2025年高考物理壓軸訓(xùn)練12

2025年高考物理壓軸訓(xùn)練12一．選擇題（共10小題）1．（2024?鹽城一模）如圖為探究外電壓、內(nèi)電壓和電動(dòng)勢(shì)關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。這種電池的正負(fù)極板（分別為、為二氧化鉛及鉛，電解液為稀硫酸，關(guān)于這一實(shí)驗(yàn)裝置分析，下列說法正確的是A．電壓表正極與相連 B．電壓表的測(cè)量值大于電路的外電壓 C．電壓表的測(cè)量值不會(huì)大于電壓表的測(cè)量值 D．電壓表和測(cè)得的示數(shù)之和接近于一定值2．（2024?河北模擬）某一規(guī)格小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將它直接接在電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻的電源上，小燈泡的實(shí)際功率約為A． B． C． D．3．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)模擬）半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這一特性設(shè)計(jì)成蘋果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所示，裝置可選出單果質(zhì)量大于一定標(biāo)準(zhǔn)的蘋果。為固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，蘋果通過托盤秤時(shí)作用在杠桿上從而使壓敏傳感器受到壓力，為可變電阻。當(dāng)放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值時(shí)，電磁鐵工作將銜鐵吸下并保持此狀態(tài)一小段時(shí)間，蘋果進(jìn)入通道2，否則蘋果將進(jìn)入通道1。下列說法正確的是A．選出的質(zhì)量大的蘋果將進(jìn)入通道1 B．若將的電阻調(diào)大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果 C．若電源內(nèi)阻變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果 D．若電源電動(dòng)勢(shì)變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果4．（2024?如皋市模擬）硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)。如圖所示，圖線是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓和電流的關(guān)系圖像（電池內(nèi)阻不是常數(shù)），圖線是某電阻的圖像。當(dāng)它們組成閉合回路時(shí)，硅光電池的效率為A． B． C． D．5．（2024?淄博一模）阿秒光脈沖是一種發(fā)光持續(xù)時(shí)間極短的光脈沖，如同高速快門相機(jī)，可用以研究原子內(nèi)部電子高速運(yùn)動(dòng)的過程。已知，電子所帶電荷量為，氫原子核外電子繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的等效電流約為。目前阿秒光脈沖的最短時(shí)間為，電子繞氫原子核一周的時(shí)間約為該光脈沖時(shí)間的A．2.8倍 B．3.7倍 C．4.2倍 D．5.5倍6．（2024?浙江二模）華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實(shí)現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級(jí)充電樁，其最大輸出電流為，充電電壓范圍為至，并且該充電樁能根據(jù)很多電動(dòng)汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率。某天，小振開著自己的某款電動(dòng)汽車來這種充電站體驗(yàn)，其車總質(zhì)量為，所用電池組規(guī)格為“，”（內(nèi)阻不能忽略），車上顯示屏顯示此次充電電量由充到用時(shí)10分鐘，本次充電共消費(fèi)60元（充電樁計(jì)費(fèi)規(guī)則為每度電2元）。經(jīng)他幾天實(shí)測(cè)，顯示屏電量由下降到共行駛了120公里，已知他的車行駛時(shí)的阻力為車重的0.02倍，則A．充電樁上標(biāo)識(shí)的“”表示給各車充電時(shí)的平均功率 B．小振本次充電的平均功率約為 C．小振本次充電的充電效率約為 D．小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為7．（2024?廣東三模）在如圖甲所示的電路中，定值電阻。、，電容器的電容，電源路端電壓隨總電流的變化關(guān)系如圖乙所示。現(xiàn)閉合開關(guān)，則電路穩(wěn)定后A．電源的內(nèi)阻為 B．電源的效率為 C．電容器所帶電荷量為 D．若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)不變8．（2024?漳州三模）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，開關(guān)閉合，電路穩(wěn)定后，燈泡正常發(fā)光，然后向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，在此過程中A．燈泡逐漸變暗 B．電源的路端電壓逐漸減小 C．電容器所帶的電荷量逐漸減小 D．定值電阻兩端的電壓始終為零9．（2024?浙江二模）如圖為某國(guó)產(chǎn)新能源汽車銘牌，該車驅(qū)動(dòng)電機(jī)的額定功率為（輸出功率），充電器的充電效率為，從零電量充到額定容量的，正常充電需要，超快充狀態(tài)下僅需。下列說法正確的是A．驅(qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)的電流約為 B．超快充時(shí)的電功率為正常充電時(shí)電功率的18倍 C．從零電量充的電需要消耗約的電能 D．汽車在水平面加速過程中，若實(shí)際功率保持不變，則加速度增大10．（2024?鹽都區(qū)校級(jí)三模）圖甲所示電路中，電源電壓恒定，為定值電阻，為熱敏電阻。開關(guān)閉合，當(dāng)?shù)臏囟劝l(fā)生改變時(shí)，兩端電壓隨溫度變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，功率為，的功率為，電路總功率為。則、、隨溫度變化的關(guān)系圖象可能正確的是A． B． C． D．二．多選題（共5小題）11．（2024?新鄭市校級(jí)一模）小紅將量程為的電流表（表盤刻度共有30個(gè)小格），按照?qǐng)D示電路改裝成較大量程的電流表乙，其中和阻值相等，都等于改裝前電流表內(nèi)阻的。下列說法正確的是A．將1、2接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 B．將1、2接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 C．將1、3接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 D．將1、3接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示12．（2024?青羊區(qū)校級(jí)模擬）直流電動(dòng)機(jī)在生產(chǎn)生活中有著廣泛的應(yīng)用。同學(xué)們?yōu)榱搜芯恐绷麟妱?dòng)機(jī)的機(jī)械效率（有用功率與總功率的百分比）問題，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，一內(nèi)阻為直流電動(dòng)機(jī)和規(guī)格為“，”的指示電燈并聯(lián)之后接在電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻的直流電源上。閉合開關(guān)，電動(dòng)機(jī)和指示燈均正常工作，在提升物體過程中，如圖乙所示。則下列說法正確的是A．流過電動(dòng)機(jī)的電流為 B．該電源的效率為 C．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為 D．用該電動(dòng)機(jī)可將重為的物體以的速度勻速提升，則電動(dòng)機(jī)工作的機(jī)械效率為13．（2024?湖北一模）如圖所示，一平行板電容器與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)接入電路，上極板附近接有一個(gè)二極管（單向?qū)щ姡?，電容器的極板水平?，F(xiàn)有兩個(gè)粒子源，分別置于電容器的上、下極板附近的左右兩端（到極板的距離相等），上極板右邊附近的粒子源水平發(fā)射初速度為的正電粒子，下極板左邊附近的粒子源水平發(fā)射初速度為的負(fù)電粒子，粒子、所帶電荷量大小分別為、質(zhì)量分別為、。粒子、同時(shí)入射，隨后在電容器兩極板間相遇，忽略、間的相互作用和重力，、打到極板上被吸收，不計(jì)、對(duì)極板的影響。下列說法正確的是A．若是粒子，是氯離子，氛的原子序數(shù)為，則、是在電容器兩極板間的上半?yún)^(qū)域相遇 B．其它條件不變，改變、的初速度大小，只要保證兩初速度的和不變，、一定會(huì)相遇 C．其它條件不變，向下調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，則、相遇的位置不變 D．其它條件不變，兩粒子源位置不變，將下極板下移，則、不相遇14．（2024?和平區(qū)校級(jí)二模）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為電路中的、均為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)開關(guān)閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。有關(guān)下列說法中正確的是A．只逐漸增大的光照強(qiáng)度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流 B．只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流 C．只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng) D．若斷開開關(guān)，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)15．（2024?天心區(qū)校級(jí)模擬）風(fēng)力發(fā)電已成為我國(guó)實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途徑之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為時(shí)，輸出電功率為，風(fēng)速在范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為，空氣密度為，風(fēng)場(chǎng)風(fēng)速為，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說法正確的是A．該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比 B．單位時(shí)間流過面積的流動(dòng)空氣動(dòng)能為 C．若每天平均有的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為 D．若風(fēng)場(chǎng)每年有5000風(fēng)速在范圍內(nèi)，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為三．填空題（共5小題）16．（2024?松江區(qū)校級(jí)三模）給如圖所示的萊頓瓶甲充電，當(dāng)兩金屬球之間的電壓達(dá)到一定值時(shí)，金屬球、間開始放電，出現(xiàn)電火花。該實(shí)驗(yàn)?zāi)軌蜃C明的存在。移動(dòng)萊頓瓶乙的矩形線框中可移動(dòng)的帶有氖管的金屬棒到時(shí)，氖管發(fā)光最亮。17．（2022秋?黃浦區(qū)期末）我國(guó)民航總局關(guān)于民航旅客攜帶“充電寶”乘機(jī)規(guī)定和小蘭同學(xué)的移動(dòng)電源的銘牌分別如圖（a）、（b）所示，可判斷此“充電寶”在輸入過程中的最大功率為，小蘭（選填“能”或“不能”將它隨身攜帶乘機(jī)。18．（2022?寶山區(qū)二模）如圖甲所示，電源電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為的電源與阻值為的定值電阻、滑動(dòng)變阻器、電鍵組成閉合回路。已知滑動(dòng)變阻器消耗的功率與其接入電路的有效電阻的關(guān)系如圖乙所示。則定值電阻消耗的最大功率；由圖乙可知，。19．（2022?徐匯區(qū)三模）如圖電路中，電源內(nèi)阻不計(jì)。定值電阻與滑動(dòng)變阻器最大阻值之間滿足。閉合電鍵，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭從最高端向下滑動(dòng)的過程中，電流表的示數(shù)，電流表的示數(shù)是。20．（2022?楊浦區(qū)模擬）智能手機(jī)有自動(dòng)調(diào)節(jié)屏幕亮度的功能，光照強(qiáng)度變大時(shí)屏幕變亮，反之變暗。圖中電路元件、中一個(gè)為定值電阻，另一個(gè)為光敏電阻（其有“阻值隨光照強(qiáng)度的減小而增大”這一特性）。該電路可實(shí)現(xiàn)“有光照射光敏電阻時(shí)小燈泡變亮，反之變暗”這一功能。分析可得：光敏電阻應(yīng)為（選填“”或“”，理由是：。四．解答題（共5小題）21．（2024?如皋市二模）如圖所示，為電解槽，為電爐，當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電流表示數(shù)；當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電流表示數(shù)。已知電源電動(dòng)勢(shì)，電源內(nèi)阻，電解槽內(nèi)阻，求：（1）電爐的電阻；（2）當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率。22．（2024?海淀區(qū)校級(jí)模擬）為了描述導(dǎo)體內(nèi)電流的分布情況，人們定義了“電流密度”矢量。某點(diǎn)處的電流密度，大小為垂直于該點(diǎn)處電流方向上單位面積內(nèi)的電流大小，方向?yàn)樵擖c(diǎn)處的電流方向。（1）如圖1所示，圓柱形長(zhǎng)直均勻金屬導(dǎo)體的橫截面積為，將其左、右截面接入直流電路，穩(wěn)定后內(nèi)部有大小為且分布均勻的電流。求導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小。（2）如圖2所示，有一無限大的均勻?qū)w區(qū)域，在其點(diǎn)處埋有一球形電極，大小不計(jì)，大小為的電流通過電極進(jìn)入導(dǎo)體內(nèi)，在各個(gè)方向上均勻分散并流向無窮遠(yuǎn)處。求導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為的點(diǎn)處的電流密度的大小；歐姆定律的微觀形式可表示為，即導(dǎo)體內(nèi)某點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度與該處的電流密度方向相同，其大小亦成正比，比例系數(shù)為導(dǎo)體的電阻率。球形電極產(chǎn)生的電場(chǎng)類似于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)。類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，完成以下表格。電荷在真空中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知真空靜電常數(shù)電流在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知導(dǎo)體電阻率電場(chǎng)強(qiáng)度大小電勢(shì)（以無窮遠(yuǎn)處為零點(diǎn)）（3）如圖3所示，若在球形電極通入電流的同時(shí)，從球形電極將電流導(dǎo)出，導(dǎo)體中將產(chǎn)生類似圖4的電場(chǎng)。若導(dǎo)體電阻率為，球形電極半徑均為，兩球形電極球心間距，結(jié)合前兩問中學(xué)到的知識(shí)，完成以下問題：當(dāng)通入電流為時(shí)，求兩球形電極之間的電勢(shì)差；若電流由不計(jì)內(nèi)阻的電源提供，并可通過滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)電流的大小，求滑動(dòng)變阻器的阻值多大時(shí)，其消耗功率最大。23．（2024?全國(guó)）風(fēng)能為再生能源，可作為凈零碳排的綠色能源。風(fēng)力發(fā)電機(jī)（簡(jiǎn)稱：風(fēng)機(jī)）利用風(fēng)力帶動(dòng)風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)，將風(fēng)的動(dòng)能經(jīng)發(fā)電機(jī)組轉(zhuǎn)換成電能，其功率與單位時(shí)間內(nèi)空氣流向風(fēng)機(jī)的氣流動(dòng)能成正比。（1）空氣以速度垂直流向風(fēng)機(jī)葉片，葉片旋轉(zhuǎn)所形成的假想圓形平面其面積為，如圖。（a）在時(shí)間△內(nèi)，密度為的空氣流向風(fēng)機(jī)的質(zhì)量為何？（以試題中所定義的參數(shù)符號(hào)表示）（b）風(fēng)機(jī)的功率與風(fēng)速三次方成正比，說明其原因?yàn)楹危浚?）風(fēng)機(jī)所標(biāo)示的“額定功率”通常為風(fēng)速時(shí)運(yùn)轉(zhuǎn)的功率。近五年來臺(tái)灣平均每發(fā)100度電的二氧化碳排放量約為。以一座額定功率為的風(fēng)機(jī)來發(fā)電，若全年中有的時(shí)間風(fēng)速皆為，另外的時(shí)間風(fēng)速皆為，則下列敘述哪些正確？年有8760小時(shí)；1度電（多選）。（A）當(dāng)風(fēng)速為時(shí)，該風(fēng)機(jī)功率為風(fēng)速額定功率時(shí)的（B）當(dāng)風(fēng)速為時(shí)，該風(fēng)機(jī)功率為風(fēng)速額定功率時(shí)的（C）若該風(fēng)機(jī)全年以額定功率發(fā)電，則1年發(fā)電量為70080度（D）該風(fēng)機(jī)1年實(shí)際發(fā)電量為19710度（E）在相同發(fā)電量下，該風(fēng)機(jī)1年實(shí)際發(fā)電比臺(tái)灣近五年平均發(fā)電，約可減少的二氧化碳排放量24．（2024?海南）虛接是常見的電路故障，如圖所示，電熱器與電熱器并聯(lián)。電路中的處由于某種原因形成了虛接，造成了該處接觸電阻在之間不穩(wěn)定變化，可等效為電阻，已知兩端電壓，與的電阻，求：（1）間電阻的變化范圍；（2）當(dāng)，電熱器消耗的功率（保留3位有效數(shù)字）。25．（2024?通州區(qū)一模）對(duì)于同一個(gè)物理問題，經(jīng)常可以從宏觀與微觀兩個(gè)不同角度進(jìn)行研究，找出其內(nèi)在聯(lián)系，加深理解。給定一段粗細(xì)均勻的導(dǎo)體，橫截面積為、長(zhǎng)為．單位體積內(nèi)有個(gè)自由電子，每個(gè)電子的電荷量為。該導(dǎo)體兩端加某一電壓時(shí)，自由電子定向移動(dòng)的平均速率為。（1）求導(dǎo)體中的電流；（2）經(jīng)典物理學(xué)認(rèn)為，金屬的電阻源于定向運(yùn)動(dòng)的自由電子與金屬離子（即金屬原子失去電子后的剩余部分）的碰撞。電子與金屬離子碰撞的平均結(jié)果表現(xiàn)為導(dǎo)體給電子以連續(xù)的阻力，這是導(dǎo)體形成電阻的原因。設(shè)阻力的大小與電子定向移動(dòng)速率成正比，即，是阻力系數(shù)。請(qǐng)推導(dǎo)導(dǎo)體的電阻率。（3）自由電子與金屬離子發(fā)生碰撞，會(huì)使金屬離子的熱運(yùn)動(dòng)更加劇烈，電子將能量轉(zhuǎn)移給金屬離子，從而使金屬導(dǎo)體發(fā)熱。某段時(shí)間內(nèi)，將導(dǎo)體中所有自由電子因與正離子碰撞而損失的動(dòng)能之和設(shè)為△，將這段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體產(chǎn)生的焦耳熱設(shè)為，請(qǐng)證明：△。

2025年高考物理壓軸訓(xùn)練12參考答案與試題解析一．選擇題（共10小題）1．（2024?鹽城一模）如圖為探究外電壓、內(nèi)電壓和電動(dòng)勢(shì)關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。這種電池的正負(fù)極板（分別為、為二氧化鉛及鉛，電解液為稀硫酸，關(guān)于這一實(shí)驗(yàn)裝置分析，下列說法正確的是A．電壓表正極與相連 B．電壓表的測(cè)量值大于電路的外電壓 C．電壓表的測(cè)量值不會(huì)大于電壓表的測(cè)量值 D．電壓表和測(cè)得的示數(shù)之和接近于一定值【答案】【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】根據(jù)電源內(nèi)部電流的流向進(jìn)行分析判斷；根據(jù)電壓表的測(cè)量值真實(shí)情況進(jìn)行分析解答；根據(jù)內(nèi)外電阻的大小關(guān)系判定內(nèi)外電壓的大小關(guān)系；根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)外電壓的關(guān)系進(jìn)行分析解答?！窘獯稹拷猓簽殡娫磧?nèi)部，在電源內(nèi)部，電流從流向，那么電壓表正極與相連，故錯(cuò)誤；電壓表的測(cè)量值是滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，理論情況下是電路的外電壓，所以應(yīng)該相等，故錯(cuò)誤；電壓表測(cè)量的電路的內(nèi)電壓，若電源內(nèi)部的電阻大于滑動(dòng)變阻器的電阻，那么電壓表的測(cè)量值大于電壓表的測(cè)量值，故錯(cuò)誤；電壓表和測(cè)量值之和接近于電源的電動(dòng)勢(shì)，接近一定值，故正確；故選：?！军c(diǎn)評(píng)】考查電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電壓、路端電壓的問題，會(huì)理清它們之間的相互關(guān)系，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確的分析解答。2．（2024?河北模擬）某一規(guī)格小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將它直接接在電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻的電源上，小燈泡的實(shí)際功率約為A． B． C． D．【答案】【考點(diǎn)】利用圖像交點(diǎn)的物理意義求解導(dǎo)體的實(shí)際功率【專題】恒定電流專題；定量思想；分析綜合能力；圖析法【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律計(jì)算出電源的短路電流，在小燈泡的伏安特性曲線圖像中畫出電源的電源伏安特性曲線，兩者的交點(diǎn)表示將小燈泡接入該電源時(shí)小燈泡兩端的電壓和流過小燈泡的電流，讀出此電壓和電流，從而求得小燈泡的實(shí)際功率?！窘獯稹拷猓阂阎娫措妱?dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，則電源的短路電流為在小燈泡的伏安特性曲線圖像中作出電源的伏安特性曲線，如圖所示。小燈泡的伏安特性曲線與電源伏安特性曲線的交點(diǎn)表示將小燈泡接入該電源時(shí)小燈泡兩端的電壓和流過小燈泡的電流，根據(jù)圖像可讀出小燈泡的電壓與電流分別為，故小燈泡的實(shí)際功率為，故錯(cuò)誤，正確。故選：。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查對(duì)伏安特性曲線的理解，明確小燈泡的伏安特性曲線與電源伏安特性曲線的交點(diǎn)的物理意義，通過作圖法解答。3．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)模擬）半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這一特性設(shè)計(jì)成蘋果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所示，裝置可選出單果質(zhì)量大于一定標(biāo)準(zhǔn)的蘋果。為固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，蘋果通過托盤秤時(shí)作用在杠桿上從而使壓敏傳感器受到壓力，為可變電阻。當(dāng)放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值時(shí)，電磁鐵工作將銜鐵吸下并保持此狀態(tài)一小段時(shí)間，蘋果進(jìn)入通道2，否則蘋果將進(jìn)入通道1。下列說法正確的是A．選出的質(zhì)量大的蘋果將進(jìn)入通道1 B．若將的電阻調(diào)大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果 C．若電源內(nèi)阻變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果 D．若電源電動(dòng)勢(shì)變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋果【答案】【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力【分析】根據(jù)裝置的原理結(jié)合閉合電路歐姆定律分析出較大蘋果通過的通道?！窘獯稹拷猓?、質(zhì)量大的蘋果對(duì)壓敏傳感器的壓力大，壓敏傳感器的阻值小，電路中的電流大，則電阻的電壓大，即放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值，電磁鐵工作將銜鐵吸下，蘋果將進(jìn)入通道2，故錯(cuò)誤；．將的電阻調(diào)大，則電阻的電壓變大，則質(zhì)量較小的蘋果更容易使放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值，從而進(jìn)入通道2，即將挑選出質(zhì)量更小的蘋果，故錯(cuò)誤；．電源內(nèi)阻變大，則電阻的電壓變小，要達(dá)到某一臨界值，則需要減小壓敏傳感器的阻值，增大電路中的電流，從而使電阻的電壓達(dá)到臨界值，則需要增大對(duì)壓敏傳感器的壓力，即將挑選出質(zhì)量更大的蘋果，故正確；．電源電動(dòng)勢(shì)變大，則電阻的電壓變大，則質(zhì)量較小的蘋果更容易放大電路的輸入電壓，大于某一個(gè)值，從而進(jìn)入通道2，即將挑選出質(zhì)量更小的蘋果，故錯(cuò)誤；故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，根據(jù)題意結(jié)合閉合電路歐姆定律即可完成分析。4．（2024?如皋市模擬）硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)。如圖所示，圖線是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓和電流的關(guān)系圖像（電池內(nèi)阻不是常數(shù)），圖線是某電阻的圖像。當(dāng)它們組成閉合回路時(shí)，硅光電池的效率為A． B． C． D．【答案】【考點(diǎn)】電源的總功率、輸出功率和效率；電源的圖像與導(dǎo)體的圖像相結(jié)合的問題【專題】圖析法；定量思想；推理能力；電學(xué)圖象專題【分析】根據(jù)路端電壓的圖含義，可知該電源電動(dòng)勢(shì)；根據(jù)兩圖線的交點(diǎn)含義，可知此電阻連入硅光電池時(shí)的電路參數(shù)，結(jié)合電源效率的定義，即可計(jì)算電池的效率?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)閉合電路歐姆定律：，由圖像可得當(dāng)時(shí)，，即電源電動(dòng)勢(shì)為，根據(jù)兩圖線交點(diǎn)，即為該電阻連入時(shí)的電路參數(shù)，可知該電阻連入時(shí)，電阻的兩端電壓為，也就是路端電壓為，硅光電池的效率為：，故錯(cuò)誤，正確。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查兩條圖的理解，在計(jì)算電源電動(dòng)勢(shì)時(shí)，注意該電源內(nèi)阻并非常數(shù)，其電源電動(dòng)勢(shì)不能按照虛線的縱截距計(jì)算。5．（2024?淄博一模）阿秒光脈沖是一種發(fā)光持續(xù)時(shí)間極短的光脈沖，如同高速快門相機(jī)，可用以研究原子內(nèi)部電子高速運(yùn)動(dòng)的過程。已知，電子所帶電荷量為，氫原子核外電子繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的等效電流約為。目前阿秒光脈沖的最短時(shí)間為，電子繞氫原子核一周的時(shí)間約為該光脈沖時(shí)間的A．2.8倍 B．3.7倍 C．4.2倍 D．5.5倍【答案】【考點(diǎn)】等效電流的計(jì)算【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】根據(jù)電流的定義式求出電子轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間再與阿秒光脈沖的最短時(shí)間相比即可求出。【解答】解：設(shè)電子繞核運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間為，根據(jù)環(huán)形電流定義式，得到電子繞氫原子核運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間為則有故正確，錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查電流的定義式，解題關(guān)鍵是正確求出電子轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間。6．（2024?浙江二模）華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實(shí)現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級(jí)充電樁，其最大輸出電流為，充電電壓范圍為至，并且該充電樁能根據(jù)很多電動(dòng)汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率。某天，小振開著自己的某款電動(dòng)汽車來這種充電站體驗(yàn)，其車總質(zhì)量為，所用電池組規(guī)格為“，”（內(nèi)阻不能忽略），車上顯示屏顯示此次充電電量由充到用時(shí)10分鐘，本次充電共消費(fèi)60元（充電樁計(jì)費(fèi)規(guī)則為每度電2元）。經(jīng)他幾天實(shí)測(cè)，顯示屏電量由下降到共行駛了120公里，已知他的車行駛時(shí)的阻力為車重的0.02倍，則A．充電樁上標(biāo)識(shí)的“”表示給各車充電時(shí)的平均功率 B．小振本次充電的平均功率約為 C．小振本次充電的充電效率約為 D．小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為【答案】【考點(diǎn)】功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)；電功和電功率的計(jì)算【專題】定量思想；功率的計(jì)算專題；推理能力；方程法【分析】根據(jù)電功率的公式求出最大電功率，然后比較；根據(jù)電池容量可求出將電量由充至?xí)r電池所儲(chǔ)存的電能，根據(jù)充電時(shí)消耗的能量求出充電的效率；根據(jù)汽車勻速行駛時(shí)受到的阻力約等于人和車的總重的0.02倍可求出汽車勻速行駛時(shí)受到的阻力，根據(jù)力平衡可求出汽車的牽引力，根據(jù)求出牽引力的功（機(jī)械功），最后由效率的公式求出電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率。【解答】解：．根據(jù)最大充電電流與最大充電電壓可知最大功率。指的是最大充電功率，由于“充電樁能根據(jù)很多電動(dòng)汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率”，所以充電樁的平均充電功率必定小于最大功率，故錯(cuò)誤；．由電池容量是“，”可知，將電量由充至?xí)r，電池所儲(chǔ)存的電能：充電的時(shí)間本次充電時(shí)的平均功率約為，故錯(cuò)誤；．本次充電共消費(fèi)60元，則充電效率約為，故正確；．電動(dòng)車的牽引力機(jī)械效率約為，故錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查熱機(jī)的有關(guān)計(jì)算，電功公式的應(yīng)用，能量的利用效率的計(jì)算公式的應(yīng)用，屬于電熱綜合題，難度中等。7．（2024?廣東三模）在如圖甲所示的電路中，定值電阻。、，電容器的電容，電源路端電壓隨總電流的變化關(guān)系如圖乙所示?，F(xiàn)閉合開關(guān)，則電路穩(wěn)定后A．電源的內(nèi)阻為 B．電源的效率為 C．電容器所帶電荷量為 D．若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)不變【答案】【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析【專題】比較思想；圖析法；恒定電流專題；分析綜合能力【分析】根據(jù)路端電壓與電流的關(guān)系式，結(jié)合圖乙的信息得到電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。根據(jù)輸出功率與總功率的百分比求電源的效率；求出的電壓，即得到電容器的電壓，由求電容器所帶電荷量；若增大電容器兩極板間的距離，電壓不變，由分析電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)變化情況。【解答】解：、由閉合電路歐姆定律有，由圖乙可得：，，故錯(cuò)誤；、閉合開關(guān)，電路中的電流為路端電壓為電源的效率為，故錯(cuò)誤；、電容器與并聯(lián)，電壓相等，則其電壓為，電容器所帶電荷量為，故正確；、電容器并聯(lián)在兩端，則其電壓不變，若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)為，可知場(chǎng)強(qiáng)變小，故錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要明確電路結(jié)構(gòu)，搞清各部分電路電壓和電流的關(guān)系。8．（2024?漳州三模）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，開關(guān)閉合，電路穩(wěn)定后，燈泡正常發(fā)光，然后向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，在此過程中A．燈泡逐漸變暗 B．電源的路端電壓逐漸減小 C．電容器所帶的電荷量逐漸減小 D．定值電阻兩端的電壓始終為零【答案】【考點(diǎn)】電容的概念與物理意義；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】比較思想；推理法；電容器專題；推理能力【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律分析電路中電阻的變化以及通過燈泡的電流變化，進(jìn)而判斷路端電壓的變化；電容器兩端的電壓等于電源的路端電壓，路端電壓增大的過程是給電容器充電的過程，會(huì)有充電電流存在，據(jù)此分析定值電阻兩端的電壓?！窘獯稹拷猓?、滑片向左滑動(dòng)，變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電路中的電流變小，所以燈泡變暗，故正確；、根據(jù)閉合電路歐姆定律可可知電源的路端電壓逐漸變大，故錯(cuò)誤；、電容器兩端電壓等于電源的路端電壓，根據(jù)可知電容器所帶電荷量逐漸變多，故錯(cuò)誤；、在滑片的移動(dòng)過程，就是電容器兩端電壓的增大過程，也是給電容器的充電過程，所以有充電電流存在，所以在給電容器充電的過程中，定值電阻兩端的電壓不為零，故錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】知道電容器兩端的電壓等于電路的路端電壓是解題的關(guān)鍵，要知道在給電容器充電的過程中存在充電電流。9．（2024?浙江二模）如圖為某國(guó)產(chǎn)新能源汽車銘牌，該車驅(qū)動(dòng)電機(jī)的額定功率為（輸出功率），充電器的充電效率為，從零電量充到額定容量的，正常充電需要，超快充狀態(tài)下僅需。下列說法正確的是A．驅(qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)的電流約為 B．超快充時(shí)的電功率為正常充電時(shí)電功率的18倍 C．從零電量充的電需要消耗約的電能 D．汽車在水平面加速過程中，若實(shí)際功率保持不變，則加速度增大【答案】【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；瞬時(shí)功率的計(jì)算；電功和電功率的計(jì)算【專題】定量思想；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；功率的計(jì)算專題；恒定電流專題；推理論證能力【分析】根據(jù)驅(qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)的總功率不清楚分析判斷；根據(jù)電功率公式判斷；根據(jù)題目條件計(jì)算；根據(jù)瞬時(shí)功率和牛頓第二定律分析判斷?！窘獯稹拷猓海?qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)線圈內(nèi)阻會(huì)產(chǎn)生熱量，驅(qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)的總功率不清楚，故無法計(jì)算驅(qū)動(dòng)電機(jī)正常工作時(shí)的電流，故錯(cuò)誤；．從零電量充到額定容量的，正常充電需要，超快充狀態(tài)下僅需，根據(jù)平均功率公式可知超快充時(shí)的電功率為正常充電時(shí)電功率的20倍，故錯(cuò)誤；．從零電量充的電需要消耗約的電能為故正確；．根據(jù)瞬時(shí)功率公式可得汽車牽引力為可知汽車在水平面加速過程中，若實(shí)際功率保持不變，汽車牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度減小，故錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵掌握平均功率和瞬時(shí)功率的區(qū)別。10．（2024?鹽都區(qū)校級(jí)三模）圖甲所示電路中，電源電壓恒定，為定值電阻，為熱敏電阻。開關(guān)閉合，當(dāng)?shù)臏囟劝l(fā)生改變時(shí)，兩端電壓隨溫度變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，功率為，的功率為，電路總功率為。則、、隨溫度變化的關(guān)系圖象可能正確的是A． B． C． D．【答案】【考點(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】由圖甲可知，定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)量熱敏電阻兩端的電壓；由乙圖可知，熱敏電阻兩端的電壓跟溫度之間的關(guān)系是溫度越高，熱敏電阻兩端的電壓越小，且跟之間是一次函數(shù)關(guān)系，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，定值電阻兩端的電壓，與之間的關(guān)系也是一次函數(shù)關(guān)系，定值電阻兩端的電壓與溫度之間的關(guān)系也是一次函數(shù)關(guān)系，且溫度越高，越大，根據(jù)串聯(lián)電路電流規(guī)律可知電路中的電流，根據(jù)功率功率可知，定值電阻的功率與溫度之間的關(guān)系是二次函數(shù)關(guān)系，由此可知與之間的函數(shù)關(guān)系圖像；根據(jù)表示出的電功率和電路的總功率。【解答】解：．圖甲中，定值電阻和電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)兩端的電壓，由乙圖可設(shè)根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，定值電阻兩端的電壓功率為定值電阻的功率與溫度之間的關(guān)系是二次函數(shù)關(guān)系，故錯(cuò)誤；．根據(jù)串聯(lián)電路電流規(guī)律可知電路中的電流的功率為的功率與溫度之間的關(guān)系是二次函數(shù)關(guān)系，故錯(cuò)誤；．電源的電壓不變，電路總功率為所以圖線應(yīng)是一條斜向下的直線，故正確。故選：。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路電壓的規(guī)律、歐姆定律以及電功率的綜合運(yùn)用等知識(shí)，圖像題是中考的難題。二．多選題（共5小題）11．（2024?新鄭市校級(jí)一模）小紅將量程為的電流表（表盤刻度共有30個(gè)小格），按照?qǐng)D示電路改裝成較大量程的電流表乙，其中和阻值相等，都等于改裝前電流表內(nèi)阻的。下列說法正確的是A．將1、2接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 B．將1、2接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 C．將1、3接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示 D．將1、3接入電路時(shí)，電流表乙每一小格表示【答案】【考點(diǎn)】把表頭改裝成電壓表；電表的改裝和應(yīng)用（實(shí)驗(yàn)）【專題】推理法；恒定電流專題；推理能力；定量思想【分析】把1、2接入電路時(shí)，電路是和電流表串聯(lián)后再與電阻并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)很容易計(jì)算出改裝后電流表的量程，進(jìn)而得到每小格表示的電流；同理可以解出將1、3接入電路中的情況?！窘獯稹拷猓海O(shè)改裝前電流表內(nèi)阻為，則將1、2接入電路時(shí)，電流表量程為因?yàn)楸肀P刻度共有30個(gè)小格，所以每一小格表示，故正確，錯(cuò)誤；．將1、3接入電路時(shí)，電流表量程為因?yàn)楸肀P刻度共有30個(gè)小格，所以每一小格表示，故錯(cuò)誤，正確。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】分析清楚電路的連接方式是解題的關(guān)鍵，至于量程很容易根據(jù)歐姆定律解答出來。12．（2024?青羊區(qū)校級(jí)模擬）直流電動(dòng)機(jī)在生產(chǎn)生活中有著廣泛的應(yīng)用。同學(xué)們?yōu)榱搜芯恐绷麟妱?dòng)機(jī)的機(jī)械效率（有用功率與總功率的百分比）問題，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，一內(nèi)阻為直流電動(dòng)機(jī)和規(guī)格為“，”的指示電燈并聯(lián)之后接在電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻的直流電源上。閉合開關(guān)，電動(dòng)機(jī)和指示燈均正常工作，在提升物體過程中，如圖乙所示。則下列說法正確的是A．流過電動(dòng)機(jī)的電流為 B．該電源的效率為 C．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為 D．用該電動(dòng)機(jī)可將重為的物體以的速度勻速提升，則電動(dòng)機(jī)工作的機(jī)械效率為【答案】【考點(diǎn)】計(jì)算電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功或機(jī)械功率；電動(dòng)機(jī)中的能量轉(zhuǎn)化與計(jì)算；用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電路中的電壓和電流；熱功率的計(jì)算【專題】恒定電流專題；推理能力；定量思想；推理法【分析】由歐姆定律求出燈泡的電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出干路的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過電動(dòng)機(jī)的電流；電動(dòng)機(jī)效率等于轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率與消耗電能功率的比；電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率等于電動(dòng)機(jī)的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差；電動(dòng)機(jī)的速度勻速提升物體時(shí)，繩子的拉力和物體的重力相等，根據(jù)求出電動(dòng)機(jī)的有用功率，根據(jù)求解電動(dòng)機(jī)工作的機(jī)械效率?！窘獯稹拷猓海鶕?jù)題意，指示燈正常工作時(shí)，流過指示燈的電流為，由公式可得：其中，代入數(shù)據(jù)得：設(shè)干路電流為，由閉合回路歐姆定律得：解得：則流過電動(dòng)機(jī)的電流為：故正確；該電源的效率為：代入數(shù)據(jù)得：故錯(cuò)誤；．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：其中代入數(shù)據(jù)得：故錯(cuò)誤；．用該電動(dòng)機(jī)可將重為的物體以的速度勻速提升，繩子的拉力和物體的重力相等，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得，電動(dòng)機(jī)的有用功率為其中，代入數(shù)據(jù)得：則電動(dòng)機(jī)工作的機(jī)械效率為：代入數(shù)據(jù)得：故正確。故選：。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了歐姆定律、功率、電功率以及效率的計(jì)算，電動(dòng)機(jī)的正常工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能和內(nèi)能，是非純電阻電路，歐姆定律不再適用。13．（2024?湖北一模）如圖所示，一平行板電容器與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)接入電路，上極板附近接有一個(gè)二極管（單向?qū)щ姡娙萜鞯臉O板水平?，F(xiàn)有兩個(gè)粒子源，分別置于電容器的上、下極板附近的左右兩端（到極板的距離相等），上極板右邊附近的粒子源水平發(fā)射初速度為的正電粒子，下極板左邊附近的粒子源水平發(fā)射初速度為的負(fù)電粒子，粒子、所帶電荷量大小分別為、質(zhì)量分別為、。粒子、同時(shí)入射，隨后在電容器兩極板間相遇，忽略、間的相互作用和重力，、打到極板上被吸收，不計(jì)、對(duì)極板的影響。下列說法正確的是A．若是粒子，是氯離子，氛的原子序數(shù)為，則、是在電容器兩極板間的上半?yún)^(qū)域相遇 B．其它條件不變，改變、的初速度大小，只要保證兩初速度的和不變，、一定會(huì)相遇 C．其它條件不變，向下調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，則、相遇的位置不變 D．其它條件不變，兩粒子源位置不變，將下極板下移，則、不相遇【答案】【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)【專題】定量思想；電容器專題；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題；推理法；恒定電流專題【分析】粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)兩粒子的比荷大小關(guān)系，分析兩粒子垂直于極板方向的位移大小關(guān)系，據(jù)此可判斷、相遇的位置；根據(jù)兩粒子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，分析初速度的和不變時(shí)兩者的運(yùn)動(dòng)情況；向下調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，判斷滑動(dòng)變阻器兩端的電壓與電容器兩端電壓的大小關(guān)系，依據(jù)二極管的單向?qū)щ娦?，判斷電容器的帶電量是否變化，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度如何變化，判斷粒子、的運(yùn)動(dòng)情況是否變化；只將下極板下移，極板間距增大，由電容的決定式和定義式，分析電容器的帶電量如何變化，以及其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度如何變化，判斷、的運(yùn)動(dòng)情況是否變化?！窘獯稹拷猓涸O(shè)粒子、同時(shí)入射后經(jīng)過時(shí)間相遇，極板電場(chǎng)強(qiáng)度為。粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，粒子垂直于極板方向的位移大小為：是粒子，設(shè)其比荷為，是氯離子，設(shè)其比荷為，則有：，可得：，則、是在電容器兩極板間的下半?yún)^(qū)域相遇，故錯(cuò)誤；設(shè)極板長(zhǎng)度為，改變前粒子、同時(shí)入射，隨后在電容器兩極板間相遇，在水平方向上有：由此可知只改變、的初速度大小，只要保證兩初速度的和不變，即初速度的和總是等于，則粒子、同時(shí)入射后經(jīng)過時(shí)間后一定會(huì)相遇，故正確；其它條件不變，向下調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻值減小，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小，以致于電容器兩端電壓大于了滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電容器上極板帶正電，因二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不能放電，則電容器的帶電量不變，極板電壓不變，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則粒子、的運(yùn)動(dòng)情況不變，相遇的位置不變，故正確；只將下極板下移，極板間距增大，由電容的決定式：，可知電容減小，由電容的定義式：，可知電容器應(yīng)該放電，但二極管具有單向?qū)щ娦?，使得電容器不能放電，電容器的帶電量不變，根?jù)：，其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以、相遇位置不發(fā)生變化，故錯(cuò)誤。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了含容電路的動(dòng)態(tài)分析，以及帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題。粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將其運(yùn)動(dòng)分解處理。掌握電容器的定義式與決定式。14．（2024?和平區(qū)校級(jí)二模）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為電路中的、均為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)開關(guān)閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。有關(guān)下列說法中正確的是A．只逐漸增大的光照強(qiáng)度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流 B．只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流 C．只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng) D．若斷開開關(guān)，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)【答案】【考點(diǎn)】含容電路的常規(guī)分析與計(jì)算；電容的概念與物理意義【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】只逐漸增大的光照強(qiáng)度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，由此分析選項(xiàng)；只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路的總電阻沒有影響；只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向下端移動(dòng)時(shí)，電路中的總電阻不變；若斷開電鍵，電容器處于放電狀態(tài)?！窘獯稹拷猓?、只逐漸增大的光照強(qiáng)度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)，可知電阻消耗的電功率變大；電流增大，滑動(dòng)變阻器電壓也變大，則電容器兩端的電壓增大，電容器所帶的電荷量變大，故電容器處于充電狀態(tài)，因電容器下極板與電源的正極連接，故電阻中有向上的電流，故正確；、電路穩(wěn)定時(shí)，電容所在支路視為斷路，只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路的總電阻沒有影響，故錯(cuò)誤；、只將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向下端移動(dòng)時(shí)，電路中的總電阻不變，故總電流不變，所以電壓表的示數(shù)不變，由于電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知微粒所受電場(chǎng)力變大，而重力不變，故帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故錯(cuò)誤；、若斷開電鍵，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，帶電微粒所受的電場(chǎng)力減小，最后電容器兩端電壓為零，電場(chǎng)強(qiáng)度為零，而重力不變，故帶電微粒將向下運(yùn)動(dòng)，故正確。故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查含容電路的動(dòng)態(tài)分析，解題的關(guān)鍵是弄清電路結(jié)構(gòu)、以及電路穩(wěn)態(tài)時(shí)電容器所在支路視為斷路。15．（2024?天心區(qū)校級(jí)模擬）風(fēng)力發(fā)電已成為我國(guó)實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途徑之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為時(shí)，輸出電功率為，風(fēng)速在范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為，空氣密度為，風(fēng)場(chǎng)風(fēng)速為，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說法正確的是A．該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比 B．單位時(shí)間流過面積的流動(dòng)空氣動(dòng)能為 C．若每天平均有的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為 D．若風(fēng)場(chǎng)每年有5000風(fēng)速在范圍內(nèi)，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為【答案】【考點(diǎn)】用能量守恒定律解決實(shí)際問題；功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)；電功和電功率的計(jì)算【專題】功率的計(jì)算專題；推理能力；定量思想；控制變量法【分析】、根據(jù)單位時(shí)間內(nèi)流過面積的空氣體積可得流動(dòng)空氣質(zhì)量的表達(dá)式，由可得動(dòng)能的表達(dá)式，由轉(zhuǎn)化效率可得電能表達(dá)式，功率表達(dá)式，則可判斷正誤；、根據(jù)功率可得每天發(fā)電量，可得結(jié)論；、根據(jù)輸出功率表達(dá)式，可得風(fēng)速對(duì)應(yīng)的輸出功率，由功率和時(shí)間可得年發(fā)電量?！窘獯稹拷猓?、單位時(shí)間內(nèi)流過面積的流動(dòng)空氣體積：?jiǎn)挝粫r(shí)間流過面積的流動(dòng)空氣質(zhì)量：?jiǎn)挝粫r(shí)間流過面積的流動(dòng)空氣動(dòng)能：設(shè)轉(zhuǎn)化效率為，轉(zhuǎn)化成的電能為：該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速的三次方成正比，故錯(cuò)誤，正確；、由于風(fēng)力發(fā)電存在轉(zhuǎn)化效率，若每天平均有的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量約為，故錯(cuò)誤；、若風(fēng)場(chǎng)每年有風(fēng)速在的風(fēng)能資源，當(dāng)風(fēng)速取最小值時(shí)，該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量具有最小值，根據(jù)題意，風(fēng)速為時(shí)，輸出電功率為，風(fēng)速在范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變，可知風(fēng)速為時(shí)，輸出電功率為則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量：，故正確；故選：?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了風(fēng)力發(fā)電的相關(guān)知識(shí)，解題的關(guān)鍵是找到動(dòng)能的表達(dá)式，然后分別求出功率和電能。三．填空題（共5小題）16．（2024?松江區(qū)校級(jí)三模）給如圖所示的萊頓瓶甲充電，當(dāng)兩金屬球之間的電壓達(dá)到一定值時(shí)，金屬球、間開始放電，出現(xiàn)電火花。該實(shí)驗(yàn)?zāi)軌蜃C明電磁波的存在。移動(dòng)萊頓瓶乙的矩形線框中可移動(dòng)的帶有氖管的金屬棒到時(shí)，氖管發(fā)光最亮。【答案】電磁波，和的金屬滑動(dòng)桿位置相同。【考點(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算【專題】理解能力；定性思想；電磁場(chǎng)理論和電磁波；實(shí)驗(yàn)分析法【分析】萊頓瓶是一種電容器；萊頓瓶放電時(shí)、間存在變化的電場(chǎng)，從而使氖管所在的矩形線框產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)?！窘獯稹拷猓河甥溈怂鬼f電磁場(chǎng)理論可知，接通感應(yīng)圈電源，變化的電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，并由近向遠(yuǎn)傳播形成電磁波；當(dāng)和的金屬滑動(dòng)桿位置相同時(shí)，兩電路中的電流相同，即兩電路中電流的頻率相同，電路中可接收電路中的能量，可觀察到氛燈發(fā)光，實(shí)驗(yàn)表明，盡管和兩電路之間沒有導(dǎo)線相連，但的能量可由通過電磁波傳播到。故答案為：電磁波，和的金屬滑動(dòng)桿位置相同。【點(diǎn)評(píng)】知道電磁波的產(chǎn)生，以及氖管最亮的原因是發(fā)生了電諧振。17．（2022秋?黃浦區(qū)期末）我國(guó)民航總局關(guān)于民航旅客攜帶“充電寶”乘機(jī)規(guī)定和小蘭同學(xué)的移動(dòng)電源的銘牌分別如圖（a）、（b）所示，可判斷此“充電寶”在輸入過程中的最大功率為12，小蘭（選填“能”或“不能”將它隨身攜帶乘機(jī)?！敬鸢浮?2；能?！究键c(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算【專題】推理法；定量思想；信息給予題；恒定電流專題；理解能力【分析】根據(jù)功率公式求解功率；根據(jù)做功公式充滿電后的電能。【解答】解：由圖（b）可看出此“充電寶”在輸入過程中的電壓為，最大電流為，則在輸入過程中的最大功率為“充電寶”充滿電后，移動(dòng)電源的電能為則小蘭能將它隨身攜帶乘機(jī)。故答案為：12；能?！军c(diǎn)評(píng)】本題以旅客攜帶“充電寶”乘機(jī)為背景，考查了電功率公式和電功公式，體現(xiàn)了物理知識(shí)與生產(chǎn)生活實(shí)際的有機(jī)聯(lián)系，可以極大的激發(fā)學(xué)生的學(xué)習(xí)興趣。18．（2022?寶山區(qū)二模）如圖甲所示，電源電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為的電源與阻值為的定值電阻、滑動(dòng)變阻器、電鍵組成閉合回路。已知滑動(dòng)變阻器消耗的功率與其接入電路的有效電阻的關(guān)系如圖乙所示。則定值電阻消耗的最大功率6；由圖乙可知，。【答案】6，20【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】將定值電阻看作電源的內(nèi)阻，當(dāng)外電阻與內(nèi)阻相等時(shí)消耗的功率最大，從而解得電源電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)電功率的計(jì)算公式解得定值電阻消耗的最大功率；由圖乙可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為與阻值為時(shí)消耗的功率相等?！窘獯稹拷猓簩⒍ㄖ惦娮杩醋麟娫吹膬?nèi)阻，由圖乙可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻時(shí)，即，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最大，最大功率有代入數(shù)據(jù)解得：當(dāng)電路中的電流最大時(shí)，定值電阻消耗的功率最大，此時(shí)，最大功率為代入數(shù)據(jù)解得：由圖乙可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為與阻值為時(shí)消耗的功率相等，則有代入數(shù)據(jù)解得：故答案為：6，20【點(diǎn)評(píng)】本題考查閉合電路的歐姆定律，解題關(guān)鍵掌握閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，注意電功率的計(jì)算公式的應(yīng)用，掌握當(dāng)外電阻與內(nèi)阻相等時(shí)消耗的功率最大。19．（2022?徐匯區(qū)三模）如圖電路中，電源內(nèi)阻不計(jì)。定值電阻與滑動(dòng)變阻器最大阻值之間滿足。閉合電鍵，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭從最高端向下滑動(dòng)的過程中，電流表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)是?！敬鸢浮繙p小；先減小后增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電路的動(dòng)態(tài)分析；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理能力【分析】根據(jù)電路聯(lián)接方式，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律，判斷流過的電流即電流表的示數(shù)如何變化；根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和閉合電路的歐姆定律推導(dǎo)電流表的示數(shù)為的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)知識(shí)分析其如何變化。【解答】解：①、由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器下部分（設(shè)電阻為與并聯(lián)（設(shè)并聯(lián)部分電阻為后再與滑動(dòng)變阻器上部分（設(shè)電阻為串聯(lián)；在滑動(dòng)觸頭從最高端向下滑動(dòng)的過程中，減小，減小，增加，由串聯(lián)分壓的原理可知并聯(lián)部分的電壓減小，即兩端的電壓減小，由歐姆定律可知，流過的電流即電流表的示數(shù)減??；②、設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為，電流表的示數(shù)為，電流表的示數(shù)為，由閉合電路的歐姆定律可知干路電流為：，其中：根據(jù)并聯(lián)分流原理可得：，聯(lián)立解得：又有：可得：，且有：令表達(dá)式的分母為：，可見隨著由減小到零，值先增大后減小，則電流表的示數(shù)先減小后增大，當(dāng)時(shí)，值最大，最小。故答案為：減??；先減小后增大【點(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)態(tài)電路分析問題，對(duì)于此類問題首先要明確電路的聯(lián)接方式，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和閉合電路的歐姆定律或者歐姆定律解答。本題的難點(diǎn)在于電路中干路電阻和支路電阻同時(shí)變化，推導(dǎo)要判斷的物理量與變化的物理量之間的關(guān)系式，再由數(shù)學(xué)知識(shí)判斷其如何變化是常用的方法。20．（2022?楊浦區(qū)模擬）智能手機(jī)有自動(dòng)調(diào)節(jié)屏幕亮度的功能，光照強(qiáng)度變大時(shí)屏幕變亮，反之變暗。圖中電路元件、中一個(gè)為定值電阻，另一個(gè)為光敏電阻（其有“阻值隨光照強(qiáng)度的減小而增大”這一特性）。該電路可實(shí)現(xiàn)“有光照射光敏電阻時(shí)小燈泡變亮，反之變暗”這一功能。分析可得：光敏電阻應(yīng)為（選填“”或“”，理由是：?！敬鸢浮?，光照射時(shí)，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電源的路端電壓減小，兩端電壓減小，流過的電流減小，流過和小燈泡的電流增大，小燈泡的實(shí)際功率變大，小燈泡變亮?！究键c(diǎn)】電路的動(dòng)態(tài)分析【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題；推理能力【分析】分別分析光照射時(shí)和時(shí)電路中電阻的變化，判斷小燈泡亮度的變化，再確定符合“有光照射光敏電阻時(shí)小燈泡變亮，反之變暗”要求的電阻?！窘獯稹拷猓喝羰枪饷綦娮瑁庹丈鋾r(shí)，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電源的路端電壓減小，兩端電壓減小，流過的電流減小，流過和小燈泡的電流增大，小燈泡的實(shí)際功率變大，小燈泡變亮，符合要求；若是光敏電阻，光照射時(shí)，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電源的路端電壓減小，流過和小燈泡的電流減小，小燈泡的實(shí)際功率變小，小燈泡變暗，不符合要求。故答案為：，光照射時(shí)，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電源的路端電壓減小，兩端電壓減小，流過的電流減小，流過和小燈泡的電流增大，小燈泡的實(shí)際功率變大，小燈泡變亮?！军c(diǎn)評(píng)】本題中光敏電阻是可變電阻，按局部到整體再到局部的順序，分析小燈泡電流的變化，判斷其功率的變化。四．解答題（共5小題）21．（2024?如皋市二模）如圖所示，為電解槽，為電爐，當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電流表示數(shù)；當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電流表示數(shù)。已知電源電動(dòng)勢(shì)，電源內(nèi)阻，電解槽內(nèi)阻，求：（1）電爐的電阻；（2）當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率。【答案】（1）電爐的電阻為；（2）當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為?！究键c(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；分析綜合能力【分析】（1）當(dāng)閉合、斷開時(shí)，電爐子工作，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電阻；（2）根據(jù)求解電源總電功率，根據(jù)能量守恒定律求解電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：（2）電源的總功率整個(gè)回路的熱功率為根據(jù)能量守恒定律可得電解槽中電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為代入數(shù)據(jù)解得：答：（1）電爐的電阻為；（2）當(dāng)、閉合、斷開時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為?！军c(diǎn)評(píng)】電解槽電路在正常工作時(shí)是非純電阻電路，不能用歐姆定律求解其電流，只能根據(jù)電路中電流關(guān)系求電流、根據(jù)焦耳定律求解發(fā)熱功率。22．（2024?海淀區(qū)校級(jí)模擬）為了描述導(dǎo)體內(nèi)電流的分布情況，人們定義了“電流密度”矢量。某點(diǎn)處的電流密度，大小為垂直于該點(diǎn)處電流方向上單位面積內(nèi)的電流大小，方向?yàn)樵擖c(diǎn)處的電流方向。（1）如圖1所示，圓柱形長(zhǎng)直均勻金屬導(dǎo)體的橫截面積為，將其左、右截面接入直流電路，穩(wěn)定后內(nèi)部有大小為且分布均勻的電流。求導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小。（2）如圖2所示，有一無限大的均勻?qū)w區(qū)域，在其點(diǎn)處埋有一球形電極，大小不計(jì)，大小為的電流通過電極進(jìn)入導(dǎo)體內(nèi)，在各個(gè)方向上均勻分散并流向無窮遠(yuǎn)處。求導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為的點(diǎn)處的電流密度的大??；歐姆定律的微觀形式可表示為，即導(dǎo)體內(nèi)某點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度與該處的電流密度方向相同，其大小亦成正比，比例系數(shù)為導(dǎo)體的電阻率。球形電極產(chǎn)生的電場(chǎng)類似于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)。類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，完成以下表格。電荷在真空中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知真空靜電常數(shù)電流在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知導(dǎo)體電阻率電場(chǎng)強(qiáng)度大小電勢(shì)（以無窮遠(yuǎn)處為零點(diǎn)）（3）如圖3所示，若在球形電極通入電流的同時(shí)，從球形電極將電流導(dǎo)出，導(dǎo)體中將產(chǎn)生類似圖4的電場(chǎng)。若導(dǎo)體電阻率為，球形電極半徑均為，兩球形電極球心間距，結(jié)合前兩問中學(xué)到的知識(shí)，完成以下問題：當(dāng)通入電流為時(shí)，求兩球形電極之間的電勢(shì)差；若電流由不計(jì)內(nèi)阻的電源提供，并可通過滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)電流的大小，求滑動(dòng)變阻器的阻值多大時(shí)，其消耗功率最大?！敬鸢浮浚?）導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小為。（2）導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為的點(diǎn)處的電流密度的大小為；；（3）當(dāng)通入電流為時(shí)，兩球形電極之間的電勢(shì)差為；滑動(dòng)變阻器的阻值為時(shí)，其消耗功率最大?！究键c(diǎn)】電流大小的計(jì)算；電流的微觀表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算式及影響因素【專題】推理法；定量思想；推理能力；恒定電流專題【分析】（1）轉(zhuǎn)化信息，根據(jù)電流密度定義求解即可；（2）根據(jù)類比的思想分析解答；（3）根據(jù)電勢(shì)差的定義式結(jié)合電功率的特點(diǎn)分析解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)題意可得電流密度大小為（2）電流均勻分布在以電極為球心、為半徑的半球面上，則類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，電流在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，電流導(dǎo)體中產(chǎn)生的電勢(shì)為（3）兩球形電極之間的電勢(shì)差由于，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于球形電極、間的電阻時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗功率最大，此時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值為答：（1）導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小為。（2）導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為的點(diǎn)處的電流密度的大小為；；（3）當(dāng)通入電流為時(shí)，兩球形電極之間的電勢(shì)差為；滑動(dòng)變阻器的阻值為時(shí)，其消耗功率最大?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查信息處理以及模型建立，要求有一定的處理信息的能力與提取信息的能力，有一定難度。23．（2024?全國(guó)）風(fēng)能為再生能源，可作為凈零碳排的綠色能源。風(fēng)力發(fā)電機(jī)（簡(jiǎn)稱：風(fēng)機(jī)）利用風(fēng)力帶動(dòng)風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)，將風(fēng)的動(dòng)能經(jīng)發(fā)電機(jī)組轉(zhuǎn)換成電能，其功率與單位時(shí)間內(nèi)空氣流向風(fēng)機(jī)的氣流動(dòng)能成正比。（1）空氣以速度垂直流向風(fēng)機(jī)葉片，葉片旋轉(zhuǎn)所形成的假想圓形平面其面積為，如圖。（a）在時(shí)間△內(nèi)，密度為的空氣流向風(fēng)機(jī)的質(zhì)量為何？（以試題中所定義的參數(shù)符號(hào)表示）（b）風(fēng)機(jī)的功率與風(fēng)速三次方成正比，說明其原因?yàn)楹危浚?）風(fēng)機(jī)所標(biāo)示的“額定功率”通常為風(fēng)速時(shí)運(yùn)轉(zhuǎn)的功率。近五年來臺(tái)灣平均每發(fā)100度電的二氧化碳排放量約為。以一座額定功率為的風(fēng)機(jī)來發(fā)電，若全年中有的時(shí)間風(fēng)速皆為，另外的時(shí)間風(fēng)速皆為，則下列敘述哪些正確？年有8760小時(shí)；1度電（多選）（B）（C）（E）。（A）當(dāng)風(fēng)速為時(shí)，該風(fēng)機(jī)功率為風(fēng)速額定功率時(shí)的（B）當(dāng)風(fēng)速為時(shí)，該風(fēng)機(jī)功率為風(fēng)速額定功率時(shí)的（C）若該風(fēng)機(jī)全年以額定功率發(fā)電，則1年發(fā)電量為70080度（D）該風(fēng)機(jī)1年實(shí)際發(fā)電量為19710度（E）在相同發(fā)電量下，該風(fēng)機(jī)1年實(shí)際發(fā)電比臺(tái)灣近五年平均發(fā)電，約可減少的二氧化碳排放量【答案】（1）（a）空氣流向風(fēng)機(jī)的質(zhì)量為△；（b）與成正比，理由如上；（2）（B）（C）（E）?！究键c(diǎn)】功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)；電功和電功率的計(jì)算【專題】定量思想；推理法；功率的計(jì)算專題；推理能力【分析】（1）（a）根據(jù)空氣柱的質(zhì)量密度公式求解；（b）根據(jù)風(fēng)機(jī)中功率的定義列式推導(dǎo)功率表達(dá)式；（2）根據(jù)導(dǎo)出的功率表達(dá)式代入相應(yīng)數(shù)據(jù)求解功率比值，結(jié)合題意計(jì)算全年發(fā)電量和實(shí)際發(fā)電量，利用發(fā)電量和二氧化碳的排放情況計(jì)算減少的碳排放。【解答】解：（1）（a）在時(shí)間△內(nèi)，空氣流向風(fēng)機(jī)的質(zhì)量為△（b）根據(jù)題意，風(fēng)機(jī)的功率為比例系數(shù)），根據(jù)功率表達(dá)式可知，空氣密度和假想面積不變，則與成正比；（2）（A）（B）將風(fēng)速，和額定功率對(duì)應(yīng)的風(fēng)速，代入功率公式，得兩個(gè)功率和額定功率的比值為和，故（A）錯(cuò)誤，（B）正確；（C）若該風(fēng)機(jī)全年以額定功率發(fā)電，則1年發(fā)電量為度，故正確；（D）風(fēng)機(jī)1年的實(shí)際發(fā)電量為度，故（D）錯(cuò)誤；（E）在相同發(fā)電量下，該風(fēng)機(jī)1年實(shí)際發(fā)電比臺(tái)灣近五年平均發(fā)電，約可減少的二氧化碳排放量為，故（E）正確。故選：（B）（C）（E）。故答案為：（1）（a）空氣流向風(fēng)機(jī)的質(zhì)量為△；（b）與成正比，理由如上；（2）（B）（C）（E）?！军c(diǎn)評(píng)】考查能的轉(zhuǎn)化和守恒問題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行相關(guān)分析和判斷。24．（2024?海南）虛接是常見的電路故障，如圖所示，電熱器與電熱器并聯(lián)。電路中的處由于某種原因形成了虛接，造成了該處接觸電阻在之間不穩(wěn)定變化，可等效為電阻，已知兩端電壓，與的電阻，求：（1）間電阻的變化范圍；（2）當(dāng)，電熱器消耗的功率（保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）間電阻的變化范圍為；（2）當(dāng)，電熱器消耗的功率為?！究键c(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【專題】定量思想；方程法；恒定電流專題；推理能力【分析】（1）電路中的處接觸電阻為時(shí)，間電阻最小，電路中的處接觸電阻為時(shí)，間電阻最大，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行解答；（2）當(dāng)，求出通過電熱器的電流，根據(jù)電功率的計(jì)算公式求解電熱器消耗的功率。【解答】解：（1）電路中的處接觸電阻為時(shí)，間電阻最小，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得：電路中的處接觸電阻為時(shí)，間電阻最大，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得：間電阻的變化范圍為：；（2）當(dāng)，通過電熱器的電流為：電熱器消耗的功率：。答：（1）間電阻的變化范圍為；（2）當(dāng)，電熱器消耗的功率為?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查閉合電路的歐姆定律，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，根據(jù)串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)，結(jié)合閉合電路的歐姆定律、電功率的計(jì)算公式等進(jìn)行解答。25．（2024?通州區(qū)一模）對(duì)于同一個(gè)物理問題，經(jīng)?？梢詮暮暧^與微觀兩個(gè)不同角度進(jìn)行研究，找出其內(nèi)在聯(lián)系，加深理解。給定一段粗細(xì)均勻的導(dǎo)體，橫截面積為、長(zhǎng)為．單位體積內(nèi)有個(gè)自由電子，每個(gè)電子的電荷量為。該導(dǎo)體兩端加某一電壓時(shí)，自由電子定向移動(dòng)的平均速率為。（1）求導(dǎo)體中的電流；（2）經(jīng)典物理學(xué)認(rèn)為，金屬的電阻源于定向運(yùn)動(dòng)的自由電子與金屬離子（即金屬原子失去電子后的剩余部分）的碰撞。電子與金屬離子碰撞的平均結(jié)果表現(xiàn)為導(dǎo)體給電子以連續(xù)的阻力，這是導(dǎo)體形成電阻的原因。設(shè)阻力的大小與電子定向移動(dòng)速率成正比，即，是阻力系數(shù)。請(qǐng)推導(dǎo)導(dǎo)體的電阻率。（3）自由電子與金屬離子發(fā)生碰撞，會(huì)使金屬離子的熱運(yùn)動(dòng)更加劇烈，電子將能量轉(zhuǎn)移給金屬離子，從而使金屬導(dǎo)體發(fā)熱。某段時(shí)間內(nèi)，將導(dǎo)體中所有自由電子因與正離子碰撞而損失的動(dòng)能之和設(shè)為△，將這段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體產(chǎn)生的焦耳熱設(shè)為，請(qǐng)證明：△?！敬鸢浮浚?）導(dǎo)體中的電流為；（2）見解析；（3）見解析?！究键c(diǎn)】電流的微觀表達(dá)式；歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；電流的概念及性質(zhì)；用焦耳定律計(jì)算電熱【專題】推理能力；推理法；恒定電流專題；定量思想【分析】（1）根據(jù)電流的微觀表達(dá)式求解；（2）根據(jù)歐姆定律、電阻定律、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系進(jìn)行求解；（3）根據(jù)焦耳定律，解得電子在導(dǎo)體中所散發(fā)出的熱，再計(jì)算出每個(gè)電子在導(dǎo)體中損失的總動(dòng)能，將散發(fā)的熱能與總動(dòng)能作比較即可。【解答】解：（1）根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可解得：（2）根據(jù)歐姆定律可知：將電流微觀表達(dá)式代入可得：由電阻定律可得：代入解得：導(dǎo)體中電子在做勻速運(yùn)動(dòng)，則有：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系可知：兩式聯(lián)立解得：代入可得：所以導(dǎo)體的電阻率：（3）根據(jù)焦耳定律可得：其中解得：由于為電子移動(dòng)的總距離，則有：每個(gè)電子損失的動(dòng)能△等于阻力做的功，每個(gè)電子移動(dòng)的距離大約為，可的損失的動(dòng)能為：△則導(dǎo)體中所有電子損失的總動(dòng)能為：△△可得：△答：（1）導(dǎo)體中的電流為；（2）見解析；（3）見解析?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電流的微觀表達(dá)式、歐姆定律、焦耳定律、電阻定律，熟悉每個(gè)公式的用法是解決此類題的關(guān)鍵。

考點(diǎn)卡片1．牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】牛頓第二定律的表達(dá)式是F＝ma，已知物體的受力和質(zhì)量，可以計(jì)算物體的加速度；已知物體的質(zhì)量和加速度，可以計(jì)算物體的合外力；已知物體的合外力和加速度，可以計(jì)算物體的質(zhì)量?！久}方向】一質(zhì)量為m的人站在電梯中，電梯加速上升，加速度大小為g，g為重力加速度。人對(duì)電梯底部的壓力為（）A、B、2mgC、mgD、分析：對(duì)人受力分析，受重力和電梯的支持力，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。解答：對(duì)人受力分析，受重力和電梯的支持力，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律N﹣mg＝ma故N＝mg+ma＝mg根據(jù)牛頓第三定律，人對(duì)電梯的壓力等于電梯對(duì)人的支持力，故人對(duì)電梯的壓力等于mg；故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵對(duì)人受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！窘忸}方法點(diǎn)撥】在應(yīng)用牛頓第二定律解決簡(jiǎn)單問題時(shí)，要先明確物體的受力情況，然后列出牛頓第二定律的表達(dá)式，再根據(jù)需要求出相關(guān)物理量。2．功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.義：功與完成這些功所用時(shí)間的比值．2.理意義：描述做功的快慢。3.質(zhì)：功是標(biāo)量。4.計(jì)算公式（1）定義式：P＝，P為時(shí)間t內(nèi)的平均功率．（2）機(jī)械功的表達(dá)式：P＝Fvcosα（α為F與v的夾角）①v為平均速度，則P為平均功率．②v為瞬時(shí)速度，則P為瞬時(shí)功率．推導(dǎo)：如果物體的受力F與運(yùn)動(dòng)方向的夾角為α，從計(jì)時(shí)開始到時(shí)刻t這段時(shí)間內(nèi)，發(fā)生的位移是l，則力在這段時(shí)間所做的功W＝Flcosα因此有P＝＝cosα由于位移l是從開始計(jì)時(shí)到時(shí)刻t這段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的，所以是物體在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度v，于是上式就可以寫成P＝Fvcosα可見，力對(duì)物體做功的功率等于沿運(yùn)動(dòng)方向的分力與物體速度的乘積。通常情況下，力與位移的方向一致，即F與v的夾角一致時(shí)，cosα＝1，上式可以寫成P＝Fv。從以上推導(dǎo)過程來看，P＝Fv中的速度v是物體在恒力F作用下的平均速度，所以這里的功率P是指從計(jì)時(shí)開始到時(shí)刻t的平均功率。如果時(shí)間間隔非常小，上述平均速度就可以看作瞬時(shí)速度，這個(gè)關(guān)系式也就可以反映瞬時(shí)速度與瞬時(shí)功率的關(guān)系。5.額定功率：機(jī)械正常工作時(shí)輸出的最大功率．6.實(shí)際功率：機(jī)械實(shí)際工作時(shí)輸出的功率．要求不大于額定功率．【命題方向】下列關(guān)于功率和機(jī)械效率的說法中，正確的是（）A、功率大的機(jī)械，做功一定多B、做功多的機(jī)械，效率一定高C、做功快的機(jī)械，功率一定大D、效率高的機(jī)械，功率一定大分析：根據(jù)P＝知，做功多．功率不一定大，根據(jù)η＝，判斷效率與什么有關(guān)．解答：A、根據(jù)P＝知，功率大，做功不一定多。故A錯(cuò)誤。BD、根據(jù)η＝，知做功多，效率不一定高，效率高，功率不一定大。故B、D錯(cuò)誤。C、功率是反映做功快慢的物理量，做功快，功率一定大。故C正確。故選：C。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道功率反映做功快慢的物理量，功率大，做功不一定多．做功多，效率不一定高．【解題思路點(diǎn)撥】1.功率是反映做功快慢的物理量，與功的多少?zèng)]有直接關(guān)系。2.功率的定義式P＝適用于任何做功的情況。3．瞬時(shí)功率的計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.對(duì)于恒力做功，瞬時(shí)功率為P＝Fvcosα（v是瞬時(shí)速度，α是力與速度的夾角）2.如果力與速度的方向一致，則P＝Fv【命題方向】物體m從傾角為α的固定的光滑斜面由靜止開始下滑，斜面高為h，當(dāng)物體滑至斜面底端，重力做功的瞬時(shí)功率為（）A、mgB、mgsinαC、mgsinαD、mg分析：應(yīng)用公式P＝Fv求某力的瞬時(shí)功率時(shí)，注意公式要求力和速度的方向在一條線上，在本題中應(yīng)用機(jī)械能守恒求出物體滑到斜面底端時(shí)的速度，然后將速度沿豎直方向分解即可求出重力功率．解答：物體下滑過程中機(jī)械能守恒，所以有：mgh＝①物體滑到底端重力功率為：P＝mgvsinα②聯(lián)立①②解得：P＝mgsinα，故選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤，C正確。故選：C。點(diǎn)評(píng)：物理公式不僅給出了公式中各個(gè)物理量的數(shù)學(xué)運(yùn)算關(guān)系，更重要的是給出了公式需要遵循的規(guī)律和適用條件，在做題時(shí)不能盲目的帶公式，要弄清公式是否適用．【解題思路點(diǎn)撥】①對(duì)于瞬時(shí)功率的計(jì)算，一定要牢記瞬時(shí)功率等于力在速度方向上的投影與速度的乘積。②重力的功率等于重力乘以豎直方向上的速度。4．電容的概念、單位與物理意義【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】（1）定義：電容器所帶的電荷量Q與電容器兩極板間的電勢(shì)差U的比值。（2）定義式：C＝，Q是電容器的電荷量，U是兩極板間的電壓。電容的大小與Q和U無關(guān)。（3）物理意義：表示電容器儲(chǔ)存電荷的本領(lǐng)大小的物理量。（4）單位：法拉（F）1F＝106μF＝1012pF。（5）說明：電容是反映了電容器儲(chǔ)存電荷能力的物理量，其數(shù)值由電容器的構(gòu)造決定，而與電容器帶不帶電或帶多少電無關(guān)。就像水容器一樣，它的容量大小與水的深度無關(guān)?！久}方向】由電容器電容的定義式C＝，可知（）A、若電容器不帶電，則電容C為零B、電容C與所帶的電荷量Q成正比，與電壓U成反比C、電容C與所帶的電荷量Q多少無關(guān)D、電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電壓增加1V時(shí)所需增加的電荷量分析：電容的大小由本身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無關(guān)．解答：電容的大小由本身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無關(guān)。電容器不帶電，電容沒變。故A、B錯(cuò)誤，C正確。由C＝＝，所以電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電壓增加1V時(shí)所需增加的電荷量。故D正確。故選：CD。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理解電容的大小與所帶的電量及兩端間的電壓無關(guān)【解題思路點(diǎn)撥】1.電容表示電容器儲(chǔ)存電荷的本領(lǐng)大小的物理量。2.電容是電容器本身的性質(zhì)與所帶電荷量的多少以及兩極板間的電壓大小無關(guān)。3.電容的兩個(gè)計(jì)算公式：①定義式：C＝②決定式：C＝5．帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.帶電粒子垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)類似于物體的平拋運(yùn)動(dòng)，可以利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)分析。規(guī)律為：初速度方向：vx＝v0，x＝v0t靜電力方向：vy＝at，y＝2.分析帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問題也可以利用動(dòng)能定理，即qEΔy＝ΔEk。3.兩個(gè)特殊推論：（1）粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)，其速度方向的反向延長(zhǎng)線與初速度方向的延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，此點(diǎn)為初速度方向位移的中點(diǎn)，如圖所示。（2）位移方向與初速度方向間夾角α（圖中未畫出）的正切為速度偏轉(zhuǎn)角θ正切的，即tanα＝tanθ?！久}方向】一束電子流在經(jīng)U＝5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距離處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，若兩板間距離d＝1.0cm，板長(zhǎng)l＝5.0cm，電子恰好從平行板邊緣飛出，求：（電子的比荷＝1.76×1011C/kg）（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度v0（2）兩極板間的電壓．分析：（1）由動(dòng)能定理可求得進(jìn)入極板的速度．（2）由豎直向做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平向做勻速運(yùn)動(dòng)，由豎直向的距離可求得所加電壓值．解答：（1）由動(dòng)能定理：Uq＝﹣﹣﹣①得＝＝4.2×107m/s（2）進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，所加電壓為U′電子在平行于板面的方向上做勻速運(yùn)動(dòng)：l＝v0t…②在垂直于板面的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為：…③偏距：…④能飛出的條件為：…⑤，由①②③④⑤可得：U′＝＝400V答：（1）電子進(jìn)入極板時(shí)的速度為4.2×107m/s；（2）兩極板間的電壓為400V點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，在列式計(jì)算時(shí)應(yīng)注意不要提前代入數(shù)值，應(yīng)將公式簡(jiǎn)化后再計(jì)算，這樣可以減少計(jì)算量．【解題思路點(diǎn)撥】帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的處理方法帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問題實(shí)質(zhì)上是力學(xué)問題的延續(xù)，從受力角度看，帶電粒子與一般物體相比多受到一個(gè)靜電力；從處理方法上看，仍可利用力學(xué)中的規(guī)律分析，如選用平衡條件、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理、功能關(guān)系，能量守恒等。6．電流的概念、性質(zhì)及電流強(qiáng)度的定義式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.定義：自由電荷的定向移動(dòng)形成電流．2.方向：規(guī)定為正電荷定向移動(dòng)的方向．3.電流強(qiáng)度的定義式：I＝，q是通過導(dǎo)體橫截面的電荷量，與橫截面的大小無關(guān)。4.電流的單位：安培，符號(hào)是A。是國(guó)際單位制中七個(gè)基本物理量之一。5.物理意義：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量。6.標(biāo)矢性：電流的方向是人為規(guī)定的，以正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)檎较?，運(yùn)算時(shí)遵從的是代數(shù)運(yùn)算法則，所以電流是標(biāo)量?！久}方向】關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）A、通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流就越大B、對(duì)于導(dǎo)體，只要其兩端有電壓就有電流C、單位時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流就越大D、因?yàn)殡娏饔蟹较?，所以電流是矢量分析：根?jù)電流的定義式I＝可知，電流的大小由通過導(dǎo)體橫截面積的電量和時(shí)間來計(jì)算，只知道電量不能計(jì)算。形成電流的條件既要有電壓，還要構(gòu)成閉合回路。疊加符合平行四邊形法則的物理量是矢量。解答：AC、根據(jù)電流的定義式I＝可知，電流的大小由通過導(dǎo)體橫截面積的電量和時(shí)間來計(jì)算，在時(shí)間不確定的情況下，通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大。故A錯(cuò)誤，C正確。B、要形成電流，不但要有有電壓，電路還需構(gòu)成閉合回路，故B錯(cuò)誤。D、電流雖然有方向，但疊加不符合平行四邊形法則，故不是矢量。故D錯(cuò)誤。故選：C。點(diǎn)評(píng)：考查電流的形成條件及電流定義式的識(shí)記。解題時(shí)牢記電流由電壓和電阻決定，I＝只是定義式?！窘忸}思路點(diǎn)撥】1.電荷定向運(yùn)動(dòng)才形成電流，并不是電荷運(yùn)動(dòng)就可形成電流，其實(shí)導(dǎo)體內(nèi)自由電荷是處于不停的熱運(yùn)動(dòng)之中的，但并不形成電流。2.電流的方向與正電荷定向移動(dòng)的方向相同，與負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向相反。7．用定義式計(jì)算電流大小及電荷量【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電流大小的計(jì)算有三個(gè)公式：①定義式：I＝；②決定式：I＝；③微觀表達(dá)式：I＝neSv．（n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)；e為自由電荷的電荷量；S為導(dǎo)體橫截面積；v為自由電荷定向移動(dòng)的速度）．注意：（1）I＝是電流的定義式，是普遍適用的．電流的微觀表達(dá)式I＝nqSv就是由該定義式推得的．（2）應(yīng)用電流的微觀表達(dá)式時(shí)，要注意區(qū)分三種速率：①電子定向移動(dòng)速率：一般比較小，速率數(shù)量級(jí)為10﹣5m/s；②電子熱運(yùn)動(dòng)的速率：電子不停地做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的速率，速率數(shù)量級(jí)約為105m/s；③電流傳導(dǎo)速率：等于光速，為3.0×108m/s．【命題方向】如圖所示，在1價(jià)離子的電解質(zhì)溶液內(nèi)插有兩根碳棒A和B作為電極，將它們接在直流電源上，于是溶液里就有電流通過．若在t秒內(nèi)，通過溶液內(nèi)截面S的正離子數(shù)為n1，通過的負(fù)離子數(shù)為n2，設(shè)基本電荷為e，則以下說法中正確的是（）A、正離子定向移動(dòng)形成的電流方向從A→B，負(fù)離子定向移動(dòng)形成的電流方向從B→AB、溶液內(nèi)由于正負(fù)離子移動(dòng)方向相反，溶液中的電流抵消，電流等于零C、溶液內(nèi)的電流方向從A→B，電流I＝D、溶液內(nèi)的電流方向從A→B，電流I＝分析：正電荷的定向移動(dòng)方向是電流的方向，負(fù)電荷的定向移動(dòng)方向與電流方向相反；由電流的定義式I＝可以求出電流的大小．解答：A、電荷的定向移動(dòng)形成電流，正電荷的定向移動(dòng)方向是電流方向，由圖示可知，溶液中的正離子從A向B運(yùn)動(dòng)，因此電流方向是A→B，故A錯(cuò)誤；B、溶液中正離子由A向B移動(dòng)，負(fù)離子由B向A移動(dòng)，負(fù)電荷由B向A的移動(dòng)相當(dāng)于正電荷由B向A移動(dòng)，帶電離子在溶液中定向移動(dòng)形成電流，電流不為零，故B錯(cuò)誤；CD、溶液中的正離子從A向B運(yùn)動(dòng)，因此電流方向是A→B，電流I＝＝，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D。點(diǎn)評(píng)：知道電荷的定向移動(dòng)形成電流，正電荷的定向移動(dòng)方向是電流的方向，應(yīng)用電流定義式即可正確解題．【解題思路點(diǎn)撥】1.在計(jì)算電流大小時(shí)要根據(jù)題目所給的條件選擇合適的公式進(jìn)行計(jì)算。2.如果正、負(fù)電荷同時(shí)發(fā)生定向移動(dòng)，定義式中I＝的q要取通過截面的凈剩電荷量。負(fù)電荷的定向移動(dòng)在效果上等效于等量正電荷反方向的定向移動(dòng)。3.微觀表達(dá)式I＝neSv并不是固定的電流大小計(jì)算方式，其中n、e、S、v都有特定的意義，如果題目的參數(shù)發(fā)生變化，微觀表達(dá)式的形式也會(huì)有相應(yīng)變化。但都是從定義式I＝推出的。8．電流的微觀表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電流的微觀表達(dá)式的推導(dǎo)如圖所示，AD表示粗細(xì)均勻的一段長(zhǎng)為l的導(dǎo)體，兩端加一定的電壓，導(dǎo)體中的自由電荷沿導(dǎo)體定向移動(dòng)的速率為v，設(shè)導(dǎo)體的橫截面積為S，導(dǎo)體每單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)為n，每個(gè)自由電荷的電荷量大小為q。則：導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷全部通過橫截面D所用的時(shí)間t＝導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷總數(shù)N＝nlS，總電荷量Q＝Nq＝nlSq，此導(dǎo)體上的電流I＝＝＝nqSv2.電流的微觀表達(dá)式：I＝nqSv（1）I＝是電流的定義式，I＝nqSv電流的決定式，因此電流I通過導(dǎo)體橫截面的電荷量q及時(shí)間t無關(guān)，從微觀上看，電流的大小取決于導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)n、每個(gè)自由電荷的電荷量大小q、定向移動(dòng)的速率v，還與導(dǎo)體的橫截面積S有關(guān)。（2）v表示電荷定向移動(dòng)的速率。自由電荷在不停地做無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，其速率為熱運(yùn)動(dòng)的速率，電流是自由電荷在