2024年滬科版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版選修3物理下冊階段測試試卷203考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、氣體的壓強的產(chǎn)生和液體不相同：固體液體的壓強產(chǎn)生是由于重力而產(chǎn)生的；而氣體的壓強產(chǎn)生是由于氣體分子持續(xù)的碰撞容器壁，導(dǎo)致產(chǎn)生了持續(xù)的壓力。單位面積上的壓力就是氣體的壓強。如圖，外界大氣壓為固定于水平地面的氣缸開口向右，用光滑輕活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi)（汽缸中間位置有小擋板）。開始時，活塞緊壓于小擋板右側(cè)。緩慢升高封閉氣體溫度T，封閉氣體壓強p隨T變化圖象可能正確的是（）

A.B.C.D.2、一個電流表的滿偏電流Ig=1mA.內(nèi)阻為300Ω，要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A.串聯(lián)一個10000Ω的電阻B.并聯(lián)一個10000Ω的電阻C.串聯(lián)一個9700Ω的電阻D.并聯(lián)一個9700Ω的電阻3、如圖所示，有A、B、C、D四個電阻，它們的I—U關(guān)系如圖所示；其中電阻最小的是()

A.AB.BC.CD.D4、一直導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線放置在螺線管的上方，如圖所示．如果直導(dǎo)線可以自由地運動且通以由a到b的電流，則導(dǎo)線ab受磁場力后的運動情況為()

A.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管B.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管C.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并遠離螺線管D.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管5、一個單擺做受迫振動，其共振曲線振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系如圖所示，則

A.此單擺的固有周期約為B.此單擺的擺長約為1mC.若擺長減小，單擺的固有頻率減小D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動6、一九二三年美國物理學(xué)家邁克耳遜用旋轉(zhuǎn)棱鏡法較準(zhǔn)確的測出了光速,其過程大致如下,選擇兩個距離已經(jīng)精確測量過的山峰(距離為L),在第一個山峰上裝一個強光源S,由它發(fā)出的光經(jīng)過狹縫射在八面鏡的鏡面1上,被反射到放在第二個山峰的凹面鏡B上,再由凹面鏡B反射回第一個山峰,如果八面鏡靜止不動,反射回來的光就在八面鏡的另外一個面3上再次反射,經(jīng)過望遠鏡,進入觀測者的眼中.(如圖所示)如果八面鏡在電動機帶動下從靜止開始由慢到快轉(zhuǎn)動,當(dāng)八面鏡的轉(zhuǎn)速為ω時,就可以在望遠鏡里重新看到光源的像,那么光速等于。

A.B.C.D.7、甲、乙兩物體分別在恒力的作用下，沿同一直線運動，它們的動量隨時間變化的關(guān)系如圖所示，設(shè)甲在時間內(nèi)所受的沖量為乙在時間內(nèi)所受的沖量為則的大小關(guān)系是

A.B.C.D.8、不能用盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型得出的結(jié)論是()A.原子中心有一個很小的原子核B.原子核是由質(zhì)子和中子組成的C.原子質(zhì)量幾乎全部集中在原子核內(nèi)D.原子的正電荷全部集中在原子核內(nèi)評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，阻值均大于r，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中。

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變小C.電容器C所帶電荷量增多D.電源的輸出功率變大10、如圖所示，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當(dāng)照射光強度增大時（）

A.電壓表的示數(shù)減少B.R2中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓降低11、如圖所示的電路，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；閉合開關(guān)S，滑動變阻器滑片P向左移動，下列結(jié)論正確的是（）

A.小燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大C.電容器C上電荷量增大D.電源的總功率變大12、如圖所示是氧氣分子在不同溫度（和）下的速率分布曲線；由圖可得信息（）

A.同一溫度下，氧氣分子速率呈現(xiàn)出“中間多、兩頭少”的分布規(guī)律B.隨著溫度升高，每一個氧氣分子的速率都增大C.隨著溫度升高，氧氣分子中速率小的分子所占的比例增加D.隨著溫度升高，氧氣分子的平均動能一定增大13、下列有關(guān)熱現(xiàn)象和內(nèi)能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機械能增加，內(nèi)能不變B.盛有氣體的容器做加速運動時，容器中氣體的內(nèi)能必定會隨之增大C.電流通過電阻后電阻發(fā)熱，它的內(nèi)能增加是通過“做功”方式實現(xiàn)的D.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最大14、下列說法正確的是（）A.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大B.只要對內(nèi)燃機不斷改進，就可以把內(nèi)燃機得到的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能C.吹滿氣的氣球打開氣口后氣體會快速噴出說明氣體分子間有斥力E.單晶體和多晶體均存在固定的熔點E.單晶體和多晶體均存在固定的熔點15、____的桌面有垂直桌面向下的勻強磁場B；一L×2L的線圈一半在桌面上，AB（長L）邊和桌邊平行，以AB邊為軸旋轉(zhuǎn)線圈，關(guān)于線圈的說法正確的有（）

A.線圈沒有旋轉(zhuǎn)時的磁通量等于BL2B.線圈旋轉(zhuǎn)600時的磁通量等于BL2C.線圈從開始到旋轉(zhuǎn)1200的過程中磁通量沒有變化D.線圈從開始到旋轉(zhuǎn)1800的過程中磁通量的變化等于3BL216、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時間t變化的圖像如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.0～4s內(nèi)物體的位移為零B.0～4s內(nèi)拉力對物體做功為零C.4s末物體的動量為零D.0～4s內(nèi)拉力對物體的沖量為零評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感強度為B，若在圓心處靜止的原子核中釋放一個質(zhì)量為m，電量為q的粒子，粒子的初速度垂直于B，則粒子的初速度必須滿足條件________時，粒子才能從磁場中穿出，粒子穿過磁場需要的最長時間為_____________18、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動變阻器最大值R3＝5Ω，則當(dāng)滑動觸頭從a滑到b的過程中，電流表示數(shù)的變化情況是______________________________．

19、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

20、一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)A沿直線變化到狀態(tài)C，再由狀態(tài)C沿直線變化到狀態(tài)B，最后由狀態(tài)B沿直線回到狀態(tài)A，如圖所示。已知氣體在狀態(tài)A的溫度TA=300K，氣體由狀態(tài)A沿直線變化到狀態(tài)C的過程中的最高溫度為____________K；完成一個循環(huán)過程，氣體吸收的熱量為_________J。

21、如圖所示，導(dǎo)線圈A水平放置，條形磁鐵從其正上方向下移近(未插入)導(dǎo)線圈的過程中，導(dǎo)線圈A對水平面的壓力將________．導(dǎo)線圈的面積有______趨勢．（填“增大”,“不變”或“減小”）

22、一定質(zhì)量的理想氣體，其壓強p隨體積V變化的圖線如圖所示．已知在狀態(tài)A時氣體的溫度為300K．則在狀態(tài)C時氣體溫度Tc=_____K；如果由狀態(tài)A經(jīng)B到C的過程中，氣體對外做了400J的功，則這個過程氣體_____(填“吸收”或“放出”)____J的熱量．

23、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V的圖描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量．

(1)氣體狀態(tài)從A到B是______過程(填“等容”；“等壓”或“等溫”)；

(2)狀態(tài)從B到C的變化過程中；氣體的溫度______(填“升高”；“不變”或“降低”)；

(3)狀態(tài)從C到D的變化過程中；氣體______(填“吸熱”或“放熱”)；

(4)狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為________．24、水平地面上，質(zhì)量為1kg的滑塊A以4m/s的速度碰上靜止的物體B，碰后A的速度立刻減到零，B在地面上運動2s后靜止，已知B與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1，則B的質(zhì)量為_____kg，碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機械能為_____J。25、(1)某組同學(xué)用圖（a）實驗裝置探究“加速度a與物體質(zhì)量m的關(guān)系”．A為小車；B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板．

①圖（b）為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz．小車的加速度大小為________m/s2．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

②改變小車質(zhì)量m，分別記錄小車加速度a與其質(zhì)量m的數(shù)據(jù)．在分析處理時，該組同學(xué)產(chǎn)生分歧；甲同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質(zhì)量m的圖象，乙同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該作出小車加速度a與其質(zhì)量倒數(shù)的圖象．兩位同學(xué)都按照自己的方案將實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中進行了標(biāo)注，但尚未完成圖象（如下圖所示）．你認(rèn)為同學(xué)______________（填“甲”；“乙”）的方案更合理．并幫助該同學(xué)作出坐標(biāo)中的圖象。

(2)某同學(xué)用如圖所示的電路測量出待測電流表的滿偏電流；有以下的可供選用的器材：

A．待測電流表A0：滿偏電流約為700～800μA、內(nèi)阻約100Ω，表盤刻度均勻、總格數(shù)為N

B．電流表A：量程0.6A、內(nèi)阻Rg＝0.1Ω

C．電壓表V：量程3V、內(nèi)阻RV＝3kΩ

D．滑動變阻器R：最大阻值20Ω

E．電源E：電動勢約3V；內(nèi)阻約1.5Ω

F．開關(guān)S一個；導(dǎo)線若干條。

①電路圖中的電表x應(yīng)選當(dāng)器材中的_______．（填寫器材序號）

②測量過程中，測出多組數(shù)據(jù)，其中一組數(shù)據(jù)中待測電流表A0的指針偏轉(zhuǎn)了n格，則計算電流表滿偏電流的表達式為Imax=_______________，式中除字母N、n外，其他字母符號代表的物理量是_______________________________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)29、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中；

（1）以下做法正確的是__________

A.測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度作為擺長L

B.測量周期時，從小球經(jīng)過平衡位置開始計時，經(jīng)歷50次全振動總時間為t，則周期為

C.擺動中出現(xiàn)了輕微的橢圓擺情形；王同學(xué)認(rèn)為對實驗結(jié)果沒有影響而放棄了再次實驗的機會。

D.釋放單擺時；應(yīng)注意細線與豎直方向的夾角不能超過5°

（2）黃同學(xué)先測得擺線長為97.92cm，后用游標(biāo)卡尺測得擺球直徑（如圖），讀數(shù)為_________cm；再測得單擺的周期為2s，最后算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭的值為_________m/s2．（取9.86；結(jié)果保留兩位小數(shù)）

（3）實驗中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，劉同學(xué)設(shè)計了一個巧妙的方法不計擺球的半徑．具體做法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為T1；第二次量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度的表達式為g＝_____________．30、某學(xué)習(xí)小組探究一小電珠在不同電壓下的電功率大??；實驗器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接．

(1)實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接__________：

(2)某次測量，電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為___________A；

(3)該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丙所示，根據(jù)圖線判斷，將___________只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內(nèi)阻為1Ω的電源組成閉合回路，可使小電珠的總功率最大，其總功率的值約為___________W（保留小數(shù)點后兩位）.評卷人得分六、解答題(共4題，共12分)31、一定質(zhì)量理想氣體圖像如圖所示，其中為等容過程，為等壓變化，為等溫過程。已知氣體在狀態(tài)時的溫度在狀態(tài)的體積求：

（1）氣體在狀態(tài)時的溫度

（2）氣體在狀態(tài)時的體積

32、如圖所示，一固定水平汽缸，由一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中由一細管（容積及長度可忽略）連通，兩筒中各有一個活塞，大活塞橫截面積S1=60cm2，小活塞橫截面積S2=20cm2；兩活塞用細繩連接。繩長L=20cm，汽缸外大氣的壓強為p0=1.00×105Pa，溫度T=350K，初始時兩活塞均靜止在與汽缸底部等距離處，繩剛好伸直。兩活塞間封裝氣體溫度為T=200K；忽略兩活塞與汽缸間摩擦，不漏氣?，F(xiàn)使汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高，求：

①當(dāng)溫度上升至280K時，缸內(nèi)氣體體積V；

②當(dāng)與外界達到熱平衡時，繩拉力T的大?。?/p>

33、如圖所示，帶有小孔的平行極板A、B間存在勻強電場，AB板間電勢差大小為U，極板間距離為L．其右側(cè)有與A、B垂直的平行極板C、D極板長度為L，C、D板間加恒定的電壓，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為e的電子(重力不計)，從A板處由靜止釋放，經(jīng)電場加速后通過B板的小孔飛出；經(jīng)過C、D板間的電場偏轉(zhuǎn)后從電場的右側(cè)邊界M點飛出電場區(qū)域；速度方向與邊界夾角為60°，求：

（1）電子在A、B間的運動時間；

（2）C、D間勻強電場的電場強度．

34、如圖所示，兩根足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角θ=30o的斜面上，導(dǎo)軌電阻不計，間距L=0.4m．導(dǎo)軌所在空間被分成區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，兩區(qū)域的邊界與斜面的交線為MN，Ⅰ中的勻強磁場方向垂直斜面向下，Ⅱ中的勻強磁場方向垂直斜面向上，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小均為B=0.5T．在區(qū)域Ⅰ中，將質(zhì)量m1=0.1kg，電阻R1=0.1Ω的金屬條ab放在導(dǎo)軌上，ab剛好不下滑．然后，在區(qū)域Ⅱ中將質(zhì)量m2=0.4kg，電阻R2=0.1Ω的光滑導(dǎo)體棒cd置于導(dǎo)軌上，由靜止開始下滑．cd在滑動過程中始終處于區(qū)域Ⅱ的磁場中，ab、cd始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，取g=10m/s2．求：

（1）cd下滑的過程中，cd受力的示意圖及ab中電流的方向；

（2）ab剛要向上滑動時，cd的動量；

（3）從cd開始下滑到ab剛要向上滑動的過程中，cd滑動的距離x=3.8m，此過程中ab上產(chǎn)生的熱量．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)緩慢升高缸內(nèi)氣體溫度時，氣體先發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律，缸內(nèi)氣體的壓強p與熱力學(xué)溫度T成正比，圖線是過原點的傾斜直線；當(dāng)缸內(nèi)氣體的壓強等于外界的大氣壓后，氣體發(fā)生等壓膨脹，圖線是平行于T軸的直線；故C正確，ABD錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

試題分析：改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻進行分壓；所以BD錯誤；

根據(jù)歐姆定律可得：即解得

故選C；

考點：考查了電壓表的改裝原理。

點評：電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內(nèi)阻．總電阻=量程除以滿偏電流．3、A【分析】【詳解】

由圖可知；當(dāng)電流相同時，D兩端的電壓最大，C兩端的電壓次之，B兩端的電壓再次之，A兩端的電壓最??；

由歐姆定律公式可知：

電流相同時；電壓與電阻成正比，所以四個電阻中，D阻值最大，A阻值最小。

故應(yīng)選A．

點晴：在I-U圖象中，橫軸表示電壓，縱軸表示電流，找出相同電流的對應(yīng)的電壓值，根據(jù)歐姆定律可知：電壓小的，電阻就小．4、D【分析】試題分析：通電導(dǎo)線因放在通電螺線管的磁場中故受到磁場力；因左右兩側(cè)磁場方向不同，故可以分左右兩邊分別分析研究，畫出兩側(cè)的磁場方向，則由左手定則可判出磁場力的方向，根據(jù)受力情況可判出物體的轉(zhuǎn)動情況．當(dāng)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動后，我們可以認(rèn)為電流向右偏內(nèi)，受力也將發(fā)生變化，為了簡便，我們可以判斷導(dǎo)體轉(zhuǎn)動到向里的位置判斷導(dǎo)體的受力情況，再判出導(dǎo)體的運動情況．

解：通電螺線管的磁感線如圖所示，則由圖示可知左側(cè)導(dǎo)體所處的磁場方向斜向上，右側(cè)導(dǎo)體所處的磁場斜向下，則由左手定則可知，左側(cè)導(dǎo)體受力方向向外，右側(cè)導(dǎo)體受力方向向里，故從上向下看，導(dǎo)體應(yīng)為逆時針轉(zhuǎn)動；當(dāng)導(dǎo)體轉(zhuǎn)過90°時，由左手定則可得導(dǎo)體受力向下，故可得出導(dǎo)體運動為逆時針轉(zhuǎn)動的同時還要向下運動．即為a端轉(zhuǎn)向紙外，b端轉(zhuǎn)向紙里；且靠近通電螺線管，故D正確，ABC錯誤；

故選D

【點評】解決本題的關(guān)鍵（1）清楚通電螺線管的磁場，應(yīng)看到左右兩邊磁場的不同；（2）能準(zhǔn)確地應(yīng)用左手定則判斷磁場與電流不垂直的情況；（3）會找到一些有代表性的特殊位置求解．5、B【分析】【詳解】

A；當(dāng)此單擺的固有頻率與驅(qū)動力的頻率f相等時；得到共振，振幅最大，由圖可知，單擺的固有頻率為0.5Hz，所以此單擺的固有周期T=2s，故A錯誤．

B、由單擺的周期公式T=2T=2s，可求得L1m；故B正確．

C；若擺長減??；單擺的固有周期T減小，固有頻率增大，故C錯誤．

D；若擺長增大；單擺的固有周期T增大，固有頻率減少，共振曲線的峰將向左移動，故D錯誤．

故選B6、D【分析】【分析】

我們要看到光源；只要八面型棱鏡的鏡面在光反射回來時位置與圖上所示重合，根據(jù)v=s/t可得．

【詳解】

周期我們要看到光源，只要八面型棱鏡的鏡面在光反射回來時位置與圖上所示重合，即轉(zhuǎn)過了也就是經(jīng)歷了八分之一的n倍的時間．而光速過大，試驗條件只可能讓我們做到在八分之一周期的時間內(nèi)看到光返回．那么根據(jù)v=s/t可得，光速D正確．故選D．7、A【分析】【詳解】

由圖象可知，甲乙兩物體動量變化量的大小相等，根據(jù)動量定理知，沖量的大小相等，即根據(jù)知，沖量的大小相等，作用時間長的力較小，可知故A正確，BCD錯誤。故選A。

【點睛】

根據(jù)圖象，結(jié)合初末狀態(tài)的動量比較動量變化量的大小，從而結(jié)合動量定理得出沖量的大小關(guān)系以及力的大小關(guān)系．8、B【分析】【詳解】

試題分析：正確理解盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型：在原子的中心有一個很小的核；叫原子核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負(fù)電的電子在核外空間里繞著核旋轉(zhuǎn)．

解：當(dāng)α粒子穿過原子時；電子對α粒子影響很小，影響α粒子運動的主要是原子核，離核遠則α粒子受到的庫侖斥力很小，運動方向改變小．只有當(dāng)α粒子與核十分接近時，才會受到很大庫侖斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的機會就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本按直線方向前進，因此為了解釋α粒子散射實驗，盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型：在原子的中心有一個很小的核，叫原子核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，但不能得到原子核內(nèi)的組成，故B不能用盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型得出的結(jié)論，ACD可以．

本題選擇不能用盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型得出的結(jié)論的；故選B．

點評：本題比較簡單考查了盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型，要了解該模型提出的歷史背景，知道該模型的具體內(nèi)容．二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【分析】

在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯(lián)部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據(jù)Q=CU可知所帶電荷量的變化；根據(jù)干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化．a(chǎn)點的電勢等于R2兩端的電壓．根據(jù)外電路電阻與內(nèi)阻的關(guān)系；判斷電源的輸出功率的變化。

【詳解】

A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大；則電壓表示數(shù)變大，故A正確；

B.根據(jù)閉合電路歐姆定律，內(nèi)電壓增大，R1兩端電壓增大，可知并聯(lián)部分電壓減小，流過R2的電流減小。由于干路電流I增大，所以流過R3的電流增大；電流表示數(shù)增大，故B錯誤；

C.電容器與電阻R2并聯(lián)；電壓相等，根據(jù)Q=CU，電容器C所帶電荷量減小，故C錯誤；

D.當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，外電路電阻越接近內(nèi)阻，電源的輸出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r；外電路電阻大于內(nèi)阻，現(xiàn)外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大，故D正確。

故選：AD。10、B:C:D【分析】【分析】

當(dāng)照射光強度增大時，變??；分析電路中總電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可得出燈泡功率的變化．

【詳解】

當(dāng)光照增強時，光敏電阻的阻值減小，變小，外電路總電阻減小，則電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故兩端的電壓增大，即電壓表的示數(shù)增大，故A錯誤；因電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，流過的電流減?。挥捎诟陕冯娏髯兇?，流過的電流減??；可知流過燈泡的電流一定增大，小燈泡的功率變大，故BCD正確．

【點睛】

閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．11、B:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器滑片P向左移動；總電阻增大，電動勢不變，則總電流減小，電流表的示數(shù)變小，內(nèi)電壓減小。而電動勢不變，則外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大，通過燈泡的電流減小，則小燈泡變暗，故A錯誤，B正確；

C．外電壓增大，通過燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，所以滑動變阻器兩端的電壓增大，根據(jù)知；電容器上電荷量增大，故C正確；

D．根據(jù)知；電流減小，則電源的總功率減小，故D錯誤。

故選BC。

【點睛】

本題考查電路的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，運用“局部→整體→局部”的思路進行分析。12、A:D【分析】【分析】

溫度是分子平均動能的標(biāo)志；溫度升高分子的平均動能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同．

【詳解】

A．由圖可知；同一溫度下，氧氣分子速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點，故A正確；

B．溫度是分子熱運動平均動能的標(biāo)志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義，所以溫度越高，平均動能越大，平均速率越大，但不是每一個分子運動速率都增大，故B錯誤；

C．由圖知；隨著溫度升高，速率較大的分子數(shù)增多，氧氣分子中速率小的分子所占的比例減小，故C錯誤；

D．溫度是分子熱運動平均動能的標(biāo)志；隨著溫度升高，氧氣分子的平均動能一定增大，故D正確．

【點睛】

本題主要考查了對氧氣分子在不同溫度下的速率分布曲線的理解，較為簡單．13、A:C【分析】【詳解】

A．將一個物體舉高后；高度增加，質(zhì)量不變，速度也不變，因此動能不變；重力勢能增加，則機械能增加，而物體的內(nèi)能與物體的體積、溫度和物質(zhì)的量有關(guān)，而體積、溫度和物質(zhì)的量都沒有改變，因此內(nèi)能不變，故A正確；

B．物體的內(nèi)能與物體的體積；溫度和物質(zhì)的量有關(guān)；與宏觀的速度無關(guān)，故B錯誤；

C．電流通過通過電阻后電阻發(fā)熱；內(nèi)能的增加是通過電流做功的方式實現(xiàn)的，故C正確；

D．當(dāng)分子間距離等于平衡距離時；分子力合力為零，即分子間引力和斥力相等，分子勢能最小，故D錯誤。

故選AC。14、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時；分子間距離減小時，分子力增大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大。A正確；

B．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；內(nèi)燃機得到的內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機械能。B錯誤；

C．吹滿氣的氣球打開氣口后氣體會快速噴出說明氣球內(nèi)其他壓強大于外界壓強。由于氣體分子間距離較大；分子力為零。C錯誤；

D．玻璃細桿頂端被燒熔后變成圓形是由于表面張力引起的。D正確；

E．單晶體和多晶體均存在固定的熔點。E正確。

故選ADE。15、A:B:D【分析】【分析】

根據(jù)φ=BScosθ求解磁通量；根據(jù)?φ=φ2-φ1求解磁通量的變化量。

【詳解】

根據(jù)φ=BS可知，線圈沒有旋轉(zhuǎn)時的磁通量等于BL2，選項A正確；線圈旋轉(zhuǎn)600時的磁通量：B?L?2Lcos600=BL2，選項B正確；線圈從開始到旋轉(zhuǎn)1200的過程中磁通量變化了：B?L?2Lcos600-(-BL2)=2BL2，選項C錯誤；線圈從開始到旋轉(zhuǎn)1800的過程中磁通量的變化等于B?L?2L-(-BL2)=3BL2，選項D正確；故選ABD.16、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

由圖象可知物體在4s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運動，4s末的速度為零，位移一直增大，故A錯誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負(fù)功，且兩段時間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動量為零；故C正確；根據(jù)I=Ft可知：前4s內(nèi)I合=F×2-F×2=0；故D正確；故選BCD．

【點睛】

本題主要考查了同學(xué)們讀圖的能力，要求同學(xué)們能根據(jù)受力情況分析物體的運動情況，再根據(jù)動量定理進行分析求解．三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】粒子恰好不從磁場中穿出時的軌道半徑：

由牛頓第二定律得：解得：

粒子要穿出磁場，速度：

粒子在磁場中做圓周運動的周期：

粒子穿過磁場需要的最長時間：．

點睛：粒子在磁場中做勻速圓周運動，由幾何知識求出粒子的最小軌道半徑，然后又牛頓第二定律求出粒子的速度，求出粒子的運動時間．【解析】18、略

【分析】【詳解】

由電路的組成可知，R1和R3的上半部分串聯(lián)，R2和R3的下半部分串聯(lián)，然后再并聯(lián)．只要求出P由a向b滑動過程中電阻的變化，就可求得電流的變化．設(shè)P、a間電阻為Ra；則混聯(lián)電路的電阻為。

上式中分子里兩個因式之和為定值，則當(dāng)時當(dāng)時，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

當(dāng)時，R＝2.1Ω，I2＝3A

故當(dāng)滑動觸頭P從a端滑動到b端的過程中；電流表示數(shù)變化：從3.94A減小到2.52A再增大到3A.

【點睛】

本題正確列出并聯(lián)電路電阻表達式，再根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系，即可正確解題．【解析】從3.94A減小到2.52A再增大到3A19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變；壓強減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功?！窘馕觥康扔诘扔诘扔?0、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知當(dāng)?shù)某朔e最大時，氣體的溫度最高，由數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)

氣體的溫度最高，設(shè)此時的溫度為根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得

[2]完成一個循環(huán)的過程中，因為氣體的始末狀態(tài)不變，即內(nèi)能不變，由熱力學(xué)第一定律

得

由公式

和定積分的幾何意義可知即為圖中的面積，由圖可知，外界對氣體做功為負(fù)值，就

解得

可知氣體吸收的熱量為200J。【解析】400K200J21、略

【分析】【詳解】

條形磁鐵從其正上方向下移近時；穿過線圈A的磁通量會增加，根據(jù)楞次定律知：線圈有向下運動的趨勢，所以對地面的壓力將增加，由于穿過線圈A的磁通量，根據(jù)楞次定律知道，此時線圈A的面積有減小的趨勢，用來阻礙磁通量的增加．

綜上所述本題答案是：增大；減小【解析】增大減小22、略

【分析】【分析】

找到AC兩個狀態(tài)的狀態(tài)參量；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程求解C的溫度；根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷從A到C吸熱或放熱情況.

【詳解】

[1]由圖可知：pA=4×104pAVA=1m3TA=300KpC=1×104pAVC=4m3

根據(jù)解得:TC=300K；

[2][3]根據(jù)熱力學(xué)第一定律如果由狀態(tài)A經(jīng)B到C的過程中，氣體對外做了400J的功，而氣體的內(nèi)能不變，則這個過程氣體吸收400J的熱量?！窘馕觥?00；吸收；40023、略

【分析】（1）由題圖可知；氣體狀態(tài)從A到B的過程為等壓過程．

（2）狀態(tài)從B到C的過程中；氣體發(fā)生等容變化，且壓強減小，根據(jù)p/T=C（常量），則氣體的溫度降低．

（3）狀態(tài)從C到D的過程中；氣體發(fā)生等壓變化，且體積減小，外界對氣體做功，即W＞0，根據(jù)V/T=C（常量），則氣體的溫度T降低，氣體的內(nèi)能減小，由△U=Q+W，則Q=△U-W＜0，所以氣體放熱．

（4）狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中氣體對外界所做的總功W=p2（V3-V1）-p1（V3-V2）．

點睛：此題關(guān)鍵是知道p-V圖象中的雙曲線表示等溫線，圖線與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進行研究這類問題．【解析】(1)等壓(2)降低(3)放熱(4)p2(V3－V1)－p1(V3－V2)24、略

【分析】【詳解】

滑塊碰上靜止的物體根據(jù)動量守恒定律可得：碰后在地面上做勻減運動，根據(jù)動量定理可得：解得：的質(zhì)量為：碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為【解析】2425、略

【分析】【詳解】

(1)從紙帶上可以看到，每兩個計數(shù)點之間還有1個點，所以相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.04s，根據(jù)勻變速直線運動的推論

可以粗略的得到，小車運動的加速度大小

根據(jù)牛頓第二定律可知，在外力F一定的情況下，以a為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)，繪制出的圖象，在原理上應(yīng)該是一條過原點的正比例函數(shù)圖像，呈現(xiàn)一種很好的線性規(guī)律，所以乙同學(xué)的說法更為合理；甲同學(xué)的圖象分析相對復(fù)雜；不好尋找規(guī)律；

（2）題目所給電流表A的量程太大，無法準(zhǔn)確測量待測電流表的滿偏電流，而電壓表V的滿偏電流是1000能符合題目要求，所以電表x處應(yīng)選C；電壓表．

本實驗的研究方法：①在閉合開關(guān)之前，先將滑動變阻器劃片滑到最右端，使得測量電路的電壓為零；②閉合開關(guān)，移動滑動變阻器劃片P，使待測電流表指針在半偏附近，記錄此時待測電流表指針?biāo)傅母駭?shù)n和電壓表讀數(shù)U；所以每一格對應(yīng)的電流故滿偏電流．【解析】3.19乙CU為電壓表讀數(shù)，Rv為電壓表內(nèi)阻四、作圖題(共3題，共9分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共6分)29、略

【分析】【詳解】

（1）測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度，再加擺球的半徑作為擺長L，選項A錯誤；測量周期時，從小球經(jīng)過平衡位置開始計時，經(jīng)歷50次全振動總時間為t；則周期為t/50，選項B正確；擺