2024-2025學(xué)年湖南省長(zhǎng)沙一中高三（上）月考物理試卷（11月份）（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2024-2025學(xué)年湖南省長(zhǎng)沙一中高三（上）月考物理試卷（11月份）一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.如圖所示，取一支質(zhì)量為m的按壓式圓珠筆，將筆的按壓式小帽朝下按在桌面上，無(wú)初速放手后筆將會(huì)豎直向上彈起一定的高度?，然后再豎直下落。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是(

)A.按壓時(shí)筆內(nèi)部彈簧的彈性勢(shì)能增加了mg?

B.放手后到筆向上離開(kāi)桌面的過(guò)程彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為筆的動(dòng)能

C.筆在離開(kāi)桌面后的上升階段處于超重狀態(tài)

D.筆從離開(kāi)桌面到落回桌面過(guò)程的時(shí)間為2?2.用電流傳感器研究電容器充放電現(xiàn)象，電路如圖所示。電容器不帶電，閉合開(kāi)關(guān)S1，待電流穩(wěn)定后再閉合開(kāi)關(guān)S2，通過(guò)傳感器的電流隨時(shí)間變化的圖像是(

)A.B.C.D.3.湖北某小區(qū)晾曬區(qū)的并排等高門(mén)型晾衣架AA′BB′CC′DD′如圖所示，AB、CD桿均水平，不可伸長(zhǎng)的輕繩的一端M固定在AB中點(diǎn)上，另一端N系在C點(diǎn)，一衣架(含所掛衣物)的掛鉤可在輕繩上無(wú)摩擦滑動(dòng)。將輕繩N端從C點(diǎn)沿CD方向緩慢移動(dòng)至D點(diǎn)，整個(gè)過(guò)程中衣物始終沒(méi)有著地。則此過(guò)程中輕繩上張力大小的變化情況是(

)A.一直減小 B.先減小后增大 C.一直增大 D.先增大后減小4.潮汐是發(fā)生在沿海地區(qū)海水周期性漲落的一種自然現(xiàn)象，主要是受月球?qū)Ｋ囊Χ纬?，?dǎo)致地球自轉(zhuǎn)持續(xù)減速，同時(shí)月球也會(huì)逐漸遠(yuǎn)離地球。如圖所示，已知地球和月球的球心分別為O和O′，A和B是地球上的兩個(gè)海區(qū)，多年后，下列說(shuō)法正確的是(

)A.海區(qū)A的角速度小于海區(qū)B的角速度 B.地球赤道上的重力加速度會(huì)減小

C.月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度會(huì)增大 D.地球的同步衛(wèi)星距離地面的高度會(huì)增大5.某地有一風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為20m的圓面。某時(shí)間內(nèi)該地區(qū)的風(fēng)速是6.0m/s，風(fēng)向恰好跟葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，已知空氣的密度為1.2kg/m3，假如這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)10%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為(

)A.1.6×103W B.1.6×104W6.如圖(a)，平行金屬板A、B間的電壓恒為U，B板右側(cè)的平行金屬板M、N間加有圖(b)所示的交變電壓，OO′是M、N板間的中線，當(dāng)電壓穩(wěn)定時(shí)，板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)且電場(chǎng)僅局限于板間。零時(shí)刻，緊貼A板同時(shí)由靜止釋放甲、乙兩個(gè)離子，兩離子質(zhì)量相等、電荷量關(guān)系為q甲=4q乙；甲在T4時(shí)刻沿OO′方向進(jìn)入并在3T4時(shí)刻飛離交變電場(chǎng)。設(shè)甲、乙飛離交變電場(chǎng)時(shí)的速率為v甲、v乙A.y甲=2y乙 B.y甲=二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.圖甲為中國(guó)京劇中的水袖舞表演，水袖的波浪可視為簡(jiǎn)諧橫波。圖乙為該橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，P、Q為該波上兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，此時(shí)P位于平衡位置，Q位于波峰，且P比Q先振動(dòng)。圖丙為波上某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。則(

)

A.該波的傳播速度為2.5m/s B.圖丙可能為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像

C.t=1.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的速度最大 D.0?1.2s質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為1.2m8.如圖所示為一緩沖模擬裝置。質(zhì)量分別為m、2m的物體A、B通過(guò)細(xì)繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)，開(kāi)始時(shí)用手托著物體A在距地面?高處?kù)o止，此時(shí)細(xì)繩恰伸直無(wú)彈力，彈簧軸線沿豎直方向，物體B靜止在地面上、放手后經(jīng)時(shí)間t物體A下落至地面，落地前瞬間物體A的速度為零，此時(shí)物體B對(duì)地面恰好無(wú)壓力，不計(jì)一切摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g，則下列說(shuō)法中正確的是(

)A.物體A在下落過(guò)程中其機(jī)械能減小

B.彈簧的勁度系數(shù)為mg?

C.物體A從靜止下落到落地的t時(shí)間內(nèi)，地面對(duì)B物體的沖量大小為mgt

D.將A物體質(zhì)量改為1.5m，再將A物體由從原位置釋放，A物體下落過(guò)程的最大速度為9.如圖所示，MN和PQ為相互垂直的同一圓上的兩條直徑，長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，O點(diǎn)為該圓的圓心。在M點(diǎn)和O點(diǎn)各固定一點(diǎn)電荷，處于O點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電荷量為?q(q>0)，它們形成的電場(chǎng)在N點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，已知靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是(

)A.處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電荷量為+4q

B.使另一負(fù)電荷沿MN延長(zhǎng)線從N點(diǎn)向右移動(dòng)，其電勢(shì)能逐漸減小

C.N點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)的電勢(shì)高

D.P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為410.在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻r=8Ω，定值電阻R1=2Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，滑動(dòng)變阻器R4的取值范圍為0～30Ω，所有電表均為理想電表。閉合開(kāi)關(guān)S，在滑動(dòng)變阻器的滑片從a端滑到b端的過(guò)程中，電壓表V1、電壓表V2、電流表A示數(shù)的變化量分別為A.V1讀數(shù)變小，V2讀數(shù)變大，|ΔU1|大于|ΔU2|

B.|ΔU三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.用如圖所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，滑塊A和B相碰的端面上裝有彈性碰撞架，它們的上端裝有等寬的擋光片。

(1)實(shí)驗(yàn)前，需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平：先在光電門(mén)a的右側(cè)軌道上只放滑塊A，向左輕推一下滑塊A，其先后通過(guò)光電門(mén)a和光電門(mén)b的時(shí)間分別為t1、t2，若t1>t2，則需將導(dǎo)軌左端______(選填“調(diào)高”或“調(diào)低”)。

(2)調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平后，將滑塊B置于光電門(mén)b的左側(cè)，滑塊A靜置于兩光電門(mén)間的某一適當(dāng)位置。給滑塊B一個(gè)向右的初速度，B通過(guò)光電門(mén)b的時(shí)間為Δt1，B與A碰撞后再次通過(guò)光電門(mén)b的時(shí)間為Δt2，滑塊A通過(guò)光電門(mén)a的時(shí)間為Δt3。為完成該實(shí)驗(yàn)，還必須測(cè)量的物理量有______(填選項(xiàng)前的字母)。

A.擋光片的寬度d

B.滑塊B及擋光片的總質(zhì)量m1

C.滑塊A及擋光片的總質(zhì)量m2

D.光電門(mén)a到光電門(mén)b的間距L12.某物理探究小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

實(shí)驗(yàn)器材：

電池組(兩節(jié)干電池)；

定值電阻R0=2Ω；

毫安表(量程為50mA，內(nèi)阻Rg=4.5Ω)；

電壓表(量程為3V，內(nèi)阻很大)；

滑動(dòng)變阻器R；

電阻箱；

開(kāi)關(guān)；

導(dǎo)線若干；

(1)將電阻箱的阻值調(diào)至0.5Ω，則圖甲中虛線框內(nèi)改裝后電流表的量程為_(kāi)_____mA。

(2)實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到______端(選填“左”或“右”)；

②閉合開(kāi)關(guān)S，改變滑片位置，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)I，多次實(shí)驗(yàn)后將所測(cè)數(shù)據(jù)描繪在如圖乙所示的坐標(biāo)紙上，作出U?I圖線。

(3)假設(shè)兩節(jié)干電池完全相同，每節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)。

(4)從實(shí)驗(yàn)原理上分析，通過(guò)本實(shí)驗(yàn)測(cè)量的電動(dòng)勢(shì)______實(shí)際電動(dòng)勢(shì)(選填“大于”“等于”或“小于”)四、簡(jiǎn)答題：本大題共1小題，共10分。13.圖為直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置圖，重物的質(zhì)量20kg，電源電動(dòng)勢(shì)100V，電源內(nèi)阻3Ω，當(dāng)電動(dòng)機(jī)0.5m/s的恒定速度豎直向上提升重物時(shí)，電路中的電流I=2A。不計(jì)繩的重力，不計(jì)摩擦阻力與空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，求：

(1)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P入；

(2)電動(dòng)機(jī)線圈的電阻；

(3)電源的工作效率。五、計(jì)算題：本大題共2小題，共30分。14.如圖所示，半徑R=0.6m的光滑半球靜止于光滑水平桌面，在半球的頂端B點(diǎn)有兩個(gè)相同的小球，小球可看作質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度大小g=10m/s2，剛開(kāi)始小球用雙手固定，O點(diǎn)是球心，不計(jì)空氣阻力。

(1)如圖1，現(xiàn)同時(shí)將兩個(gè)小球以v0=2gR的水平初速度向外拋出，求兩小球落地瞬間的水平距離(不考慮小球反彈)；

(2)如圖2，現(xiàn)同時(shí)放開(kāi)雙手，求小球離開(kāi)球面瞬間的速度大小v；

(3)如圖3，若半球質(zhì)量M=4kg，小球質(zhì)量m=1kg，以初始球心O位置為坐標(biāo)系中心，OB方向?yàn)閥軸正半軸，OC方向?yàn)閤15.如圖，豎直平面內(nèi)一足夠長(zhǎng)的光滑傾斜軌道與一長(zhǎng)為L(zhǎng)2的水平軌道AB通過(guò)一小段光滑圓弧平滑連接，水平軌道AB和水平軌道BO(長(zhǎng)為L(zhǎng)2)在B點(diǎn)與一個(gè)半徑R=L2的光滑的豎直固定螺旋圓弧軌道相切于B點(diǎn)。以水平軌道BO末端O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系xOy，x軸的正方向水平向右，y軸的正方向豎直向下。水平軌道BO右下方有一段弧形軌道PQ，該弧形軌道是曲線x24μ2L2+(y?μL)2μ2L2=1在坐標(biāo)系xOy(x>0,y>0)中的一半(見(jiàn)圖中實(shí)線部分)，弧形軌道Q端在y軸上。帶電量為q(q>0)、質(zhì)量為m的小球1與水平軌道AB、BO間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，在x軸上方存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其場(chǎng)強(qiáng)E=mg2q，重力加速度為g。

(1)若小球1從傾斜軌道上由靜止開(kāi)始下滑，恰好能經(jīng)過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，求小球1經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)若小球1從傾斜軌道上不同位置由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)落在弧形軌道PQ上，請(qǐng)證明小球1每次落在PQ時(shí)動(dòng)能均相同，并求出該動(dòng)能大??；

(3)將小球2靜置于O點(diǎn)，小球

答案解析1.A

【解析】解：A、釋放圓珠筆后，圓珠筆與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，圓珠筆上升到最大高度時(shí)速度為零，彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，由功能關(guān)系可知，按壓時(shí)筆內(nèi)彈簧的彈性勢(shì)能增加了mg?，故A正確；

B、放手后到筆向上離開(kāi)桌面的過(guò)程彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為筆的動(dòng)能與重力勢(shì)能之和，故B錯(cuò)誤；

C、筆在離開(kāi)桌面后的上升階段加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D、筆離開(kāi)桌面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升過(guò)程?=12gt2，筆從離開(kāi)桌面到落回桌面過(guò)程的時(shí)間t′=2t，解得：t′=22?g，故D錯(cuò)誤。2.A

【解析】解：閉合開(kāi)關(guān)S1后，電容器充電，電容器電壓與電源電壓差值越來(lái)越小，則通過(guò)傳感器的電流越來(lái)越小，充電完成后，電容器電壓等于電源電壓，此時(shí)電路中電流為零；

再閉合開(kāi)關(guān)S2，因?yàn)殡娙萜麟妷捍笥赗2電壓，則電容器放電，電容器電壓與R2電壓差值越來(lái)越小，則通過(guò)傳感器的電流越來(lái)越小，且電流方向與開(kāi)始充電時(shí)的方向相反，當(dāng)電容器電壓等于R2電壓，此時(shí)電路中電流為零。

由以上分析可知，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤。

故選：A3.B

【解析】解：將輕繩N端由C點(diǎn)沿直線緩慢移動(dòng)至D點(diǎn)過(guò)程中，MN間水平距離先減小后增大，輕繩的夾角先變小后變大，而輕繩的合力始終與重力相等，根據(jù)力的合成可知輕繩的張力先減小后增大。故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。

整個(gè)過(guò)程輕繩緩慢移動(dòng)，重物始終處于動(dòng)態(tài)平衡的狀態(tài)，利用共點(diǎn)力平衡條件，兩端繩子拉力的合力等于物體重力，可進(jìn)行分析。

本題考查共點(diǎn)力平衡條件，涉及到受力分析，同時(shí)考查學(xué)生的空間思維能力，難度適中。4.D

【解析】解：A、海區(qū)A、B繞地軸隨地球一起運(yùn)動(dòng)，角速度相等，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)地球赤道上的重力加速度為g，自轉(zhuǎn)角速度為ω，根據(jù)ω=2πt，ω在減小，地球赤道上的萬(wàn)有引力GMmR2=mg+mω2R，由此可知地球赤道處的重力加速度g增大，故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)地球和月球的質(zhì)量分別為M和m月，月地之間的距離為r，月球加速度為a，地球與月球間的萬(wàn)有引力提供月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有GMm月r2=m月a，由于月球每年遠(yuǎn)離地球幾厘米，月地之間的距離r增大，月球繞地球的加速度a減小，故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)地球同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m，地球半徑為R，地球同步衛(wèi)屋離地面高度為?，地球自轉(zhuǎn)周期為T(mén)，根據(jù)GMm5.B

【解析】解：在t時(shí)間內(nèi)空氣動(dòng)能為：Ek=12mv2=12ρvtSv2=12ρπr2v3t

根據(jù)題意可得，此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為：6.B

【解析】解：兩離子在電場(chǎng)中加速，則根據(jù)動(dòng)能定理得：

qU=12mv2

可得：v=2qUm

兩離子質(zhì)量相等、電荷量關(guān)系為q甲=4q乙，可知兩離子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度之比為：

v甲：v乙=2：1

時(shí)間之比為：t甲：t乙=1：2

因?yàn)榧自赥4時(shí)刻沿OO′方向進(jìn)入，則乙在T2時(shí)刻沿OO′方向進(jìn)入，甲離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén)2，則乙離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén)′；

甲離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的加速度為：a甲=E×4qm

偏轉(zhuǎn)距離為：y甲=2×12a甲(T7.AD

【解析】解：A、由乙圖知，波長(zhǎng)為2.0m。由丙圖知，周期為0.8s，則波速為v=λT=2.00.8m/s=2.5m/s，故A正確；

B、依題意，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q先振動(dòng)，則波向x軸負(fù)方向傳播，在t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置，根據(jù)波形平移法，可知質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)向y軸負(fù)方向振動(dòng)，而丙圖中質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻向y軸正方向振動(dòng)，所以丙圖不可能是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，故B錯(cuò)誤；

C、因t=1.2s=T+12T，故t=1.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q處于波谷，速度為零，故C錯(cuò)誤；

D、因t=1.2s=T+12T，則質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為s=6A=6×0.2m=1.2m，故D正確。

故選：AD。

根據(jù)乙圖和丙圖分別讀出該波的波長(zhǎng)和周期，從而求出波速；根據(jù)P比Q先振動(dòng)，判斷波的傳播方向，確定t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)8.AC

【解析】解：A、物體A在下落過(guò)程中，除了重力做功之外，細(xì)繩的拉力對(duì)物體A做負(fù)功，則物體A的機(jī)械能減小，故A正確；

B、由題意可知，初始時(shí)彈簧無(wú)彈力，處于自然狀態(tài)。物體A落地前瞬間，彈簧的伸長(zhǎng)量等于?，此時(shí)彈簧的彈力F=2mg，則彈簧的勁度系數(shù)為k=F?=2mg?，故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)整個(gè)過(guò)程中，繩子對(duì)A的沖量大小為I繩，則繩子對(duì)B和彈簧的沖量大小也為I繩。對(duì)A，取豎直向下為正方向，由動(dòng)量定理得

mgt?I繩=0

對(duì)B和彈簧，取豎直向下為正方向，由動(dòng)量定理得

2mgt?I地?I繩=0

解得物體A從靜止下落到落地的t時(shí)間內(nèi)，地面對(duì)B物體的沖量大小為I地=mgt，故C正確；

D、將A物體質(zhì)量改為1.5m，當(dāng)彈簧彈力恰好等于1.5mg時(shí)，A受力平衡，加速度為零，速度最大，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為

x=1.5mgk=34?

對(duì)A和彈簧組成的系統(tǒng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得

1.5mgx=12kx2+12×1.5mv2

解得A的最大速度為v=3g?4，故9.AD

【解析】解：A.由題意可知，處于O點(diǎn)的點(diǎn)電荷為負(fù)電荷，所以在N點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度向左，而N點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，由場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理可知處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷在N點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度向右，則處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷帶正電，且

kq(L2)2=kQL2

所以處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電荷量為

Q=4q

故A正確；

B.MN延長(zhǎng)線上的電場(chǎng)方向都向右，電勢(shì)逐漸減低，使另一負(fù)電荷沿MN延長(zhǎng)線從N點(diǎn)向右移動(dòng)，由Ep=qφ可得電勢(shì)能逐漸增大，故B錯(cuò)誤；

C.N點(diǎn)與P點(diǎn)距O點(diǎn)距離相等，則處于O點(diǎn)的點(diǎn)電荷在N、P點(diǎn)的電勢(shì)相等，P點(diǎn)距離M點(diǎn)近，則處于M點(diǎn)的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，所以P點(diǎn)的電勢(shì)高，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式

E=kQL2

可知

M點(diǎn)在P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

EMP=k?4q(22L)2=8kqL2

O點(diǎn)在P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

EOP=kq(12L)2=4kqL2

建立直角坐標(biāo)系，如下圖

所以P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

E=10.BC

【解析】解：A.將R1和R2等效為電源內(nèi)阻，則等效電源的電動(dòng)勢(shì)E1=ER2R1+R2+r，代入數(shù)據(jù)解得：E1=6V

等效內(nèi)阻r1=R2(r+R1)r+R2+R3，代入數(shù)據(jù)解得：r1=5Ω

等效電路，如圖所示：

A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片從a端滑到b端的過(guò)程中，R4變大，總電阻變大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓變大，V1讀數(shù)變小，則V2讀數(shù)變大，因U=U1+U2，可知|ΔU1|小于|ΔU2|，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)歐姆定律U1=IR3，則|ΔU1ΔI|=R3=20Ω

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：E1=U2+I(R3+r1)，解得：丨ΔU2ΔI丨=R311.調(diào)高

BC

m1【解析】解：(1)滑塊A先后通過(guò)光電門(mén)a和光電門(mén)b的時(shí)間分別為t1、t2，且t1>t2，說(shuō)明滑塊A在加速，應(yīng)將導(dǎo)軌左端調(diào)高。

(2)如果導(dǎo)軌水平，滑塊在導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以滑塊經(jīng)過(guò)兩光電門(mén)的時(shí)間相等，本實(shí)驗(yàn)中需要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，所以在實(shí)驗(yàn)中必須要測(cè)量滑塊的質(zhì)量和速度，速度可以根據(jù)通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間求解，而質(zhì)量可通過(guò)天平測(cè)出，同時(shí)，擋光片的寬度可以消去，所以不需要測(cè)量擋光片的寬度，故BC正確，AD錯(cuò)誤，故選：BC。

(3)根據(jù)速度公式可知，碰前B的速度大小

v0=dΔt1

碰后A的速度大小

v1=dΔt3

B的速度大小

v2=dΔt2

設(shè)B12.500

左

1.5

1.0

等于

【解析】解：(1)將電阻箱的阻值調(diào)至R1=0.5Ω，則圖甲中虛線框內(nèi)改裝后電流表的量程為：

IA=Ig+IgRgR1=50mA+50×4.50.5mA=500mA

(2)①閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，為保護(hù)電路，要使滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，則閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到左端；

(3)由(1)的解答可知毫安表的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10倍。

改裝后電流表的內(nèi)阻為：RA=RgR1Rg+R1=4.5×0.54.5+0.5Ω=0.45Ω

根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=2E?10I(2r+R0+R1)

由U?I圖線的斜率與縱截距可得：

2E=3.0V

10(2r+R0+R1)=13.解：(1)電池內(nèi)電壓U內(nèi)=Ir1=2×3V=6V

根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U內(nèi)+U外

代入數(shù)據(jù)解得U外=94V

根據(jù)P入=U外I

代入數(shù)據(jù)解得P入=188W

(2)電動(dòng)機(jī)工作時(shí)P入=P內(nèi)+P機(jī)

由焦耳定律P內(nèi)=I2r2

又P機(jī)=Fv

【解析】(1)根據(jù)P=UI求出電動(dòng)機(jī)的輸入功率。

(2)電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于輸出功率和線圈電阻產(chǎn)生的熱功率之和，結(jié)合焦耳定律求出電動(dòng)機(jī)線圈的電阻。

(3)輸出功率與總功率的比值計(jì)算電源的工作效率。

解決本題的關(guān)鍵知道輸入功率和輸出功率以及線圈發(fā)熱功率的區(qū)別和聯(lián)系，注意對(duì)于電動(dòng)機(jī)電路，在電動(dòng)機(jī)正常工作的情況下，不能運(yùn)用閉合電路歐姆定律進(jìn)行求解。14.解：(1)對(duì)于其中的一個(gè)小球，水平方向有

x=v0t；

豎直方向有

R=12gt2；

其中

v0=2gR

代入數(shù)據(jù)解得：x=2R；

兩小球落地瞬間的水平距離為：d=2x=4R=2.4m；

(2)設(shè)小球離開(kāi)球面瞬間小球與球心的連線與豎直方向的夾角為θ，在該過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理，有

mgR(1?cosθ)=12mv2?0

重力沿半徑方向的分力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，可知

mgcosθ=mv2R

解得：v=2m/s

(3)設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，小球水平方向的速度大小為v1，其坐標(biāo)為(x,y)，半球的速度大小為v2，水平方向的位移大小為x′，二者組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取v1方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律有，

mv1?Mv2=0

該式對(duì)小球在半球面上運(yùn)動(dòng)的任意時(shí)刻都成立，故：mx?Mx′=0

根據(jù)幾何關(guān)系，二者水平方向的位移大小之和滿足【解析】(1)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出兩小球落地瞬間的水平距離；

(2)根據(jù)動(dòng)能定理和向心力表達(dá)式求出小球離開(kāi)球面瞬間的速度