2024年粵教滬科版高一物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教滬科版高一物理上冊階段測試試卷966考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關于第一宇宙速度，下列說法正確的是A.它是人造地球衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度B.它是近地圓軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度C.它是使衛(wèi)星進入近地圓軌道的最大發(fā)射速度D.它是衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時在遠地點的速度2、如圖所示，交流電源電壓u=20sin(100婁脨t)V

電路中電阻R=10婁賂.

則如圖電路中理想電流表和理想電壓表的讀數(shù)分別為(

)

A.1.41A14.1V

B.1.41A20V

C.2A20V

D.2A14.1V

3、如圖所示，兩個完全相同的小球AB

在同一高度處以相同大小的初速度v0

分別水平拋出和豎直向上拋出，下列說法正確的是(

)

A.兩小球落地時的速度相同B.兩小球落地時，重力的瞬時功率相同C.從開始運動至落地，重力對兩小球做功相同D.從開始運動至落地，重力對兩小球做功的平均功率相同4、在DNA分子中，下列哪種比例因生物種類的不同而不同（）A.（A+C）/（G+T）B.（C+G）/（A+T）C.（A+G）/（C+T）D.（C/G）或（A/T）5、一根長0.5m的直導線ba，通有1A的電流，把它放在B=0.2T的勻強磁場中，并與磁場方向垂直，導體棒ab受到安培力的大小為（）

A.0N

B.0.3N

C.0.1N

D.0.2N

6、同步衛(wèi)星是指相對于地面不動的人造衛(wèi)星。關于同步衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.它可以在地面上任一點的正上方，且離地心的距離可按需要選擇不同的值B.它只能在赤道的正上方，且離地心的距離是一定的C.它的軌道根據(jù)需要可以是圓軌道，也可能是橢圓軌道D.不同的同步衛(wèi)星加速度也不相同7、在彈性限度內，彈簧的伸長量x

與彈力F

成正比，即F=kx

其中k

的值與彈簧材料、原長L

橫截面積S

等因素有關，理論與實驗都表明k=YSL

其中Y

是由材料決定的常數(shù)，材料力學中稱之為楊氏模量.

在國際單位中，楊氏模量Y

的單位為(

)

A.N

B.m

C.N?m鈭?1

D.N?m鈭?2

評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、物體甲的x鈭?t

圖象和物體乙的v鈭?t

圖象分別如圖所示，則這兩個物體的運動情況是()A.甲在整個t=6s

時間內有來回運動，它通過的總位移為零B.甲在整個t=6s

時間內運動方向一直不變，它通過的總位移大小為4m

C.乙在整個t=6s

時間內有來回運動，它通過的總位移為零D.乙在整個t=6s

時間內運動方向一直不變，它通過的總位移大小為4m

9、乘坐游樂圓的翻滾過山車時，質量為m

的人隨車一起在豎直平面內旋轉(

)

A.人在最高點時對座位仍可能產生壓力，但是壓力可能小于mg

B.車在最高點時人處于倒立狀態(tài)，全靠保險帶拉住，沒有保險帶人就會掉下來C.人在最底點時對座位的壓力大于mg

D.人在最底點時對座位的壓力等于mg

10、在航天領域中，懸繩衛(wèi)星是一種新興技術，它要求兩顆衛(wèi)星都在圓周軌道上運動，且兩顆衛(wèi)星與地心連線始終在一條直線上，如圖所示.

已知懸繩的長度為L

其重力不計，衛(wèi)星AB

的線速度分別為v1v2

則下列說法正確的是(

)

A.兩顆衛(wèi)星的角速度不相同B.兩顆衛(wèi)星的線速度滿足v1>v2

C.兩顆衛(wèi)星之間的懸繩一定受到拉力的作用D.假設在B

衛(wèi)星軌道上還有一顆衛(wèi)星C(

圖中沒有畫出)

它們在同一平面內同向運動，運動一段時間后BC

可能相碰11、關于加速度，以下說法正確的是（）A.物體速度為零時加速度一定為零B..物體加速度為零時速度一定為零C.物體加速度為零時速度大小一定不變D.物體加速度為零時速度方向一定不變12、質量為m=2kg

的物體沿水平面向右做直線運動，t=0

時刻受到一個水平向左的恒力F

如圖甲所示，此后物體的v鈭?t

圖象如圖乙所示，取水平向右為正方向，g=10m/s2

則(

)

A.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為婁脤=0.5

B.10s

末恒力F

的瞬時功率為6W

C.10s

末物體在計時起點左側2m

處D.10s

內物體克服摩擦力做功34J

13、用具有一定動能的電子轟擊大量處于基態(tài)的氫原子，使這些氫原子被激發(fā)到量子數(shù)為n(n>2)

的激發(fā)態(tài).

此時出現(xiàn)的氫光譜中有N

條譜線，其中波長的最大值為婁脣.

現(xiàn)逐漸提高入射電子的動能，當動能達到某一值時，氫光譜中譜線數(shù)增加到N隆盲

條，其中波長的最大值變?yōu)閵涿嬄∶?

下列各式中可能正確的是(

)

A.N隆盲=N+n

B.N隆盲=N+n鈭?l

C.婁脣隆盲>婁脣

D.婁脣隆盲<婁脣

14、關于速度的說法正確的是(

)

A.速度是路程與時間的比值B.速度是位移與時間的比值，位移越大則速度一定越大C.平均速度只能粗略地描述物體運動的快慢D.一般講平均速度時，必須講清楚是哪一段時間或哪一段位移內的平均速度15、如圖所示，在光滑水平面上釘有兩個釘子A和B，一根長細繩的一端系一個小球，另一端固定在釘子A上，開始時小球與釘子A、B均在一條直線上（圖示位置），且細繩的一大部分沿俯視順時針方向纏繞在兩釘子上，現(xiàn)使小球以初速度v0在水平面上沿俯視逆時針方向做勻速圓周運動，使兩釘子之間纏繞的繩子逐漸釋放，在繩子完全被釋放后與釋放前相比，下列說法正確的是（）A.小球的線速度變大B.小球的角速度變小C.小球的向心加速度不變D.細繩對小球的拉力變小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示，小車后壁上附有一塊質量為m的物塊，它與車壁間的動摩擦因數(shù)為μ．當小車向左加速運動，其加速度至少為____時，物塊可恰好不落下來（設最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等）．若小車向左加速度再增大，物塊相對于小車靜止，物塊所受到的摩擦力將____（增大；減少或不變）．

17、如圖所示，小球A沿軌道滑下，離開軌道末端（末端水平）時撞開輕質接觸式開關S，同時被電磁鐵吸住的小球B自行脫落,改變距地面的高度H再重復幾次。兩球體積較小，密度較大。請回答下列兩個問題:（1）該實驗裝置對軌道的要求是A.必需光滑B.可以粗糙（2）你觀察到的實驗現(xiàn)象及由現(xiàn)象說明的問題是A.兩球同時落地；水平方向的分運動是勻速直線運動B.兩球落在同一處；水平方向的分運動是勻速直線運動C.兩球同時落地；豎直方向的分運動是自由落體運動D.兩球在地面處相遇；豎直方向的分運動是初速為零的勻加速直線運動18、如圖所示，物體A重30N，用F等于50N的力垂直壓在墻上靜止不動，則物體A所受的摩擦力是____N；物體B重30N，受到F等于20N的水平推力靜止不動，則物體B所受的摩擦力是____N．

19、挑水時，水桶上繩子的狀況分別為a、b、c三種情形，則繩子在_______種情況下最容易斷？20、已知地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g，那么地球的第一宇宙速度的表達式為____和____．評卷人得分四、推斷題(共2題，共20分)21、A、rm{B}rm{C}為三種常見的單質，其中rm{A}rm{C}為氣體，rm{B}為常見金屬rm{.A}溶于水可使石蕊試液先變紅后褪色rm{.F}的水溶液為淺綠色溶液，它們的關系如圖：rm{(1)}寫出rm{A}rm{B}rm{D}的化學式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}寫出反應rm{壟脵壟脷}的離子方程式：rm{壟脵}____________；rm{壟脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊試液先變紅后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}檢驗rm{D}的水溶液中的陽離子的試劑是：____rm{.}將rm{D}溶液逐滴加入的沸水中會產生一種紅褐色的液體，你認為該液體中的分散質微粒直徑在____之間，驗證的簡單方法是：____．22、圖示中，rm{A}為一種常見的單質，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常見化合物，它們的焰色反應均為黃色。請?zhí)顚懴铝锌瞻祝簉m{(1)}寫出化學式：rm{(1)}____________、rm{A}____________、rm{B}____________、rm{C}____________。rm{D}寫出物質rm{(2)}的用途之一___________________________。rm{(2)}寫出rm{B}反應的離子方程式_____________________________________；rm{(3)}反應的化學方程式_________________________________。rm{(3)}向飽和rm{A隆煤C}溶液中通入足量rm{B隆煤D}現(xiàn)象是________________________。rm{(4)}評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)23、在探究“加速度與力；質量的關系”的實驗中：

（1）將實驗器材組裝如圖1所示．請你指出該裝置中的錯誤或不妥之處：

①______

②______

③______

（2）改正實驗裝置后；該同學順利完成了實驗．在實驗中保持小車質量不變，改變沙桶的質量，測得小車所受繩子的拉力F和加速度a的數(shù)據(jù)如下表：

。F/N0.210.300.400.490.60a/（m/s-2）0.100.210.290.410.49①根據(jù)測得的數(shù)據(jù)；在圖2中作出a-F圖象；

②由圖象可知；小車與長木板之間的最大靜摩擦力大小為______N．

（3）實驗中得到一條紙帶如圖3所示．A、B、C、D、E、F、G為計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間時間間隔為0.10s，x1=1.20cm，x2=1.60cm，x3=1.98cm，x4=2.38cm，x5=2.79cm，x6=3.18cm，利用給出的數(shù)據(jù)可求出小車的加速度a=______m/s2，B點的速度vB=______m/s．（保留2位有效數(shù)字）

24、如圖；在同一水平高度上有A；B兩物體，質量分別為m、M．A從圖示位置開始以角速度ω繞O點在豎直平面內沿順時針方向作勻速圓周運動，軌道半徑為R．同時B物體在恒力F作用下，由靜止開始在光滑水平面上沿x軸正方向做直線運動，求：

（1）A物體運動到什么位置時；它的速度方向可能與B物體相同？

（2）要使兩物體的速度相同；作用在B物體上的力F應多大？

（3）當兩物體速度相同時；B物體的最小位移為多少？

25、在地球表面，某物體用彈簧秤豎直懸掛且靜止時，彈簧秤的示數(shù)為160N．現(xiàn)把該物體放在航天器中，該航天器以a=的加速度勻加速豎直向上離開地球，在某一時刻，將該物體懸掛在彈簧秤上，彈簧秤的示數(shù)為90N．（不考慮地球自轉的影響，g為地球表面的重力加速度，取10m/s2．）

（1）求此時物體所受的重力；

（2）已知地球半徑為R；求此時航天器距地面的高度．

26、一列火車以速度v相對地面運動，如圖所示．如果地面上的人測得，某光源發(fā)出的閃光同時到達車廂的前壁和后壁，那么按照火車上的人的測量，閃光是先到達____壁還是后壁．

評卷人得分六、畫圖題(共2題，共4分)27、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。28、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】A、人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，運行速度為：v=GMr

軌道半徑越大，速度越小，故第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，故A錯誤；

B；由A

選項分析可知；當軌道半徑是地球的半徑時，則第一宇宙速度即為近地圓軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度，B正確；

C；物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度；在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度等于7.9km/s

飛行器恰好做勻速圓周運動，如果速度小于7.9km/s

就出現(xiàn)萬有引力大于飛行器做圓周運動所需的向心力，做近心運動而落地，所以發(fā)射速度不能小于7.9km/s

故C錯誤．

D；如果速度大于7.9km/s

而小于11.2km/s

它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓，所以7.9km/s

不是衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時在遠地點的速度，故D錯誤．

【解析】B

2、A【分析】解：由表達式可知，交流電源電壓的有效值U=202=14.1V

由歐姆定律可知，電路中電流I=UR=14.110A=1.41A

故選：A

．

由交流電源的表達式可知電源電壓的有效值；則由歐姆定律可求得電流及電壓表的示數(shù)．

本題應記住：在交流電路中電流表電壓表所測量的結果均為有效值．【解析】A

3、C【分析】解：A

兩個小球在運動的過程中都是只有重力做功；機械能守恒，所以根據(jù)機械能守恒可以知兩物體落地時速度大小相等，方向不同，所以速度不同，故A錯誤．

B；到達底端時兩物體的速率相同；重力也相同，但A

物體重力與速度有夾角，B

物體重力與速度方向相同，所以落地前的瞬間B

物體重力的瞬時功率大于A

物體重力的瞬時功率，故B錯誤．

C；根據(jù)重力做功的表達式得兩個小球在運動的過程重力對兩小球做功都為mgh

故C正確．

D、從開始運動至落地，重力對兩小球做功相同，但過程A

所需時間小于B

所需時間，根據(jù)P=Wt

知道重力對兩小球做功的平均功率不相同；故D錯誤；

故選：C

．

兩個物體在運動的過程中機械能守恒；可以判斷它們的落地時的速度的大?。?/p>

再由平均功率和瞬時功率的公式可以得出結論．

在分析功率的時候，一定要注意公式的選擇，P=Wt

只能計算平均功率的大小，而P=Fvcos婁脠

可以計算平均功率也可以是瞬時功率，取決于速度是平均速度還是瞬時速度．【解析】C

4、B【分析】【分析】本題考查DNA分子結構和多樣性的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力。在解答這類習題時，要牢牢把握住A=T、G=C之間的關系進行解答?！窘獯稹緼.雙鏈DNA分子中A=T、G=C，(A+C)／(G+T)=1；A不符合題意；

B.雙鏈DNA分子中A=T、G=C，對于不同的DNA分子的(C+G)／(A+T)比值不同；說明DNA分子具有特異性，B符合題意；

C.雙鏈DNA分子中A=T、G=C，(A+G)／(C+T)=1；C不符合題意；

D.雙鏈DNA分子中A=T、G=C，C／G=A／T=1；D不符合題意。

故選B?！窘馕觥緽5、C【分析】

已知通電導線垂直放入磁場中，I=1A，B=0.2T，L=0.5m，則導體棒ab受到安培力的大小為。

F=BIL=0.2×0.5×1N=0.1N

故選C

【解析】【答案】由題；通電導線與磁場方向垂直，根據(jù)公式F=BIL求解安培力的大?。?/p>

6、B【分析】試題分析：在除赤道所在平面外的任意點，假設實現(xiàn)了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的．所以同步衛(wèi)星只能在赤道的正上方，故A錯誤；因為同步衛(wèi)星要和地球自轉同步，即相同，根據(jù)因為是一定值，所以也是一定值，所以同步衛(wèi)星離地心的距離是一定的，B正確；因為同步衛(wèi)星距離地心的距離一定，所以只能是圓軌道，C錯誤；根據(jù)公式可得軌道一定，角速度一定，所以加速度大小一定，D錯誤?？键c：考查了萬有引力定律的應用【解析】【答案】B7、D【分析】解：由k=YSL

得Y=kLS

k

的單位是N/mS

是單位是m2L

的單位是m

代入上式得Y

的單位是N/m2=N?m鈭?2

故選：D

根據(jù)kSL

的單位，由表達式k=YSL

推導出Y

的單位．

Y

的單位是導出單位，根據(jù)物理公式，結合各個量的單位推導出來即可．【解析】D

二、多選題(共8題，共16分)8、BC【分析】【解答】

AB.

甲圖為位移時間圖象；則在0隆蘆6s

時間內物體從鈭?2m

位置處沿正方向一直運動到2m

位置處，一直沿正方向運動，沒有來回運動，其位移為4m

故B正確，A錯誤；

CD.

乙圖為速度時間圖象；在0隆蘆3s

時間內沿負方向做勻減速直線運動，在3s隆蘆6s

時間內沿正方向做勻加速直線運動，運動方向發(fā)生了改變，在6s

末物體回到出發(fā)點，故C正確，D錯誤。

故選BC。

【解析】BC

9、AC【分析】解：A

當人與保險帶間恰好沒有作用力，由重力提供向心力時，臨界速度為v0=gr

當人在最高點的速度v>gr

時，人對座位就產生壓力，當速度v<2gr

時，壓力F<mg

當速度v鈮?gr

時；沒有保險帶，人也不會掉下來，故A正確，B錯誤；

C；人在最低點時；加速度方向豎直向上，人處于超重狀態(tài)，人對座位的壓力大于mg

故C正確，D錯誤．

故選：AC

車在最高點時，若恰好由重力提供向心力時，人與保險帶間恰好沒有作用力，沒有保險帶，人也不會掉下來.

當速度更大時，人更不會掉下來.

當速度大于臨界速度gr

時；人在最高點時對座位就產生壓力.

人在最低點時，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析壓力與重力的關系．

本題是實際問題，考查運用物理知識分析實際問題的能力，關鍵根據(jù)牛頓運動定律分析處理圓周運動動力學問題．【解析】AC

10、CD【分析】解：A

兩顆衛(wèi)星與地心連線始終在一條直線上；都繞地心做勻速圓周運動，角速度必定相同，故A錯誤；

B、由v=r婁脴v隆脴r

所以v1<v2.

故B錯誤；

C、假設懸繩沒有作用力，兩顆衛(wèi)星均由萬有引力提供向心力，根據(jù)衛(wèi)星的速度公式v=GMr

和v=r婁脴

知，婁脴=GMr3A

衛(wèi)星的角速度大于B

衛(wèi)星的角速度，若兩衛(wèi)星與地心連線在一條直線上，則之后兩者距離將拉大，所以懸線一定拉力，故C正確；

D；設懸繩的拉力大小為F

則。

對B

衛(wèi)星：GMmBrB2+F=mBvB2rB

則得vB>GMrB

對C

衛(wèi)星萬有引力提供向心力，vC=GMrB

可見兩顆衛(wèi)星的速度不等，所以在同一平面內同向運動，運動一段時間后BC

能相碰.

故D正確；

故選：CD

．

由題意知，兩顆衛(wèi)星與地心連線始終在一條直線上，都繞地心做勻速圓周運動，角速度相同，由圓周運動線速度與角速度的關系式v=r婁脴

分析線速度的關系；

根據(jù)向心力和牛頓第二定律分析懸繩的拉力；B

衛(wèi)星由萬有引力提供向心力；由牛頓第二定律分析與C

衛(wèi)星的速度關系，判斷BC

能否相碰．

解決本題的關鍵分析向心力來源，掌握萬有引力定律和牛頓第二定律，即可分析衛(wèi)星的線速度、角速度與軌道半徑的關系．【解析】CD

11、CD【分析】解：A；速度為零時；加速度不一定為零，比如豎直上拋的物體到達最高點時，速度為零，而加速度不是零．故A錯誤．

B；速度與加速度沒有直接關系；加速度為零，速度不一定為零；故B錯誤．

C；物體加速度為零時；做勻速直線運動或處于靜止狀態(tài)，速度不變，大小和方向都不變．故CD正確．

故選：CD

速度與加速度沒有直接關系；速度為零時，加速度不一定為零；加速度增大，速度不一定增大；

加速度表示物體速度變化的快慢；速度變化越快，加速度一定越大；

加速度不變；速度一定在變化．

本題的解題關鍵是抓住速度與加速度無關的特點和加速度的物理意義，來理解加速度與速度的關系．【解析】【答案】CD12、CD【分析】解：A

設物體向右做勻減速直線運動的加速度為a1

則由v鈭?t

圖得：

加速度大小a1=2m/s2

方向與初速度方向相反壟脵

設物體向左做勻加速直線運動的加速度為a2

則由v鈭?t

圖得：

加速度大小a2=1m/s2

方向與初速度方向相反壟脷

根據(jù)牛頓第二定律；有：

F+婁脤mg=ma1壟脹

F鈭?婁脤mg=ma2壟脺

解壟脵壟脷壟脹壟脺

得：F=3N婁脤=0.05

故A錯誤．

B；10s

末恒力F

的瞬時功率為：P=Fv=3隆脕6W=18W.

故B錯誤．

C、根據(jù)v鈭?t

圖與橫軸所圍的面積表示位移得：x=12隆脕4隆脕8鈭?12隆脕6隆脕6m=鈭?2m

負號表示物體在起點以左.

故C正確．

D、10s

內克服摩擦力做功：Wf=fs=婁脤mgs=0.05隆脕20隆脕(12隆脕4隆脕8+12隆脕6隆脕6)J=34J.

故D正確．

故選：CD

．

由v鈭?t

圖分別求得由力F

和沒有力F

作用時的加速度；對兩段時間分別運用牛頓第二定律列式后聯(lián)立求解；設10s

末物體離起點點的距離為dd

應為v鈭?t

圖與橫軸所圍的上下兩塊面積之差，根據(jù)功的公式求出克服摩擦力做功．

本題關鍵先根據(jù)運動情況求解加速度，確定受力情況后求解出動摩擦因數(shù)，根據(jù)v鈭?t

圖與橫軸所圍的面積表示位移求解位移．【解析】CD

13、AC【分析】解：當用電子轟擊處于基態(tài)的氫原子時使氫原子激發(fā)到量子數(shù)為n

的激發(fā)態(tài)；則其向下躍遷有n鈭?1

條的譜線，而處于n鈭?1

的能級的電子繼續(xù)向更低能級躍遷，產生n鈭?2

條譜線，處于n鈭?2

能級的電子繼續(xù)向更低的能級躍遷，產生n鈭?3

條譜線，

處于第2

能級的電子繼續(xù)向基態(tài)躍遷，產生1

條譜線，故總共產生N=1+2+3++(n鈭?1)

條．

波長最大即頻率最小的是從n

能級向n鈭?1

能級躍遷是產生的譜線．

而提高入射電子的動能，電子將被激發(fā)到n隆盲

能級，且n隆盲>n

同理向較低能級躍遷時產生的譜線的條數(shù)為N隆盲=1+2+3++(n鈭?1)++n隆盲

而能級越高能級差越小；故輻射的光譜中最大波長光譜的波長將變得更長.

故C正確．

故N隆盲鈭?N=n

故A正確而B錯誤．

故選A；C

．

本題考查氫原子受到激發(fā)后吸收能量向高能級躍起；到在高能級不穩(wěn)定將自發(fā)的向低能級躍遷，產生的光譜的種類等于1+2+3++(n鈭?1)

故在初態(tài)時吸收的能量越多到達的軌道越高，輻射的光譜種類越多.

而輻射的光子的能量等于電子向低能級躍遷時初末能級的能極差，故最高能級越高，輻射的光子的能量的最小值越?。?/p>

這類題目難度不大，要求不是太高，但要求我們對基本概念一定要比較熟悉，所以我們要多看課本．【解析】AC

14、CD【分析】解：A

速度是位移與時間的比值；位移大，速度不一定大，還要看時間，故AB錯誤；

C；速度表示物體運動快慢的物理量；平均速度表示物體平均運動快慢，只能粗略地描述物體運動的快慢，故C正確；

D；平均速度對應的是一段位移或者一段時間；所以在講平均速度的時候需要說明，D正確．

故選：CD

．

根據(jù)速度的定義和意義進行分析；明確平均速度是指物體運動過程中的平均快慢程度，平均速度為位移比時間，對應一段時間或一段位移，是過程量．

本題考查平均速度的意義，要注意明確瞬時速度和平均速度的區(qū)別和聯(lián)系，明確它們所對應的時間關系．【解析】CD

15、BD【分析】解：A；在繩子完全被釋放后與釋放前相比；小球所受的拉力與速度垂直，不改變速度大小，故A錯誤。

B、由v=ωr，v不變，r變大；則角速度ω變小，故B正確。

C、小球的加速度a=v不變，r變大；則a變小，故C錯誤。

D、細繩對小球的拉力F=ma=mv不變，r變大；則F變小，故D正確。

故選：BD。

球以初速度v0在水平面上沿逆時針方向做勻速圓周運動；在繩子完全被釋放后與釋放前相比，半徑變大，速度不變，根據(jù)圓周運動的規(guī)律分析角速度；加速度和拉力的變化。

本題中主要考查了向心力公式的直接應用，關鍵抓住速度不變和圓周運動常用的公式，基礎題【解析】BD三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】

物塊恰好不落下來時有：f=mg．

N=ma；f=μN

聯(lián)立解得．

當加速度增大；壓力繼續(xù)增大，摩擦力仍然等于重力，保持不變．

故答案為：不變．

【解析】【答案】當物塊恰好不落下來；此時摩擦力達到最大值，物塊受重力和最大靜摩擦力處于平衡，結合牛頓第二定律求出加速度的最小值．

17、略

【分析】【解析】【答案】（1）B（2分）（2）C（2分）18、略

【分析】

左圖中；物體受重力；支持力、推力和向上的靜摩擦力；物體保持靜止，加速度為零，合力為零，故靜摩擦力等于重力，為30N；

右圖中；物體周重力；支持力、推力和向左的靜摩擦力；物體保持靜止，加速度為零，合力為零，故靜摩擦力等于推力，為20N；

故答案為：30；20．

【解析】【答案】對物體受力分析；然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解．

19、略

【分析】試題分析：對水桶研究：受到重力和繩子的兩個拉力作用，根據(jù)平衡條件得知：兩個拉力的合力與重力平衡，大小等于重力，方向豎直向上．根據(jù)兩個力的合力一定時，繩子夾角增大，兩個拉力的大小越大；夾角越小，繩子拉力越?。梢?，繩子越長，夾角越小，繩子的拉力越小，而繩子越短，夾角越大，繩子的拉力越大，越容易斷．故C正確，ABD錯誤．考點：力的合成和分解。【解析】【答案】C20、略

【分析】

第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度；

根據(jù)萬有引力提供向心力得：=m

v=①

根據(jù)地面附近引力等于重力得：=mg②

由①②得：

v=

故答案為：

【解析】【答案】第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度；重力等于萬有引力，萬有引力提供向心力，列式求解；

四、推斷題(共2題，共20分)21、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊試液變紅，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊試液變紅，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁達爾效應?【分析】【分析】本題考查無機物的推斷，題目難度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}為溶于水所得的溶液可使石蕊試液先變紅后退色，則說明rm{A}為rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊試液先變紅后褪色，的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{2}中含有rm{2}，與水反應生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊試液先變紅后褪色，rm{F}的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，則rm{F}為rm{F}rm{B}rm{B}為rm{Fe}，則rm{Fe}為rm{{,!}^{2+}}，能繼續(xù)和rm{Cl}為rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反應生成rm{D}，則rm{D}為rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}為rm{FeCl}和鹽酸的反應，反應的離子方程式為rm{3}rm{3}，所以rm{B}為rm{Fe}，則rm{C}為rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}為rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案為：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案為：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反應rm{壟脵}為rm{Fe}和鹽酸的反應，反應的離子方程式為rm{Fe+2H}rm{壟脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{簍T}rm{Fe}rm{簍T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反應為rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊試液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有還原性，能與具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊試液變紅，rm{2}具有漂白性；rm{2}反應生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，觀察溶液是否變紅，具體做法為取少量溶液于試管中，滴加兩滴，反應的離子方程式為rm{2Fe}溶液，觀察溶液是否變紅色，將飽和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之間，具有丁達爾效應；rm{2}故答案為：rm{2}溶液；rm{簍T}rm{2Fe}是否有丁達爾效應。rm{簍T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊試液變紅，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊試液變紅，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁達爾效應rm{HClO}rm{HClO}22、(1)NaNa2O2NaOHNa2CO3(2)供氧劑(3)2Na+2H2O2Na++2OH?+H2↑2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2.(4)有白色晶體析出【分析】【分析】本題以鈉及其化合物之間的轉化為載體考查無機物推斷，側重考查學生分析推斷能力，涉及物質推斷、離子方程式書寫、物質用途等知識點，明確元素化合物的性質及物質之間的轉化是解本題關鍵，注意基礎知識的積累?！窘獯稹縭m{A}為一種常見的單質，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常見化合物rm{.}它們的焰色反應均為黃色，則均為鈉的單質或化合物，所以rm{A}為rm{Na}結合轉化關系可知，rm{B}為rm{Na_{2}O_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}為rm{NaHCO_{3}}

rm{(1)}通過以上分析知，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}分別是rm{Na}rm{Na_{2}O_{2}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}}

故答案為：rm{Na}rm{Na_{2}O_{2}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}}

rm{(2)B}是過氧化鈉，能和水、二氧化碳反應生成氧氣，所以可以作供氧劑，故答案為：供氧劑；

rm{(3)}鈉和水反應生成氫氧化鈉和氫氣，過氧化鈉和二氧化碳反應生成碳酸鈉和氧氣，反應方程式分別為rm{2Na+2H_{2}O簍T2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{B隆煤D}反應的化學方程式為反應的化學方程式為rm{B隆煤D}

故答案為：rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}rm{2Na+2H_{2}O簍T2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}

rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}碳酸鈉溶解度大于碳酸氫鈉；向飽和碳酸鈉溶液中通入過量二氧化碳生成碳酸氫鈉，導致溶液為過飽和溶液，則有碳酸氫鈉晶體析出，故答案為：有白色晶體析出。

rm{(4)}【解析】rm{(1)Na}rm{Na_{2}O_{2;;;}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3;;}}rm{(2)}供氧劑rm{(3)2Na+2H_{2}O}rm{2Na^{+}+2OH^{?}+H_{2}隆眉}rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}}rm{2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}．rm{(4)}有白色晶體析出五、解答題(共4題，共36分)23、略

【分析】

（1）由圖1所示可知；實驗裝置中的錯誤或不妥之處有：①電磁打點計時器應使用電壓為4-6V的低壓交流電源而不能使用220V的交流電源；②實驗前沒有平衡摩擦力；③釋放小車前小車應靠近打點計時器，圖示中小車遠離打點計時器是錯誤的．

（2）①根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系中描出對應的點；然后作出a-F圖象，圖象如圖所示；

②由圖象可知當拉力F≤0.1N時；小車靜止不動，加速度為零，當F＞0.1N時小車有加速度，由此可知，小車受到的最大靜摩擦力為0.1N．

（3）小車的加速度a==≈0.40m/s2，B點的速度vB===0.14m/s．

故答案為：（1）電源電壓為220V；沒有平衡摩擦力；小車沒有靠近打點計時器；（2）圖象如圖所示；0.1；（3）0.40；0.14．

【解析】【答案】（1）電磁打點計時器應使用4-6V的交流電源；實驗前應先平衡摩擦力；釋放小車前；小車應靠近打點計時器．

（2）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系中描出對應的點；然后作出a-F圖象；根據(jù)圖象應用牛頓第二定律求出小車受到的摩擦力．

（3）先求出計數(shù)點間的時間間隔；做勻變速直線運動的物體在某段時間內的平均速度等于這段時間中間時刻的瞬時速度；做勻變速直線運動的物體在相鄰的相等時間內的位移差是定值，即：△x=at2．

24、略

【分析】

（1）因為B物體在水平方向上做勻加速直線運動；所以B的速度方向一直沿X軸正方向，故只有當A物體運動到圓心O的正上方時，即最高點時，速度可能與B物體相同．

（2）要使A；B速度相同；A必需在圓心O的正上方，但圓周運