2024屆安徽省淮南市壽縣中學高考壓軸卷物理試卷含解析

2024屆安徽省淮南市壽縣中學高考壓軸卷物理試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，吊籃A、物體B、物體C的質(zhì)量均為機，兩物體分別固定在豎直彈簧兩端，彈簧的質(zhì)量不計，整個系

統(tǒng)在輕繩懸掛下處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將懸掛吊籃的輕繩剪斷在輕繩剛被剪斷的時間（）

囪

A.物體B的加速度大小為gB.物體C的加速度大小為2g

C.吊籃A的加速度大小為gD.吊籃A與物體C間的彈力大小為0.5/g

2、銀川綠地中心雙子塔項目位于銀川閱海灣中央商務區(qū)中軸位置，高度301m,建成后將成為西北地區(qū)最高雙子塔。

據(jù)說，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達觀光平臺。若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在》=0時由

靜止開始上升，。一，圖像如圖所示。則下列相關(guān)說法正確的是（）

A.E=4.5s時，電梯處于失重狀態(tài)B.5~55s時間內(nèi)，繩索拉力最小

C.E=59.5s時，電梯處于超重狀態(tài)D.f=60s時，電梯速度恰好為零

3、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體44的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間

放一光滑圓球員整個裝置處于靜止狀態(tài).若把A向右移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止狀態(tài),則下列判斷中正確的是

B

A.球〃對墻的壓力增大B.球B對柱狀物體A的壓力增大

C.地面對柱狀物體A的支持力不變D.地面對柱狀物體A的摩擦力不變

4、如圖所示，放在光滑水平桌面上的A、3木塊之間夾著一被壓縮的彈簧?，F(xiàn)釋放彈簧，4、3木塊被彈開后，各

自在桌面上滑行一段距離飛離桌面。A的落地點到桌左邊的水平距離為0.5m,8的落地點到桌右邊的水平距離為1〃?,

則（）

A.A、4離開彈簧時的速度大小之比為1：2

B.A、8離開彈簧時的速度大小之比為2：I

C.A、3質(zhì)量之比為1:2

D.A、8質(zhì)量之比為1：1

5、1896年法國科學家貝可勒爾發(fā)現(xiàn)了放射性元素能夠自發(fā)地發(fā)出射線的現(xiàn)象，即天然放射現(xiàn)象。讓放射性元素鐳衰

變過程中釋放出的。、外了三種射線，經(jīng)小孔垂直進入勻強電場中，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.③是以射線，a粒子的電離能力最強，穿透能力也最強

B.①是//射線，是高速電子流，來自于原子的核外電子

C.原子核發(fā)生一次衰變的過程中，不可能同時產(chǎn)生夕兩種射線

D.原子序數(shù)大于83的元素，都具有放射性，原子序數(shù)小于或等于83的元素，都不具有放射性

6、生活中常見的手機支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時，會牢牢吸

附在物體上。如圖是一款放置在高鐵水平桌面上的手機支架，支架能夠吸附手機，小明有一次搭乘高鐵時將手機放在

該支架上看電影，若手機受到的重力為G,手機所在平面與水平面間的夾角為則下列說法正確的是（）

A.當高鐵未啟動時，支架對手機的作用力大小等于--

cos6/

B.當高鐵未啟動時，支架受到桌面的摩擦力方向與高鐵前進方向相反

C.高鐵勻速行駛時，手機可能受到5個力作用

D.高鐵減速行駛時，手機可能受到3個力作用

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與x軸平行，在x軸上的電

勢0與坐標x的關(guān)系如圖中曲線所示，曲線過（0.1,4.5）和（0.15,3）兩點，圖中虛線為該曲線過點（0.15,3）的

切線?，F(xiàn)有一質(zhì)量為0.20kg、電荷量為+2.0x10-C的滑塊尸（可視為質(zhì)點），從x=0.10m處由靜止釋放，其與水平

面的動摩擦因數(shù)為0.02,取重力加速度g=10m/s2。則下列說法中正確的是（）

x/m

A.滑塊P運動過程中的電勢能逐漸減小

B.滑塊P運動過程中的加速度逐漸增大

C.x=0.15in處的電場強度大小為2.0xl（）6N/C

D.滑塊P運動的最大速度為0.5m/s

8、矩形線框PQMN固定在一絕緣斜面上，長為LPN長為4L其中長邊由單位長度電阻為的均勻金屬條制成,

短邊電阻忽略不計，兩個短邊上分別連接理想電壓表和理想電流表。磁感應強度大小為B的勻強磁場，方向垂直

斜面向上，一與長邊材料、粗細完全相同的金屬桿與線框接觸良好，在沿導軌向上的外力作用下，以速度了從線框底

端勻速滑到頂端。已知斜面傾角為仇不計一切摩擦。則下列說法中正確的是（）

N

B

A.金屬桿上滑過程中電流表的示數(shù)先變大后變小

B.作用于金屬桿的外力一直變大

C.金屬桿運動到長邊正中間時，電壓表示數(shù)為與上

D.當金屬桿向上運動到距線框底端3.5L的位置時，金屬桿0M、PN上消耗的總電功率最大

9、有一臺理想變壓器及所接負載如下圖所示。在原線圈。、d兩端加上交變電流。已知力是原線圈中心抽頭，電壓表

和電流表均為理想交流電表，電容器的耐壓值足夠大。下列說法正確的是（）

A.開關(guān)吊始終接當滑片產(chǎn)向下滑動時電壓表》示數(shù)不變，電壓表V2示數(shù)變大，電流表Az示數(shù)變小

B.開關(guān)S始終接兒當滑片P向上滑動時r的電功率增大，V2示數(shù)的變化量與A2示數(shù)的變化量之比不變

C.保持滑片尸的位置不變，將開關(guān)8由力改接〃，變壓器輸入功率變大

D.保持滑片尸的位置不變，將開關(guān)與由。改接心電容器所帶電荷量將增大

10、以下說法正確的是________O

,,m

A.某物質(zhì)的密度為〃，其分子的體積為匕，分子的質(zhì)量為則夕二工

B.空氣中水蒸氣的壓強與同溫度下水的飽和汽壓的比值越大，空氣的相對濕度越大

C.在裝滿水的玻璃杯內(nèi)，可以不斷地輕輕投放一定數(shù)量的大頭針，水也不會流出，這是由于大頭針填充了水分子間

的空隙

D.內(nèi)能不同的物體，物體內(nèi)部分子熱運動的平均動能可能相同

E.玻璃管裂口放在火上燒熔，它的尖銳處就變圓滑，是因為熔化的玻璃在表面張力的作用下，表面積要收縮到最小的

緣故

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用如圖a所示的器材，測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻實驗。

⑴用筆面線代替導線，將圖a連接成可完成實驗的電路（圖中已連接了部分導線）;

（一）

⑵實驗過程中，將電阻箱拔到45。時，電壓表讀數(shù)為0.90V；將電阻箱拔到如圖b所示，其阻值是Q,此時

電壓表的讀數(shù)如圖c所示，其值是____________V；

⑶根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可以算出該節(jié)干電池的電動勢E=V,內(nèi)電阻r=

12.（12分）某同學設計了如下實驗裝置,用來測定小滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù).如圖甲所示.水平桌面上有一滑

槽，其末端與桌面相切，桌面與地面的高度差為/2。讓小滑塊從滑槽的最高點由靜止滑下，滑到桌面上后再滑行一段

距離L,隨后離開桌面做平拋運動，落在水面地面上的P點，記下平拋的水平位移不。平移滑槽的位置后固定，多次

改變距離L,每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，得到不同的水平位移作出f—L圖像，即可根據(jù)圖像信息得到

滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)〃（重力加速度為g）

（1）每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了

⑵若小滑塊離開桌面時的速度為也隨著L增大v將會_____（選填增大、不變或減?。?/p>

⑶若已知/一￡圖像的斜率絕對值為左，如圖乙所示，則滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)〃二—（用本題中提供的物理

量符號表示）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內(nèi)有沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限內(nèi)有垂直于紙面向外

的勻強磁場。有一質(zhì)量為用，電荷量為心帶負電的粒子（重力不計）從坐標原點。射入磁場，其入射方向與），軸負

方向成45。角。當粒子第一次進入電場到達F點時速度大小為vu,方向與x軸正方向相同，F(xiàn)點坐標為（4L,L）o求:

（1）粒子從。點射入磁場時速度y的大小;

（2）磁感應強度B的大??；

（3）粒子從0點運動到尸點所用的時間。

14.（16分）如圖甲所示，在平面直角坐標系xQy中關(guān)于x軸對稱放置兩平行金屬板A、B,A、B板的左端均在），軸

上，兩板間距離“6.0cm,板長A=L8cm,距兩板右端L2=28cm處放置有足夠長的垂直”軸方向的熒光屏，兩者之間

區(qū)域分布著勻強磁場，磁感應強度B=1.0T,方向垂直坐標平面向里。大量比荷為幺=5.0xl04C/kg帶負電粒子以速度

m

卬=6.0x1031nzs從坐標原點。連續(xù)不斷的沿“軸正向射入板間，離開板間電場后進入磁場，最后打在熒光屏上。在兩板

間加上如圖乙所示的交流電壓，不計粒子重力，不考慮場的邊緣效應和粒子的相對論效應，求:

（1）/=0時刻發(fā)射的粒子離開電場時的速度大小及偏轉(zhuǎn)距離;

⑵粒子打在熒光屏上的范圍;

乙

15.（12分）如圖所示，質(zhì)量為必、直徑為d的小球，拴在長為/的細繩一端一組成一單擺。將球偏開一小角度a使

之做簡諧運動，求小球從左側(cè)最大偏角擺至最低點的過程中，繩子拉力產(chǎn)生的沖量大小。（重力加速度g已知）

O

a

參考答案

一、單項選擇題：木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.彈簧開始的彈力

F=mg

剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，B的合力仍然為零，則B的加速度為0,故A錯誤；

BC.剪斷細線的瞬間.彈力不變.將C和A看成一個整體.根據(jù)牛頓第二定律得

F+2mging+2mg..

aAc=-...=------=1

2m2m

即A、C的加速度均為1.5g,故BC錯誤；

D.剪斷細線的瞬間，A受到重力和C對A的作用力，對A有

Fc+mg=ma

得

Fc=ma-mg=0.5mg

故D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A.利用。一，圖像可判斷：，一4.5s時，電梯有向上的加速度，電梯處于超重狀態(tài)，則選項A錯誤；

BC.0~5s時間內(nèi)，電梯處于超重狀態(tài)，拉力,重力；5~55s時間內(nèi)，電梯處于勻速上升過程，拉力=重力；55~60s時

間內(nèi)，電梯處于失重狀態(tài)，拉力＜重力；綜上所述，選項B、C錯誤；

D.因。一，圖線與，軸所圍的“面積”代表速度改變量，而圖中橫軸上方的“面積”與橫軸下方的“面積”相等，則電梯的

速度在f=60s時為零，選項D正確。

故選D。

3、C

【解析】對小球B受力分析，作出平行四邊形如圖所示:

A滑動前，5球受墻壁及A的彈力的合力與重力大小相等，方向相反；如圖中實線所示；而將A向右平移后，3受彈

力的方向?qū)⑸弦?，如虛線所示，但5仍受力平衡，由圖可知A對8球的彈力及墻壁對球的彈力均減小，根據(jù)牛頓第三

定律可知，球8對墻的壓力減小，球B對柱狀物體A的壓力減小，故AB錯誤；以A5為整體分析，水平方向上受墻

壁的彈力和地面的摩擦力而處于平衡狀態(tài)，彈力減小，故摩擦力減小，故D錯誤；豎直方向上受重力及地面的支持力，

兩物體的重力不變，故4對地面的壓力不變，故C正確。所以C正確，ABD錯誤。

4、A

【解析】

AB.由于A、8下落的高度相同，則下落過程中的時間相同，兩者做平拋運動，水平方向的分運動為勻速直線運動，

則水平初速度之比等于水平位移之比

巳：以二1：2

則A正確，B錯誤；

CD.4、3被彈開的過程，對于A、3和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)，動量守恒，則

可得

mA=

則C、D均錯誤。

故選A。

5、C

【解析】

A.由射線的帶電性質(zhì)可知，①是/?射線，②是>射線，③是“射線，a粒子的電離能力最強，穿透能力最弱，A不符

合題意；

B./?射線是原子核發(fā)生少衰變時產(chǎn)生的，是高速電子流，來自于原子核，B不符合題意；

C.原子核發(fā)生一次衰變的過程中，只能發(fā)生a衰變或夕衰變，不能同時發(fā)生〃衰變和少衰變，故不可能同時產(chǎn)生。、

夕兩種射線，C符合題意；

D.原子序數(shù)大于83的元素，都具有放射性，原子序數(shù)小于或等于83的元素，有的也具有放射性，D不符合題意。

故選C。

6、D

【解析】

A.高鐵未啟動時，手機處于靜止狀態(tài)，受重力和支架對手機的作用力，根據(jù)平衡條件可知，支架對手機的作用力與

重力大小相等、方向相反，A錯誤；

B.高鐵未啟動時，以手機和支架整體為研究對象，受重力和桌面的支持力二力平衡，不受桌面摩擦力，B錯誤；

C.高鐵勻速行駛時，手機受重力、納米材料的吸引力、支架的支持力和摩擦力，共4個力作用，C錯誤；

D.高鐵減速行駛時，手機具有與高鐵前進方向相反的加速度，可能只受重力、納米材料的吸引力和支架的支持力共3

個力作用，D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、AC

【解析】

A.在什x圖像中，圖線的斜率表示電場強度，由圖可知，滑塊P運動過程中，電場方向不變，電場力始終做正功，

則電勢能逐漸減小，故A正確；

BC.由A可知，圖線的斜率表示電場強度，x=O.15m處的場強為

E=絲=3x10N/C=2X106N/C=2.0xl06N/C

Ax03-0.15

則此時的電場力大小為

F=^E=2xl(r8x2xl06N=0.04N

滑動摩擦力大小為

f=/〃咫=0.02x0.2x!0N=0.04N

此時電場力與滑動摩擦力大小相等，由圖可知圖線斜率逐漸減小，故在式=0.15m之前，電場力大于摩擦力，滑塊做

加速運動，加速度逐漸減小，在1=0.151”之后，電場力小于摩擦力，做減速運動，加速度逐漸增大，故B錯誤，C

正確；

D.滑塊加速度為零時，速度最大，由BC選項可知，在x=0.15m時，電場力和摩擦力大小相等，加速度為零，此時

滑塊的速度最大，根據(jù)動能定理得

qU-fx=^mv2-0

由圖可知0.10m處和0.15m處的電勢差大約為1.5xl0、V,代入解得最大速度大約為u=O.lm/s,故D錯誤。

故選AC,

8、BD

【解析】

A.金屬桿相當于電源，金屬桿上滑過程中，外電路的總電阻一直減小，則總電流即電流表的示數(shù)一直變大。故A錯

誤；

B.金屬桿勻速運動，作用于金屬桿的外力

F=mgsin0+BIL

由于總電流一直變大，所以作用于金屬桿的外力一直變大，故B正確；

C.由電磁感應定律，金屬桿運動時產(chǎn)生的感應電動勢為

E=BLv

金屬桿到達軌道正中間時，所組成回路的總電阻為

R=(4L+L)rQ=5L/Q

由閉合電路歐姆定律.問路電流為

EBLv

5M

電壓表測的是路端電壓，所以電壓表示數(shù)為

..,..BLv._4BLv

U=1x4%=——x=---

5L%5

故C錯誤；

D.設金屬桿向上運動x距離時，金屬桿。M、PN上消耗的總電功率即電源的輸出功率最大。電源電動勢一定，內(nèi)外

電阻相等時電源輸出功率最大

(SL-2x)r0=Lr0

解得

x=3.5L

故D正確。

故選BD.

9、ABD

【解析】

A.開關(guān)》始終接。不變，變壓器輸入電壓不變，原、副線圈的匝數(shù)不變，變壓器輸出電壓不變，即電壓表V1示數(shù)不

變，當滑片P向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)歐姆定律可知，所以電流乙會減小，電流表A2示

數(shù)變小，而

U?=U[I述、

所以U?會變大，即電壓表V2示數(shù)變大，故A正確；

B.開關(guān)S1始終接兒由于原、副線圈的匝數(shù)不變，變壓器輸入電壓不變，則變壓器輸出電壓不變，即電壓表V1示數(shù)

不變，當滑片產(chǎn)向上滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，根據(jù)歐姆定律可知，電流表A2示數(shù)增大，電阻與消

耗的電功率增大,將原線圈和電阻與看作等效電源，則V?示數(shù)的變化量與A2示數(shù)的變化量之比等于等效電源的內(nèi)阻,

恒定不變，故B正確；

C.保持滑片尸的位置不變，將開關(guān)S1由力改接。時，原線圈匝數(shù)凡增大，根據(jù)變壓比可知

U2〃2

可知3變小，根據(jù)

消

可知副線圈輸出功率變小，則原線圈輸入功率變小，故C錯誤；

D.保持滑片尸的位置不變，將開關(guān)5由〃改接從原線圈匝數(shù)々減小，根據(jù)變壓比可知

幺=4

u2n2

可知心增大，電容器兩端電壓增大

Q=CU

所帶電荷量增大，故D正確。

故選ABDo

10、BDE

【解析】

m

A.密度是宏觀的物理量，分子的質(zhì)量與體積是微觀的物理量，則。工方，故A錯誤；

B.根據(jù)相對濕度的定義式可知，空氣中水蒸氣的壓強與同溫度時水的飽和汽壓的比值越大，空氣的相對濕度越大，

故B正確：

C.在裝滿水的玻璃杯內(nèi)，可以不斷地輕輕投放一定數(shù)量的大頭針，水也不會流出的原因是液體的表面張力作用，液

體表面層分子的分布要比內(nèi)部稀疏些，分子之間的吸引力和排斥力都減弱了，其中斥力減弱更多，所以表面層分子之

間有相互吸引力，這種力叫表面張力，由于表面張力的作用，使水面形成一層彈性薄膜，所以水不會流出，故c錯誤;

D.物體的內(nèi)能由溫度、體積和物質(zhì)的量決定，內(nèi)能不同的物體，溫度可能相同，溫度是分子平均動能的標志，溫度

相同，分子的平均動能相同，故D正確；

E.玻璃管道裂口放在火上燒熔，熔化的玻璃在表面張力的作用下收縮到最小，從而變得圓滑，故E正確。

故選BDEo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、1101.101320

【解析】

電路圖如圖;

⑵[2]網(wǎng).電阻箱讀數(shù)為K=lxlOO+lxlO=110Q；電壓表讀數(shù)為U=1.10V；

⑶由閉合電路歐姆定律有

E=Ux^r

兩式聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得

E=1.3V

r=20ft

②保證滑塊到達滑槽末端的速度相同減小A

【解析】

a)[i]每次讓滑塊從滑槽上同一高度釋放，是為了保證到達斜面體底端的速度相同；

⑵⑵滑塊離開滑槽后，受到摩擦力作用，做勻減速直線運動，設離開滑槽的速度為羽0,根據(jù)運動學公式可知

Vo-V2=2〃gL

隨著L增大，丫將會減?。?/p>

⑶⑶滑塊從桌邊做平拋運動，則有

h=—gt2,x=vt

說

聯(lián)立解得

若x2一上圖像的斜率絕對值為A,則有

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13>(1)v=x/2v0(2)B=，(3)t=(2+^-}—

qL\2兀

【解析】

帶電粒子以與x軸成45。垂直進入勻強磁場后，在。點根據(jù)平行四邊性定則可得射入磁場時的速度；粒子在電場中運

動根據(jù)運動學方程和幾何關(guān)系求出半徑，再根據(jù)牛頓第二定律求出磁感應強度；求出粒子在電場中的運動時間和在磁

場中運的運動時間，即可求得總時間。

【詳解】

(1)粒子從。點射入磁場時的速度為U=-^77=夜?

cos45°

(2)粒子在電場中運動，沿)，軸方向：v=votan45°,L=^t.

2

沿x軸方向：X=%乙

解得：x=2L

I4L-2Lr~

粒子在磁場中的運動軌跡為:圓周，由幾何關(guān)系得：R=—衣「='2乙

4V2

粒子在磁場中做圓周運動，由牛頓第二定律得：qvB=m—

R

(3)粒子在電場中的運動時間為乙=——

v

1x2R

粒子在磁場中運的運動時間為,_4、"

V2%

則從O點運動到P點所用