(文末附答案)2022屆高中物理力學(xué)動(dòng)量基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)歸納總結(jié)

（每日一練）（文末附答案）2022屆高中物理力學(xué)動(dòng)量基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)歸納總結(jié)

單選題

1、兩個(gè)球沿直線相向運(yùn)動(dòng)，碰撞后兩球都靜止.則可以推斷碰撞前（）

A.碰撞前兩個(gè)球的動(dòng)量一定相等

B.兩個(gè)球的質(zhì)量一定相等

C.碰撞前兩個(gè)球的速度一定相等

D.碰撞前兩個(gè)球的動(dòng)量大小相等，方向相反

2、如圖，建筑工地上的打樁過(guò)程可簡(jiǎn)化為：重錘從空中某一固定高度由靜止釋放，與鋼筋混凝土預(yù)制樁在極

短時(shí)間內(nèi)發(fā)生碰撞，并以共同速度下降一段距離后停下來(lái)。則（）

A.重錘質(zhì)量越大，撞預(yù)制樁前瞬間的速度越大

B.重錘質(zhì)量越大，預(yù)制樁被撞后瞬間的速度越大

C.碰撞過(guò)程中，重錘和預(yù)制樁的總機(jī)械能保持不變

D.整個(gè)過(guò)程中，重錘和預(yù)制樁的總動(dòng)量保持不變

3、關(guān)于散射，下列說(shuō)法正確的是（）

A.散射就是亂反射，毫無(wú)規(guī)律可言

B.散射中沒(méi)有對(duì)心碰撞

C.散射時(shí)仍遵守動(dòng)量守恒定律

D.散射時(shí)不遵守動(dòng)量守恒定律

4、兩個(gè)物體組成的系統(tǒng)發(fā)生相互作用時(shí)，下列哪些情況系統(tǒng)的動(dòng)量一定是守恒的（）

A.作用前兩個(gè)物體的速度相等

B.作用前兩個(gè)物體的動(dòng)量相等

C.作用過(guò)程中兩個(gè)物體所受外力的合力為零

D.作用過(guò)程中兩個(gè)物體所受外力的大小相等

5、在光滑的水平軌道上放置一門(mén)質(zhì)量為例的舊式炮車(chē)（不包含炮彈質(zhì)量），炮彈的質(zhì)量為做當(dāng)炮車(chē)沿與水

平方向成6角發(fā)射炮彈時(shí)，炮彈相對(duì)炮口的速度為3則炮車(chē)后退的速度為（）

Am2vocos0mjVoCosd

A?D?

「

m2VOcos0m^VocasO

7HI+7712Wlj+7712

6、如圖所示，一電荷量為e的質(zhì)子以速度氣射入垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為民已知質(zhì)子

的初速度方向與水平方向夾角為%下列說(shuō)法正確的是（）

A.質(zhì)子剛進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力大小為e%8cosa

B.如果質(zhì)子的初速度方向和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向同時(shí)反向，質(zhì)子受到的洛倫茲力與豎直方向成。角斜向右下方

c.質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)量始終保持不變

2

D.若質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)的初速度方向恰好沿圖示方向繞一豎直轉(zhuǎn)軸垂直紙面向里旋轉(zhuǎn)90。，則質(zhì)子將不受洛倫茲

力作用，在磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)

7、如圖所示，尸是一個(gè)微粒源，能持續(xù)水平向右發(fā)射質(zhì)量相同、初速度P不同的微粒?！ǖ挠覀?cè)有一探測(cè)屏

AB豎直放置。對(duì)于打在探測(cè)屏上的微粒，不計(jì)微粒的阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

v

PO—?

A

探

測(cè)

屏

B

A.r越大，在空中飛行的時(shí)間越長(zhǎng)

B.v越大，打在探測(cè)屏上時(shí)速度的偏轉(zhuǎn)角越小

C.〃越小，相等時(shí)間內(nèi)動(dòng)量的變化量越小

D.了越小，打在探測(cè)屏上時(shí)的動(dòng)能變化量越小

多選題

8、應(yīng)用物理知識(shí)可以分析和解釋生活中的很多常見(jiàn)現(xiàn)象。假設(shè)你用手掌平托一蘋(píng)果，保持這樣的姿勢(shì)在豎直

平面內(nèi)按順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法中正確的是（）

A.從。到"過(guò)程中手掌對(duì)蘋(píng)果的摩擦力越來(lái)越大

3

B.從。到d再至ija過(guò)程中，蘋(píng)果重力的功率先變大后變小

C.從d到a再到b過(guò)程中，蘋(píng)果先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)

D.從a到c、從8到d兩個(gè)過(guò)程合外力對(duì)蘋(píng)果的沖量相等

9、如題圖所示，形狀相同且足夠長(zhǎng)的木板月、8靜止在光滑水平面上，物塊。靜止在8的右側(cè)。某時(shí)刻木板力

以水平向右的速度/與木板8發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短可不計(jì)。若力、B、C的質(zhì)量分別為女加、加、其

中k>0,B、。之間粗糙，不計(jì)空氣阻力，則（）

C

A.4、8碰撞后［將水平向左運(yùn)動(dòng)

B.48、，構(gòu)成的系統(tǒng)在整個(gè)過(guò)程中動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒

C./I、8碰撞后一定不會(huì)發(fā)生第二次碰撞

D.力、8碰撞后仍可能會(huì)再次發(fā)生碰撞

10、如圖所示，水平面上固定著兩根足夠長(zhǎng)的平行導(dǎo)槽，質(zhì)量為3勿的U形管（左半部分為半圓形軌道）恰好

能在兩導(dǎo)槽之間自由滑動(dòng)。一質(zhì)量為0的小球沿水平方向，以初速度為從U形管的一端射入，從另一端射出。

已知小球的半徑略小于管道半徑，不計(jì)一切摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該過(guò)程中，小球與U形管組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小球從U形管的另一端射出時(shí)，速度大小為

4

c.小球運(yùn)動(dòng)到U形管圓弧部分的最左端時(shí)，速度大小為于火

D.從小球射入至運(yùn)動(dòng)到U形管最左端的過(guò)程中，平行導(dǎo)槽受到的沖量大小為與m北

填空題

11s恒力尸作用在質(zhì)量為0的物體上，如圖所示，由于地面對(duì)物體的摩擦力較大，物體沒(méi)有被拉動(dòng)，則經(jīng)時(shí)間

t、拉力廠對(duì)物體的沖量大小是；摩擦力對(duì)物體的沖量大小是O

12、動(dòng)量的變化

(1)動(dòng)量的變化量△2是,其方向與速度的改變量△/的方向

(2)動(dòng)量的變化量△夕，也稱(chēng)為動(dòng)量的增量。即△片o

13、動(dòng)量的變化

(1)動(dòng)量的變化量△〃是其方向與速度的改變量的方向

(2)動(dòng)量的變化量△/),也稱(chēng)為動(dòng)量的增量。即△夕=o

5

2022屆高中物理力學(xué)動(dòng)量_02E參考答案

1、答案：D

解析：

兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，碰后兩球都靜止，說(shuō)明碰撞前后兩球的總動(dòng)量為零，故碰前兩個(gè)球的動(dòng)量大小相等,

方向相反，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選Do

2、答案：B

解析：

A.重錘下落過(guò)程做自由落體運(yùn)動(dòng)，據(jù)位移速度公式可得

%=y/2gh

故重錘撞預(yù)制樁前瞬間的速度與重錘的質(zhì)量無(wú)關(guān)，只與下落的高度有關(guān)，A錯(cuò)誤；

B.重錘撞擊預(yù)制樁的瞬間動(dòng)量守恒，可得

mv0=(m+M)u

故重錘質(zhì)量用越大，預(yù)制樁被撞后瞬間的速度越大，B正確；

C.碰撞過(guò)程為完全非彈性碰撞，重錘和預(yù)制樁的總機(jī)械能要減小，系統(tǒng)要產(chǎn)生內(nèi)能，C錯(cuò)誤；

D.整個(gè)過(guò)程中，重錘和預(yù)制樁在以共同速度減速下降的過(guò)程中，受合外力不為零，總動(dòng)量減小，D錯(cuò)誤。

故選Bo

3、答案：C

解析：

微觀粒子互相接近時(shí)不發(fā)生接觸而發(fā)生的碰撞叫做散射，散射過(guò)程遵守動(dòng)量守恒，散射中有對(duì)心碰撞，但是對(duì)

6

心碰撞的幾率很小，故C正確,ABD錯(cuò)誤。

故選Co

4、答案：C

解析：

ABC.系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)中的兩個(gè)物體發(fā)生相互作用前后的速度與動(dòng)量不一

定相等，故AB錯(cuò)誤，C正確；

D.作用過(guò)程中兩個(gè)物體所受的外力，即使大小相等，方向如果不相反，合力不為零，動(dòng)量也不守恒，故D錯(cuò)

、口

味。

故選Co

5、答案：C

解析：

炮彈離開(kāi)炮口時(shí)，炮彈和炮車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，則系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒。設(shè)炮車(chē)后退的速

度大小為匕則炮彈對(duì)地的水平速度大小為如cose-/取炮車(chē)后退的方向?yàn)檎?，?duì)炮彈和炮車(chē)組成系統(tǒng)為研

究，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒有：

0=7n"—m2(y0cosO—v)

解得

mvcos6

v2=0------

m14-m2

故ABD錯(cuò)誤，C正確；

故選Co

6、答案：B

7

解析：

A.質(zhì)子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，速度方向雖然與水平方向的夾角為?但是速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直，所以

質(zhì)子受到洛倫茲力大小為e%以故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；

B.根據(jù)左手定則判斷，如果質(zhì)子的初速度方向和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向同時(shí)反向，質(zhì)子受到的洛倫茲力與豎直方向

成a角、向右下方，故B選項(xiàng)正確；

C.質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度方向改變，所以動(dòng)量改變，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)的初速度方向恰好沿圖示方向繞一豎直轉(zhuǎn)軸垂直紙面向里旋轉(zhuǎn)90。時(shí)，質(zhì)子的速度方向與勻

強(qiáng)磁場(chǎng)方向的夾角為180。-%受到洛倫茲力為e%Bsina,所以不能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選Bo

7、答案：B

解析：

AB.根據(jù)

Vy=gt

x=vt

解得

gx

『越大，在空中飛行的時(shí)間越短，打在探測(cè)屏上時(shí)的豎直速度少越小，速度的偏轉(zhuǎn)角越小，A錯(cuò)誤，B正確；

C.對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量定理得

AP=mg?At

相等時(shí)間內(nèi)動(dòng)量的變化量AP相等，C錯(cuò)誤；

8

D」，越小，微粒在空中飛行的時(shí)間越長(zhǎng)，豎直下落的位移越大，重力做的功越多，由動(dòng)能定理可知，打在探

測(cè)屏上時(shí)的動(dòng)能變化量越大，D錯(cuò)誤。

故選Bo

8、答案：AB

解析：

A.從。到d過(guò)程中，加速度大小不變，加速度在水平方向上的分加速度逐漸變大，根據(jù)牛頓第二定律可知，

摩擦力越來(lái)越大，A正確；

B.蘋(píng)果速度大小不變，從。到"再到a過(guò)程中，在重力方向的速度（豎直方向的速度，設(shè)為少）先增大后減

小，由

Pc=mgvy

可知重力的功率先變大后變小，故B正確；

C.從d到a再到。過(guò)程中，蘋(píng)果的加速度在豎直方向上的分加速度一直豎直向上，蘋(píng)果一直處于超重狀態(tài)，

故C錯(cuò)誤；

D.由動(dòng)量定理知：合外力沖量的方向等于物體動(dòng)量變化的方向。從a到c過(guò)程，蘋(píng)果速度從水平向左變?yōu)樗?/p>

平向右，動(dòng)量變化方向向右，從。到d過(guò)程蘋(píng)果速度方向從豎直向上變?yōu)樨Q直向下，動(dòng)量變化方向?yàn)樨Q直向下,

兩過(guò)程動(dòng)量變化方向不同，所以合外力沖量不等，故D錯(cuò)誤。

故選ABO

9、答案：BC

解析：

A.設(shè)力、少碰撞后速度分別為必、vB,由彈性碰撞

9

2

kmv=kmvA+mvB,-kmv=：kmv^+

解得

k-l2k

VA=--V,v=--V

Ak+1'0Bk+1

若k>l,4、8碰撞后力將繼續(xù)水平向右運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.風(fēng)C間相對(duì)運(yùn)動(dòng)，克服摩擦做功，A、B、。構(gòu)成的系統(tǒng)在整個(gè)過(guò)程中動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒，故B正確；

CD.若0<4<1,力、笈碰撞后力將水平向左運(yùn)動(dòng)，力、3碰撞后不會(huì)發(fā)生第二次碰撞，若k>l,設(shè)反。最終達(dá)

到的共同速度為"共，由反C整體動(dòng)量守恒有

1

mvB=(m+〃共

解得

2k2

曝二際浮

由以一“共=品“<°可知

vA共

即時(shí)，人“碰撞后也不會(huì)發(fā)生第二次碰撞，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選BCO

10、答案：BCD

解析：

A.系統(tǒng)沿導(dǎo)槽方向所受合外力為零，小球與U形管組成的系統(tǒng)沿導(dǎo)槽方向動(dòng)量守恒，垂直于導(dǎo)槽方向系統(tǒng)的

動(dòng)量不守恒，所以系統(tǒng)整體動(dòng)量不守恒，A錯(cuò)誤；

10

B.小球從U形管一端進(jìn)入從另一端出來(lái)的過(guò)程中，對(duì)小球和U形管組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，規(guī)定向

左為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得

THV

mv0=mVi+32

再有機(jī)械能守恒定律可得

1121c2

?=2mvi+2'3mVz

解得

m—3m1

%=皿,m+5%mL

B正確；

C.從小球射入至運(yùn)動(dòng)到U形管圓弧部分的最左端的過(guò)程時(shí)，小球和U形管速度水平方向速度相同，對(duì)此過(guò)程

滿(mǎn)足動(dòng)量守恒定律，得

mvQ=(m+3rn)vx

Vo

由能量守恒得

11.21?

5m%=5?3mvx+nmv

解得

vn

v=-v