌埠?一模)如圖,豎直平面內(nèi)有一邊長(zhǎng)為5cm的正方形/BCD,CD邊水平,將質(zhì)量
w=0.1kg,電荷量q=lxl()-3c的帶正電小球自/點(diǎn)沿48方向拋出,恰好通過(guò)C點(diǎn),重力加速度
g=10m/s2o
(1)求小球拋出時(shí)的速度大小;
⑵若只增加一個(gè)平行/BCD平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)片(大小未知),將小球自/點(diǎn)由靜止釋放,恰好沿NC運(yùn)動(dòng),
求電場(chǎng)強(qiáng)度耳的最小值;
(3)若只在4BCD平面內(nèi)增加一個(gè)方向平行NC的勻強(qiáng)電場(chǎng)外(大小未知),將小球自N點(diǎn)沿某方向(未知)
拋出,恰好能先后通過(guò)2、C兩點(diǎn),且從/到2和從3到C的時(shí)間相等,求小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大小。
【答案】(l)0.5m/s(2)5A/2X102N/C(3)3.125xlQ-2J
【詳解】(1)小球做平拋運(yùn)動(dòng)通過(guò)C點(diǎn),設(shè)水平和豎直方向的位移分別為s、〃,則
,12
〃=清廣
代入數(shù)據(jù)解得小球拋出時(shí)的速度大小為
%=0.5m/s
(2)如圖所示
電場(chǎng)力與重力的合力應(yīng)沿/C方向,且當(dāng)電場(chǎng)力與/C垂直時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度最小,由圖可知
sin0=
mg
解得電場(chǎng)強(qiáng)度片的最小值為
4=5V2X102N/C
(3)以/C方向?yàn)閤軸,垂直NC的方向?yàn)閥軸,建立如圖所示的坐標(biāo)系
y
遇2
由題意可知小球受到沿x軸負(fù)方向的電場(chǎng)力和重力,合力沿y軸負(fù)方向,其軌跡為拋物線。設(shè)小球拋出時(shí)速
度大小為V、方向與x軸的夾角為a,加速度為a,從4到5的時(shí)間為/,由圖可知
sin45。=2吧8點(diǎn)坐標(biāo)為
機(jī)g
后
x=y=----m
40
又有
1.vsincr
x=vcosa-t,y=—vsma-t,t=-------
2a
聯(lián)立可得,小球拋出時(shí)的動(dòng)能為
E=-mv2=3.125xlQ-2]
k2
根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知小球通過(guò)C點(diǎn)的動(dòng)能為
4=或=3.125xl0-2j
綜合應(yīng)用
一、單選題
1.如圖所示,水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,一帶電小球從A點(diǎn)以豎直向上的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng),經(jīng)最高點(diǎn)B后回
到與A在同一水平線上的C點(diǎn),小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中克服重力做功2J,電場(chǎng)力做功3J,則()
A.小球在B點(diǎn)的動(dòng)能比在A點(diǎn)少1J
B.小球在。點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)少3J
C.小球在。點(diǎn)的機(jī)械能比在A點(diǎn)多12J
D.小球在。點(diǎn)的動(dòng)能為6J
【答案】C
【詳解】A.從AfB,根據(jù)動(dòng)能定理有
WAB-mgh=\Ex
解得
AEk=1J
即粒子在B點(diǎn)的動(dòng)能比在A點(diǎn)多1J,故A錯(cuò)誤;
B.設(shè)小球在A點(diǎn)初速度為%,小球在豎直方向上只受重力,做加速度為g的勻變速運(yùn)動(dòng),故從4-5和
8->C的時(shí)間相等,而水平方向只受到電場(chǎng)力作用,設(shè)從4-8的水平分位移為M,從5fC的水平分位
移為無(wú)2,則可知
再_1
x23
則
隈=3%”9J
由于電場(chǎng)力做正功,則粒子在C點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)少9J,故B錯(cuò)誤;
CD.根據(jù)功能關(guān)系可知,從4fC機(jī)械能增加量為
^E=wAB+wBC=ns
由于重力勢(shì)能不變,則從ZfC動(dòng)能增加12J,即粒子在C點(diǎn)的動(dòng)能大于12J,故c正確,D錯(cuò)誤。
故選C。
2.(24-25高二上?河北邢臺(tái)?階段練習(xí))如圖所示,水平地面上方有水平向右的范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng),從
地面上的/點(diǎn)將一帶正電的小球沿豎直方向向上以初速度%拋出,小球落在水平地面上的C點(diǎn),8點(diǎn)為小
球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最高點(diǎn),2、C兩點(diǎn)均未畫(huà)出。忽略空氣阻力的影響,則/、2兩點(diǎn)和2、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)
差之比為()
A.1:3B.1:4C.2:5D.1:5
【答案】A
【詳解】設(shè)小球的質(zhì)量為優(yōu),電量為重力加速度為g,電場(chǎng)強(qiáng)度為E,對(duì)小球受力分析,可知小球在豎
直方向受力重力作用,在水平方向受電場(chǎng)力作用,則從N到8過(guò)程,在豎直方向上的速度減為零,則所用
時(shí)間為
=為
g
此時(shí)小球在水平方向的位移為
12
x,=—at
12
其中
qE
a=—
m
聯(lián)立解得
x二qE飛
12mg2
速度為
mg
則/、8兩點(diǎn)的電勢(shì)差為
Ui”率
2mg
同理,小球從最高點(diǎn)8到C點(diǎn),豎直方向受重力作用,水平方向受電場(chǎng)力作用,而在豎直方向高度和加速
度都不變,故此過(guò)程所用時(shí)間仍為
g
則水平方向的位移為
馬3+2出一2喈
則8、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差為
UBC=EX2=^4-
2mg
故/、2兩點(diǎn)和3、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差之比為
:Sc=':3
故選Ao
3.如圖所示,一質(zhì)量為加、帶正電的液滴,在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面內(nèi),/、B
為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。已知該液滴在/點(diǎn)的速度大小為先,方向與豎直方向的夾角為30。,它運(yùn)動(dòng)到8
點(diǎn)時(shí)速度大小仍為%,方向與豎直方向的夾角為60。。則液滴從/運(yùn)動(dòng)到3的過(guò)程()
->
!3or
_______九_(tái)_______________
A.在水平方向和豎直方向的分位移相等
1,
B.機(jī)械能增加5根片
C.電勢(shì)能增加;加片
10
D.合外力做功a心說(shuō)
【答案】A
【詳解】A.將液滴的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解,水平方向滿足
_%sin30°+vsin60°
x-0t
2
豎直方向滿足
"%cos30°+v0cos60°t
~2
聯(lián)立解得
x-h
A正確;
BCD.豎直方向由位移速度公式可得
(%cos60)-(%cos30)v;
fl——
-2g4g
則重力勢(shì)能增加量為
1
mgh=—mvQ
電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功,電場(chǎng)力做功為
fVF—■incite
液滴在水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)有
1
2axx=(vosin60°)2—(v^sin30°)2=-v19
聯(lián)立解得
液滴的電勢(shì)能減少;機(jī)詔,機(jī)械能增加動(dòng)能不變,合外力做功為0,BCD錯(cuò)誤。
故選A。
4.(22-23高二上?安徽蕪湖?期中)如圖所示,一質(zhì)量為加、電荷量為的粒子,以初速度%從。點(diǎn)豎直向
上射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中,勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向左。粒子通過(guò)電場(chǎng)中的b點(diǎn)時(shí),速率為3%,方向與電場(chǎng)方向平行。
則以6兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。"為()
Eb.
a
4嘲4加片9加.D.X
A.Jj.x_/.
qq2q2q
【答案】D
【詳解】設(shè)粒子從“到6所用時(shí)間為"豎直方向有
o=%_gf
水平方向有
、(3’
3Vo=Clxt,Xab=~^
%
聯(lián)立解得
W3'自
4=3g,xab=-
g
由
aqE
可得場(chǎng)強(qiáng)大小為
E=^g
q
根據(jù)沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)降低可知,。點(diǎn)電勢(shì)低于6點(diǎn)電勢(shì),貝物人b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為
9mv1
一虧
q2g
故選D。
5.(23-24高二上?江西南昌?期末)如圖所示,在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,質(zhì)量為冽的帶電小球,以初速度v
從〃點(diǎn)豎直向上運(yùn)動(dòng),通過(guò)N點(diǎn)時(shí),速度大小為2v,方向與電場(chǎng)方向相反,則小球從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程
中,速度大小的最小值為(
N
A.-----vC.vD.0
55
【答案】A
【詳解】帶電小球在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng),豎直方向受重力做勻減速運(yùn)動(dòng),水平方向受電場(chǎng)力做勻加
速運(yùn)動(dòng),由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有
4=v=g/
v=2v=at=-t
xm
可得
qE=2mg
合成電場(chǎng)力和重力,設(shè)等效重力與豎直方向的夾角為如圖所示
故有
tan。==2
mg
則有
sin。
V5
當(dāng)小球做類(lèi)斜上拋運(yùn)動(dòng)到等效最高點(diǎn)時(shí),速度最小,則有
.2其
%in=vsm6a==—
故選Ao
6.(21-22高二下?云南大理?階段練習(xí))如圖所示,質(zhì)量為加,帶電量為4的粒子,以初速度v°,從N點(diǎn)豎
直向上射入真空中的沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,粒子通過(guò)電場(chǎng)中8點(diǎn)時(shí),速率VB=2%,方向與電場(chǎng)的方向
一致,重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是()
■>
BO-----A。
Vol
A.小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)B.電場(chǎng)力的大小等于重力
2小球從/運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為也
C.小球的水平位移等于組D.
gg
【答案】C
【詳解】A.小球在垂直于初速度和沿初速度方向均受力,所以小球的運(yùn)動(dòng)并不是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;
B.小球在豎直方向做末速度為零的勻減速直線運(yùn)動(dòng),則
_mg
%=----1
m
在水平方向上小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則
2V。7,
綜上可得
故B錯(cuò)誤;
CD.由B可知小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為
g
小球的水平位移為
2g
故C正確,D錯(cuò)誤。
故選C。
二、多選題
7.(24-25高二上?廣東江門(mén)?期中)如圖所示,平面內(nèi)存在著電場(chǎng)強(qiáng)度大小為£、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng),
一質(zhì)量為m、帶電荷量為+0的小球自水平面上的。點(diǎn)以初速度%豎直向上拋出,最終落在水平面上的4點(diǎn),
重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是()
O
A.小球被拋出后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)
B.小球上升到最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為匕=史在
mg
c.。、/兩點(diǎn)間的距離X=翌日
mg
D.小球上升時(shí)間內(nèi)水平方向的距離等于下降時(shí)間內(nèi)水平方向的距離
【答案】BC
【詳解】A.小球的初速度方向與合力方向不垂直,做的不是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;
BD.小球在水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng),由豎直上拋的對(duì)稱(chēng)
性可知,小球上升時(shí)間內(nèi)水平方向的距離與下降時(shí)間內(nèi)水平方向的距離之比為1:3;小球上升到最高點(diǎn)用時(shí)
「為
g
小球在最高點(diǎn)沿豎直方向的分速度為0,在水平方向的速度
匕=R
其中
Eq
d----
m
解得
“mg
選項(xiàng)B正確,D錯(cuò)誤;
C.小球在水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng),則有
1-、9
x=—axz(2t)
解得
2qE^_
X~2-
mg
選項(xiàng)C正確。
故選BCo
8.(24-25高二上?河北?階段練習(xí))如圖所示,在足夠長(zhǎng)的光滑絕緣水平面上豎直固定一光滑絕緣、半徑為R
的四分之一圓弧軌道5C,5為圓弧的最低點(diǎn),4點(diǎn)在圓弧左側(cè)的水平面上,且4、5間距為2凡整個(gè)裝置
處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為瓦一質(zhì)量為加,電荷量為W的帶正電小球從/點(diǎn)由靜止釋
放,忽略空氣阻力,重力加速度大小為g,則()
__________0\---^CE
///>^//////////////////27////////////
A
A.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB=2M
B.小球在圓弧3c上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能凡M=3mgR
C.小球從離開(kāi)圓弧軌道到落地過(guò)程中的最小速率%1n
D.小球落地點(diǎn)離圓弧軌道3點(diǎn)的距離x=(6-
【答案】AC
【詳解】A.小球從出發(fā)至運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程有
Eqx2R=;mvB
得
VB=2至
A正確;
B.小球在圓弧8C上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能出現(xiàn)在圓弧2C的中點(diǎn)(此時(shí)速度方向與重力和電場(chǎng)力的合力
方向垂直,速度有極大值),從出發(fā)到此處,由動(dòng)能定理有
Eq(2R+7?sin450)-mg(R-7?cos45°)=Ekmax
得
Lx=(l+@〃?gR
B錯(cuò)誤;
C.由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知
VB=VC=2yJgR
小球從離開(kāi)圓弧軌道到落地過(guò)程中做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng),將%沿合外力和垂直合外力的方向分解,兩個(gè)分速度大
小均為^在類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)有最小速率,此時(shí)與合外力反向的分速度減小到零,另一與合外力垂
直的分速度為最小速率
C正確;
D.由于小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng),在水平方向上做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng),由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有
x=(6+2指)R
D錯(cuò)誤。
故選AC。
9.(23-24高二下?湖南益陽(yáng)?期末)在電場(chǎng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,一帶電小球從/點(diǎn)豎直向上拋出,
其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。小球運(yùn)動(dòng)的軌跡上/、2兩點(diǎn)在同一水平線上,〃為軌跡的最高點(diǎn)。小球拋出時(shí)的動(dòng)
能為8.0J,在M點(diǎn)的動(dòng)能為6.0J,不計(jì)空氣阻力。設(shè)帶點(diǎn)小球的電場(chǎng)力為R重力為G,則()
c「.—王=—V?
【答案】BD
【詳解】AB.由于合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性,設(shè)小球所受的電場(chǎng)力為尸,重力為G,則有由動(dòng)能定理得
F-xi-Gh=-%
x=-at12
x12
F-Eq-ma
〃二gg/
聯(lián)立可得
口212w
F=~
216m
G下
所以
F
G2
故A錯(cuò)誤、B正確;
CD.小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)對(duì)稱(chēng)性得知,從4點(diǎn)至加點(diǎn)和從M點(diǎn)至B點(diǎn)的時(shí)間t相等,
小球在水平方向上做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),設(shè)加速度為0,則
x=-at2
1x2
又
1
x2—vt+—at
v=at
則
12,21,23,2
x.=vt+—at=atH—at=—at
2222
所以
石_1
x23
故C錯(cuò)誤、D正確。
故選BDo
10.(23-24高三下?陜西西安?階段練習(xí))如圖所示,在勻強(qiáng)電場(chǎng)中一帶正電粒子受重力和電場(chǎng)力作用在豎直
平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先后經(jīng)過(guò)a、6、c三點(diǎn),其中。、c兩點(diǎn)在同一水平線上。粒子在。點(diǎn)的速度
大小為方向與加速度方向垂直;粒子在6點(diǎn)的速度大小、份%,速度方向平行于QC連線;4C兩點(diǎn)間的
距離為班。已知粒子質(zhì)量為加、電荷量為4,重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是()
g
b揚(yáng)0
%
a
BB-粒子在。點(diǎn)的速度大小為國(guó)
A.粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的時(shí)間為
c.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為警D.a、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為邁強(qiáng)
q
【答案】BC
【詳解】A.粒子在。點(diǎn)的速度方向與加速度方向垂直,則粒子從。到c的運(yùn)動(dòng)過(guò)程為類(lèi)拋體運(yùn)動(dòng),設(shè)類(lèi)拋
體運(yùn)動(dòng)的加速度為。,。點(diǎn)的速度方向與ac連線的夾角為。,則
cosd—="
V2v02
4VQ
--cost/=vot
g
^-sin0=—at2
g2
解得
2夜%
g
Tg
故A錯(cuò)誤;
B.粒子在c點(diǎn)的速度
y=J、+(a。?=V5v0
故B正確;
C.設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為£,則根據(jù)幾何關(guān)系得
(qE)2=(mg)2+(ma)2-2mg?ma?cos3
得
41mg
J2i-
2q
故c正確;
D.粒子從a到c的過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理得出
(3Uae=-mV:--mV0
u=皿
故D錯(cuò)誤。
故選BC。
11.(2024?遼寧?一模)如圖所示,xQy為豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系,該空間存在平行xS平面但方向未知
的勻強(qiáng)電場(chǎng),將一質(zhì)量為〃?、帶電量為+4的小球從。點(diǎn)拋出,拋出的初速度大小均為h=2屈萬(wàn),拋出的
方向可沿平面內(nèi)的任意方向。將小球沿某一方向拋出,一段時(shí)間后小球通過(guò)N(26d,O)點(diǎn)時(shí)速度大小
為3歷3若將小球向另一方向拋出,一段時(shí)間后小球通過(guò)8(0,-34)點(diǎn)時(shí)速度大小為匹萬(wàn),則下列說(shuō)法
正確的是()
。、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UOB
勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為'遍,方向與x軸正方向夾60。斜向下
q
C.若將小球沿〉軸正方向拋出,小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度為W,方向與x軸正方向成30。斜向上
D.若小球初速度方向與x軸正向夾30。斜向上拋出,到達(dá)x軸的時(shí)間為4,性
【答案】CD
【詳解】A.從。到2,據(jù)動(dòng)能定理可得
解得,。、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為
3?
2q
故A錯(cuò)誤;
B.從。到/,據(jù)動(dòng)能定理可得
解得,。、/兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為
q
取。4的中點(diǎn)C,可知5、。為等勢(shì)點(diǎn),可得電場(chǎng)強(qiáng)度垂直5C連線斜向下,即與工軸正方向夾角為30。角斜
向下,如下圖所示
E=LBJg
3dsin30°q
故B錯(cuò)誤;
c.將重力與電場(chǎng)力合成,可得它們的合力與X軸正方向成60°角斜向下。將初速度沿方向和垂直方向分解,
垂直合外力方向的速度即為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度,如下圖所示
即有
=%Sin30°=任方,方向與x軸正方向成30°角斜向上
故C正確;
D.若小球初速度方向與x軸正向夾30。斜向上拋出,在豎直了軸方向上,根據(jù)牛頓第二定律有
mg+qEsin30°=may
可得,豎直方向上的加速度為
ay=L5g
小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得
t_2%sin300_4f~d~
1
ayV3g
故D正確。
故選CD。
12.真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在電場(chǎng)中,若將一個(gè)質(zhì)量為加、帶正電的小球
由靜止釋放,運(yùn)動(dòng)中小球的速度與豎直方向夾角為37?!,F(xiàn)將該小球從電場(chǎng)中/點(diǎn)以初速度%豎直向上拋出,
經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)8后回到與/在同一水平線上的C點(diǎn),已知sin37o=0.6,COS37—0.8,貝U()
4Q
A.小球所受的電場(chǎng)力為§用gB.小球在最高點(diǎn)2的動(dòng)能為正機(jī)說(shuō)
C.小球在C點(diǎn)的機(jī)械能比在/點(diǎn)多看加說(shuō)D.小球在C點(diǎn)的動(dòng)能為巨幅
o8
【答案】BCD
【詳解】
A.如圖所示,根據(jù)題意可知,小球重力與電場(chǎng)力的合力方向與豎直方向的夾角為37。,由幾何關(guān)系可得,
小球所受的電場(chǎng)力為
F=mgtan37°=—mg
A錯(cuò)誤;
B.根據(jù)題意可知,小球在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng),由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
v=v0+at
可得,運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為
一
g
由牛頓第二定律可得,小球在水平方向上的加速度為
F3
則小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度為
3
%=%£=邛
則小球在最高點(diǎn)B的動(dòng)能為
%=2叫=32
B正確;
C.根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知,小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的時(shí)間為
4=2"”
g
則AC間的水平位移為
123片
x=-at.=----
22g
由功能關(guān)系可知,小球從/運(yùn)動(dòng)到C,機(jī)械能的增加量為
-97
即小球在。點(diǎn)的機(jī)械能比在N點(diǎn)多竿,故C正確;
D.根據(jù)題意,由對(duì)稱(chēng)性可知,小球運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí),豎直分速度為豎直向下的,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得,小球運(yùn)
動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的水平分速度為
3
Vx=axt\=5%
則小球在。點(diǎn)的速度為
則小球在C點(diǎn)的動(dòng)能為
kc28
D正確;
故選BCD。
13.(23-24高二上?河北石家莊?期中)小明同學(xué)在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中做帶電小球的豎直上拋實(shí)驗(yàn),帶電
小球拋出后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,軌跡上/、2兩點(diǎn)在同一水平線上,M為軌跡的最高點(diǎn),上升高度為兒
小球在N點(diǎn)拋出時(shí)的動(dòng)能為9J,在M點(diǎn)的動(dòng)能為16J,不計(jì)空氣的阻力,下列說(shuō)法正確的是()
A.全過(guò)程中小球水平位移多與最大高度h的比值為3:4
B.全過(guò)程中小球水平位移為與%的比值為1:3
C.小球落到8點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為57J
D.小球從/點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)的過(guò)程中最小動(dòng)能為安J
【答案】BD
【詳解】A.小球豎直方向做初速度為v勻減速直線運(yùn)動(dòng),有
,v
h=T
2
初動(dòng)能為
12
%r=-mV
水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),有
x-3
西-2
在從■點(diǎn)的動(dòng)能
E^M=^mVM
聯(lián)立可得
力:X[=3:4
故A錯(cuò)誤;
B.因?yàn)樯仙拖侣涞臅r(shí)間相同,則水平方向的X/、X2是連續(xù)相等時(shí)間的位移,對(duì)于初速度為零的勻加速直
線運(yùn)動(dòng),在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi)位移之比為
Xj:x2=1:3
故B正確;
C.由
2gh=v2
可得
mgh=幾=9J
由
2辦?=vj
可得
ma?石=£瘀=16J
由
EE
w-ui=rngh+ma-x2
得小球落到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為
%=73J
故C錯(cuò)誤;
D.由
,12
h=2gt~
x_1qE產(chǎn)
2m
可得
mg_3
~qE~4
可得合力與水平方向夾角為37°,則速度最小時(shí),速度與合力垂直,則有
%in=vcosa
則最小動(dòng)能
=12122144
£kmi?=-mV?un=2mVC0S0r=石1T
故D正確。
故選BDo
三、解答題
14.如圖所示的坐標(biāo)系,在第一象限內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng),一帶電小球由y軸上的P點(diǎn)以水平速度1
拋出,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間小球剛好落在坐標(biāo)原點(diǎn)。已知小球的質(zhì)量為加、帶電荷量為q,電場(chǎng)強(qiáng)度£=些,重
力加速度為go
0X
(1)判斷小球所帶電荷的電性并求出小球從尸到。的過(guò)程中中間時(shí)刻的坐標(biāo)值;
⑵求小球動(dòng)能的最小值。
【答案】⑴負(fù)電,生(2);加片
12g2gJ4
【詳解】(1)由題意可知,小球在水平方向只受電場(chǎng)力,且開(kāi)始時(shí)向右運(yùn)動(dòng),但最終落在坐標(biāo)原點(diǎn),故小
球應(yīng)受向左的電場(chǎng)力,小球應(yīng)帶負(fù)電。
小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng),水平方向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。
水平方向上受力有
F=Eq=maxP點(diǎn)和O點(diǎn)的橫坐標(biāo)相同,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知,小球在從P到O的過(guò)程中中間時(shí)刻
在水平方向的速度為零,該過(guò)程運(yùn)動(dòng)時(shí)間為
/
%
又
八螫
q
解得
g
則從P到o的過(guò)程中中間時(shí)刻小球的橫坐標(biāo)為
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