2024年北師大版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版高二物理上冊階段測試試卷624考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，在真空中的A、B兩點分別放等量異號點電荷+q、-q，在電場中通過A、B兩點的豎直平面內(nèi)于對稱位置取一個矩形路徑abcd．現(xiàn)將一個電子沿abcd移動一周；則正確的是（）

A.由a→b；電勢降低，電子電勢能減少。

B.由b→c；電場力對電子先做正功，后做負功，總功為零。

C.由c→d；電子的電勢能增大。

D.由d→a；電子的電勢能先減小后增大，電勢能總變化量為零。

2、如圖所示；一束帶電粒子沿著水平方向平行地飛過磁針上方時，磁針的S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，關(guān)于這束帶電粒子下列說法正確的是()

A.可能是向右飛行的正離子束B.一定是向左飛行的正離子束C.可能是向右飛行的負離子束D.可能是向左飛行的負離子束3、條形磁鐵豎直放置，閉合圓環(huán)水平放置，條形磁鐵中心線穿過圓環(huán)中心，如圖所示。若圓環(huán)為彈性環(huán)，其形狀由Ⅰ擴大為Ⅱ，那么圓環(huán)內(nèi)磁通量變化情況是（）A.磁通量增大B.磁通量不變C.磁通量減小D.條件不足，無法確定4、如圖所示，a、b是兩個電荷量都為Q的正點電荷。O是它們連線的中點；P；P′是它們連線中垂線上的兩個點。從P點由靜止釋放一個質(zhì)子，質(zhì)子將向P′運動。不計質(zhì)子重力。則質(zhì)子由P向P′運動過程中,下列說法正確是()

A.O點場強最大B.質(zhì)子一直做加速運動，加速度可能是先增大后減小C.質(zhì)子一直做加速運動，加速度一定是逐漸增大D.質(zhì)子的電勢能逐漸增大5、下列四個電場中，ab

兩點電場強度與電勢均相同的是(

)

A.

以正點電荷為圓心的圓周上的兩點B.

負點電荷電場中同一電場線上的兩點C.

與勻強電場電場線垂直的直線上的兩點D.

等量異號點電荷連線中垂線上的兩點6、一個電流表的滿偏電流Ig=1mA，內(nèi)阻為300Ω，要把它改裝成一個量程為15V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A.串聯(lián)一個14700Ω的電阻B.并聯(lián)一個14700Ω的電阻C.串聯(lián)一個15000Ω的電阻D.并聯(lián)一個15000Ω的電阻評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示，虛線ab

和c

是某靜電場中的三個等勢面，它們的電勢分別為UaUb

和UcUa>Ub>Uc.

一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如實線KLMN

所示，由圖可知()

．A.粒子從K

到L

的過程中，電場力做負功B.粒子從L

到M

的過程中，電場力做負功C.粒子從M

到N

的過程中，動能能增加D.粒子從L

到M

的過程中，動能減少8、氫原子的能級圖如圖所示；已知可見光光子的能量范圍約為1.62eV隆蘆3.11eV

下列說法中正確的是(

)

A.大量處于n=4

能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出2

種不同頻率的可見光B.處于n=4

能級的氫原子向n=1

能級躍遷時，產(chǎn)生的光為可見光C.處于n=4

能級的氫原子吸收任意頻率的紫外線，一定能夠發(fā)生電離D.處于n=2

能級的氫原子向n=4

能級躍遷時，核外電子的動能增大9、豎直放置的圓柱形汽缸內(nèi)有一不計質(zhì)量的活塞，可在汽缸內(nèi)做無摩擦滑動，活塞下方封閉一定質(zhì)量的氣體。已知活塞截面積為100cm2

汽缸高度是20cm

大氣壓強為1.0隆脕105Pa

汽缸內(nèi)氣體溫度為27隆忙

所加重物的重力1000N

在加壓重物的情況下，活塞離汽缸底部是10cm

下列說法正確的是()

A.若保持溫度不變，在加重物的情況下，這時氣體的壓強是2隆脕105Pa

B.若保持溫度不變，在加壓重物的情況下，把汽缸放在450

的斜面上，氣缸內(nèi)的氣體壓強是1.6隆脕105Pa

C.在加壓重物的情況下，要使汽缸內(nèi)的氣體恢復(fù)原來體積，應(yīng)對氣體加熱，使溫度升高到600K

D.若在活塞上有兩個加壓重物的情況下，汽缸內(nèi)的氣體溫度是600K

此時活塞離汽缸底部是15cm

10、下列說法正確的是(

)

A.一定質(zhì)量的氣體，保持溫度不變，壓強隨體積減小而增大的微觀原因是：每個分子撞擊器壁的作用力增大B.一定質(zhì)量的氣體，保持溫度不變，壓強隨體積增大而減小的微觀原因是：單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少C.一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，壓強隨溫度升高而增大的微觀原因是：分子平均動能增大D.一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，壓強隨溫度升高而增大的微觀原因是：分子的密度增大11、如圖所示，跳水運動員最后踏板的過程可以簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態(tài)的跳板上，隨跳板一同向下做變速運動到達最低點，然后隨跳板反彈，則下列說法中正確的是（）A.運動員與跳板接觸的全過程中只有超重狀態(tài)，沒有失重狀態(tài)B.運動員把跳板壓到最低點時，她所受外力的合力不為零C.運動員能跳得高的原因之一，是因為跳板對她的作用力遠大于她的重力D.運動員能跳得高的原因之一，是因為跳板對她的作用力遠大于她對跳板的作用力12、圖甲是遠距離輸電線路的示意圖，圖乙是發(fā)電機輸出電壓隨時間變化的圖象，則()A.發(fā)電機輸出交流電壓的有效值約為500V

B.用戶用電器上交變電流的頻率是100Hz

C.輸電線的電流只由升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比決定D.當(dāng)用戶用電器的總電阻減小時，輸電線上損失的功率增大13、如圖所示，甲、乙兩個衛(wèi)星圍繞著地球運行，其中甲衛(wèi)星處于半徑為r2

的圓軌道上，乙衛(wèi)星處于近地點和遠地點分別為AB

兩點的橢圓軌道上。衛(wèi)星甲的周期為T0

衛(wèi)星乙的周期為T

它從A

運動到B

的時間為t

已知地球半徑為rl

則下列結(jié)論正確的是()

A.t=T02(r1+r2)32r23

B.t=T04(r1+r2)32r23

C.衛(wèi)星甲在B

點的速度大于衛(wèi)星乙在B

點時的速度。

D.衛(wèi)星乙在橢圓軌道上由A

運動到B

的過程中機械能減少評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示,a、b、c、d四種離子,它們帶等量同種電荷,質(zhì)量為ma=mb＜mc=md,以不等的速率va＜vb=vc＜vd進入速度選擇器后,有兩種離子從選擇器中射出,進入磁感應(yīng)強度為B2的磁場.由此可以判斷射向D1的是_________離子.(不計重力)15、某同學(xué)在“利用單擺測定重力加速度”的實驗中；

（1）若用最小分度為毫米的刻度尺測得擺線長為970.8mm，用10分度的游標(biāo)卡尺測得擺球直徑如圖1，擺球的直徑為______mm．單擺在豎直面內(nèi)擺動，用秒表測出單擺做多次全振動所用的時間如圖2，則t=______s

（2）如果他測得的g值偏小，可能的原因是：______

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表過遲按下。

D．實驗中誤將49次全振動數(shù)為50次。

（3）若某同學(xué)實驗中出現(xiàn)如圖3：擺長l=0時，其周期不為零，雖然實驗中出現(xiàn)了錯誤，但根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)，仍可算出準(zhǔn)確的重力加速度，其值為______m/s2．（結(jié)果保留三位有效數(shù)值）

16、如圖表示一交流電的電流隨時間而變化的圖象；此交流電的有效值是______A

17、電磁波已經(jīng)與我們生活、生產(chǎn)密不可分。(1)根據(jù)圖8的電磁波譜可知，紅外線的波長比X射線的波長。(2)請列舉生活、生產(chǎn)中應(yīng)用電磁波的一個例子：____。(3)長期在電腦前工作或玩游戲，由于受到____的作用，人會出現(xiàn)頭疼、記憶力減退、血壓升高及視力下降等癥狀。且與電腦距離越近，接觸時間越長，危害會越大。18、如圖（1）所示是演示砂擺振動圖象的實驗裝置，砂擺的擺幅較小時可看作簡諧振動．砂擺擺動時，手拉紙的速率恒為0.3m/s，實驗結(jié)果如圖（2）所示．由圖所提供的信息，可測得砂擺的周期為______s，砂擺的擺長為______m（g取10m/s2）．

19、如圖所示，一個水平放置的矩形線圈abcd，在細長水平磁鐵的S極附近豎直下落，由位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ．位置Ⅱ與磁鐵同一平面，則線圈在從Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線圈內(nèi)______（選填“有”或“無”）感應(yīng)電流，線圈在從Ⅱ到Ⅲ的過程中，線圈內(nèi)______感應(yīng)電流．（選填“有”或“無”）20、一個物體靜置于光滑水平面上，外面扣一質(zhì)量為M

的盒子，如圖l

所示.

現(xiàn)給盒子一初速度v0

此后，盒子運動的v

一t

圖象呈周期性變化，如圖2

所示.

則盒內(nèi)物體的質(zhì)量為______．21、某校研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)用如圖甲所示的滴水法測量小車在斜面上運動時的加速度.

實驗過程如下：在斜面上鋪上白紙；用圖釘固定；把滴水計時器固定在小車的末端，在小車上固定一平衡物；調(diào)節(jié)滴水計時器的滴水速度，使其每0.2s

滴一滴(

以滴水計時器內(nèi)盛滿水為準(zhǔn))

在斜面頂端放置一淺盤，把小車放在斜面頂端，把調(diào)好的滴水計時器盛滿水，使水滴能滴入淺盤內(nèi)；然后撤去淺盤并同時放開小車，于是水滴在白紙上留下標(biāo)志小車運動規(guī)律的點跡；小車到達斜面底端時立即將小車移開.

圖乙為實驗得到的一條紙帶，用刻度尺量出相鄰點之間的距離是x01=1.40cmx12=2.15cmx23=2.91cmx34=3.65cmx45=4.41cmx56=5.15cm.

試問：

(1)

滴水計時器的原理與課本上介紹的______原理類似．

(2)

由紙帶數(shù)據(jù)計算可得計數(shù)點4

所代表時刻的瞬時速度v4=

______m/s

小車的加速度a=

______m/s2.(

結(jié)果均保留二位有效數(shù)字)

評卷人得分四、判斷題(共3題，共6分)22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

24、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、綜合題(共2題，共10分)25、選修1隆陋1

(1)

如圖所示，將磁鐵靠近陰極射線管(

電子射線管)

時，發(fā)現(xiàn)電子束會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，使電子偏轉(zhuǎn)的作用力是________．A.電場力B.重力C.安培力D.洛倫茲力(2)

現(xiàn)在車輛常安裝GPS(

全球衛(wèi)星定位系統(tǒng))

接收器，可用來接收衛(wèi)星發(fā)射的信號，實現(xiàn)對車輛的精確定位和導(dǎo)航.

衛(wèi)星向GPS

接收器傳送信息通過的是________．A.激光B.微波C.紅外線D.紫外線(3)

如圖所示，在圓環(huán)狀導(dǎo)體圓心處，放一個可以自由轉(zhuǎn)動的小磁針.

現(xiàn)給導(dǎo)體通以順時針方向的恒定電流，不計其他磁場的影響，則_______．A.小磁針保持不動B.小磁針的N

極將向下轉(zhuǎn)動C.小磁針的N

極將垂直于紙面向外轉(zhuǎn)動D.小磁針的N

極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動(4)

科學(xué)家探索自然界的奧秘，要付出艱辛的努力.19

世紀，英國科學(xué)家法拉第經(jīng)過10

年堅持不懈的努力，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象.

下圖中可用于研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗是________．(5)

如圖所示的電路，電感器L

和小燈泡A

串聯(lián)，當(dāng)開關(guān)閉合時，小燈泡將________(

選填“逐漸”或“立刻”)

變亮；當(dāng)開關(guān)斷開時，小燈泡將________(

選填“逐漸”或“立刻”)

熄滅．

(6)

在真空中有一個點電荷，電荷量為Q

在離它r

處的一點放置一電荷量為q

的正試探電荷，已知靜電力常量為k.

求：壟脵

這兩個電荷之間的靜電力是多大？壟脷

電荷Q

在r

處產(chǎn)生的電場強度是多大？壟脹

電荷Q

在r

處產(chǎn)生的電場強度方向與q

所受靜電力方向相同還是相反？26、一個質(zhì)量為m

電荷量為鈭?q

不計重力的帶電粒子從x

軸上的P(a,0)

點以速度v

沿與x

軸正方向成60鈭?

的方向射入第一象限內(nèi)的勻強磁場中，并恰好垂直于y

軸射出第一象限，求：

(1)

勻強磁場的磁感應(yīng)強度B

(2)

穿過第一象限的時間．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】

A、由題，A、B兩點分別放等量異號點電荷+q、-q，a點電勢高于b點電勢，則電子在a點電勢能小于在b點電勢能，所以由a→b；電子的電勢降低，電子電勢能增大．故A錯誤．

B、過bc兩點作出等勢線，如圖，由于C點的電勢大于D點電勢，則b點與c點相等，大于D點電勢，則電子由b→c；電場力對電子先做負功，后做正功，總功為零．故B錯誤．

C；由c→d；電勢升高，電子的電勢能減小．故C錯誤．

D；由d→a；電勢先升高后降低，則電子的電勢能先減小后增大，電勢能總變化量為零．故D正確．

故選D

【解析】【答案】根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低．負電荷在電勢低處電勢能大．作出過bc的等勢線，分析b；c兩點的電勢與D點電勢的關(guān)系；判斷電場力做功情況．采用類似方法分析由d→a，電子的電勢能的變化．

2、C【分析】向左飛行的正離子形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里；向右飛行的負離子形成的電流方向向左，根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里，故C正確，ABD錯誤；

故選C。

【點睛】對于電流方向、磁場方向的規(guī)定要熟練掌握，尤其是要正確根據(jù)安培定則判斷電流方向與磁場方向之間的關(guān)系。3、C【分析】【解析】試題分析：磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)部穿過線圈的磁感線條數(shù)等于外部所有磁感線的總和，圖中內(nèi)部磁感線線比外部多．外部的磁感線與內(nèi)部的磁感線方向相反，外部的磁感線將內(nèi)部抵消，Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)少，將內(nèi)部磁感線抵消少，則Ⅰ位置磁通量大．而Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)多，將內(nèi)部磁感線抵消多，則Ⅱ位置磁通量?。蔬xC考點：磁通量．【解析】【答案】C4、B【分析】【分析】本題涉及到等量同種點電荷連線中垂線上的電場的場強分布規(guī)律；是先增大后減小，它們連線的中點上方的磁場豎直向上，所以釋放質(zhì)子后，質(zhì)子沿此直線做加速運動，電場力先增大后減小，則加速度也先增大后減小，一直做加速運動，AC錯；B對；電場力一直做正功，電勢能減小，D錯；故選B

【點評】本題中等難度。等量同種點電荷連線中垂線上的電場是兩個點電荷在該點的電場根據(jù)平行四邊形定則合成的，特點是先增大后減小，方向與點電荷連線垂直。5、C【分析】解：

A、ab

是同一等勢面上的兩點；電勢相同，場強大小相等，但方向不同，則電場強度不同.

故A錯誤．

B、a

處電場線比b

處電場線密，則a

處場強較大，順著電場線方向，電勢降低，則b

點的電勢較高；故B錯誤．

C、ab

是勻強電場中的兩點，電場強度相同，ab

又在同一等勢面上；電勢相等，故C正確．

D、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，則ab

的電勢相同.

根據(jù)電場線的分布可知：a

處場強較大.

故D錯誤．

故選：C

．

電勢是標(biāo)量；同一等勢面各點電勢相等.

電場強度是矢量，只有大小和方向均相同時，場強才相同.

根據(jù)各種電場的電場線和等勢面的分布情況，進行分析．

對于常見電場的電場線與等勢面分布要了解，有助于解題.

要抓住電勢與場強的區(qū)別，只要大小相同，標(biāo)量就相同.

而矢量大小和方向都相同才相同．【解析】C

6、A【分析】解：根據(jù)電路串聯(lián)分壓和并聯(lián)分流的特點，電流表改裝成大量程的電壓表需要串聯(lián)一個大電阻分擔(dān)多的電壓；結(jié)合部分電路的歐姆定律可知U=Ig（Rg+R），代入數(shù)據(jù)得故A正確BCD錯誤。

故選：A。

明確改裝原理；知道電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內(nèi)阻?？傠娮?量程除以滿偏電流。

電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內(nèi)阻?？傠娮?量程除以滿偏電流，串聯(lián)電阻為【解析】A二、多選題(共7題，共14分)7、AC【分析】略【解析】AC

8、AC【分析】解：A

根據(jù)C42=6

知；大量處于n=4

能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6

種不同頻率的光子．

因為可見光的光子能量范圍約為1.62eV隆蘆3.11eV

滿足此范圍的有：n=4

到n=2n=3

到n=2.

所以可將有2

種不同頻率的可見光.

故A正確．

B、氫原子從處于n=4

能級的氫原子向n=1

能級躍遷時，發(fā)出的光子能量鈻?E=13.6鈭?0.85=12.75eV

大于3.11eV

不可能為可見光.

故B錯誤．

C；紫外線的能量大于3.11eVn=3

能級的氫原子可以吸收紫外線后，能量大于0

所以氫原子發(fā)生電離.

故C正確．

D；氫原子的電子由n=2

能級的氫原子向n=4

能級躍遷時；軌道半徑增大，原子能量增大，吸收光子．

根據(jù)ke2r2=mv2r

知軌道半徑越大；動能越小，知電子的動能減小.

故D錯誤；

故選：AC

．

根據(jù)Cn2

計算出不同頻率光的種數(shù)．

紫外線的能量大于3.11eV

判斷n=3

能級的氫原子可以吸收紫外線后，能量是否大于0

即可知是否電離．

紅外線有顯著的熱效應(yīng)；根據(jù)氫原子從高能級向n=3

能級躍遷時發(fā)出的光子能量是否小于1.62eV

從而即可比較進行分析．

本題考查氫原子的波爾理論，解決本題的關(guān)鍵知道什么是電離，及能級間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em鈭?En=hv

并能靈活運用．【解析】AC

9、AC【分析】【分析】根據(jù)平衡條件計算壓強；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程討論各選項。本題考查了理想氣體的狀態(tài)方程；正確應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程的前提是：判斷此變化過程是屬于等壓、等容、還是等溫變化?！窘獯稹緼.若保持溫度不變，在加重物的情況下，氣體的壓強：p1=p0+GS=1.0隆脕105Pa+1000100隆脕10鈭?4Pa=2.0隆脕105Pa{p}_{1}={p}_{0}+dfrac{G}{S}=1.0隆脕{10}^{5}Pa+dfrac{1000}{100隆脕{10}^{-4}}Pa=2.0隆脕{10}^{5}Pa故A正確；B.若保持溫度不變，在加壓重物的情況下，把汽缸放在45450的斜面上，氣缸內(nèi)的氣體壓強：p=p0+Gcos45鈭?S=1.0隆脕105Pa+1000N隆脕22100隆脕10鈭?4Pa隆脰1.7隆脕105Pap={p}_{0}+dfrac{Gcos45^{circ}}{S}=1.0隆脕{10}^{5}Pa+dfrac{1000N隆脕dfrac{sqrt{2}}{2}}{100隆脕{10}^{-4}}Pa隆脰1.7隆脕{10}^{5}Pa故B錯誤；C.在加壓重物的情況下，要使汽缸內(nèi)的氣體恢復(fù)原來體積：T1=(27+273)K=300KT_{1}=(27+273)K=300K，V1=S隆脕0.1mV_{1}=S隆脕0.1mV2=S隆脕0.2mV_{2}=S隆脕0.2mT2=T_{2}=；由蓋鈭?-呂薩克定律V1T1=V2T2dfrac{{V}_{1}}{{T}_{1}}=dfrac{{V}_{2}}{{T}_{2}}解得：T2=600KT_{2}=600K故C正確；D.在活塞上有兩個加壓重物的情況下：p3=p0+2GS=1.0隆脕105Pa+2隆脕1000100隆脕10鈭?4Pa=3.0隆脕105Pa{p}_{3}={p}_{0}+dfrac{2G}{S}=1.0隆脕{10}^{5}Pa+dfrac{2隆脕1000}{100隆脕{10}^{-4}}Pa=3.0隆脕{10}^{5}PaT3=600KT_{3}=600KV3=ShV_{3}=Shp2=p1=2.0隆脕105Pap_{2}=p_{1}=2.0隆脕10^{5}PaT2=600KT_{2}=600KV2=S隆脕0.2mV_{2}=S隆脕0.2m由玻意耳定律p2V2=p3V3p_{2}V_{2}=p_{3}V_{3}解得：h=0.43m隆脰0.13m=13cmh=dfrac{0.4}{3}m隆脰0.13m=13cm故D錯誤。故選AC?！窘馕觥緼C

10、BC【分析】解：A

一定質(zhì)量的氣體；保持溫度不變，體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)越多，分子密度增大，使壓強增大；故A錯誤；

B；一定質(zhì)量的氣體；保持溫度不變，體積增大時，單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少而使分子撞擊次數(shù)減少；從而使壓強減??；故B正確；

C；一定質(zhì)量的氣體；保持體積不變，溫度升高時，分子平均動能增大而使壓強升高；故C正確，D錯誤；

故選：BC

．

氣體壓強與氣體的溫度和體積有關(guān)；在微觀上與氣體分子個數(shù)以及氣體的平均動能有關(guān)，要注意明確體積減小時，單位體積內(nèi)的分子數(shù)增多；而溫度升高時，分子平均動能增大．

本題考查了壓強的微觀解釋，要明確氣體壓強取決于氣體的溫度和體積，并能正確進行分析相關(guān)原因．【解析】BC

11、BC【分析】解：A；運動員與跳板接觸過程中；下降時，先向下加速，后向下減速，加速度先向下后向上，反彈時，先向上加速，后向上減速，加速度先向上后向下，所以全過程中有超重狀態(tài)也有失重狀態(tài)，故A錯誤；

B；運動員把跳板壓到最低點時；跳板給其的彈力大于其重力，合外力不為零，故B正確；

C；從最低點到最高過程中；跳板給運動員的支撐力做正功，重力做負功，位移一樣，運運動員動能增加，因此跳板對他的作用力大于他的重力，故C正確；

D；跳板對運動員的作用力與他對跳板的作用力是作用力與反作用力；由牛頓第三定律知，這兩個力的大小相等，故D錯誤．

故選：BC．

本題通過分析運動員的整個起跳過程；理解超重；失重以及平衡狀態(tài)的含義，從功能關(guān)系的角度進行分析運動員起跳過程，正確應(yīng)用牛頓第三定律解答有關(guān)問題．

本題關(guān)鍵要能正確分析運動員的運動情況，此運動員的運動過程與小球掉在豎直彈簧上類似，根據(jù)彈力與重力的關(guān)系分析運動性質(zhì)，結(jié)合加速度的方向分析失重或超重狀態(tài)．【解析】【答案】BC12、AD【分析】【分析】根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等，同時由變壓器電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比。本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時要能正確書寫交流電的表達式。【解答】A.由圖象可知交流的最大值為Um=707V

因此其有效值為U=7072=500V

故A正確；B.發(fā)電機的輸出電壓隨時間變化的關(guān)系，由圖可知，T=0.02s

故f=1T=50Hz

故B錯誤；C.輸電線的電流由輸送的功率與電壓決定的；與降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比無關(guān)，故C錯誤；

D.當(dāng)用戶用電器的總電阻減小時；用戶的功率增大，降壓變壓器的輸出功率增大，則輸入的功率增大，輸入的電流增大，輸電線上損失的功率增大，故D正確。

故選AD?！窘馕觥緼D

13、BC【分析】【分析】根據(jù)開普勒第三定律求出衛(wèi)星乙周期與衛(wèi)星甲周期的關(guān)系，抓住A

到B

的時間是周期的一半求出衛(wèi)星乙從A

到B

的時間，根據(jù)變軌的原理分析衛(wèi)星甲在B

點的速度和衛(wèi)星乙在B

點的速度大小，星乙在橢圓軌道上運動，只有萬有引力做功，機械能守恒。本題考查了開普勒第三定律的基本運用，抓住軌道半徑的三次方與周期二次方的比值是常數(shù)分析求解，以及掌握變軌的原理，結(jié)合萬有引力與向心力大小關(guān)系分析判斷?！窘獯稹緼.根據(jù)開普勒第三定律得，r23T02=(r1+r22)3T2

解得T=T02(r1+r2)32r23

故A錯誤；B.衛(wèi)星乙從A

到B

的時間T=T2=T04(r1+r2)32r23

故B正確；

C.衛(wèi)星乙在B

點如果要進入衛(wèi)星甲的軌道；需加速，可知衛(wèi)星甲在B

點的速度大于衛(wèi)星乙在B

點的速度，故C正確；

D.衛(wèi)星乙在橢圓軌道上運動時；由于只有萬有引力做功，機械能守恒，故D錯誤。

故選BC。【解析】BC

三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】試題分析：能通過速度選擇器的為一定速度V=有兩種粒子通過，則其速度相同，故為b和c，在磁場B2中，根據(jù)R=得出質(zhì)量大的半徑大，因D1的半徑大，則為c離子．考點：本題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動?！窘馕觥俊敬鸢浮緾15、略

【分析】解：（1）圖1所示游標(biāo)卡尺主尺的示數(shù)是18mm；游標(biāo)尺示數(shù)是4×0.1mm=0.4mm；

小球的直徑d=18mm+0.1×4mm=18.4mm；

圖2所示秒表分針示數(shù)是90s；秒針示數(shù)是10.0s，秒表所示是90s+10.0s=100.0s；

解：根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：g=．

A；測擺線長時擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大．故A錯誤．

B；擺動后出現(xiàn)松動；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏小．故B正確．

C；實驗中開始計時；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大．故C錯誤．

D；實驗中將49次全振動數(shù)成50次全振動；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大．故D錯誤．

故選：B

（3）由題意公式g=得到T2=圖象斜率表示結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到。

=解得：g=9.86m/s2

故答案為：（1）18.4；100.0

（2）（B）

（3）9.86m/s2

（1）游標(biāo)卡尺主尺示數(shù)與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；游標(biāo)卡尺不需要估讀；

秒表中間的表盤代表分鐘；周圍的大表盤代表秒，秒表讀數(shù)是兩個表盤的示數(shù)之和，要注意觀察指針?biāo)傅奈恢眉胺侄戎怠?/p>

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出重力加速度的表達式；從而判斷出重力加速度減小的原因。

（3）由題意公式g=得到T2=圖象斜率表示結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到重力加速度。

要注意，游標(biāo)卡尺不需要估讀；對秒表進行讀數(shù)時，要先確定秒表的分度值，秒表示數(shù)是分針與秒針示數(shù)之和；本題關(guān)鍵明確實驗原理；通過圖象的平移得到擺長偏小1cm，得到誤差來源；通過圖象的函數(shù)表達式得到斜率的物理意義．【解析】18.4；100.0；B；9.8616、5【分析】解：將交流與直流通過阻值都為R

的電阻；

設(shè)直流電流為I

則根據(jù)有效值的定義有：

(42)2R?T2+(32)2R?T2=I2RT

解得：I=5A

故答案為：5

．

根據(jù)有效值的定義求解.

取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對于非正弦式電流可根據(jù)有效值的定義求解有效值.

常見題型，要熟練掌握．【解析】5

17、略

【分析】(1)長(2)手機通訊電視遙控器等(3)電磁波輻射【解析】【答案】(1)長(2)手機通訊電視遙控器等(3)電磁波輻射18、略

【分析】解：砂擺完成一次全振動，紙向前移動的距離為30cm，移動的時間等于砂擺的周期，所以T==1s．根據(jù)單擺的公式T=2L==0.25m．

故本題答案為：1；0.25．

砂擺完成一次全振動，紙向前移動的距離為30cm，移動的時間等于砂擺的周期，根據(jù)單擺的公式T=2求出擺長．

解決本題的關(guān)鍵知道單擺完成一次全振動為一個周期，以及知道單擺的周期公式T=2．【解析】1；0.2519、略

【分析】解：如圖所示；線圈從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，穿過線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流；

線圈從位置Ⅱ到位置Ⅲ的過程中；線圈內(nèi)穿過的磁通量增加，則也會產(chǎn)生感應(yīng)電流；

故答案為：有；有．

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；則閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流．可以根據(jù)楞次定律來確定感應(yīng)電流的方向，從而即可求解．

考查如何判定感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律的應(yīng)用，注意磁通量概念，及大小變化的判定．【解析】有；有20、略

【分析】解：設(shè)物體的質(zhì)量為m.t0

時刻受盒子碰撞獲得速度v

根據(jù)動量守恒定律有：

Mv0=mv壟脵

3t0

時刻物體與盒子右壁碰撞使盒子速度又變?yōu)関0

說明碰撞是完全彈性碰撞，由能量守恒定律有：

12Mv02=12mv2壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

解得：m=M

即盒內(nèi)物體的質(zhì)量也為M

．

故答案為：M

根據(jù)速度時間圖象得到盒子各個時刻的速度情況；然后根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律列方程后聯(lián)立求解．

本題關(guān)鍵根據(jù)速度時間圖象得到盒子與物體的碰撞是彈性碰撞，然后根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律列方程后聯(lián)立求解．【解析】M

21、打點計時器；0.20；0.19【分析】解：(1)

由題意可知；滴水計時器可以通過滴水計時，故與課本上介紹的打點計時器計時原理類似．

(2)

利用勻變速直線運動的推論得：

v4=x35t35=0.0365+0.04410.2脳2=0.20m/s

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大??；得：

s34鈭?s01=3a1T2

s45鈭?s12=3a2T2

s56鈭?s23=3a3T2

為了更加準(zhǔn)確的求解加速度；我們對三個加速度取平均值。

得：a=13(a1+a2+a3)

即加速度計算表達式為：a=s36鈭?s039T2

解得a=0.19m/s2

故答案為：(1)

打點計時器計；(2)0.200.19

解該實驗裝置的原理；它類似于打點計時器，調(diào)節(jié)滴水計時器的滴水速度，使其每0.2s

滴一滴，這就像打點計時器每隔一定時間就打一個點.

該實驗數(shù)據(jù)的處理思路與打點計時器打出來的紙帶處理一樣．

由于相鄰的相等的時間間隔位移之差不等；所以我們采用逐差法求解加速度．

該實驗裝置是根據(jù)打點計時器的特點和實驗原理進行設(shè)計新的實驗.

對于紙帶的問題，我們要熟悉勻變速直線運動的特點和一些規(guī)律，注意公式鈻?x=aT2

的正確應(yīng)用．【解析】打點計時器；0.200.19

四、判斷題(共3題，共6分)22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．五、綜合題(共2題，共10分)25、（1）D（2）B（3）D（4）C（5）逐漸立刻（6）解：①根據(jù)庫侖定律得②根據(jù)電場強度的定義式得③正試探電受到的電場力方向與該點的電場強度方向相同【分析】(1)

【分析】

電子在電場中受到的力為電場力；直線電流在磁場中受到的力為安培力；物體之間的引力為萬有引力；帶電粒子在磁場中的運動；受到的力為洛倫茲力。

本題就是區(qū)分物體之間的幾種力的作用；區(qū)分開幾種力之間的關(guān)系，即可解決本題。

【解答】

帶電粒子在磁場中的運動，受到的力為洛倫茲力，故D正確，ABC錯誤。故選D。(2)

【分析】

GPS

接收器接收的是電磁波鈭?微波。本題考查了電磁波在生活中的應(yīng)用；生活中利用電磁波的地方非常多.

如：衛(wèi)星通信；無線電視、無線廣播、手機等。

【解答】

GPS

接收器通過接收衛(wèi)星發(fā)射的導(dǎo)航信號，實現(xiàn)對車輛的精確定位并導(dǎo)航，衛(wèi)星向GPS

接收器傳送信息依靠的是電磁波鈭?微波，故B正確，ACD錯誤。故選B。

(3)

【分析】

對于磁體的每一條磁感線都是閉合的，即在磁體的外部是從N

極指向S

極，在磁體內(nèi)部，磁感線是從磁體的S

極指向N

極；根據(jù)安培定則可以判斷出此時圓形線圈的N

極和S

極，而后據(jù)據(jù)小磁針磁感線的方向和圓形線圈磁感線的方向一致即可判斷出小磁針的N

極指向。知道在磁體的外部；磁感線是從N

極指向S