物理-湖南省瀏陽市聯(lián)盟校2025屆高三上學(xué)期12月聯(lián)考試題和答案

瀏陽市高三12月份聯(lián)盟校聯(lián)考物理試卷考試時(shí)間：75分鐘；總分：100分注意事項(xiàng)：1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2．請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上一、單選題（本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1．物理學(xué)發(fā)展推動(dòng)了社會(huì)進(jìn)步，關(guān)于物理學(xué)史和物理學(xué)研究方法，下列說法不正確的是()A．質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷概念的建立應(yīng)用了理想化模型的思想B．速度v=和加速度都是利用比值定義法得到的定義式C．牛頓應(yīng)用理想斜面實(shí)驗(yàn)將實(shí)驗(yàn)和邏輯推理結(jié)合，得出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D．英國物理學(xué)家卡文迪什巧妙測量了萬有引力常量，被人們稱為測量地球質(zhì)量的人2．某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電容式風(fēng)力傳感器，如圖所示。將豎直放置的平行板電容器與靜電計(jì)組成回路，P點(diǎn)為極板間的一點(diǎn)?？蓜?dòng)極板在垂直于極板的水平風(fēng)力作用下向右移動(dòng)，風(fēng)力越大，移動(dòng)距離越大（可動(dòng)極板不會(huì)到達(dá)P點(diǎn)）。若極板上電荷量保持不變，則下列說法正A．風(fēng)力越大，電容器電容越小B．風(fēng)力越大，極板間電場強(qiáng)度越大C．風(fēng)力越大，P點(diǎn)的電勢(shì)越高D．風(fēng)力越大，靜電計(jì)指針張角越小3．體育課上兩名同學(xué)用籃球做拋球游戲，小強(qiáng)將球甲從高為H處以速度水平拋出，同時(shí)小偉將球乙從水平地面以的初速度豎直上拋，兩球在空中相遇，不計(jì)空氣阻力，忽略兩球的大小，重力加速度為g，下列說法A．球乙在上升過程中遇到球甲B．相遇點(diǎn)離地高度為A．球乙在上升過程中遇到球甲C．從拋出到相遇的時(shí)間為·C．從拋出到相遇的時(shí)間為·4．起重機(jī)豎直提升質(zhì)量為m的物體，在其輸出功率正好等于額定功率時(shí)開始計(jì)時(shí)，此后起重機(jī)在額定功率下工作，物體上升的v-t圖像如圖所示。t=0時(shí)刻圖像斜率為a，重力加速A．t=0時(shí)刻起重機(jī)的牽引力為maB．起重機(jī)的額定功率為mgv0C．物體上升過程的最大速度D．0到t0時(shí)間內(nèi)物體克服重力做功為m(g+a)v0t0+5．如圖所示，用輕繩a、b和彈簧c將小球1與小球2懸掛在空中，輕繩a與豎直方向夾角為30°,輕繩b與豎直方向夾角為60°,彈簧c水平。小球1的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是() A．彈簧c的拉力為·3mgB．小球2的質(zhì)量為2mC．剪斷輕繩b的瞬間，小球1的加速度大小為D．剪斷輕繩b的瞬間，小球2的加速度方向豎直向下6．一帶正電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中O~x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱的曲線，x2~x3段是直線，則下列說法正確A．x1處電場強(qiáng)度最小，但不為零B．粒子在O~x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2~x3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C．在O、x1、x2、x3處的電勢(shì)φ0、φ1、φ2、φ3的關(guān)系為D．x2~x3段的電場強(qiáng)度大小均勻增大二、多選題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）7．如圖（a）所示，太陽系外的一顆行星P繞恒星Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由于P的遮擋，探測器（Q的同步衛(wèi)星）探測到Q的亮度隨時(shí)間做如圖（b）所示的周期性變化，該周期為P繞Q公轉(zhuǎn)周期的2倍。已知Q的質(zhì)量為M，引力常量為G。下列說法正確的是()A．P的公轉(zhuǎn)周期為B．P的軌道半徑為 4πC．P的公轉(zhuǎn)角速度的大小為D．探測器和P的軌道半徑之為4:18．如圖所示的電路中，各電表為理想電表，R1為定值電阻，電源內(nèi)阻為r且r<R1，在滑動(dòng)變阻器R2的滑片從某位置向左移動(dòng)一小段距離的過程中，設(shè)電壓表V1、電壓表V2、電流表A的示數(shù)分別是U1、U2、I，電壓表V1、電壓表V2、電流表A示數(shù)的變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1，ΔU2、ΔI，則下列說法正確的是()A．電流表示數(shù)增大，電壓表V1示數(shù)增大B．U1與I的比值不變?chǔ)的比值小于ΔU1與ΔI的比值D．電源的輸出功率可能減小9．如圖為某電子透鏡中電場的等勢(shì)面（虛線）的分布圖，相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等。一電子僅在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，其軌跡如圖中實(shí)線所示，電子先后經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)，則電子從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是()A．加速度一直減小B．速度先減小后增大C．在A點(diǎn)電勢(shì)能比在C點(diǎn)電勢(shì)能大D．從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場力做功是從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做功的2倍10．如圖所示，一傾角為α=30o的光滑斜面固定在水平面上，斜面的底端固定一垂直斜面的擋板，上端固定一定滑輪O。勁度系數(shù)為的輕彈簧下端固定在擋板上，上端與質(zhì)量為2m的物塊Q連接。一跨過定滑輪O的輕繩一端與物塊Q連接，另一端與套在水平固定的光滑直桿上質(zhì)量為m的物塊P連接。初始時(shí)物塊P在水平外力F作用下靜止在直桿的A點(diǎn)，且恰好與直桿沒有相互作用，輕繩與水平直桿的夾角也為α,去掉水平外力F，物塊P由 靜止運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)輕繩與直桿間的夾角β=53o。已知滑輪到水平直桿的垂直距離為d，重力加速度大小為g。彈簧軸線、物塊Q與定滑輪之間的輕繩與斜面平行，不計(jì)滑輪大小及摩擦，sin53o=0.8，cos53o=0.6。則下列說法正確的是()A．物塊P在A點(diǎn)時(shí)彈簧的伸長量為dB．物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，物塊Q、P與彈簧組成的系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量等于Q、P兩物塊增加的總動(dòng)能C．物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，輕繩拉力對(duì)物塊P做的功為mgdD．物塊P運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，物塊Q的速度為·三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15分）116分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的裝置，探究加速度與力的關(guān)系。(1)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)下列說法正確的是。A．補(bǔ)償阻力時(shí)小車不要連接紙帶B．先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，后釋放小車C．調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與水平桌面平行(2)圖乙為某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中打出的紙帶，計(jì)時(shí)器打點(diǎn)頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如圖所示。求得小車的加速度是m/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)實(shí)驗(yàn)中根據(jù)得到的數(shù)據(jù)畫出了a?F的圖線，如圖丙所示，從圖中可以發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)操作中存在的問題可能是。A．補(bǔ)償阻力時(shí)長木板的傾角偏大B．處理紙帶時(shí)去除了開始密集的點(diǎn)C．砝碼和砝碼盤總質(zhì)量沒有遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量129分）某新型智能恒流源，能穩(wěn)定輸出大小為I0的電流。某實(shí)驗(yàn)小組利用此恒流源測量一定值電阻Rx的阻值。他們又找來了一塊電流表A（內(nèi)阻未知且很?。?、滑動(dòng)變阻器R、電阻箱R9、導(dǎo)線若干，并連接如圖甲所示電路圖。(1)為了保證電流表的安全，閉合開關(guān)前應(yīng)將電阻箱R9的阻值調(diào)到（填“最大”或“最小”）。(2)該同學(xué)通過改變電阻箱R9的阻值R0，同時(shí)記錄電流表A的示數(shù)為I，得到多組數(shù)據(jù)，他 采用圖像法處理數(shù)據(jù)，為使圖像為一條直線，應(yīng)描繪的是圖像。(3)該同學(xué)描繪的圖像如圖乙所示，則電阻Rx的阻值為（用a，b，c表示）。四、解答題（本大題共3小題，共41分。解答時(shí)要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，若只有最后答案而無演算過程的不得分。）13.如圖所示，固定的粗糙弧形軌道下端B點(diǎn)水平，上端A與B點(diǎn)的高度差為h1＝0.3m，傾斜傳送帶與水平方向的夾角為θ=37°,傳送帶的上端C點(diǎn)到B點(diǎn)的高度差為h2＝0.1125m（傳送帶傳動(dòng)輪的大小可忽略不計(jì)）。一質(zhì)量為m＝1kg的滑塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）從軌道的A點(diǎn)由靜止滑下，然后從B點(diǎn)拋出，恰好以平行于傳送帶的速度從C點(diǎn)落到傳送帶上，傳送帶逆時(shí)針傳動(dòng)，速度大小為v＝0.5m/s，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.8，且傳送帶足夠長，滑塊運(yùn)動(dòng)過程中空氣阻力忽略不計(jì)，g＝10m/s2，試求：（1）滑塊運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)的速度vC大?。唬?）滑塊由A到B運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功Wf；（3）滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q。14．如圖所示，一實(shí)驗(yàn)小車靜止在光滑水平面上，其上表面由粗糙水平軌道與四分之一圓弧光滑軌道組成。圓弧軌道與水平軌道相切于圓弧軌道最低點(diǎn)，一物塊靜止于小車最左端，一小球用不可伸長的輕質(zhì)細(xì)線懸掛于O點(diǎn)正下方，并可輕靠在物塊左側(cè)。現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置時(shí)，由靜止釋放小球，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生彈性碰撞。碰撞后，物塊沿著軌道運(yùn)動(dòng)，已知細(xì)線長L=1.25m，小球質(zhì)量m=0.20kg，物塊、小車質(zhì)量均為M=0.30kg。小車上的水平軌道長為s，物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，圓弧軌道半徑R=0.15m。小球、物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2。（1）求小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速度大??；（2）求小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊的速度大?。唬?）為使物塊能進(jìn)入圓弧軌道，且在上升階段不脫離小車，求小車上的水平軌道長度s的取值范圍。15.如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點(diǎn)平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強(qiáng)電場，現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從水平軌道上A點(diǎn)由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)離開半圓軌道后，經(jīng)界面MN上的P點(diǎn)進(jìn)入電場，已知P點(diǎn)在A點(diǎn)的正上方，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程小球的電荷量保持不變，A、B間的距離為2R，重力加速度為g。求：(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。?2)軌道對(duì)小球支持力的最大值；(3)小球在水平軌道上的落點(diǎn)到A點(diǎn)的距離。答案第1頁，共7頁參考答案、提示及評(píng)分細(xì)則題號(hào)123456789答案CDDCCCACABADBDA．忽略事物的次要因素，抓住事物的主要因素，把主要因素從所要研究的事物中突出出來，這種方法叫作理想化模型法，質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷概念的建立應(yīng)用了理想化模型的思想，故A正確；B．利用兩個(gè)物理量之比來定義一個(gè)新的物理量，這種方法叫作比值定義法，速度v=和加速度a=都是利用比值定義法得到的定義式，故B正確；C．伽利略應(yīng)用理想斜面實(shí)驗(yàn)將實(shí)驗(yàn)和邏輯推理結(jié)合，得出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故C錯(cuò)誤；D．英國物理學(xué)家卡文迪什巧妙測量了萬有引力常量，被人們稱為測量地球質(zhì)量的人，故D正確。AD．可動(dòng)極板在風(fēng)力作用下向右移動(dòng)，風(fēng)力越大，移動(dòng)距離越大，則板間距離d越小，根據(jù)電容決定式可得電容越大，極板上電荷量保持不變，根據(jù)電容定義式可得板間電壓越小，則靜電計(jì)指針張角越小，故A錯(cuò)誤，D正確；BC．風(fēng)力越大，板間距離越小，極板間電場強(qiáng)度可得極板間電場強(qiáng)度保持不變，風(fēng)力越大，P點(diǎn)與接地的負(fù)極板的距離x越小，根據(jù)U’=Ex，U’=φP—0，可知P點(diǎn)與接地的負(fù)極板的電勢(shì)差越小，則P點(diǎn)的電勢(shì)越低，故BC錯(cuò)誤。AC．由題意可知，若兩物體在空中能夠相遇，則在豎直方向應(yīng)滿足gt2+則相遇時(shí)間為乙上升時(shí)間為，由于t>t上，所以在乙下降過程中相遇，故AC錯(cuò)誤；B．相遇點(diǎn)離地高度為h=H—gt2=H，故B錯(cuò)誤；D．拋出時(shí)，兩球之間的水平間距為x=v1t=，故D正確。A．設(shè)t=0時(shí)刻起重機(jī)對(duì)物體的牽引力為F，且v-t圖像的斜率為加速度，對(duì)物體，根據(jù)牛頓第二定律有F—mg=ma。解得F=mg+ma，故A錯(cuò)誤；B．起重機(jī)的額定功率P=Fv0=m(g+a)v0，故B錯(cuò)誤；答案第2頁，共7頁C．物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力等于重力，最大速度為v0，故C正確；D．在0到t0時(shí)間內(nèi)，依據(jù)動(dòng)能定理有Pt0—WG=解得WG=m(g+a)v0t0+v0t0+，故D錯(cuò)誤。AB．對(duì)小球1進(jìn)行受力分析，如圖根據(jù)平衡關(guān)系有Tasin30o=Tbsin60o；Tac解得Ta=3mg；Tb=mg；對(duì)小球2進(jìn)行受力分析，如圖根據(jù)平衡關(guān)系，有Tc=Tbsin60o；m2g=Tbcos60o33C．剪斷輕繩b的瞬間，小球1受重力和繩a的拉力，受力分析如圖根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin30o=ma1；可得a1=，C正確；D．剪斷輕繩b的瞬間，小球2受重力和彈簧彈力作用，受力分析如圖，根據(jù)牛頓第二定律，有2=m2a2，解得a2=2g設(shè)加速度的方向與水平方向成α角，有tanα=可得α=30o，加速度方向與水平方向成30o角，D錯(cuò)誤。A．根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系Ep=qφ;場強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系得由數(shù)學(xué)知識(shí)可知Ep—x圖像切線的斜率等于=qE，因?yàn)閤1處切線斜率為零，則x1處電場強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤；BD．由圖看出在0~x1段圖像切線的斜率不斷減小，由上式知場強(qiáng)減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)，x1~x2段圖像切線的斜率不斷增大，場強(qiáng)增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)，x2~x3段斜率不變，場強(qiáng)不變，即電場強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故BD錯(cuò)誤；C．根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系Ep=qφ,粒子帶正電，q>0，則知：電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越高，答案第3頁，共7頁所以有φ3>φ2>φ1，由對(duì)稱性可知φ2=φ0。則φ3>φ2=φ0>φ1，故C正確。AC．設(shè)P的公轉(zhuǎn)周期為T1，角速度為W1，根據(jù)題意可知t1-t0=2，求得；故AC正確；B．設(shè)行星P的軌道半徑為r1，對(duì)于行星P，根據(jù)萬有引力提供向心力有，其中求得，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)探測器的周期為T2，軌道半徑為r2，根據(jù)題意有=2π,其中t1-t0=2r.求得T2=2T1，根據(jù)開普勒第三定律，有求得4，故D錯(cuò)誤。A．由圖可知R1與R2串聯(lián)，V1測R1兩端的電壓，V2測R2兩端的電壓，若滑片向左端移動(dòng)，則滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I增大，即電流表示數(shù)增大，R1兩端的電壓U1增大，即電壓表示數(shù)V1增大，故A正確；B．根據(jù)歐姆定律=R1可知U1與I的比值不變，故B正確；C．由以上分析可知，V1示數(shù)改變量的絕對(duì)值小于V2示數(shù)改變量的絕對(duì)值，所以ΔU2與ΔI的比值大于ΔU1與ΔI的比值，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電功率公式2R外，得，當(dāng)R外=r時(shí)，P出最大，由于r<R1，所以R2的滑片從某位置向左移動(dòng)一小段距離的過程中電源的輸出功率增大，故D錯(cuò)誤。A．由等差等勢(shì)面越密集的地方電場線也越密集，電場強(qiáng)度越大可知，電子先后經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)，可知電場強(qiáng)度逐漸減小，電子受到的電場力逐漸減小，則電子的加速度一直減小，A正確；BC．電子受到的電場力方向指向軌跡的凹側(cè)，則電場強(qiáng)度方向背離軌跡凹側(cè)，并且垂直等勢(shì)面，即電子受電場力方向與電場強(qiáng)度方向相反，可知電子從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，電場力方向與運(yùn)動(dòng)方向間的夾角是鈍答案第4頁，共7頁角，即電場力做負(fù)功，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，則速度一直減小，在A點(diǎn)電勢(shì)能比在C點(diǎn)電勢(shì)能小，BC錯(cuò)誤；D．從A點(diǎn)到B點(diǎn)電子經(jīng)過兩個(gè)等差等勢(shì)面，從B點(diǎn)到C點(diǎn)電子經(jīng)過一個(gè)等差等勢(shì)面，由電場力做功與電勢(shì)差關(guān)系公式W=qU，可知從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場力做功是從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做功的2倍，D正確。A．對(duì)物塊P在A點(diǎn)時(shí)進(jìn)行受力分析，其恰好與直桿沒有相互作用，所以繩子拉力豎直向上的分力與其重力大小相等，有Tsinα=mg；所以繩子拉力T=2mg；對(duì)物塊Q進(jìn)行受力分析，沿斜面方向上T=2mgsinα+F彈，解得此時(shí)彈簧彈力為F彈=mg，由胡克定律可得彈簧此時(shí)的伸長量為，故A錯(cuò)誤；B．物塊P到B點(diǎn)時(shí)，由幾何可得物塊Q沿斜面向下滑了OA-OB=2d-所以彈簧此時(shí)壓縮量為,所以此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能與物塊P在A點(diǎn)時(shí)的相同，物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧彈力做功為零，所以由能量守恒定律，物塊Q重力勢(shì)能減少量之和等于P、Q兩物塊增加的總動(dòng)能，故B正確；D．物塊P到B點(diǎn)時(shí)，P、Q速度滿足vQ=vpcosβ=vp，物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，由能量守恒定律2mg.sinα=.2mv聯(lián)立解得，vQ=，故D正確；C．對(duì)物塊P由動(dòng)能定理從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，繩子拉力做功，故C錯(cuò)誤。11．(1)B(2)0.51(3)A（1）A．補(bǔ)償阻力時(shí)小車需要連接紙帶，一方面是需要連同紙帶所受的阻力一并平衡，另外一方面是通過紙帶上的點(diǎn)間距判斷小車是否在長木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由于小車速度較快，且運(yùn)動(dòng)距離有限，打出的紙帶長度也有限，為了能在長度有限的紙帶上盡可能多地獲取間距適當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，后釋放小車，故B正確；C．為使小車所受拉力與速度同向，應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)繩與長木板平行，故C錯(cuò)誤。故選B。（2）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為=0.1s，根據(jù)逐差法可得，小車的加速度為m/s2=0.51m/s2（3）A．由圖丙可知，當(dāng)F=0時(shí)，小車產(chǎn)生了加速度，因此說明補(bǔ)償阻力時(shí)長木板的傾角偏大，故A正確；B．如果實(shí)驗(yàn)過程沒有不當(dāng)之處，在處理紙帶時(shí)去除了開始密集的點(diǎn)，那么紙帶后面的點(diǎn)得到的數(shù)據(jù)在a?F答案第5頁，共7頁的圖線中的連線反向延長線也是能過原點(diǎn)的，所以圖丙中a?F圖線不過原點(diǎn)與處理紙帶時(shí)去除了開始密集的點(diǎn)無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)小車的質(zhì)量為M，砝碼和砝碼盤總質(zhì)量為m，由牛頓第二定律得mg=(M+m)a，解得實(shí)驗(yàn)中，小車的拉力F=mg，則隨著F的增大，即m增大，而將變小，則a?F的圖線的斜率變小，特別是M與m接近時(shí)，斜率變小更加明顯，所以砝碼和砝碼盤總質(zhì)量沒有遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，會(huì)使a?F的圖線末端向F軸彎曲，不會(huì)使a?F的圖線不過原點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。故選A。（1）要使電流表不燒壞，最初通過電流表的電流應(yīng)最小，故電阻箱R’的阻值應(yīng)調(diào)到最小。（2）根據(jù)歐姆定律及并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知(I0-I)R0=IRx整理可得故應(yīng)描繪-的圖像。故選B。（3）據(jù)上述分析可得，解得131）2.5m/s2）1J3）32J【詳解】（1）在C點(diǎn)，豎直分速度vy=2g?2=1.5m/s（2分）滑塊運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)的速度=2.5m/s（2分）（2）C點(diǎn)的水平分速度與B點(diǎn)的速度相等，則vB=vx=vccos37°=2m/s（1分）從A到B點(diǎn)的過程中，據(jù)動(dòng)能定理得mg?1?wf=mv（2分）（3）滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得μmgcos37°?mgsin37°=ma解得a=0.4m/s2達(dá)到共同速度所需時(shí)間t=學(xué)=5s（1分）二者間的相對(duì)位移AX=學(xué)t?vt=5m（1分）答案第6頁，共7頁141）5m/s2）4m/s3）0.625m≤S2<1m【詳解】（1）對(duì)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理mgL=mv?0（2分）（2）小球與物塊碰撞后的瞬間，小球的速度的大小為v1，物塊速度的大小為v2，小球與物塊碰撞過程中，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律（3）若物塊恰好運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道的最低點(diǎn)，此時(shí)兩者共速，則對(duì)物塊與小車整體，由水平方向動(dòng)量守恒