2024年高二物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（四）

2024年高二物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（四）

一、單選題：共10小題，

1.在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷

史的進步.下列說法正確的是（）

A.牛頓首先總結(jié)了電路中電流與電壓和電阻的關(guān)系

B.庫侖發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

C.麥克斯韋首次通過實驗證實了電磁波的存在

D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)規(guī)律

2.籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到

球后，兩臂隨球迅速引至胸前.這樣做可以（）

A.減小球?qū)κ值臎_量B.減小球的動量變化率

C.減小球的動量變化量D.減小球的動能變化量

3.近代物理學(xué)家預(yù)言有單個的磁極（磁單極子）在自然界存在.我

們假定有一個單個的N極磁單極子存在,它由右方沿水平方向垂直于

一個豎直超導(dǎo)線圈A所在平面向左運動井穿過超導(dǎo)線圈A,如圖所

示.則有（）

QY

A.穿過超導(dǎo)線圈后，順著磁單極子運動方向看，線圈中有順時針方

向電流長久存在

B.穿過超導(dǎo)線圈后，順著磁單極子運動方向看，線圈中有逆時針方

向電流長久存在

C.穿過超導(dǎo)線圈過程中有電流存在，穿過超導(dǎo)線圈后電流很快消失

D.線圈中始終沒有電流存在

4.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為20：1,原線圈接

止弦交流電源，副線圈接入“220V,60W〃燈泡一只，且燈光止常發(fā)

A.副線圈電流頻率為20HzB.電源輸出功率為1200W

C.電流表的示數(shù)為六AD.原線圈端電壓為11V

5.如圖所示，理想變壓器的輸入端接正弦交流電，副線圈上通過輸

電線接有兩個相同的燈泡L和Lz,輸電線的等效電阻為Ri.當(dāng)滑動

變阻器R2的滑片P向下滑動時，以下說法中正確的是（）

A.副線圈的兩端M、N的輸出電壓減小

B.副線圈輸電線等效電阻R】上的電壓不變

C.副線圈消耗的總功率減小

D.原線圈中輸入功率增大

6.如圖所示，空間分布著寬為L,垂直于紙面向里的勻強磁場.一

金屬線框從磁場左邊界勻速向右通過磁場區(qū)域.規(guī)定逆時針方向為電

流的正方向，則感應(yīng)電流隨位移變化的關(guān)系圖（i-x）正確的是（）

如圖甲所示，一個理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比：

7.n2=61,

副線圈兩端接三條支路，每條支路上都接有一只燈泡，電路中L為電

感線圈、C為電容器、R為定值電阻.當(dāng)原線圈兩端接有如圖乙所示

的交流電時，三只燈泡都能發(fā)光.如果加在原線圈兩端的交流電的峰

值保持不變，而將其頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，則對于交流電的頻率改變

之后與改變前相比，下列說法中正確的是（）

A.拉力F的沖量大小為FtcosS

B.摩擦力的沖量大小為FtsinB

C.重力的沖量大小為mgt

D.物體所受支持力的沖量是mgt

10.原子核聚變可望給人類未來提供豐富的潔凈能源.當(dāng)笊等離子體

被加熱到適當(dāng)高溫時，笊核參與的幾種聚變反應(yīng)可能發(fā)生，放出能

2

1H玲k411

量.這幾種反應(yīng)總的效果可以表示為62He+d1H+2o

n+43.15MeV由平衡條件可知（）

A.k=l,d=4B.k=2,d=2C.k=l,d=6D.k=2,d=3

二、多選題

11.2005年是〃世界物理年〃，100年前的1905年是愛因斯坦的“奇跡”

之年，這一年他先后發(fā)表了三篇具有劃時代意義的論文，其中關(guān)于光

量子的理論成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象.關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正

確的是（）

A.當(dāng)入射光的頻率低于極限頻率時，不能發(fā)生光電效應(yīng)

B.光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比

C.光電子的最大初動能與入射光的強度成正比

D.某單色光照射一金屬時不能發(fā)生光電效應(yīng)，改用波長較短的光照

射該金屬可能發(fā)生光電效應(yīng)

12.〃兩彈一星〃可以說長了中國人的志氣，助了中國人的威風(fēng)，下列

原子彈和氫彈說法正確的是（）

234

1H+1H玲2

A.原子彈是根據(jù)輕核聚變原理，基本核反應(yīng)方程式

1

He+On

23519c

B.原子彈是根據(jù)重核的裂變原理，基本核反應(yīng)方程式92u+On^3E

1361

Sr+54Xe+10On

2341

1H+1H玲o

C.氫彈是根據(jù)輕核聚變原理，基本核反應(yīng)方程式2H

n

29c

92u+n43c

D.氫彈是根據(jù)重核的裂變原理，基本核反應(yīng)方程式

1361

Sr+54Xe+10On

13.在遠(yuǎn)距皆輸電時，輸送的電功率為P,輸電電壓為U,所用輸電

導(dǎo)線上的總電阻為R,輸電線上損耗的電功率為Pi,用戶得到的電功

率為P2,用戶得到的電壓為6,在忽略其他損失的情況下，下列表

達(dá)式中正確的是（）

22

A.P產(chǎn)萼B.P2=帚）RC.P2=P-（品RD.U2=U-質(zhì)而

Ruu

14.小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生

的感應(yīng)電動勢與時間呈正弦函數(shù)關(guān)系，如圖所示.此線圈與一個

R=1OQ的電阻構(gòu)成閉合電路，不計電路的其他電阻.下列說法正確

的是（）

|e/V

00.125\/o.25ot/s

A.交變電流的頻率為4Hz

B.在1s內(nèi)，交變電流的方向改變8次

C.此閉合回路的電流有效值為加A

D.小型交流發(fā)電機的輸出功率為40W

15.圖中中A、B為兩個相同的劃、形線圈，共軸并靠近放置，A線圈

中通有如圖乙所示的交流電i,則（）

甲乙

A.在ti到t2時間內(nèi)A、B兩線圈相吸

B.在t2到t3時間內(nèi)A、B兩線圈相斥

C.匕時刻兩線圈間作用力最大

D.t2時刻兩線圈間吸力最大

三、解答題（共4小題，滿分。分）

16.（1）如圖1,讀出下面游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的測量數(shù)據(jù).

圖2

(a)游標(biāo)卡尺讀數(shù):

(b)螺旋測微器讀數(shù):

(2)在〃研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象〃的實驗中，首先要按圖2中的甲接線,

以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系；然后按圖2中

的乙將電流表與線圈B連成一個閉合電路，將線圈A、電池、滑動變

阻器和開關(guān)串聯(lián)成另一個閉合電路.在圖2甲中，當(dāng)閉合S時，觀察

到電流表指針向左偏(不通電時指針停在正中央).在圖2乙中：(以

下均填"向左〃、"向右〃、"不〃)

(a)S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過程中，電流表的指針

將偏轉(zhuǎn).

(b)線圈A放在B中不動，將滑動變阻器的滑片向右滑動時，電流

表指針偏轉(zhuǎn).

17.如圖所示，質(zhì)量為0.4kg的木塊以2m/s的速度水平地滑上靜止

在光滑水平地面上的平板小車，車的質(zhì)量為1.6kg,木塊與小車之間

的摩擦系數(shù)為0.2（gmlOm/s2）.設(shè)小車足夠長，求：

（1）木塊和小車相對靜止時小車的速度大小.

（2）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經(jīng)歷的時間.

（3）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止木塊在小車上滑行的距離.

..............1M

......

18.氫原子的能級示意圖如圖所示，現(xiàn)有每個電子的動能都為

的電子束與處在基態(tài)的氫原子束射入同一區(qū)域，使電子與

Ee=12.89eV

氫原子發(fā)生迎頭正碰.已知碰撞前一個電子與一個原子的總動量為

零.碰撞后，氫原子受激，躍遷到n=4的能級.求碰撞后1個電子與

1個受激氫原子的總動能.（已知電子的質(zhì)量S與氫原子的質(zhì)量加

之比為1：1840）

19.用質(zhì)量為m、電阻為R的薄金屬條制成邊長為L的閉合正方形框

abbW.如圖所示，金屬方框水平放在磁極的狹縫間，方框平面與磁

場方向平行.設(shè)勻強磁場僅存在于相對磁極之間，其他地方的磁場忽

略不計.可認(rèn)為方框的aa，邊和bb，邊都處在磁極之間，極間磁感應(yīng)強

度大小為B.方框從靜止開始釋放，其平面在下落過程中保持水平（不

計空氣阻力）.求：

L

圖1裝相縱截面示意圖圖2裝智齒視示意圖

（1）方框下落的最大速度Vm（設(shè)磁場區(qū)域在數(shù)值方向足夠長）；

（2）當(dāng)方框下落的加速度為■1時，求方框的發(fā)熱功率P；

（3）已知方框下落時間為t時，下落高度為h,其速度為Vt（VtVVm）.若

在同一時間t內(nèi)，方框內(nèi)產(chǎn)生的熱與一恒定電流Io在該框內(nèi)產(chǎn)生的熱

相同，求恒定電流Io的表達(dá)式.

參考答案與試題解析

一、單選題：共10小題，

1.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)

家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步.下列說法正確的是（）

A.牛頓首先總結(jié)了電路中電流與電壓和電阻的關(guān)系

B.庫侖發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

C.麥克斯韋首次通過實驗證實了電磁波的存在

D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)規(guī)律

【考點】物理學(xué)史.

【分析】歐姆首先總結(jié)了電路中電流與電壓和電阻的關(guān)系.奧斯特發(fā)

現(xiàn)了電流的磁效應(yīng).赫茲首次通過實驗證實了電磁波的存在.法拉第

發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)規(guī)律.

【解答】解：A、歐姆首先總結(jié)了電路中電流與電壓和電阻的關(guān)系，

發(fā)現(xiàn)了歐姆定律.故A錯誤.

B、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律-

-庫侖定律.故B錯誤.

C、赫茲首次通過實驗證實了電磁波的存在，不是麥克斯韋.故C錯

誤.

D、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)規(guī)律.故D正確.

故選：D

【點評】本題考查物理學(xué)史，是常識性，只要加強記憶，就能得分.可

結(jié)合物理學(xué)家的成就、年代等進行記憶.

2.（2013春?佛山期末）籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸

出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前.這樣做可以

（）

A.減小球?qū)κ值臎_量B.減小球的動量變化率

C.減小球的動量變化量D.減小球的動能變化量

【考點】動量定理.

【分析】先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣

可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量定理即可分析.

【解答】解：先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，

這樣可以增加球與手接觸的時間，

根據(jù)動量定理得：

-Ft=O-mv

mv

F=T

當(dāng)時間增大時，球動量的變化率減小；作用力就減小，而沖量和動量

的變化量都不變，所以B正確.

故選：B.

【點評】本題主要考查了動量定理的直接應(yīng)用，注意增大作用時間可

以減小沖擊力的大小.

3.（2013春?佛山期末）近代物理學(xué)家預(yù)言有單個的磁極（磁單極

子）在自然界存在.我們假定有一個單個的N極磁單極子存在，它由

右方沿水平方向垂直于一個豎直超導(dǎo)線圈A所在平面向左運動并穿

過超導(dǎo)線圈A,如圖所示.則有（）

A.穿過超導(dǎo)線圈后，順著磁單極子運動方向看，線圈中有順時針方

向電流長久存在

B.穿過超導(dǎo)線圈后，順著磁單極子運動方向看，線圈中有逆時針方

向電流長久存在

C.穿過超導(dǎo)線圈過程中有電流存在，穿過超導(dǎo)線圈后電流很快消失

D.線圈中始終沒有電流存在

【考點】楞次定律.

【分析】磁單極子穿過超導(dǎo)線圈，導(dǎo)致線圈中的磁通量發(fā)生變化，根

據(jù)磁通量變化情況，由楞次定律可判定感應(yīng)電流的方向.

【解答】解：若N磁單極子穿過超導(dǎo)線圈的過程中，當(dāng)磁單極子靠近

線圈時，穿過線圈中磁通量增加，且磁場方向從上向下，所以由榜次

定律可知，感應(yīng)磁場方向：從上向下看，再由右手螺旋定則可確定感

應(yīng)電流方向逆時針；當(dāng)磁單極子遠(yuǎn)離線圈時，穿過線圈中磁通量減小,

且磁場方向從下向上，所以由楞次定律可知，感應(yīng)磁場方向：從下向

上，再由右手螺旋定則可確定感應(yīng)電流方向逆時針.因此線圈中產(chǎn)生

的感應(yīng)電流方向不變.所以四個選項中B正確.

故選：B

【點評】考查右于螺旋定則、楞次定律，及磁單極子的特征.同時注

意磁體外部的感應(yīng)線是從N極射出，射向S極.

4.（2013春?佛山期末）如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之

比為20：1,原線圈接正弦交流電源,副線圈接入〃220V,60W〃燈泡

一只，且燈光正常發(fā)光.則（）

A.副線圈電流頻率為20HzB.電源輸出功率為1200W

C.電流表的示數(shù)為易AD.原線圈端電壓為11V

【考點】變壓器的構(gòu)造和原理.

【分析】在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等，電壓

與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比.

【解答】解：A、根據(jù)題意無法求解副線圈電流頻率，故A錯誤；

B、在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等，在副線圈

中只有一個60W的燈泡正常發(fā)光，所以輸入功率和輸出功率的大小

都為60W,故B錯誤；

C、在副線圈中只有一個60W的燈泡正常發(fā)光，所以副線圈的電流為

603

l=220A=ITA,

根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可知，此時原線圈中的電流為為西A,故C

正確；

D、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線圈端電壓為4400V,故D錯誤.

故選：C.

【點評】掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即

可得到解決.

5.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）如圖所示，理想變壓器的輸入端接正

弦交流電，副線圈上通過輸電線接有兩個相同的燈泡和輸電線

L1L2,

的等效電阻為Ri.當(dāng)滑動變阻器R2的滑片P向下滑動時，以下說法

A.副線圈的兩端M、N的輸出電壓減小

B.副線圈輸電線等效電阻Ri上的電壓不變

C.副線圈消耗的總功率減小

D.原線圈中輸入功率增大

【考點】變壓器的構(gòu)造和原理.

【分析】本題類似于閉合電路中的動態(tài)分析問題，可以根據(jù)變阻器電

路電路電阻的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電

路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流

和電壓的變化的情況.

【解答】解：A、理想變壓器的輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定

的，由于輸入電壓和匝數(shù)比不變，所以副線圈的輸出的電壓也不變，

所以A錯誤；

B、當(dāng)滑動變阻器R2的滑片P向下滑動時R2減小，電路的電阻減小，

副線圈的電流變大，所以通過電阻Ri的電流變大，電壓變大，故B

錯誤；

彩

C、副線圈兩端的電壓不變，負(fù)線圈的電阻減小，根據(jù)知副線圈

消耗的功率增大，故C錯誤；

D、因為副線圈消耗的功率增大，輸入功率等于輸出功率，所以原線

圈輸入功率增大，所以D正確；

故選：D.

【點評】電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確

定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分

后整體再部分的方法.

6.（2012?臺州二模）如圖所示，空間分布著寬為L,垂直于紙面向

里的勻強磁場.一金屬線框從磁場左邊界勻速向右通過磁場區(qū)域.規(guī)

定逆時針方向為電流的正方向，則感應(yīng)電流隨位移變化的關(guān)系圖（i

-x）正確的是（）

【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律.

【分析】先由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向.再分段研究感應(yīng)電動勢,

由歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小.

【解答】解：在0-L過程：由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流的方向

沿逆時針方向，為正值；感應(yīng)電動勢大小為EkBLv,感應(yīng)電流大小為

E

T1BLv

【「R-R，

在L-2L過程：由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流的方向沿逆時針方向,

為正值；感應(yīng)電動勢大小為E2=2BLV,感應(yīng)電流大小為"*二嗎二

在2L-3L過程：由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流的方向沿順時針方

向，為負(fù)值；感應(yīng)電動勢大小為E3=3BLV,感應(yīng)電流大小為13=-

或二-強二故B正確.

RR

故選B

【點評】本題運用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律得到感

應(yīng)電流的表達(dá)式，再選擇圖象，是常用的方法和思路.

7.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）如圖甲所示，一個理想變壓器原、副

線圈的匝數(shù)比：副線圈兩端接三條支路，每條支路上都

n1：n2=61,

接有一只燈泡，電路中L為電感線圈、C為電容器、R為定值電阻.當(dāng)

原線圈兩端接有如圖乙所示的交流電時，三只燈泡都能發(fā)光.如果加

在原線圈兩端的交流電的峰值保持不變，而將其頻率變?yōu)樵瓉淼?

倍，則對于交流電的頻率改變之后與改變前相比，下列說法中正確的

A.副線圈兩端的電壓有效值均為6V

B.副線圈兩端的電壓有效值均為108%

C.燈泡I變亮，燈泡口變亮

D.燈泡n變暗，燈泡m變亮

【考點】電容器和電感器對交變電流的導(dǎo)通和阻礙作用.

【分析】根據(jù)乙圖可以知道輸入電壓的峰值，從而知道副線圈兩端電

壓的峰值和有效值，頻率增大后對電阻無影響，線圈阻礙更大，而電

容阻礙更小.

【解答】解：AB、由乙圖中輸入電壓的峰值為36%,有效值為36V,

理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比：所以副線圈兩端電壓

n1：n2=61,

為6V,故A正確，B錯誤；

CD、當(dāng)交流電頻率增大后，對電阻沒影響，線圈阻礙更大，而電容阻

礙更小，所以燈泡n變暗，燈泡m變亮，故c錯誤，D正確；

故選：AD.

【點評】本題考查了變壓器的特點和自感線圈通低頻阻高頻，電容器

通交流隔直流的特性.

8.（2010?沙坪壩區(qū)校級模擬）如圖所示為氫原子的能級示意圖，一

群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，在向較低能級躍遷的過程中向外發(fā)出光

子，用這些光照射逸出功為1.90eV的金屬艷，下列說法正確的是

()

n=4..........-0.85eV

n-3..........-1.51eV

n=2..........-3.43eV

n=1..........-13.50eV

A.這群氫原子能發(fā)出6種頻率不同的光，其中從n=4躍遷到n=3所

發(fā)出的光波長最短

B.這群氫原子能發(fā)出3種頻率不同的光，其中從n=4躍遷到n=l所

發(fā)出的光頻率最高

C.金屬的表面所發(fā)出的光電子的初動能最大值為12.75eV

D.金屬的表面所發(fā)出的光電子的初動能最大值為10.85eV

【考點】氫原子的能級公式和躍遷.

2

【分析】氫原子能級間躍遷時.，能發(fā)出光的種類為Cn,吸收和輻射

的光子能量等于兩能級間的能級差，能級差越大，光子頻率越大.根

據(jù)光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動能.

24X（4-1）

【解答】解:AB、一群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出Crn=T^

=6種不同頻率的光子，因為n=4和n=l間能級差最大，所以從n=4

躍遷到n=l發(fā)出的光子頻率最高，波長最短.故A、B錯誤.

CD、從n=4躍遷到n=l發(fā)出的光子頻率最高，發(fā)出的光子能量為13.60

-0.85eV=12.75eV.根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm二hv-W。得，最大初動能

Ekm=12.75-1.90eV=10.85eV.故C錯誤，D正確.

故選：D.

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射或吸收光子的能量等于

兩能級間的能級差，以及掌握光電效應(yīng)方程EKm=hv-Wo.

9.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）如圖所示，質(zhì)量為m的物體在一個與

水平方向成e角的拉力F作用下，一直沿水平面向右勻速運動，則下

列關(guān)于物體在t時間內(nèi)所受力的沖量，正確的是（）

A.拉力F的沖量大小為FtcosQ

摩擦力的沖量大小為Ftsin0

C.重力的沖量大小為mgt

D.物體所受支持力的沖量是mgt

【考點】動量定理.

【分析】根據(jù)力的大小，結(jié)合沖量的公式1=代求出各力的沖量大小.

【解答】解：A、拉力F的沖量大小為Ft,故A錯誤.

B、物體做勻速直線運動，可知摩擦力f=Fcos。，則摩擦力的沖量大小

為代二FtcosB,故B錯誤.

C、重力的沖量大小為mgt,故C正確.

D、支持力的大小為N=mg-Fsin0,則支持力的沖量為（mg-Fsin8）

t.故D錯誤.

故選：C

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道沖量的大小等于力與時間的乘積，結(jié)合

力的大小進行求解，基礎(chǔ)題.

10.（2009?安徽）原子核聚變可望給人類未來提供豐富的潔凈能源.當(dāng)

笊等離子體被加熱到適當(dāng)高溫時，笊核參與的幾種聚變反應(yīng)可能發(fā)

24

1H玲k2

生，放出能量.這幾種反應(yīng)總的效果可以表示為6

1

H+2on+43.15MeV由平衡條件可知（）

A.k=l,d=4B.k=2,d=2C.k=l,d=6D.k=2,d=3

【考點】輕核的聚變.

【分析】根據(jù)核反應(yīng)中遵循質(zhì)量數(shù)守恒，核電荷數(shù)守恒可以求出kd

的得數(shù).

【解答】解：在核反應(yīng)的過程由質(zhì)量數(shù)守恒可得6X2=4k+d+2Xl,..①

根據(jù)核電荷數(shù)守恒可得6Xl=2k+d...②

聯(lián)立①②兩式解得k=2,d=2.

故選B.

【點評】本題考查核反應(yīng)遵循的規(guī)律，比較簡單，只要多看課本，適

當(dāng)做題就能順利解決此類題目.

二、多選題

11.（2010?河西區(qū)二模）2005年是“世界物理年〃，100年前的1905

年是愛因斯坦的“奇跡〃之年，這一年他先后發(fā)表了三篇具有劃時代意

義的論文，其中關(guān)于光量子的理論成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象.關(guān)于

光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）

A.當(dāng)入射光的頻率低于極限頻率時，不能發(fā)生光電效應(yīng)

B.光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比

C.光電子的最大初動能與入射光的強度成正比

D.某單色光照射一金屬時不能發(fā)生光電效應(yīng)，改用波長較短的光照

射該金屬可能發(fā)生光電效應(yīng)

【考點】光電效應(yīng).

【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射

光的強度無關(guān).根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hv-Wo可知光電子的最大初

動能與入射光頻率的關(guān)系.

【解答】解：A、當(dāng)入射光的頻率低于極限頻率，不能發(fā)生光電效應(yīng).故

A正確.

B、.根據(jù)光電效應(yīng)方程E"=hv-Wo可知，光電子的最大初動能與入

射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不是正比關(guān)系.故B錯誤.

C、光電子的最大初動能與入射光的強度無關(guān).故C錯誤.

D、某單色光照射一金屬時不能發(fā)生光電效應(yīng)，改用波長較短的光，

根據(jù)1先知頻率增大，可能發(fā)生光電效應(yīng).故D正確.

故選AD.

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方

程EKm=hy-Wo.

12.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）〃兩彈一星〃可以說長了中國人的志氣,

助了中國人的威風(fēng)，下列原子彈和氫彈說法正確的是（）

4

、.232

A.原子彈是根據(jù)輕核聚變原理，基本核反應(yīng)方程式1H+1Hf

1

He+Onl

29c

35

92U+03C

B.原子彈是根據(jù)重核的裂變原理，基本核反應(yīng)方程式on

1361

Sr+54Xe+10On

2341

C.氫彈是根據(jù)輕核聚變原理，基本核反應(yīng)方程式1H+1H玲2He+0

235]9G

D.氫彈是根據(jù)重核的裂變原理，基本核反應(yīng)方程式92U+On^3E

1361

Sr+54Xe+10On

【考點】重核的裂變；輕核的聚變.

【分析】原子彈爆炸的核反應(yīng)為重核裂變.氫彈是根據(jù)輕核聚變原理.

【解答】解：A、B、原子彈是根據(jù)重核的裂變原理，基本核反應(yīng)方程

2351901361

式92U+On-38Sr+54Xe+10On.故A錯誤，B正確;

234

1H+1H玲2

C、D、氫彈是根據(jù)輕核聚變原理，基本核反應(yīng)方程式

1

He+On.故C正確，D錯誤.

故選：BC

【點評】核電站、原子彈的爆炸都是重核裂變，氫彈的爆炸為輕核聚

變.基礎(chǔ)題目.

13.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）在遠(yuǎn)距離輸電時，愉送的電功率為P,

輸電電壓為U,所用輸電導(dǎo)線上的總電阻為R,輸電線上損耗的電功

率為Pi,用戶得到的電功率為P2,用戶得到的電壓為6,在忽略其

他損失的情況下，下列表達(dá)式中正確的是（）

22

A.P廣萼B.P2=帚）RC.P2=P-（品RD.l）2=U-J彳

Ruu

【考點】遠(yuǎn)距離輸電.

2

【分析】根據(jù)P=UI求出輸電線上的電流，結(jié)合P損二IR,△LHIR求出

損失的功率和損失的電壓，用戶得到的功率等于輸送功率減去損失的

功率，用戶得到的電壓等于輸電電壓減去損失的電壓.

P

【解答】解：A、輸電線上的電流l=p則輸電線損失的功率

P1=12R帶，故A錯誤.

P2R

B、用戶得到的功率P2二P-P『P一丁.故B錯誤，C正確.

D、輸電線上損失的電壓二IR二號二標(biāo)，則用戶得到的電壓

U2=U-AU=U-^故D正確.

故選：CD.

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道輸送電壓、電流和功率的關(guān)系，知道用

戶得到的功率等于輸送功率減去損失的功率，用戶得到的電壓等于輸

電電壓減去損失的電壓.

14.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈在

勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與時間呈正弦函數(shù)關(guān)系，如

圖所示.此線圈與一個R=10Q的電阻構(gòu)成閉合電路，不計電路的其

他電阻.下列說法正確的是（）

A.交變電流的頻率為4Hz

B.在1s內(nèi)，交變電流的方向改變8次

C.此閉合回路的電流有效值為后A

D.小型交流發(fā)電機的輸出功率為40W

【考點】正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率；正弦式電流的

圖象和三角函數(shù)表達(dá)式.

【分析】從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量，

然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關(guān)系求解

【解答】解：A、由圖可知，交流電周期T=0.250s,交變電流的頻率

為f=>o'=4HZ,故A正確；

B、一個周期內(nèi)電流改變兩次，故1s內(nèi)交變電流的方向改次數(shù)為

n而去乂2二8次，故B正確；

C、由圖可知，交流電的最大電壓Um=20V,所以交變電流的最大值為

20

lm=]0=2A,

o

所以交變電流的有效值為U/A-RAA,故C正確；

D、小型交流發(fā)電機的輸出功率為P=|2R=20W,故D錯誤

故選：ABC.

【點評】本題考查了交流電最大值、有效值、周期、須率等問題，要

學(xué)會正確分析圖象，從圖象獲取有用信息求解.

15.（2013?清浦區(qū)校級學(xué)業(yè)考試）圖甲中A、B為兩個相同的環(huán)形線

圈，共軸并靠近放置，A線圈中通有如圖乙所示的交流電i,貝I」（）

A.在匕到t2時間內(nèi)A、B兩線圈相吸

B.在t2到t3時間內(nèi)A、B兩線圈相斥

C.七時刻兩線圈間作用力最大

D.t2時刻兩線圈間吸力最大

【考點】平行通電直導(dǎo)線間的作用.

【分析】根據(jù)安培定則確定電流與磁場的方向關(guān)系，再根據(jù)楞次定律

知，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化.當(dāng)磁通

量增大時，感應(yīng)電流的磁場與它相反，當(dāng)磁通量減小時，感應(yīng)電流的

磁場與它相同.最后運用同向電流相互吸引，異向電流相互排斥.

【解答】解：A、在ti到t2時間內(nèi)，若設(shè)順時針（從左向右看）方向

為正，則線圈A電流方向順時針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則

可判定穿過線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線

圈B的電流方向順時針方向，因此A、B中電流方向相同，出現(xiàn)相互

吸引現(xiàn)象，故A正確；

B、在t2到t3時間內(nèi)，若設(shè)順時針方向（從左向右看）為正，則線圈

A電流方向逆時針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線

圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方

向順時針方向，因此A、B中電流方向相反，A、B出現(xiàn)互相排斥，故

B正確；

C、由題意可知，在匕時刻，線圈A中的電流最大，而磁通量的變化

率是最小的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最小，因此兩線圈間作用力為

零，故C錯誤；

D、在t2時刻，線圈A中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，

所以線圈B感應(yīng)電流也是最大，但A、B間的相互作用力最小，故D

錯誤；

故選：AB

【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握安培定則、楞次定律的內(nèi)容，知道感應(yīng)

電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化.同時注意同向電

流相互吸引與同種電荷相互排斥不同.

三、解答題（共4小題，滿分。分）

16.（2016春?清遠(yuǎn)校級期末）（1）如圖1,讀出下面游標(biāo)卡尺和螺

旋測微器的測量數(shù)據(jù).

(a)游標(biāo)卡尺讀數(shù)：20.30mm；

(b)螺旋測微器讀數(shù)：0.705mm

(2)在〃研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象〃的實驗中，首先要按圖2中的甲接線,

以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系；然后按圖2中

的乙將電流表與線圈B連成一個閉合電路，將線圈A、電池、滑動變

阻器和開關(guān)串聯(lián)成另一個閉合電路.在圖2甲中，當(dāng)閉合S時，觀察

到電流表指針向左偏(不通電時指針停在正中央).在圖2乙中：(以

下均填"向左〃、"向右〃、"不〃)

(a)S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過程中，電流表的指針

將向左偏轉(zhuǎn).

(b)線圈A放在B中不動，將滑動變阻器的滑片向右滑動時，電流

表指針向左偏轉(zhuǎn).

【考點】研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象；刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測微器

的使用.

【分析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.螺

旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻

度讀數(shù)時需估讀；

由安培定則判斷出判斷出線圈A產(chǎn)生的磁場方向，然后判斷出穿過線

圈B的磁通量如何變化，最后由楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，確

定電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向.

【解答】解：(1)游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為20mm,游標(biāo)讀數(shù)為

0.05X6mm=0.30mm,所以最終讀數(shù)為20.30mm.

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01X

20.5mm=0.205mm,所以最終讀數(shù)為0.705mm.

(2)在圖甲中，閉合開關(guān)，電流從正接線柱流入電流表，電流表指

針向左偏轉(zhuǎn)，即電流從哪個接線柱流入，指針就向哪側(cè)偏轉(zhuǎn).在圖乙

中，閉合開關(guān)后，由安培定則可知，線圈A中的電流產(chǎn)生的磁場豎直

向下；

(a)將S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過程中，穿過B的磁

場向下，磁通量變大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表正接線柱

流入，則電流表的指針將左偏轉(zhuǎn)；

(b)螺線管A放在B中不動，穿過B的磁場向下，將滑動變阻器的

滑動觸片向右滑動時，穿過B的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)

電流從電流表正接線柱流入，則電流表的指針將左偏轉(zhuǎn)；

故答案為：(1)(a)20.30mm；(b)0.705mm(0.704-0.706mm).(2)

(a)向左；(b)向左.

【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游

標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.螺旋測微器

的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時

需估讀；

本題是一道基礎(chǔ)題，熟練掌握并靈活應(yīng)用安培定則及楞次定律即可止

確解題.

17.（2016?江西二模）如圖所示，質(zhì)量為0.4kg的木塊以2m/s的速

度水平地滑上靜止在光滑水平地面上的平板小車，車的質(zhì)量為1.6kg,

木塊與小車之間的摩擦系數(shù)為0.2（gMX10m/s2）.設(shè)小車足夠長，

求：

（1）木塊和小車相對靜止時小車的速度大小.

（2）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經(jīng)歷的時間.

（3）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止木塊在小車上滑行的距離.

【考點】動量守恒定律；勻變速直線運動的速度與位移的關(guān)系；牛頓

第二定律；動量定理.

【分析】（1）木塊和小車組成的系統(tǒng)，所受合力為零，動量保持不

變，根據(jù)動量守恒定律求出，木塊和小車相對靜止時小車的速度大小.

（2）以木塊為研究對象，根據(jù)動量定理求出時間.

（3）根據(jù)牛頓第二定律分析求出木塊和小車的加速度，再由運動學(xué)

公式求出兩物體的位移及相對位移大小.

【解答】解:

(1)以木塊和小車為研究對象，方向為正方向，由動量守恒定律可

得：

mv0=(M+m)v

得v二而go/m/s

(2)以木塊為研究對象，其受力情況如圖所示，由動量定理可得

-ft=mv-mvo

又f=|img

v-v0

得到t=ktg=0-8s

(3)木塊做勻減速運動，加速度=11g=2m/s2

fLXme

車做勻加速運動，加速度3二萬『一二0.5m/s2

2

由運動學(xué)公式可得：V?-v0=2as

在此過程中木塊的位移為

Si=乙naA]=0.96m

車的位移為

12

S2=yat=0.16m

木塊在小車上滑行的距離為=Si-S2=0Sm

答：

(1)木塊和小車相對靜止時小車的速度大小為0.4m/s.

(2)從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經(jīng)歷的時間是0.8s.

(3)從木塊滑上小車到它們處于相對靜止木塊在小車上滑行的距離

是0.8m.

【點評】本題第（3）問也可以這樣求解：木塊的位移為s產(chǎn)浮t

乙

V

=0.96m,車的位移為S2=qt=0.16m.再求解木塊在小車上滑行的距離

為=Si-$2=0.8m.

18.（2014?鄲城縣校級模擬）