海南省2023-2024學(xué)年高考物理必刷試卷含解析

海南省2023-2024學(xué)年高考物理必刷試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，等量異種點電荷連線水平，O為兩點電荷連線的中點，點A與B、B與C分別關(guān)于O點和水平連線對

稱。下列說法正確的是（）

A.點A與B的電勢一定相等

B.點A與C的場強一定相同

C.將一負電荷沿直線AC從A移至C,電場力不做功

D.將一正電荷沿直線AB從A移至B,電荷電勢能一直減小

2、放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力*作用下，沿斜面向上做直線運動。拉力F和物塊速度y隨

B.物塊的質(zhì)量為11kg

C.第Is內(nèi)拉力尸的功率逐漸增大

D.前3s內(nèi)物塊機械能一直增大

3、據(jù)科學(xué)家推算，六億兩千萬年前，一天只有21個小時，而現(xiàn)在已經(jīng)被延長到24小時，假設(shè)若干年后，一天會減慢

延長到25小時，則若干年后的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比，下列說法正確的是（）

A.可以經(jīng)過地球北極上空

B.軌道半徑將變小

C.加速度將變大

D.線速度將變小

4、充電式果汁機小巧簡便，如圖甲所示，被譽為出行神器，滿足了人們出行也能喝上鮮榨果汁的需求。如圖乙所示,

其主要部件是四個長短不同的切水果的鋒利刀片。工作時，刀片在電機帶動下高速旋轉(zhuǎn)，機身和果汁杯可視為保持靜

止。則果汁機在完成榨汁的過程中

■I

A.某時刻不同刀片頂點的角速度都相等

B.不同刀片上各點的加速度方向始終指向圓心

C.杯壁上的水果顆粒做圓周運動時的向心力由摩擦力提供

D.消耗的電能一定等于水果顆粒以及果汁機增加的內(nèi)能

5、如圖所示,一固定的細宜桿與水平面的夾角為a=15。，一個質(zhì)量忽略不計的小輕環(huán)C套在直桿卜.一根輕質(zhì)細線的

兩端分班固定于直桿上的A、8兩點，細線依次穿過小環(huán)甲、小輕環(huán)。和小環(huán)乙，且小環(huán)甲和小環(huán)乙分居在小輕環(huán)。

的兩側(cè).調(diào)節(jié)力、3間細線的長度，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時價=45。.不計一切摩擦.設(shè)小環(huán)甲的質(zhì)量為，小環(huán)乙的質(zhì)

量為則Ul\:〃”等于（）

A.tan15°B.tan30°C.tan60°D.tan750

6、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面的夾角為仇傳送帶以速度用逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個

質(zhì)量為的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃>tan。，則能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的圖象是

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，用等長的絕緣線分別懸掛兩個質(zhì)量、電量都相同的帶電小球A和B,兩線上端固定于。點，B球固定

在O點正下方。當(dāng)A球靜止時，兩懸線的夾角為。.下列方法中能保持兩懸線的夾角不變的是（）

A

A.同時使兩懸線長度減半

B.同時使兩球的質(zhì)量和電量都減半

C.同時使A球的質(zhì)量和電量都減半

D.同時使兩懸線長度減半和兩球的電量都減半

8、圖甲是工廠靜電除塵裝置的示意圖，煙氣從管口M進入，從管口N排出，當(dāng)4、8兩端接直流高壓電源后，在電

場作用下管道內(nèi)的空氣分子被電離為電子和正離子，而粉塵在吸附了電子后最終附著在金屬管壁上，從而達到減少排

放煙氣中粉塵的目的，圖乙是金屬絲與金屬管壁通電后形成的電場示意圖。下列說法正確的是（）

A.金屬絲與管壁間的電場為勻強電場

B.粉塵在吸附了電子后動能會增加

C.粉塵在吸附了電子后電勢能會減少

D.粉塵在吸附了電子后電勢能會增加

9、如圖所示，在x軸上坐標原點O處固定電荷量s=+4xl0—8c的點電荷，在x=6cm處固定電荷量0=一k10一8（：的

點電荷?，F(xiàn)在x軸上x>12cm的某處由靜止釋放一試探電荷，則該試探電荷運動的了一，圖像可能正確的是（）

10、如圖所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面間的夾角為。，導(dǎo)軌電阻不計，下端與阻值為展的電阻相連。勻強磁場垂

直導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強度大小為反一質(zhì)量為山、長為心電阻為「的導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，從時位置以初速

度p沿導(dǎo)軌向上運動，剛好能滑行到與外相距為s的。方位置，然后再返回到，及該運動過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌保

持良好接觸，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

B

A.向上滑行過程中導(dǎo)體棒做勻減速直線運動

B.上滑過程中電阻R產(chǎn)生的熱量為"小廠-2gssm

2（/?+/）

Ris

C.向下滑行過程中通過電阻R的電荷量為一-

R+廠

D.電阻R在導(dǎo)體榛向上滑行過程中產(chǎn)生的熱量小于向下滑行過程中產(chǎn)生的熱量

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示利用氣墊導(dǎo)軌”驗證機械能守恒定律”的實驗裝置。主要實驗步驟如下：

A.將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，并調(diào)至水平

B.測出遮光條的寬度d

C.將滑塊移至圖示的位置，測出遮光條到光電門的距離/

D.釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的遮光時間，

E.用天平稱出托盤和祛碼的總質(zhì)量m

請回答下列問題（重力加速度取g）：

⑴滑塊經(jīng)過光電門的速度可以表示為一（用物理量符號表示）。

⑵為驗證機械能守恒定律，還需要測的物理量是—o

⑶滑塊從靜止釋放，運動到光電門的過程中，系統(tǒng)的重力勢能減少（用物理量符號表示）。

（4）選用不同的，，測出對應(yīng)的能直觀反應(yīng)系統(tǒng)機械能守恒的圖像是o

A.，B.?-/C.y-/D.~2~1

12.（12分）某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢E及電阻與和&的阻值。

實驗器材有：待測電源￡（不計內(nèi)阻），待測電阻與，待測電阻電壓表V（量程為0?1.5V,內(nèi)阻很大），電阻

箱R（阻值范圍為0~99.99Q）,單刀單擲開關(guān)加，單刀雙擲開關(guān)S2,導(dǎo)線若干。

（D先測電阻飛的阻值。請將該同學(xué)的操作補充完整：

A.閉合開關(guān)將開關(guān)S2連接觸點。，讀出電壓表示數(shù)U”

B.閉合開關(guān)S-將開關(guān)s?連接觸點力，調(diào)節(jié)電阻箱R,使電壓表的示數(shù)仍為q,同時讀出電阻箱的示數(shù)凡;

C.由A、B知電阻凡=

（2）繼續(xù)測電源的電動勢E和電阻&的阻值，該同學(xué)的做法是：閉合開關(guān)5，將開關(guān)S?連接觸點力，多次調(diào)節(jié)電阻

箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù)U。由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖乙所示的圖線，則電源電動

勢七=（保留三位有效數(shù)字）V,電阻尺2=（保留兩位有效數(shù)字）C。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一根勁度系數(shù)為2=3N/cm的輕質(zhì)彈簧豎直放置，上下兩端各固定質(zhì)量均為，%=3kg的物體

A和"（均視為質(zhì)點），物體/，置于水平地面上，整個裝置處于靜止狀態(tài)，一個質(zhì)量〃?=2kg的小球P從物體A正上方

距其高度〃=5m處由靜止自由下落。與物體人發(fā)生彈性正碰（碰撞時間極短旦只碰一次），彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，

不計空氣阻力，取g=10m/s2。求：

⑴碰撞后瞬間物體4的速度大?。?/p>

⑵當(dāng)?shù)孛鎸ξ矬wB的彈力恰好為零時，4物體的速度大小。

8

月

8

14.（16分）甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿工軸正向和負向傳播，波速度均為1，=25?！?$.兩列波在，=0

時的波形曲線如圖所示，求：

（1）/=（）時，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為16?！ǖ乃匈|(zhì)點的x坐標；

（2）從1=0開始，介質(zhì)中最早出現(xiàn)偏離平衡位置位移為-16c”?的質(zhì)點的時間.

15.（12分）2018年8月美國航空航天科學(xué)家梅利莎宣布開發(fā)一種儀器去尋找外星球上單細胞微生物在的證據(jù)，力求

在其他星球上尋找生命存在的跡象。如圖所示，若宇航員在某星球上著陸后，以某一初速度斜面頂端水平拋出一小球,

小球最終落在斜面上，測得小球從拋出點到落在斜面上點的距離是在地球上做完全相同的實驗時距離的A倍。已知星

球的第二宇宙速度是第一宇宙速度的夜倍，星球的半徑為展，地球表面的重力加速度為g,求:

（1）星球表面處的重力加速度；

（2）在星球表面一質(zhì)量為〃力飛船要有多大的動能才可以最終脫離該星球的吸引。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.由等量異種電荷的電場分布可知，A點電勢高于C點，C點電勢等于B點電勢，可知點A的電勢高于B點電勢,

選項A錯誤；

B.由對稱性可知，點A與C的場強大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；

C.將一負電荷沿直線AC從A移至C,電場力做負功，選項C錯誤；

D.將一正電荷沿直線AB從A移至B,電場力做正功，則電荷電勢能一直減小，選項D正確；

故選D。

2、B

【解析】

AB.由圖像可知，0?1s內(nèi)物體的加速度為

a=—=牛m/s2=0.5m/s2

由牛頓第二定律可得

F-=nui

Is后有

b'=〃7gsin。

其中

F=5.5N,F'=5.0N

聯(lián)立解得

m=1.0kg,8=30°

第1s內(nèi)物塊受到的合外力為

F合=〃?〃=Ix0.5N=0.5N

故A正確，B錯誤；

C.第1s內(nèi)拉力尸的功率尸=/M?不變，了增大，則P增大，故C正確；

D.前1s內(nèi)物塊的動能和重力勢能均增大，則其機械能增大，2-3s內(nèi)，動能不變，重力勢能增大，其機械能增大,

所以物塊的機械能一直增大，故D正確。

本題選擇不正確的，故選B。

3、D

【解析】

AB.由萬有引力提供向心力得

/42

=r

rT

解得

3

T?Ir

T=A------

\GM

當(dāng)周期變大時，軌道半徑將變大，但依然與地球同步，故軌道平面必與赤道共面，故A、B錯誤；

C.由萬有引力提供向心力得

-Mm

G——=ma

r~

可得

GM

?=-5-

r

軌道半徑變大，則加速度減小，故C錯誤;

D.由萬有引力提供向心力得

_Mmv2

G——=m——

rr

可得

軌道半徑變大，則線速度將變小，故D正確；

故選De

4、A

【解析】

A.不同刀片相對靜止的繞同一軸做圓周運動，屬于同軸轉(zhuǎn)動模型，角速度相等，故A正確；

B.刀片旋轉(zhuǎn)角速度越來越大，做變速圓周運動，加速度方向不是指向圓心，故B錯誤；

C.杯壁上的水果顆粒做圓周運動時的向心力由杯壁的彈力提供，重力和摩擦力平衡，故C錯誤；

D.消耗的電能等于水果顆粒增加的機械能和水果顆粒與果汁機增加的內(nèi)能，故D錯誤。

5、C

【解析】

試題分析：小球C為輕環(huán)，重力不計，受兩邊細線的拉力的合力與桿垂直，C環(huán)與乙環(huán)的連線與豎直方向的夾角為60。,

C環(huán)與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為30。，A點與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為30。，

乙環(huán)與B點的連線與豎直方向的夾角為60。,根據(jù)平衡條件，對甲環(huán)：2Tcos300=%g,對乙環(huán)有：2Tcos60°=w2g,

得%:%=tan60」故選C.

【名師點睛】小球C為輕環(huán)，受兩邊細線的拉力的合力與桿垂直，可以根據(jù)平衡條件得到A段與豎直方向的夾角，然

后分別對甲環(huán)和乙環(huán)進行受力分析，根據(jù)平衡條件并結(jié)合力的合成和分解列式求解.

考點：共點力的平衡條件的應(yīng)用、彈力.

6、B

【解析】

初狀態(tài)時：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，由牛頓第二定律

得加速度;

“i=gsinO+〃gcosO

。恒定，斜率不變；

當(dāng)小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由〃〉tanO知道木塊將與帶以相同的速度勻速運動，圖象的斜率表示加速度，

所以第二段的斜率為零。

A.該圖與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B.該圖與結(jié)論相符，選項B正確；

C.該圖與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D.該圖與結(jié)論不相符，選項D錯誤；

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、CD

【解析】

同時使兩懸線長度減半，若角度。不變，球間距減半，根據(jù)公式二二二六，靜電斥力增加為4倍，故重力和靜電斥力

的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故A錯誤；同時使兩球的質(zhì)量和電荷量減半，A球的重力減小為一半，靜

電力都減小為四分之一，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故B錯誤；同時使A球的質(zhì)量

和電荷量減半，A球的重力和靜電力都減小為一半，故重力和靜電斥力的合力方向不變，球能保持平衡，故C正確；

同時使兩懸線長度和兩球的電荷量減半，球間距減為一半，根據(jù)公式二二二六，靜電力不變，故重力和靜電斥力的合

力方向不變，球能保持平衡，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。

8、BC

【解析】

A.由圖乙可知金屬絲與管壁間的電場是非勻強電場，A錯誤；

B.粉塵在吸附了電子后會加速向帶正電的金屬管壁運動，因此動能會增加，B正確；

CD.此時電場力對吸附了電子后的粉塵做正功，因此粉塵在吸附了電子后電勢能會減少，C正確，D錯誤。

故選BC.

9、BC

【解析】

設(shè)x軸上場強為。的坐標為x,由有

解得

x=12cm

則x〉12區(qū)域場強方向沿x軸正方向，由于無窮遠處場強也為0,所以從x=12cm到無窮遠場強先增大后減小，

6cm<x<12cm場強方向沿工軸負方向，若試探電荷帶正電，則從靜止釋放開始沿x軸正方向做加速運動，由于從

x=12cm到無窮遠場強先增大后減小，則試探電荷做加速度先增大后減小的加速運動，若試探電荷帶負電，則從靜止

釋放開始沿X軸負方向做加速度減小的加速運動，運動到x=12cm處加速度為0,由于6cm<x<12cm場強方向沿x

軸負方向且場強增大，則試探電荷接著做加速度增大的減速運動，當(dāng)速度減到0后反向做加速度減小的加速運動，運

動到x=12cm處加速度為0,過x=12cm后做加速度增大的減速運動，由于兩點荷產(chǎn)生的電場不是勻強電場，故試

探電荷開始不可能做勻加速運動，由于x=12cm處電場強度為0,且從x=12cm到無窮遠場強先增大后減小和

6cmvxv12cm場強方向沿x軸負方向且場強增大，試探電荷不可能一直做加速度增大的加速運動，故AD錯誤，

BC正確。

故選BC

10、BC

【解析】

向上滑行過程中導(dǎo)體棒受到重力、安培力，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化情況；上滑過程中根據(jù)功能關(guān)系結(jié)合

焦耳定律求解電阻霏產(chǎn)生的熱量；根據(jù)電荷量的計算公式求解向下滑行過程中通過電阻A的電荷量；根據(jù)W安=8/S

分析電阻R在導(dǎo)體棒向上滑行過程中產(chǎn)生的熱量與向下滑行過程中產(chǎn)生的熱量的大小。

【詳解】

A.向上滑行過程中導(dǎo)體棒受到重力、安培力，根據(jù)右手定則可得棒中的電流方向4f力，根據(jù)左手定則可得安培力

方向沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律可得：

mgsin0+BIL=ma

其中：

,BLv

/=-----

R+r

解得：

gsin0+

R+r

由于速度減小，則加速度減小，棒不做勻減速直線運動，故A錯誤;

B.設(shè)上滑過程中克服安培力做的功為W,根據(jù)功能關(guān)系可得：

—mv2=mgsin￡?s+W

克服安培力做的功等于產(chǎn)生的焦耳熱，貝心

。=W=gmv2-〃?gs?sin，

上滑過程中電阻R產(chǎn)生的熱量為：

R」(一一2gssin8)R

為~^77口―2(/?+r)

故B正確；

C.向下滑行過程中通過電阻R的電荷量為：

-△①BLs

q=It=-------=--------

R+rR+r

故C正確；

D.由于上滑過程中和下滑過程中導(dǎo)體棒通過的位移相等，即導(dǎo)體棒掃過的面積S相等，根據(jù)安培力做功計算公式可

得：

股=BlLx

由于上滑過程中的平均速度大于，下滑過程中的平均速度，所以上滑過程中平均電流大于下滑過程中的平均電流，則

電阻R在導(dǎo)體棒向上滑行過程中產(chǎn)生的熱量大于向下滑行過程中產(chǎn)生的熱量，故D錯誤。

故選BC.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、-滑塊和遮光條的總質(zhì)量MmglD

t

【解析】

(1)口]遮光條寬度小，通過時間短，可以用平均速度近似代替瞬時速度，擋光條通過光電門的速度為

d

v=-

t

⑵[2]令滑塊和遮光條的總質(zhì)量為M,托盤和祛碼下落過程中，系統(tǒng)增加的動能為

[Ek=—(M+m)v2=—Q〃+M)?(—)2

22t

實驗中還要測量的物理量為滑塊和擋光條的總質(zhì)量Mo

(3)[3]根據(jù)題意可知，系統(tǒng)減少重力勢能即為托盤和硅碼減小的，為

AEp=mgl

(4)[4]為了驗證機械能守恒，需滿足的關(guān)系是

1d,

mgl=~\m+My{-r

應(yīng)該是與-/圖像，ABC錯誤，D正確。

r

故選D。

12、R。1436.0

【解析】

由電路的特點可知，在電壓表的示數(shù)不變的情況下，對應(yīng)的電阻應(yīng)不變。電阻箱的示數(shù)凡即為電阻用的阻值,

即

(2)[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律有

E=U+—^

R-

所以有

~U~~E~~E~R

由此式可知

11

—oc一

UR

圖線的縱軸截距為

-=0.7

E

斜率

女患=4.2

E

解得

E=1.43V,K2=6.0Q

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)8m/s；(2)2Vf5m/s

【解析】

(1)設(shè)碰撞前瞬間小球P的速度為%，碰撞后瞬間小球11的速度為v,,物體A的速度為匕,

小球產(chǎn)自由下落，由動能定理可得

，岫

解得

%=1Om/s

小球P與物體A碰撞過程由動量守恒定律和能量守恒定律得

wv0=+wov2

12I1

—mv,+—

=212〃亞

解得

匕=-2m/s

v2=8nMs

故碰撞后瞬間物體A的速度大小是8m/s.

⑵設(shè)開始A靜止時彈簧的壓縮量為*

對A有

"20g=g

x}=O.lm

當(dāng)?shù)孛鎸ξ矬wB的彈力恰好為零時，彈簧的伸長量為x2

對笈有

m°g=kx2

x2=0.1m

可見X=W，故兩個狀態(tài)彈簧的彈性勢能相等;

從P與4碰撞后瞬間到地面對B的彈力恰好為零的過程，由系統(tǒng)機械能守恒得

夕叫)《二；%)