2024年滬教版選擇性必修1物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版選擇性必修1物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，a、b、c三個(gè)相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時(shí)b、c從同一高度分別開始做自由下落和平拋運(yùn)動(dòng)。它們從開始到到達(dá)地面；下列說法正確的有（）

A.它們同時(shí)到達(dá)地面B.重力對(duì)它們的沖量相同C.它們的末動(dòng)能相同D.它們動(dòng)量變化的大小相同2、如圖所示為用相機(jī)拍攝的夏日荷塘一景，已知水的折射率為n；下列說法正確的是（）

A.太陽光進(jìn)入水中后，光的頻率發(fā)生變化B.用相機(jī)拍攝水中的魚，可通過鏡頭表面的增透膜減弱水面反射光的影響C.用激光槍射擊水中的魚，為了提高命中率，在射擊時(shí)應(yīng)瞄準(zhǔn)眼睛看到的魚D.在水中的魚看來，崖上的量物都出現(xiàn)在一個(gè)倒立的圓錐里，圓錐的頂角θ的正弦值為3、下列物理量屬于標(biāo)量的是（）A.動(dòng)能B.向心加速度C.動(dòng)量D.沖量4、A、B兩物體在光滑水平地面上沿一直線相向而行，A質(zhì)量為5kg，速度大小為10m/s，B質(zhì)量為2kg，速度大小為5m/s，兩者相碰后，A沿原方向運(yùn)動(dòng)，速度大小為4m/s，則B的速度大小為（）A.10m/sB.5m/sC.6m/sD.12m/s5、一只單擺，在第一個(gè)星球表面上的振動(dòng)周期為在第二個(gè)星球表面上的振動(dòng)周期為若這兩個(gè)星球的質(zhì)量之比半徑之比則等于（）A.B.C.D.6、圖中的B超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一列超聲波；遇到人體組織會(huì)產(chǎn)生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號(hào)由計(jì)算機(jī)處理，從而形成B超圖像。下列說法正確的是（）

A.超聲波屬于縱波B.超聲波在血液中傳播速度小于在空氣中傳播速度C.超聲波在血液中的波長(zhǎng)等于其在空氣中的波長(zhǎng)D.入射的超聲波與被血液反射的超聲波相遇時(shí)會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象7、以下各種說法中，正確的是（）A.一單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，小球相繼兩次通過同一位置時(shí)的速度必相同B.波源與接收者相互靠近會(huì)使波源的發(fā)射頻率變高C.紅外線的頻率與固體物質(zhì)分子頻率接近，容易引起固體物質(zhì)分子的共振D.雷達(dá)是利用聲波的反射來測(cè)定物體的位置評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖甲所示，波源S從平衡位置開始上、下振動(dòng)，沿y軸方向，向上為y軸正方向，產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧橫波向右傳播，經(jīng)過0.1s后，沿波的傳播方向上距S為2m的P點(diǎn)開始振動(dòng)。若以P點(diǎn)開始振動(dòng)的時(shí)刻作為計(jì)時(shí)的起點(diǎn)，P點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示；則下列說法正確的是（）

A.波源S最初是向下振動(dòng)的B.t=0.2s時(shí)P點(diǎn)向上振動(dòng)C.0~0.1s時(shí)間內(nèi)P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為2mD.t=0.6s時(shí)P點(diǎn)處于波峰9、如圖甲所示，B、C和P是同一水平面內(nèi)的三個(gè)點(diǎn)，沿豎直方向振動(dòng)的橫波I在介質(zhì)中沿BP方向傳播，P與B相距45cm，B點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示；沿豎直方向振動(dòng)的橫波Ⅱ在同一介質(zhì)中沿CP方向傳播，P與C相距60cm，C點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖丙所示，在t=0時(shí)刻，兩列波同時(shí)分別經(jīng)過B、C兩點(diǎn)，兩列波的波速都為30cm/s，兩列波在P點(diǎn)相遇；則以下說法正確的是（）

A.兩列波的波長(zhǎng)之比為3：4B.波遇到20cm的障礙物將發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象C.P點(diǎn)為加強(qiáng)點(diǎn)其振幅為70cmD.4.5s時(shí)P點(diǎn)在平衡位置且向下振動(dòng)10、如圖所示，豎直放置的彈簧一端固定在地上，另一端拴接一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B，B保持靜止，此時(shí)彈簧被壓縮了h?，F(xiàn)將另一質(zhì)量也為m的物塊A，從離物塊B高為位置由靜止釋放自由落下，兩物塊發(fā)生完全非彈性碰撞（但不粘連），碰撞時(shí)間極短，忽略物塊在運(yùn)動(dòng)過程中的空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。已知重力加速度為g，彈簧的彈性勢(shì)能（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，為彈簧的形變量）；則（）

A.碰后瞬間兩物體的加速度大小為gB.碰后瞬間兩物體的總動(dòng)能為C.碰撞后兩物體的最大動(dòng)能為D.在運(yùn)動(dòng)過程中兩物塊不會(huì)分離11、一列簡(jiǎn)諧橫波沿繩子傳播，振幅為0.2m，傳播速度為1m/s，頻率為0.5Hz．在t時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a正好經(jīng)過平衡位置．沿波的傳播方向A.在t時(shí)刻，距a點(diǎn)2m處的質(zhì)點(diǎn)離開其平衡位置的距離為0.2mB.在t時(shí)刻，距a點(diǎn)0.5m處的質(zhì)點(diǎn)離開其平衡位置的距離為0.2mC.在(t+0.5)s時(shí)刻，距a點(diǎn)1m處的質(zhì)點(diǎn)離開其平衡位置的距離為0.2mD.在(t+2)s時(shí)刻，距a點(diǎn)1.5m處的質(zhì)點(diǎn)離開其平衡位置的距離為0.2m12、質(zhì)量為M的帶有光滑圓弧軌道的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質(zhì)量也為M的小球以速度v0水平?jīng)_上小車，到達(dá)某一高度后，小球又返回小車的左端，重力加速度為g，則（）

A.小球以后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)B.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C.此過程小球?qū)π≤囎龅墓镸v02D.小球在圓弧軌道上上升的最大高度為13、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定兩個(gè)光滑圓環(huán)軌道，小球A所在的圓環(huán)軌道半徑小于小球B所在的圓環(huán)軌道半徑，小球A的質(zhì)量大于小球B的質(zhì)量；兩小球均由水平直徑的端點(diǎn)沿圓環(huán)軌道靜止釋放，當(dāng)兩球分別到達(dá)軌道的最低點(diǎn)時(shí)，則（）

A.小球A的動(dòng)量一定大于小球B的動(dòng)量B.小球A的動(dòng)能一定大于小球B的動(dòng)能C.圓環(huán)對(duì)小球A的支持力大于圓環(huán)對(duì)小球B的支持力D.小球A的向心加速度一定等于小球B的向心加速度14、從波源質(zhì)點(diǎn)O起振開始計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間t=0.6s，x軸上距波源12m處的質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)；此時(shí)波形如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.該列波的周期可能為0.8sB.O點(diǎn)的簡(jiǎn)諧振動(dòng)方程為y=4sin5πt（cm）C.在0~0.3s時(shí)間內(nèi)，x軸上2m處質(zhì)點(diǎn)通過的路程為8cmE.在t=0.3s時(shí)，x軸上5m處質(zhì)點(diǎn)位移大于2cm，且向y軸正方向振動(dòng)E.在t=0.3s時(shí)，x軸上5m處質(zhì)點(diǎn)位移大于2cm，且向y軸正方向振動(dòng)15、下列有關(guān)波動(dòng)現(xiàn)象的說法中正確的是（）A.醫(yī)生檢查身體用的“B超”是根據(jù)超聲波的多普勒效應(yīng)制成的B.多普勒效應(yīng)是由于波源與觀察者之間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的C.波具有衍射特性的條件，是障礙物的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多D.在干涉圖樣中，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移始終保持最大；振動(dòng)減弱區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移始終保持最小16、下列說法正確的是（）A.物體做受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后，其振動(dòng)頻率一定等于驅(qū)動(dòng)力頻率B.單擺簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與振幅有關(guān)，振幅越大周期越長(zhǎng)C.相機(jī)鏡頭表面的增透膜，利用了薄膜干涉原理E.通過一個(gè)狹縫來觀察日光燈可以看到彩色條紋，是光的偏振現(xiàn)象E.通過一個(gè)狹縫來觀察日光燈可以看到彩色條紋，是光的偏振現(xiàn)象評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，實(shí)線表示兩個(gè)相干波源S1、S2發(fā)出的波的波峰位置，b點(diǎn)在兩個(gè)波源連線的中垂線上，則圖中的___________點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)的位置，圖中的_______________點(diǎn)為振動(dòng)減弱的位置。(選填“a”、“b”、“c”)18、（1）內(nèi)容。

如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變。

（2）表達(dá)式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動(dòng)量等于相互作用后的總動(dòng)量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個(gè)物體動(dòng)量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動(dòng)量守恒。

（4）應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對(duì)象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個(gè)物體及研究的過程）。

b.進(jìn)行受力分析，判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動(dòng)量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時(shí)討論說明。19、判斷該說法的正誤：

多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化。________20、如圖所示，扇形AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角∠AOB=60°。一束平行于角平分線OM的光由OA射入介質(zhì)，經(jīng)OA折射的光線恰平行于OB。則這種介質(zhì)對(duì)光的折射率為___________；折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光___________（填“會(huì)”或“不會(huì)”）發(fā)生全反射，___________（填“減小”或“增大”）光與AO邊所夾銳角θ，折射光線在弧面AMB上更容易發(fā)生全反射。

21、物體A（質(zhì)量為mA，碰前速度為v0）與靜止的物體B（質(zhì)量為mB）發(fā)生碰撞，當(dāng)發(fā)生完全非彈性碰撞時(shí)損失的機(jī)械能最多，物體B的速度最小，vB=_________，當(dāng)發(fā)生彈性碰撞時(shí)，物體B速度最大，vB=_____，則碰后物體B的速度范圍為________。評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共18分)22、用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。

①對(duì)測(cè)量原理的理解正確的是____。

A．由g=可知，T一定時(shí)，g與l成正比。

B．由g=可知，l一定時(shí)，g與T2成反比。

C．單擺的振動(dòng)周期T和擺長(zhǎng)l可用實(shí)驗(yàn)測(cè)定，由g=可算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

②若測(cè)量結(jié)果得到的g值偏大，可能是因?yàn)開___。

A．組裝單擺時(shí)；選擇的擺球質(zhì)量偏大。

B．測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)；將懸線長(zhǎng)作為單擺的擺長(zhǎng)。

C．測(cè)量周期時(shí)，把n次全振動(dòng)誤認(rèn)為是（n+1）次全振動(dòng)。

③下表是某同學(xué)記錄的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，并做了部分處理。組次123456擺長(zhǎng)l/cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振動(dòng)時(shí)t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方T2/s21.592.012.403.204.80

請(qǐng)計(jì)算第5組實(shí)驗(yàn)中的T2=____s2。

④將上表數(shù)據(jù)輸入計(jì)算機(jī)，可得到圖2所示的l﹣T2圖像，圖線經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)，斜率k=0.25m/s2。由此求得重力加速度g=____m/s2。（π2=9.87，此空答案保留3位有效數(shù)字）23、在探究碰撞中的不變量實(shí)驗(yàn)中；利用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌通過閃光照相進(jìn)行這一實(shí)驗(yàn)。

某次實(shí)驗(yàn)時(shí)碰撞前B滑塊靜止；A滑塊勻速向B滑塊運(yùn)動(dòng)并發(fā)生碰撞，利用閃光照相的方法連續(xù)4次拍攝得到的閃光照片如圖所示。

已知相鄰兩次閃光的時(shí)間間隔為T，在這4次閃光的過程中，A、B兩滑塊均在0～80cm范圍內(nèi)，且第1次閃光時(shí)，滑塊A恰好位于x=10cm處。若A、B兩滑塊的碰撞時(shí)間及閃光持續(xù)的時(shí)間極短，均可忽略不計(jì)，則可知碰撞發(fā)生在第1次閃光后的___________時(shí)刻，如果碰撞前后質(zhì)量與速度乘積之和保持不變，則A、B兩滑塊質(zhì)量之比mA∶mB=___________。24、某研究性學(xué)習(xí)小組在進(jìn)行“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中（實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示），已知單擺在擺動(dòng)過程中的最大偏角小于在測(cè)量單擺的周期時(shí)，從單擺運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)且記數(shù)為0，到第N次經(jīng)過最低點(diǎn)所用的時(shí)間為t。在測(cè)量單擺的擺長(zhǎng)時(shí)，先用毫米刻度尺測(cè)得擺球懸掛后的擺線長(zhǎng)（從懸點(diǎn)到擺球的最上端）為L(zhǎng)，再用螺旋測(cè)微器測(cè)得擺球的直徑為d（讀數(shù)如圖乙所示）。

（1）從乙圖可知，擺球的直徑為___________mm；

（2）重力加速度___________（用N、t、L、d表示）；

（3）實(shí)驗(yàn)中，由于沒有工具測(cè)量小球的直徑，某小組采用多次改變擺線長(zhǎng)度，每次只較精確測(cè)量擺線長(zhǎng)度L和相應(yīng)的單擺擺動(dòng)周期T，并作出的圖像，求出圖像的斜率為k，則重力加速度___________（用k表示）。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．球b做自由落體運(yùn)動(dòng)，球c做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，故bc兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，為

球a受重力和支持力，合力為mgsinθ，加速度為gsinθ，根據(jù)

得

故t＜t′

A錯(cuò)誤；

B．由于重力相同；而重力的作用時(shí)間不同，故重力的沖量不同，B錯(cuò)誤；

C．球b和球c的初動(dòng)能不相同，而重力做功相同，根據(jù)動(dòng)能定理，球b和球c的末動(dòng)能不相同；C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)動(dòng)量定理，對(duì)球a

對(duì)球b、c，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，因此動(dòng)量變化相同，為

因此三個(gè)球的動(dòng)量變化的大小相同；D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．光的頻率與介質(zhì)無關(guān)；太陽光進(jìn)入水中前后頻率保持不變，故A錯(cuò)誤；

B．用相機(jī)拍攝水中的魚；往往在鏡頭前加裝一個(gè)偏振片以減弱反射光的強(qiáng)度，使照片清晰，故B錯(cuò)誤；

C．看到的魚與實(shí)際是魚的像；光線在水和空氣的界面發(fā)生折射；用激光槍看到水中的魚光在界面也發(fā)折射，所以用激光槍射擊水中的魚，為了提高命中率，在射擊時(shí)應(yīng)瞄準(zhǔn)看到的魚，故C正確；

D．光從空氣折射進(jìn)入魚眼；折射角小于入射角，魚眼認(rèn)為光是直線傳播的，所以岸上所有景物都出現(xiàn)在一個(gè)倒立的圓錐里，如圖所示。

根據(jù)

根據(jù)圖可知圓錐的頂角θ為C的2倍；故D錯(cuò)誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

向心加速度；動(dòng)量、沖量屬于矢量；動(dòng)能屬于標(biāo)量，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

取A球的速度方向?yàn)檎较?，AB的總動(dòng)量大小為：

根據(jù)動(dòng)量守恒得：解得：

A．10m/s．故A符合題意．

B．5m/s．故B不符合題意．

C．6m/s．故C不符合題意．

D．12m/s．故D不符合題意．5、A【分析】【詳解】

由單擺的周期公式可知

故

再由

可得

可知

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．超聲波屬于聲波；聲波是縱波，所以超聲波也是縱波，A正確；

B．機(jī)械波的速度由介質(zhì)決定；超聲波在液體中傳播速度大于空氣中的傳播速度，B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系

可知；超聲波在血液中傳播速度大，但是頻率是不變的，所以超聲波在血液中波長(zhǎng)變長(zhǎng)，所以超聲波在血液中的波長(zhǎng)大于在空氣中的波長(zhǎng)，C錯(cuò)誤；

D．入射的超聲波與被血液反射的超聲波傳播方向相反；不會(huì)發(fā)生干涉，D錯(cuò)誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

A．作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體每次通過同一位置時(shí)都具有相同的加速度；而速度有兩種方向，可能不同，A錯(cuò)誤；

B．波源與觀察者互相靠近或者互相遠(yuǎn)離時(shí)；觀察者接收到的波的頻率都會(huì)發(fā)生變化，而波源的發(fā)射頻率不變，B錯(cuò)誤；

C．紅外線的頻率與固體物質(zhì)分子頻率接近；容易引起固體物質(zhì)分子的共振，C正確；

D．雷達(dá)是利用電磁波的反射來測(cè)定物體位置的；D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像知P質(zhì)點(diǎn)的起振方向向下；則波源開始振動(dòng)的方向也向下，A正確；

B．根據(jù)圖乙所示，t=0.2s時(shí)P點(diǎn)向上振動(dòng)；B正確；

C．根據(jù)圖乙，振動(dòng)的周期為0.4s，0~0.1s時(shí)間內(nèi)P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為一個(gè)振幅；振幅未知，不一定是2m，C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)圖乙，振動(dòng)的周期為0.4s，t=0.6s時(shí)P點(diǎn)處于平衡位置；D錯(cuò)誤。

故選AB。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，兩列波的周期都是由波長(zhǎng)公式

得

則兩列波的波長(zhǎng)相等；A錯(cuò)誤。

B．依據(jù)發(fā)生明顯衍射條件，由于則波遇到的障礙物將發(fā)生明顯衍射；B正確。

C．由于兩列波到達(dá)點(diǎn)的路程差為

而時(shí)刻兩列波振動(dòng)方向相反，則是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，振幅等于兩波振幅之和，即為C正確。

D．波從傳到的時(shí)間為

波從傳到的時(shí)間為

在時(shí)兩波疊加經(jīng)過平衡點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過個(gè)周期；經(jīng)過平衡向下振動(dòng)，D錯(cuò)誤。

故選BC。10、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．碰后瞬間彈簧彈力不發(fā)生變化，根據(jù)牛頓第二定律有

即碰后瞬間兩物體的加速度大小為

故A錯(cuò)誤；

B．設(shè)碰撞前A的速度為則有

碰撞后A、B的速度為碰撞時(shí)間極短，碰撞過程中動(dòng)量守恒，即

求得

解得碰后瞬間兩物體的總動(dòng)能為

故B正確；

C．設(shè)彈簧勁度系數(shù)為k，有

碰撞后兩物體一起向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩物塊的重力與彈簧彈力相等時(shí)，兩物塊的動(dòng)能最大，即

求得

A、B從碰撞后瞬間到A、B動(dòng)能最大時(shí)，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有

聯(lián)立解得

故C正確；

D．假設(shè)能分離，分離時(shí)，有

即彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)。碰撞后物塊A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，從返回至碰撞點(diǎn)，到最高點(diǎn)過程中，反彈向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)碰撞點(diǎn)時(shí)，兩物體的速度大小等于碰后瞬間兩物體的速度大小；設(shè)彈簧壓縮量為x3時(shí)速度減小為零，則有

解得

即物體A；B到達(dá)不了彈簧的原長(zhǎng)處；故物體A、B不會(huì)分離，故D正確。

故選BCD。11、B:C:D【分析】【詳解】

由v=λf得，波長(zhǎng)周期為

A.在t時(shí)刻；距a點(diǎn)2m處的質(zhì)點(diǎn)，與a點(diǎn)相距一個(gè)波長(zhǎng)，則t時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a正好經(jīng)過平衡位置，則此質(zhì)點(diǎn)也在平衡位置，故A錯(cuò)誤；

B.在t時(shí)刻，距a點(diǎn)0.5m處的質(zhì)點(diǎn)，與a點(diǎn)相距個(gè)波長(zhǎng)；則t時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a正好經(jīng)過平衡位置，則此質(zhì)點(diǎn)處于波峰或波谷位置即離開其平衡位置的距離為0.2m，故B正確；

C.在t時(shí)刻，距a點(diǎn)1m處的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，再經(jīng)0.5s即周期；則此質(zhì)點(diǎn)處于波峰或波谷位置即離開其平衡位置的距離為0.2m，故C正確；

D.在（t0+2s）時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a位于平衡位置，距a點(diǎn)1.5m=處的質(zhì)點(diǎn)，由波形得到，此質(zhì)點(diǎn)到達(dá)最大位移處，此質(zhì)點(diǎn)離開其平衡位置的距離為0.2m，故D正確．12、B:C【分析】【詳解】

AB．從小球沖上小車到小球離開小車的過程，系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒且無摩擦力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，設(shè)小球離開小車時(shí)候的小球速度為v1,小車速度為v2，根據(jù)動(dòng)量守恒有Mv0=Mv1+Mv2

根據(jù)機(jī)械能守恒

聯(lián)立解得v1=0v2=v0

即作用后兩者交換速度；小球速度變?yōu)榱悖_始做自由落體運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；

C．根據(jù)動(dòng)能定理小球?qū)π≤囁鞯墓?/p>

C正確；

D．小球上升到最高點(diǎn)時(shí),與小車相對(duì)靜止，有相同的速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律Mv0=2Mv

根據(jù)機(jī)械能守恒定律Mv02=2×（Mv2）+Mgh

聯(lián)立解得h＝

D錯(cuò)誤。

故選BC。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球從釋放到最低點(diǎn)的過程中；只有重力做功，由機(jī)械能守恒定律得。

小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)。

A球所在軌道半徑小，但A球質(zhì)量大；所以無法比較兩球的動(dòng)量大小，故A錯(cuò)誤；

B．由于A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量；由。

可知：不能確定兩球動(dòng)能的大小關(guān)系；故B錯(cuò)誤；

C．在最低點(diǎn)；根據(jù)牛頓第二定律可知。

解得。

因A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量；故。

故C正確；

D．由。

可知；兩球在最低點(diǎn)的向心加速度相等，故D正確。

故選CD。14、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由波形圖可知；圖像是一個(gè)半周期，所以周期為。

故A錯(cuò)誤；

B．由。

得O點(diǎn)的簡(jiǎn)諧振動(dòng)方程為。

故B正確；

C．由圖可知，t=0.1s時(shí)，x軸上2m處的質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)。故在0~0.3s時(shí)間內(nèi)，x軸上2m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間為0.2s，即為周期的故通過的路程為。

故C正確；

D．根據(jù)。

由圖可知，在t=0.3s時(shí)，x軸上8m處質(zhì)點(diǎn)還未發(fā)生振動(dòng)；故D錯(cuò)誤；

E．由圖可知，在t=0.3s時(shí)，x軸上5m處質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向振動(dòng)；根據(jù)正弦函數(shù)圖像的性質(zhì)可知質(zhì)點(diǎn)的位移大于2cm，故E正確。

故選BCE。15、B:C【分析】【分析】

A；醫(yī)生檢查身體用的“B超”是利用超聲波的反射原理制成的；故A錯(cuò)誤；

B；多普勒效應(yīng)是由于波源與觀察者之間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的；故B正確；

C；波具有明顯的衍射特性的條件；是障礙物的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多，故C正確；

D；干涉圖樣中；振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移時(shí)大時(shí)小，振動(dòng)減弱區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其位移始終保持最小，故D錯(cuò)誤；

故選BC．

【詳解】16、A:C:D【分析】【詳解】

A．物體做受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后；其振動(dòng)頻率等于驅(qū)動(dòng)力頻率，故A正確。

B．由單擺簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期公式

可知；單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與振幅無關(guān)，故B錯(cuò)誤。

C．相機(jī)鏡頭表面的增透膜；利用了薄膜干涉原理，故C正確。

D．當(dāng)波源和觀察者相互遠(yuǎn)離時(shí)；觀察者接收到的波的頻率小于波源發(fā)出的頻率，故D正確。

E．通過一個(gè)狹縫來觀察日光燈可以看到彩色條紋；是光的衍射現(xiàn)象，故E錯(cuò)誤。

故選ACD。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]{2}根據(jù)圖像可知，c處是波谷與波谷相遇的位置，所以c點(diǎn)是加強(qiáng)點(diǎn)；b點(diǎn)正好在加強(qiáng)點(diǎn)構(gòu)成的連線上，即處在加強(qiáng)區(qū)內(nèi)，所以b點(diǎn)也是加強(qiáng)點(diǎn)；a處是波峰與波谷相遇的位置，所以a點(diǎn)是減弱點(diǎn)。【解析】bca18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動(dòng)量守恒的定義：如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變動(dòng)量守恒的。

（2）[2][3]動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動(dòng)量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠(yuǎn)大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動(dòng)量守恒。

（4）[7][8][9][10]應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對(duì)象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進(jìn)行受力分析；判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動(dòng)量。

d.由動(dòng)量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠(yuǎn)大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動(dòng)量19、略

【分析】【分析】

【詳解】

多普勒效應(yīng)說明接收的頻率發(fā)生變化，而波源的頻率不會(huì)變，所以多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化是錯(cuò)誤的?！窘馕觥垮e(cuò)誤20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]作出光路圖甲，由幾何知識(shí)可知，入射角折射角根據(jù)折射定律得

[2]如圖乙由幾何關(guān)系可得，光線在M點(diǎn)的入射角為由臨界角的關(guān)系式可得

則有

所以折射光線中恰好射到M點(diǎn)的