廣東省2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末物理試題

/廣東省2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．氫原子的能級(jí)圖如圖所示，已知可見光的光子能量范圍是1.63eV~A．1種 B．2種 C．3種 D．4種2．如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻）的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。現(xiàn)桿受到水平向左、垂直于桿的恒力F作用，從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)距離L時(shí)，速度恰好達(dá)到最大（運(yùn)動(dòng)過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）。設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度大小為g。對(duì)于此過程，下列說法中正確的是（）A．當(dāng)桿的速度達(dá)到最大時(shí)，a、b兩端的電壓為F(R+r)B．桿的速度最大值為F(R+r)C．恒力F做的功與安培力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量D．安倍力做功的絕對(duì)值等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱3．一平直公路上有甲、乙兩輛車，從t＝0時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng)，在0～6s內(nèi)速度隨時(shí)間變化的情況如圖所示．已知兩車在t＝3s時(shí)刻相遇，下列說法正確的是()A．兩車的出發(fā)點(diǎn)相同B．t＝2s時(shí)刻，兩車相距最遠(yuǎn)C．兩車在3～6s之間的某時(shí)刻再次相遇D．t＝0時(shí)刻兩車之間的距離大于t＝6s時(shí)刻兩車之間的距離4．如圖所示，一質(zhì)量為m的重物，在塔吊電動(dòng)機(jī)的拉力下，由靜止開始向上以加速度a1做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重物上升到高度h、重物速度為v1時(shí)塔吊電動(dòng)機(jī)功率達(dá)到額定功率P0A．重物勻減速階段電動(dòng)機(jī)提供的牽引力大小為m(g+B．重物勻加速階段電動(dòng)機(jī)提供的牽引力大小為PC．計(jì)算重物勻加速階段所用時(shí)間的方程為PD．假設(shè)豎直方向足夠長(zhǎng)，若塔吊電動(dòng)機(jī)以額定功率P0啟動(dòng)，速度v5．2019年4月10日，事件視界望遠(yuǎn)鏡（EHT）項(xiàng)目團(tuán)隊(duì)發(fā)布了人類歷史上的首張黑洞照片，我國(guó)科學(xué)家也參與其中做出了巨大貢獻(xiàn)。經(jīng)典的“黑洞”理論認(rèn)為，當(dāng)恒星收縮到一定程度時(shí)，會(huì)變成密度非常大的天體，這種天體的逃逸速度非常大，大到光從旁邊經(jīng)過時(shí)都不能逃逸，也就是其第二宇宙速度大于等于光速，此時(shí)該天體就變成了一個(gè)黑洞。若太陽(yáng)演變成一個(gè)黑洞后的密度為ρ、半徑為R，設(shè)光速為c，第二宇宙速度是第一宇宙速度的2倍，引力常量為G，則ρRA．3c24πG B．3c28πG6．光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為α的斜面A，斜面質(zhì)量為M，底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示。將一質(zhì)量為m的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時(shí)間t剛好滑到斜面底端。此過程中斜面對(duì)滑塊的支持力大小為FNA．FB．滑塊下滑過程中支持力對(duì)B的沖量大小為FC．滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)的動(dòng)能為mgLtanαD．此過程中斜面向左滑動(dòng)的距離為m二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．如圖所示，直線a、拋物線b和c為某一穩(wěn)恒直流電源在純電阻電路中的總功率PE、輸出功率PR、電源內(nèi)部發(fā)熱功率Pr，隨路端電壓U變化的圖象，但具體對(duì)應(yīng)關(guān)系未知，根據(jù)圖象可判斷A．PE-U圖象對(duì)應(yīng)圖線a．由圖知電動(dòng)勢(shì)為9V，內(nèi)阻為3ΩB．Pr-U圖象對(duì)應(yīng)圖線b，由圖知電動(dòng)勢(shì)為3V，阻為1ΩC．PR-U圖象對(duì)應(yīng)圖線c，圖象中任意電壓值對(duì)應(yīng)的功率關(guān)系為PE=Pr+PRD．外電路電阻為1.5Ω時(shí)，輸出功率最大為2.25W8．如圖所示，傾角為α=37°的足夠長(zhǎng)的粗糙斜面AB固定在水平面上，一小物塊從距B點(diǎn)10m的A點(diǎn)由靜止釋放后，下滑到B點(diǎn)與彈性擋板碰撞后無能量損失反彈，恰能沖上斜面的Q點(diǎn)（圖中未畫出）。設(shè)物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，以B點(diǎn)為零勢(shì)能面（sln37°=0.6，cos37°=0.8）。則下列說法正確的是（）A．Q點(diǎn)到B點(diǎn)距離為2mB．物塊沿斜面下滑時(shí)機(jī)械能減少，沿斜面上滑時(shí)機(jī)械能增加C．物塊下滑時(shí)，動(dòng)能與勢(shì)能相等的位置在AB中點(diǎn)上方D．物塊從開始釋放到最終靜止經(jīng)過的總路程為15m9．如圖所示，兩等量異種點(diǎn)電荷分別固定在正方體的a、b兩個(gè)頂點(diǎn)上，電荷量分別為q和－q（a＞0），c、d為正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)，則下列說法正確的是A．c、d兩點(diǎn)的電勢(shì)相等B．c、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．將一正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D．將一負(fù)電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢(shì)能增加10．如圖甲所示，傾角為30°的足夠長(zhǎng)的固定光滑斜面上，有一質(zhì)量m=0.8kg的物體受到平行斜面向上的力F作用，其大小F隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，t0時(shí)刻物體速度為零，重力加速度g=10m/s2。下列說法中正確的是（）A．0~2s內(nèi)物體向上運(yùn)動(dòng) B．第2s末物體的動(dòng)量最大C．第3s末物體回到出發(fā)點(diǎn) D．0~3s內(nèi)力F的沖量大小為9N·s三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．同學(xué)們用如圖1所示的電路測(cè)量?jī)晒?jié)干電池串聯(lián)而成的電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電壓表，電阻箱（阻值范圍0～999.（1）請(qǐng)根據(jù)圖1所示的電路圖，在圖2中用筆替代導(dǎo)線，畫出連線，把器材連接起來。（2）某同學(xué)開始做實(shí)驗(yàn)，先把變阻箱阻值調(diào)到最大，再接通開關(guān)，然后改變電阻箱，隨之電壓表示數(shù)發(fā)生變化，讀取R和對(duì)應(yīng)的U，并將相應(yīng)的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)化為坐標(biāo)點(diǎn)描繪在R?R/U圖中。請(qǐng)將圖3、圖4中電阻箱和電壓表所示的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)化為坐標(biāo)點(diǎn)描繪在圖5所示的坐標(biāo)系中（描點(diǎn)用“+”表示），并畫出R?R/（3）根據(jù)圖5中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的圖線可以得出該電池組電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值E=V，內(nèi)電阻測(cè)量值r=Ω.（保留2位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)中測(cè)兩組R、U的數(shù)據(jù)，可以利用閉合電路歐姆定律解方程組求電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法。該同學(xué)沒有采用該方法的原因是。（5）該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都存在誤差，造成該誤差主要原因是。（6）不同小組的同學(xué)分別用不同的電池組（均由同一規(guī)格的兩節(jié)干電池串聯(lián)而成）完成了上述的實(shí)驗(yàn)后，發(fā)現(xiàn)不同組的電池組的電動(dòng)勢(shì)基本相同，只是內(nèi)電阻差異較大。同學(xué)們選擇了內(nèi)電阻差異較大的甲、乙兩個(gè)電池組進(jìn)一步探究，對(duì)電池組的內(nèi)電阻熱功率P1以及總功率P2分別隨路端電壓U變化的關(guān)系進(jìn)行了猜想，并分別畫出了如圖6所示的P1?U和12．某同學(xué)利用如圖1所示的裝置“探究合外力做功與物體動(dòng)能變化的關(guān)系”，具體實(shí)驗(yàn)步驟如下：A．按照?qǐng)D示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，掛上砂桶（含少量砂子）。B．調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角，輕推小車后，使小車沿長(zhǎng)木板向下運(yùn)動(dòng)，且通過兩個(gè)光電門的時(shí)間相等。C．取下細(xì)繩和砂桶，測(cè)量砂子和桶的質(zhì)量m，并記錄數(shù)據(jù)。D．保持長(zhǎng)木板的傾角不變，將小車置于靠近滑輪的位置，由靜止釋放小車，記錄小車先后通過光電門甲和乙時(shí)的時(shí)間t1、t2，并測(cè)量光電門甲、乙之間的距離為s.E.改變光電門甲、乙之間的距離，重復(fù)步驟D。請(qǐng)回答下列各問題：（1）若砂桶和砂子的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，重力加速度為g，則步驟D中小車下滑時(shí)所受合力大小為。（忽略空氣阻力）（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光片寬度（如圖2所示）d=mm。（3）在誤差允許的范圍內(nèi)，若滿足，則表明物體所受合外力做的功等于物體動(dòng)能變化量。（用題目所給字母表示）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．在某次的接力比賽項(xiàng)目中，項(xiàng)目組規(guī)劃的路線如圖所示，半徑R=20m的四分之一圓弧PQ賽道與兩條直線賽道分別相切于P和Q點(diǎn)，圓弧PQ為接力區(qū)，規(guī)定離開接力區(qū)的接力無效。甲、乙兩運(yùn)動(dòng)員在賽道上沿箭頭方向訓(xùn)練交接棒的過程中發(fā)現(xiàn)：甲經(jīng)短距離加速后能保持9m/s的速率跑完全程，乙從起跑后的切向加速度大小是恒定的。為了確定乙起跑的時(shí)機(jī)，需在接力區(qū)前適當(dāng)?shù)奈恢迷O(shè)置標(biāo)記。在某次練習(xí)中，甲在接力區(qū)前s=13.5m的A處作了標(biāo)記，并以v=9m/s的速度跑到此標(biāo)記時(shí)向乙發(fā)出起跑口令，乙在接力區(qū)的P點(diǎn)聽到口令時(shí)起跑，并恰好在速度達(dá)到與甲相等時(shí)被甲追上，完成交接棒。假設(shè)運(yùn)動(dòng)員與賽道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）在直道上做直線運(yùn)動(dòng)，在彎道上做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度g=10m/s（1）為確保在彎道上能做圓周運(yùn)動(dòng)，允許運(yùn)動(dòng)員通過彎道PQ的最大速率；（2）此次練習(xí)中乙在接棒前的切向加速度a。14．坐標(biāo)原點(diǎn)處的波源在t=0時(shí)開始沿y軸負(fù)向振動(dòng)，t=1.5s時(shí)它正好第二次到達(dá)波谷，如圖為t2=1.5s時(shí)沿波的傳播方向上部分質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的波形圖，求：（1）這列波的傳播速度是多大?寫出波源振動(dòng)的位移表達(dá)式；（2）x1=5.4m的質(zhì)點(diǎn)何時(shí)第一次到達(dá)波峰?（3）從t1=0開始至x=5.4m的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰這段時(shí)間內(nèi)，x2=30cm處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程是多少?15．如圖甲所示，在邊界為L(zhǎng)1L2的豎直狹長(zhǎng)區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.02T，在L1的左側(cè)充滿斜向上與水平方向夾角為45°的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1（E1大小未知）。一帶正電的微粒從a點(diǎn)由靜止釋放，微粒沿水平直線運(yùn)動(dòng)到L1邊界上的b點(diǎn)，這時(shí)開始在L1L2之間的區(qū)域內(nèi)加一豎直方向周期性變化的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2，E2隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示（E2＞0表示電場(chǎng)方向豎直向上），微粒從b點(diǎn)沿水平直線運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)后，做一次完整的圓周運(yùn)動(dòng)，再沿水平直線運(yùn)動(dòng)到L2邊界上的d點(diǎn)。已知c點(diǎn)為線段bd的中點(diǎn)，重力加速度g=10m/s2．求：（1）微粒的比荷；（2）a點(diǎn)到b點(diǎn)的距離；（3）將邊界L2左右移動(dòng)以改變正交場(chǎng)的寬度，使微粒仍能按上述運(yùn)動(dòng)過程通過相應(yīng)的區(qū)域，求電場(chǎng)E2變化周期T的最小值。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】大量氫原子從高能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量都大于10.2eV，不在1.63eV~3.10eV范圍之內(nèi)，發(fā)出的光都是不可見光；大量氫原子從高能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量都小于1.51eV，不在1.63eV~3.10eV范圍之內(nèi)，發(fā)出的光都是不可見光；n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量為1.89eV，屬于可見光；n=4能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量為2.55eV，屬于可見光；n=5能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量為2.86eV，屬于可見光；n=6能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量為3.02eV，屬于可見光；n=7能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子能量為3.12eV，屬于不可見光；可知只有4種可見光。

故答案為：D。

【分析】高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射的光子能量在1.63eV~3.10eV范圍之內(nèi)，則發(fā)出的光是可見光。再根據(jù)能級(jí)躍遷釋放能量的計(jì)算方法進(jìn)行解答。2．【答案】D【解析】【解答】AB．當(dāng)桿勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，由平衡條件得：F=μmg+得最大速度為v當(dāng)桿的速度達(dá)到最大時(shí)，桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLa、b兩端的電壓為：U=AB不符合題意；C．根據(jù)動(dòng)能定理知，恒力F做的功、摩擦力做的功與安培力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量，C不符合題意；D．根據(jù)功能關(guān)系知，安倍力做功的絕對(duì)值等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，D符合題意。故答案為：D。

【分析】當(dāng)導(dǎo)體棒受到的安培力等于拉力的時(shí)候，導(dǎo)體棒速度達(dá)到最大，列方程求解此時(shí)的速度；結(jié)合導(dǎo)體棒初末狀態(tài)的速度，對(duì)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)過程應(yīng)用動(dòng)能定理，其中導(dǎo)體棒克服安培力做的功即為電路產(chǎn)生的熱量。3．【答案】D【解析】【解答】由圖可得，0~3s內(nèi)，乙的位移12×(2+0.5)×3=3.75m，甲的位移12×(2+4)×2+1故答案為：D．

【分析】v-t圖像的斜率為物體運(yùn)動(dòng)的加速度；與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積為物體運(yùn)動(dòng)的位移；兩車相遇時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移相等；3s至6s兩車間的距離不斷變大，無法相遇。4．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)牛頓第二定律，重物勻減速階段mg-解得F故A錯(cuò)誤；

B、重物在勻加速階段P解得F故B正確；

C、勻加速階段P電動(dòng)機(jī)功率逐漸增大，不滿足P故C錯(cuò)誤；

D、假設(shè)豎直方向足夠長(zhǎng)，若塔吊電動(dòng)機(jī)以額定功率P0啟動(dòng)，能達(dá)到的最大速度v故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】確定重物的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律確定牽引力的大小。重物做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，重物受到的牽引力不變，電動(dòng)機(jī)的功率等于牽引力與速度的乘積。5．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G得第一宇宙速度v=則第二宇宙速度為v所以ρ故答案為：B。

【分析】利用引力提供向心力可以求出第一宇宙速度的大?。唤Y(jié)合第二宇宙速度和第一宇宙速度的大小關(guān)系可以求出密度和半徑平方乘積的最小值。6．【答案】D【解析】【解答】A、當(dāng)滑塊B相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊B相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力FN不等于mgcosα，故A錯(cuò)誤；

B、滑塊B下滑過程中支持力對(duì)B的沖量大小為I=故B錯(cuò)誤；

C、B下降的高度為L(zhǎng)tanα，其重力勢(shì)能的減小量等于mgLtanα，減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為A、B的動(dòng)能之和，則滑塊B的動(dòng)能要小于mgLtanα，故C錯(cuò)誤；

D、系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為x1、x2，取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得M又x解得x故D正確。

故答案為：D。

【分析】滑塊向下滑動(dòng)過程，斜面向左滑動(dòng)，滑塊在沿斜面方向不處于平衡狀態(tài)。系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒。再根據(jù)能量守恒及動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析解答。7．【答案】B,C【解析】【解答】A、總功率P可知PE-U圖象對(duì)應(yīng)圖線a，由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，圖象a的斜率大小k=當(dāng)U=0時(shí)P聯(lián)立解得E=3V，故A錯(cuò)誤；

B、內(nèi)阻消耗的功率P由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，Pr-U圖象的對(duì)應(yīng)圖線b，故B正確；

C、根據(jù)功率關(guān)系可得：P則P由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，Pr-U圖象的對(duì)應(yīng)圖線c，故C正確；

D、當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，即當(dāng)外電路電阻為1Ω時(shí)，輸出功率最大，最大輸出功率為P故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)功率及熱功率的定義結(jié)合閉合電路的歐姆定律確定各圖像的函數(shù)表達(dá)式時(shí)，再結(jié)合各表達(dá)式對(duì)應(yīng)的圖像，結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。電源輸出功率與電源熱功率之和等于電源總功率，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。8．【答案】A,D【解析】【解答】A、物塊從A到Q全過程由動(dòng)能定理得mg由題知μ=0.5，s解得s故A正確；

B、全過程摩擦力一直做負(fù)功，物塊的機(jī)械能不斷減少，故B錯(cuò)誤；

C、物塊從A下滑到AB中點(diǎn)時(shí)，由能量守恒定律可得mgH-mg顯然此處重力勢(shì)能大于動(dòng)能，繼續(xù)下滑時(shí)重力勢(shì)能將減小，動(dòng)能增加，故動(dòng)能與重力勢(shì)能相等的位置在AB中點(diǎn)下方，故C錯(cuò)誤；

D、因?yàn)棣?lt;tanθ，所以物塊最終靜止在擋板處，根據(jù)能量守恒得mg代入數(shù)據(jù)解得s=15故D正確。

故答案為：AD。

【分析】摩擦力一直做負(fù)功，物塊的機(jī)械能減少。確定物體在運(yùn)動(dòng)過程中各力的做功情況，再根據(jù)動(dòng)能定理及能量守恒定律進(jìn)行解答。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、由幾何關(guān)系可知，由于c點(diǎn)離正電荷更近，則c點(diǎn)的電勢(shì)比d點(diǎn)高，故A錯(cuò)誤；

B、c、d兩點(diǎn)關(guān)于ab對(duì)稱，且ab電荷量相同，由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可知，c、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，故B正確；

C、由于c點(diǎn)的電勢(shì)比d點(diǎn)高，將一正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，正電荷電勢(shì)能減小，則電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；

D、由于c點(diǎn)的電勢(shì)比d點(diǎn)高，將一負(fù)電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，負(fù)電荷電勢(shì)能增大，故D正確。

故答案為：BD。

【分析】熟悉掌握等量異種電荷的電場(chǎng)線及等勢(shì)面的分布情況及特點(diǎn)。越靠近正電荷電勢(shì)越高，越靠近負(fù)電荷電勢(shì)越低。電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功。10．【答案】A,D【解析】【解答】AB、物體所受重力沿斜面方向的分力大小為F=mg即0-1s物體向上運(yùn)動(dòng)，設(shè)2s末物體的速度為v，以沿斜面向上為正方向，則對(duì)0-2s根據(jù)動(dòng)量定理有F結(jié)合圖像代入數(shù)據(jù)可得v=0即2s時(shí)物體向上的速度恰好為零，故0-2s物體向上運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量定義可知第2s末物體的動(dòng)量為p=mv=0故A正確，B錯(cuò)誤；

C、物體在0-2s始終向上運(yùn)動(dòng)，且在2s時(shí)速度為零，在0-1s和1-2s過程中，根據(jù)牛頓第二定律分別有F1-mg根據(jù)平均速度的定義及勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可知物體運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的位移為S=在2-3s過程中，根據(jù)牛頓第二定律有mg設(shè)物題回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)間為t，根據(jù)平均速度的定義及勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可知下滑至出發(fā)點(diǎn)過程有S=接的t=即物體在2+63sI=故D正確。

故答案為：AD?！痉治觥渴煜ふ莆諞_量的定義及計(jì)算方法。F-t圖像與時(shí)間軸所圍面積表示該段時(shí)間內(nèi)力的沖量。根據(jù)動(dòng)量定理確定物體在2s時(shí)的速度大小，速度向上則2s內(nèi)一直向上運(yùn)動(dòng)。根據(jù)牛頓第二定律確定物體在各時(shí)間段內(nèi)的加速度，再根據(jù)平均速度的定義及勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定何時(shí)返回出發(fā)點(diǎn)。11．【答案】（1）（2）（3）2.8V；1Ω（4）偶然誤差較大（5）電壓表內(nèi)阻不是無窮大（6）AC【解析】【解答】（1）電路連線如圖所示

（2）圖3中電阻箱讀數(shù)為R=3.0Ω圖4中電壓表讀數(shù)為U=2.00則有R將對(duì)應(yīng)數(shù)據(jù)在R-R/U圖像中描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，畫出R-R/U圖線如圖所示

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=U+可得R=則由圖像可知E=k=6-(-1)2.5（4）由于讀數(shù)不準(zhǔn)確帶來實(shí)驗(yàn)的偶然誤差，實(shí)驗(yàn)中測(cè)兩組U、R的數(shù)據(jù)，利用閉合電路歐姆定律解方程組求電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法不能減小這種偶然誤差，而利用圖象進(jìn)行處理數(shù)據(jù)可以減小偶然誤差。

（5）該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都存在誤差，電壓內(nèi)阻不是無窮大，對(duì)回路的分流影響比較明顯，故造成該誤差主要原因是電壓表內(nèi)阻不是無窮大。

（6）AB、電池組的內(nèi)電阻熱功率P則對(duì)于相同的U值，則r越大，對(duì)應(yīng)的P1越小，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、總功率為P則對(duì)相同的U值，r大P2越小，故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：AC。

【分析】讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度值及是否需要估讀。根據(jù)電路圖及實(shí)驗(yàn)原理推到得出圖像的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。利用圖象進(jìn)行處理數(shù)據(jù)可以減小偶然誤差，即可舍去誤差較大的數(shù)據(jù)。系統(tǒng)誤差主要來源于電壓表的分流或者電流表的分壓。根據(jù)功率的定義分析圖像走勢(shì)情況。12．【答案】（1）mg（2）6.75（3）mgs=12M（【解析】【解答】(1)探究“小車的加速度與所受合外力的關(guān)系”中小車所受的合外力等于沙桶和沙子的總重力，則步驟D中小車加速下滑時(shí)所受合力大小為mg；(2)根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，遮光片寬度d=6mm+15×0.05mm=6.75mm(3)遮光片通過兩個(gè)光電門1、2的速度分別為v1=dt1、v2=dt2故小車動(dòng)能變化量為△Ek在誤差允許的范圍內(nèi)，合外力做功等于物體動(dòng)能的變化量，即mgs=12M（

【分析】（1）重物的重力充當(dāng)拉力；

（2）明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則進(jìn)行讀數(shù)即可；

（3）根據(jù)動(dòng)能定理公式，其中是小車動(dòng)能的變化，利用題目提供的數(shù)據(jù)把具體的形式表達(dá)出來在化簡(jiǎn)即可。13．【答案】（1）解：因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員彎道上做圓周運(yùn)動(dòng)，摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律有μmg=解得v=（2）解：設(shè)經(jīng)過時(shí)間t，甲追上乙，甲的路程為x乙的路程為x由路程關(guān)系有vt=將v=9m/s代入得t=3s此時(shí)vt=27m<所以還在接力區(qū)內(nèi)根據(jù)v=at代入數(shù)據(jù)解得a=3m/s2【解析】【分析】（1）運(yùn)動(dòng)員彎道上做圓周運(yùn)動(dòng)，確定運(yùn)動(dòng)員做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，再根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解答；

（2）乙在接棒前，在切向方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由于最大速度小于臨界速度，故乙可到達(dá)與甲共速。根據(jù)位移與速度關(guān)系結(jié)合兩運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)位移的關(guān)系確定發(fā)出指令到追上乙所用的時(shí)間。根據(jù)此過程乙運(yùn)動(dòng)的位移與弧長(zhǎng)的關(guān)系判斷是否還在接力區(qū)。再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間的關(guān)系確定加速度的大小。14．【答案】（1）解：由圖像可知波長(zhǎng)λ=0.6m，由題意有t2=波速為v=波源振動(dòng)的位移表達(dá)式為x=Asinx=?5（2）解：波傳到x1=5.4m需要的時(shí)間為Δ質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)方向與波源起振方向相同，沿-y方向，從開始振動(dòng)到第一次到達(dá)波峰需要時(shí)間為Δ所以，x1=5.4m的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰的時(shí)刻為t（3）解：波傳到x2=30cm需要時(shí)間為Δ所以從t1=0開始至x=5.4m的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰這段時(shí)間內(nèi)，x2=30cm處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間為Δ所以，該質(zhì)點(diǎn)的路程為s=【解析】【分析】（1）根據(jù)波的傳播方向及“上下坡”法確定1.5s內(nèi)波源振動(dòng)時(shí)間與周期的關(guān)系，再根據(jù)圖像確定波的波長(zhǎng)，結(jié)合波速、波長(zhǎng)和周期公式確定波速大小。確定波的振幅及0s時(shí)刻波源位于平衡位置。再根據(jù)線速度與周期公式及波的振動(dòng)方程格式確定波源的位移表達(dá)式；

（2）根據(jù)波速的