2025年人教新起點(diǎn)高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新起點(diǎn)高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷470考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、同時(shí)作用在某物體上的兩個(gè)方向相反的力；大小分別為8N和10N，在10N的力逐步減小到零的過(guò)程中，兩個(gè)力的合力的大?。ǎ?/p>

A.先減小后增大。

B.先增大后減小。

C.一直減小。

D.一直增大。

2、如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關(guān)系圖象，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關(guān)系圖象，若將這兩個(gè)電阻分別接到該電源上，下列說(shuō)法正確的是()A.兩電阻阻值R1＞R2B.R2接在電源上時(shí)，電源的內(nèi)阻消耗功率大C.R2接在電源上時(shí)，電源的效率高D.電源的內(nèi)阻和R2的阻值相等3、關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說(shuō)法中正確的是（）A.恒定的電場(chǎng)能夠產(chǎn)生電磁波B.電磁波既有縱波，又有橫波C.電磁波從空氣進(jìn)入水中時(shí)，其波長(zhǎng)變長(zhǎng)了D.雷達(dá)用的是微波，是由于微波傳播的直線性好，有利于測(cè)定物體的位置4、物理實(shí)驗(yàn)都需要有一定的控制條件.

奧斯特做電流磁效應(yīng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)排除地磁場(chǎng)對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響.

關(guān)于奧斯特的實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是A.該實(shí)驗(yàn)必須在地球赤道上進(jìn)行B.該實(shí)驗(yàn)必須在地球赤道上進(jìn)行C.通電直導(dǎo)線應(yīng)該水平東西方向放置D.通電直導(dǎo)線應(yīng)該水平南北方向放置5、如圖所示；電容器極板間有一可移動(dòng)的電介質(zhì)板，介質(zhì)與被測(cè)物體相連．接入電路后，通過(guò)極板上物理量的變化可確定被測(cè)物體的位置，則以下說(shuō)法正確的是（）

A.．若電容器極板間的電壓不變；x變小，電容器極板上帶電量增加。

B.．若電容器極板電量不變；x變小，電容器極板間電壓變大。

C.；若電容器極板間的電壓不變，x變小，有電流流向電容器的正極。

D.．若電容器極板間的電壓不變；x變小，有電流流向電容器的負(fù)極。

6、如圖所示；勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，一帶電微粒沿直虛線在電場(chǎng)中斜向上運(yùn)動(dòng)，則該微粒在從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，其能量變化為（）

A.動(dòng)能增大；電勢(shì)能減小。

B.動(dòng)能減??；重力勢(shì)能增大。

C.動(dòng)能減??；電勢(shì)能增大。

D.動(dòng)能增大；電勢(shì)能增大。

7、如圖所示電路，變壓器的原線圈接在交流電源上，開(kāi)關(guān)S

剛開(kāi)始時(shí)斷開(kāi)。當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()

A.燈泡L1

變亮。B.MN

兩點(diǎn)間電壓增大C.電阻R

的電流增大D.原線圈中的電流減小。評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、下列說(shuō)法正確的是（）A.分子的動(dòng)能與分子的勢(shì)能的和叫做這個(gè)分子的內(nèi)能B.物體的分子勢(shì)能由物體的溫度和體積決定C.物體的速度增大時(shí)，物體的內(nèi)能可能減小D.物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)其溫度可能增加9、關(guān)于下列四幅圖的說(shuō)法；正確的是(

)

A.甲圖為放射源放出的三種射線在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，射線1

為婁脕

射線B.乙圖中，用紫外光燈照射與驗(yàn)電器相連的鋅板，發(fā)現(xiàn)原來(lái)閉合的驗(yàn)電器指針張開(kāi)，此時(shí)鋅板和驗(yàn)電器均帶正電C.丙圖為婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)示意圖，盧瑟福根據(jù)此實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D.丁圖為核反應(yīng)堆示意圖，它是利用了鈾核聚變反應(yīng)所釋放的能量10、如圖所示，有兩根和水平方向成婁脕

角的光滑平行金屬導(dǎo)軌，上端接有可變電阻R

下端足夠長(zhǎng)，空間有垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

一根質(zhì)量為m

的金屬桿從軌道上由靜止滑下，經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，金屬桿的速度會(huì)趨近于一個(gè)最大速度vm

則()

A.如果B

增大，vm

將變大B.如果婁脕

變大，vm

將變大C.如果R

變大，vm

將變大D.如果m

變小，vm

將變大11、如圖所示，質(zhì)量為m

帶電荷量為q

的微粒以速度v

與水平方向成45鈭?

角進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。如果微粒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是A.微粒受電場(chǎng)力、洛倫茲力、重力三個(gè)力作用B.微粒帶負(fù)電，微粒在運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不斷增加C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=2mqq

D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=mgqv

12、要減少電能輸送時(shí)的損失，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.提高輸電電壓B.減小輸電導(dǎo)線的電阻C.降低輸電電壓D.增大輸電導(dǎo)線中的電流13、如圖所示，a、b、c、d是滑線變阻器的四個(gè)接線柱，把它串聯(lián)接入電路之中，要求滑動(dòng)觸片P向接線柱d移動(dòng)時(shí)，電路中的電流不斷減小，則接入電路中的接線柱可以是（）A.a和cB.a和dC.b和aD.b和c14、如圖是回旋加速器的工作原理圖．D1和D2是兩個(gè)中空的半圓金屬盒，它們之間有一定的電壓，A處的粒子源產(chǎn)生的帶電粒子，在兩盒之間被電場(chǎng)加速．兩半圓盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，粒子在半圓盒中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．不計(jì)帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，不考慮由相對(duì)論效應(yīng)帶來(lái)的影響，則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子在D形盒中的運(yùn)動(dòng)周期與兩盒間交變電壓的周期相同B.回旋加速器是靠電場(chǎng)加速的，因此其最大能量與電壓有關(guān)C.回旋加速器是靠磁場(chǎng)加速的，因?yàn)槠渥畲竽芰颗c電壓無(wú)關(guān)D.粒子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間與電壓有關(guān)15、如圖所示，導(dǎo)線MN與AB平行，以下判斷正確的是（）A.在閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→BB.在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→BC.開(kāi)關(guān)S閉合，當(dāng)變阻器的滑片迅速向右移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)線AB中沒(méi)有感應(yīng)電流D.開(kāi)關(guān)S閉合，把線框ABCD迅速向上平移，導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A16、一帶負(fù)電小球在從空中的a

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b

點(diǎn)的過(guò)程中，受重力、空氣阻力和電場(chǎng)力作用，重力對(duì)小球做功3.5J

小球克服空氣阻力做功0.5J

電場(chǎng)力對(duì)小球做功1J

則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.小球在a

點(diǎn)的重力勢(shì)能比在b

點(diǎn)大3.5J

B.小球在a

點(diǎn)的機(jī)械能比在b

點(diǎn)小0.5J

C.小球在a

點(diǎn)的電勢(shì)能比在b

點(diǎn)大1J

D.小球在a

點(diǎn)的動(dòng)能比在b

點(diǎn)大4J

評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，將α、β和γ三束射線射人磁場(chǎng)中，圖中A束射線是γ射線，B束射線是射線，C束射線是射線。18、在探究?jī)呻姾砷g相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)中，一同學(xué)猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動(dòng)的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點(diǎn)，如圖所示。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠(yuǎn)處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實(shí)驗(yàn)表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的________而增大，隨其所帶電荷量的____________而增大。此同學(xué)在探究中應(yīng)用的科學(xué)方法是__________(（選填：“累積法”、“等效替代法”、“控制變量法”或“演繹法”）。19、有些動(dòng)物在夜間幾乎什么都看不到，而貓頭鷹在夜間卻有很好的視力，這是因?yàn)樗軐?duì)某個(gè)波段的光線產(chǎn)生視覺(jué)．根據(jù)熱輻射理論，物體發(fā)出光的最大波長(zhǎng)λm與物體的絕對(duì)溫度T滿足關(guān)系式T?λm=2.9×103m?K，若貓頭鷹的獵物﹣﹣蛇在夜間體溫是27℃，則它發(fā)出光的最大波長(zhǎng)為_(kāi)___m，屬于____波段．20、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是高中物理實(shí)驗(yàn)中的重要儀器，它所使用的交變電流頻率為50Hz，它的打點(diǎn)周期為_(kāi)_____s．從下述物理實(shí)驗(yàn)中，選出兩個(gè)可以用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的實(shí)驗(yàn)______（填字母代號(hào)）．

A．研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)。

B．探究求合力的方法。

C．研究加速度與物體質(zhì)量；物體受力的關(guān)系。

D．探究彈簧彈力和彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系。

如圖所示；用重物自由下落的方法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．

（1）實(shí)驗(yàn)裝置中所用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接______電源（只需填A(yù)或B）．

A．直流B．交流。

（2）本實(shí)驗(yàn)是為了驗(yàn)證重物的______總和是否保持不變（只需填A(yù)或B）．

A．動(dòng)能和勢(shì)能B．速度和下落的高度．21、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)：在小車A的前端粘有橡皮泥；推動(dòng)小車A使之作勻速運(yùn)動(dòng)．然后與原來(lái)靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)作勻速運(yùn)動(dòng)，他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖1所示．在小車A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50HZ，長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點(diǎn)紙帶如圖2，并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距標(biāo)在圖上，A為運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選______段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，應(yīng)選______段來(lái)計(jì)算A和B碰后的共同速度．（以上兩格填“AB”或“BC”或“DC”或“DE”）．

（2）已測(cè)得小車A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車B的質(zhì)量m2=0.20kg；由以上測(cè)量結(jié)果可得：

碰前總動(dòng)量=______kg?m/s；碰后總動(dòng)量=______kg?m/s．由上述實(shí)驗(yàn)結(jié)果得到的結(jié)論是：______．22、汽車以5m/s

速度在平直的路面上勻速前進(jìn)，緊急制動(dòng)時(shí)以大小為2m/s2

的加速度在粗糙水平面上勻減速滑行，則2s

末汽車的速度為_(kāi)_____m/s4s

內(nèi)汽車位移為_(kāi)_____m.

23、如圖所示，AB

兩個(gè)閉合線圈用同樣的導(dǎo)線制成，匝數(shù)都為10

匝，半徑rA=2rB

圖示區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則AB

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為EAEB=

______，線圈中的感應(yīng)電流之比IAIB=

______．24、用螺旋側(cè)微器測(cè)量一小球的直徑；結(jié)果如圖所示，則小球的直徑d=

______mm

．

評(píng)卷人得分四、推斷題(共2題，共8分)25、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過(guò)如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______；rm{C}分子中最多有____個(gè)原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有________rm{(}填寫編號(hào)rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請(qǐng)寫出其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。26、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問(wèn)題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為_(kāi)_______rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為_(kāi)_______，rm{G}的化學(xué)名稱為_(kāi)_______rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學(xué)方程式為_(kāi)_______；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時(shí)滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請(qǐng)譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(}rm{)}評(píng)卷人得分五、綜合題(共4題，共36分)27、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(

略)

28、關(guān)于分子動(dòng)理論和物體的內(nèi)能，下列說(shuō)法正確的是()A.“油膜法”估測(cè)分子大小實(shí)驗(yàn)中；可將純油酸直接滴入淺盤的水面上。

B.溫度越高；液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯。

C.液體很難被壓縮；這是因?yàn)閴嚎s時(shí)液體分子間的分子力表現(xiàn)為斥力。

D.分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大。

E.當(dāng)分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小29、(1)(1)在遠(yuǎn)距離輸電中，提高送電電壓的設(shè)備是________．A.驗(yàn)電器B.變壓器C.電容器D.傳感器(2)

根據(jù)電場(chǎng)線的模擬實(shí)驗(yàn)，描繪出了一個(gè)正電荷的電場(chǎng)線分布圖，如圖所示.

設(shè)該電場(chǎng)中ab

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為EaEb

則Ea

和Eb

的關(guān)系為_(kāi)_______．A.Ea>Eb

B.Ea<Eb

C.Ea=Eb

D.無(wú)法確定(3)

下列關(guān)于小磁針在磁場(chǎng)中靜止時(shí)的指向，正確的是________．A.B.C.D.(4)

如圖所示，磁場(chǎng)方向水平向右，ab

是閉合電路中一段導(dǎo)體，則ab

受到的安培力方向是________．A.水平向左B.水平向右C.垂直紙面向里D.垂直紙面向外(5)

電磁波在真空中傳播的速度c

是________m/s

若某電臺(tái)的頻率f

為100MHz

這個(gè)臺(tái)發(fā)射的電磁波的波長(zhǎng)婁脣

為_(kāi)_______m

．(6)

如圖所示，水平桌面上放有電阻不計(jì)的光滑導(dǎo)軌和長(zhǎng)為10cm

導(dǎo)體棒，它們與電阻為R=10婁賂

的小燈泡組成閉合電路，整個(gè)裝置處于方向豎直向上的磁場(chǎng)中，當(dāng)磁通量在0.1s

內(nèi)從0.2Wb

均勻增加到0.4Wb

時(shí)，求：壟脵

電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；壟脷

已知電路中的感應(yīng)電流為0.2A

小燈泡在10s

鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量為多少．30、(

適合于二期課改教材的考生)

某小型實(shí)驗(yàn)水電站輸出功率是20kW

輸電線路總電阻是6婁賂

．

(1)

若采用380V

輸電；求輸電線路損耗的功率．

(2)

若改用5000V

高壓輸電，用戶端利用n1n2=221

的變壓器降壓，求用戶得到的電壓．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

由于兩個(gè)力的方向相反，合力大小等于這兩個(gè)力的大小之差，即F合=F1-F2=10N-8N=2N，當(dāng)F1逐漸減小時(shí)，合力減小，當(dāng)F1=8N時(shí)；合力為零；

當(dāng)F1繼續(xù)減小時(shí)，F(xiàn)合=F2-F1；故合力又會(huì)逐漸增大；因此兩個(gè)力的合力的大小是先減小后增大；

故選A．

【解析】【答案】同一直線上方向相反的兩個(gè)力的合力大小等于這兩個(gè)力的大小之差分析即可．

2、A|B|D【分析】試題分析：因?yàn)樵趫D象中，電阻等于斜率，由圖象可知直線B的斜率大于直線C的斜率，故A正確；電源與電阻的伏安特性曲線交點(diǎn)表示電阻接在該電源上時(shí)的工作狀態(tài)，由圖象可知，分別接在電源上時(shí)，通過(guò)電源的電流分別為和根據(jù)知，當(dāng)接在電源上時(shí)，電源的內(nèi)阻消耗功率大，故B正確；電源的效率等于電源輸出功率與電源總功率的百分比，即電源的效率效率與路端電壓成正比，由圖知接在電源上時(shí)路端電壓大，電源的效率高，故C錯(cuò)誤；如圖所示，電源的內(nèi)阻故D正確．所以選ABD．考點(diǎn)：本題主要考查圖象的意義同時(shí)考查了對(duì)閉合電路的歐姆定律、電功率等概今的理解和應(yīng)用．【解析】【答案】ABD3、D【分析】解：A．變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)．若恒定的電場(chǎng)不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

B．電磁波只有橫波；沒(méi)有縱波，故B錯(cuò)誤；

C．電磁波在傳播過(guò)程中；始終不變的物理量是頻率，當(dāng)從空氣射入水中時(shí)，頻率不變，介質(zhì)的折射率變大，則波速變小，而波長(zhǎng)變短，故C錯(cuò)誤；

D．微波的頻率較大；波長(zhǎng)較短，直線性好，雷達(dá)是利用波長(zhǎng)較短的微波來(lái)測(cè)定物體位置的無(wú)線電裝置，故D正確．

故選：D．

根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論知變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)；電場(chǎng)波屬于橫波，在傳播過(guò)程中，頻率不變，隨著介質(zhì)的不同，導(dǎo)致波速不同，則波長(zhǎng)也不同；知道長(zhǎng)波與短波的性質(zhì)．

解決本題的關(guān)鍵知道電磁波的特點(diǎn)，以及知道電磁波與機(jī)械波的區(qū)別，并掌握電磁波是橫波．【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】由于地磁的北極在地理的南極附近；故地磁場(chǎng)的磁感線有一個(gè)由南向北的分量，而只有當(dāng)電流的方向與磁場(chǎng)的方向平行時(shí)通電導(dǎo)線才不受磁場(chǎng)的安培力。

掌握了地磁場(chǎng)的特點(diǎn)和安培力的特點(diǎn)就能順利解決此類題目。【解答】由于地磁的北極在地理的南極附近；故地磁場(chǎng)的磁感線有一個(gè)由南向北的分量，而當(dāng)電流的方向與磁場(chǎng)的方向平行時(shí)通電導(dǎo)線才不受磁場(chǎng)的安培力，故在進(jìn)行奧斯特實(shí)驗(yàn)時(shí)通電直導(dǎo)線可以水平南北方向放置，而不必非要在赤道上進(jìn)行，但不能東西放置和豎直放置，故只有D正確；

故選D。

【解析】D

5、A|C【分析】

A、若電容器極板間的電壓不變，x變小，電介質(zhì)插入電容器，由電容的決定式C=得知，電容增大，由C=得知；電容器極板上帶電量Q增加．故A正確．

B、若電容器極板電量不變，x變小，電容增大，由C=得知；電容器極板間電壓U變?。蔅錯(cuò)誤．

C；D由上分析知道；若電容器極板間的電壓不變，x變小，電容器電量增加，處于充電狀態(tài)，而電容器正極板帶正電，所以有電流流向電容器的正極．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選AC

【解析】【答案】若電容器極板間的電壓不變；x變小，根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化，根據(jù)電容充電還是放電，分析電路中電流方向．

6、C【分析】

帶電微粒在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受力豎直向下的重力和水平方向的電場(chǎng)力作用；微粒做直線運(yùn)動(dòng)，其合力與速度平行，則可知微粒所受的電場(chǎng)力方向必定水平向左，當(dāng)微粒從A到B時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，重力也做負(fù)功，總功為負(fù)值，由動(dòng)能定理得知，動(dòng)能減小，而電勢(shì)能增大，重力勢(shì)能增大．選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤，C正確．

故選C

【解析】【答案】帶電微粒沿直線運(yùn)動(dòng)；所受的合力方向與速度平行，可判斷出微粒所受的電場(chǎng)力方向，判斷電場(chǎng)力做功正負(fù)和重力做功正負(fù)，可判斷出電勢(shì)能和重力勢(shì)能的變化．

7、C【分析】【分析】和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，先確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法?！窘獯稹緼C.

變壓器的輸出電壓由輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比決定，輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比都不變，所以變壓器的輸出電壓也不變，即副線圈兩端的輸出電壓不變，S

接通時(shí)，副線圈的電阻減小，所以總的電流變大，電阻R

上的電壓增大，所以燈泡L1

的電壓減小，所以燈泡L1

變暗，故A錯(cuò)誤，C正確；B.變壓器的輸出電壓由輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比決定，輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比都不變，所以變壓器的輸出電壓也不變，即副線圈兩端的輸出電壓不變，故B錯(cuò)誤；D.副線圈的電流增大，電壓不變，則輸出功率變大，輸入功率也變大，原線圈電流變大，故D錯(cuò)誤；故選C?！窘馕觥緾

二、多選題(共9題，共18分)8、CD【分析】解：A；內(nèi)能是對(duì)大量分子來(lái)講的；對(duì)單個(gè)分子無(wú)意義，A錯(cuò)誤；

B；分子勢(shì)能由體積決定；平均動(dòng)能由溫度決定，B錯(cuò)誤；

C；物體的速度與內(nèi)能之間沒(méi)有關(guān)系；故物體的速度增大時(shí)，物體的內(nèi)能可能減小，C正確；

D；物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)其溫度可能增加；比如汽車剎車時(shí)，車輪速度減小溫度升高，D正確；

故選：CD．

內(nèi)能是對(duì)大量分子來(lái)講的；分子勢(shì)能由體積決定，平均動(dòng)能由溫度決定，機(jī)械能與內(nèi)能是不一樣的．

本題主要考查了內(nèi)能和機(jī)械能的區(qū)別，還有溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．【解析】【答案】CD9、BC【分析】解：A

甲圖為放射源放出的三種射線在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡；根據(jù)左手定則可知，射線1

帶負(fù)電，為婁脗

射線，而射線3

是婁脕

射線，故A錯(cuò)誤；

B；用紫外光燈照射與驗(yàn)電器相連的鋅板；發(fā)生光電效應(yīng)，電子逃出，此時(shí)鋅板和驗(yàn)電器均帶正電，故B正確；

C；圖為婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)示意圖；盧瑟福根據(jù)此實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C正確；

D；圖為核反應(yīng)堆示意圖；它是利用了鈾核裂變反應(yīng)所釋放的能量，故D錯(cuò)誤；

故選：BC

．

婁脕

射線帶正電；婁脗

射線帶負(fù)電，婁脙

射線不帶電，結(jié)合左手定則，即可求解；

光電效應(yīng)現(xiàn)象中；電子逃出，金屬鋅板與驗(yàn)電器均帶正電；

婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

鈾核裂變反應(yīng)所釋放的能量．

考查三種射線的帶電情況，及掌握左手定則的應(yīng)用，注意裂變與聚變的區(qū)別，知道光電效應(yīng)的現(xiàn)象與婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的意義．【解析】BC

10、BC【分析】【分析】先分析金屬桿的運(yùn)動(dòng)情況：金屬桿從軌道上由靜止滑下的過(guò)程中，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，將受到安培力作用，安培力先小于重力沿斜面向下的分力，后等于重力沿斜面向下的分力，則金屬棒先做變加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度達(dá)到最大，由平衡條件和安培力公式F=BIL

得到最大速度vm

的表達(dá)式，再進(jìn)行分析。本題第一方面要正確分析金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況，第二方面要熟記安培力的公式F=BIL

就能正確求解?！窘獯稹拷饘贄U下滑過(guò)程中，受重力、導(dǎo)軌的支持力和安培力，開(kāi)始時(shí)重力沿斜面的分力大于安培力，金屬桿做加速運(yùn)動(dòng).

隨著速度的增加，安培力在增大，所以金屬桿加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零，速度最大.

當(dāng)加速度為零時(shí)，金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)，速度最大，則有mgsin婁脕=BILI=BLvmR

聯(lián)立得：vm=mgRsin婁脕B2L2

故：

A.如果B

增大，vm

將變小，故A錯(cuò)誤；B.如果婁脕

增大，vm

將變大，故B正確；C.如果R

變大，vm

將變大，故C正確；D.如果m

變小，vm

將變小，故D錯(cuò)誤。故選BC。【解析】BC

11、AB【分析】略【解析】AB

12、AB【分析】解：輸電線上損失的功率P脣冒=I2R

又輸送電流I=PU

則損失的功率P脣冒=P2U2R

可知要減少電能的損失，則需提高輸電電壓，或減小輸電導(dǎo)線的電阻.

故AB正確，CD錯(cuò)誤．

故選：AB

．

根據(jù)輸出功率；輸送電壓、輸送電流的關(guān)系P=UI

以及損失功率P脣冒=I2R

判斷如何減小電能的損失．

本題考查減小輸電線路電功率損失的方法，此題與我們的日常生活聯(lián)系比較緊密；用高壓輸電不僅可以減少線路中電能的損耗，同時(shí)降低熱損耗和材料成本，都是在輸電過(guò)程中節(jié)約了能源，這是一種非常有效的做法．【解析】AB

13、AB【分析】解：滑動(dòng)變阻器是通過(guò)改變接入電路中電阻絲的長(zhǎng)度來(lái)改變電阻大小的．

A；接入電路中的接線柱是a和c時(shí)；滑動(dòng)觸片P向接線柱d移動(dòng)時(shí)，變阻器連入電路的電阻變大，電路中的電流不斷減小，故A正確．

B；接入電路中的接線柱是a和d時(shí)；滑動(dòng)觸片P向接線柱d移動(dòng)時(shí)，變阻器連入電路的電阻變大，電路中的電流不斷減小，故B正確．

C、連入電路時(shí)需要一上一下，若只接上面兩個(gè)或只接下面兩個(gè)均不能改變接入電路中電阻絲的長(zhǎng)度，接b和a時(shí)；不能改變電阻，也就不能改變電流，故C錯(cuò)誤．

D、接入電路中的接線柱是b和c時(shí)；滑動(dòng)觸片P向接線柱d移動(dòng)時(shí)，變阻器連入電路的電阻變小，電路中的電流不斷增大，故D錯(cuò)誤．

故選AB．

滑動(dòng)變阻器正確接法是上下接線柱各接一個(gè)；要求滑動(dòng)觸片P向接線柱d移動(dòng)時(shí)，電路中的電流不斷減小，變阻器連入電路的電阻變大．

本題考查了滑動(dòng)變阻器的接法．要使滑動(dòng)變阻器的電阻變大或變小，關(guān)鍵是要看下邊的接線柱接哪個(gè)．【解析】【答案】AB14、AD【分析】解：A；根據(jù)加速原理；當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與交變電壓的周期同步時(shí)，才能處于加速狀態(tài)，故A正確；

BC；加速器中的電場(chǎng)可以使帶電粒子加速；而磁場(chǎng)只使粒子偏轉(zhuǎn)，對(duì)粒子不做功；

根據(jù)qvB=m得，最大速度v=則最大動(dòng)能EKm=mv2=可知；粒子的最大動(dòng)能只與粒子本身的荷質(zhì)比，加速器半徑，和磁場(chǎng)大小有關(guān)，與加速電壓無(wú)關(guān)，故BC錯(cuò)誤；

D；粒子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；與粒子在電場(chǎng)加速與磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)次數(shù)，而電壓越高，則次數(shù)越少．故D正確；

故選：AD．

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，滿足qvB=m運(yùn)動(dòng)周期T=（電場(chǎng)中加速時(shí)間忽略不計(jì)）．對(duì)公式進(jìn)行簡(jiǎn)單推導(dǎo)后；便可解此題．

理解回旋加速器工作原理，熟練運(yùn)用相關(guān)公式，便可解出此題，特別注意加速獲得的最大動(dòng)能與電場(chǎng)的電壓無(wú)關(guān)．【解析】【答案】AD15、AD【分析】解：A；在閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)；根據(jù)安培定則可知導(dǎo)線框ACD所處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，直導(dǎo)線中的電流增大，穿過(guò)線框的磁通量增大，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍畡t導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→B，故A正確．

B；在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)；根據(jù)安培定則可知導(dǎo)線框ACD所處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，直導(dǎo)線中的電流減小，穿過(guò)線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍畡t導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A，故B錯(cuò)誤．

C；開(kāi)關(guān)S閉合；當(dāng)變阻器的滑片迅速向右移動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致電流減小，穿過(guò)線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍畡t導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D；開(kāi)關(guān)S閉合；把線框ABCD迅速向上平移，導(dǎo)致穿過(guò)線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍畡t導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A，故D正確．

故選AD．

直導(dǎo)線中的電流方向由M到N；根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線框所在處磁場(chǎng)方向．根據(jù)楞次定律判斷導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向，由左手定則分析導(dǎo)線框所受的安培力情況．

本題考查安培定則、楞次定律和左手定則綜合應(yīng)用的能力．【解析】【答案】AD16、ABC【分析】解：

A、由題，小球從a

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b

點(diǎn)過(guò)程中，重力對(duì)小球做功3.5J

小球的重力就減小3.5J

所以小球在a

點(diǎn)的重力勢(shì)能比在b

點(diǎn)大3.5J.

故A正確．

B、小球從a

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b

點(diǎn)過(guò)程中，克服空氣阻力做功0.5J

電場(chǎng)力對(duì)小球做功1J

兩個(gè)力的總功為0.5J

小球的機(jī)械能就增加0.5J

所以小球在a

點(diǎn)的機(jī)械能比在b

點(diǎn)小0.5J.

故B正確．

C、電場(chǎng)力對(duì)小球做功1J

小球的電勢(shì)能就減小1J

則小球在a

點(diǎn)的電勢(shì)能比在b

點(diǎn)大1J.

故C正確．

D、重力對(duì)小球做功3.5J

小球克服空氣阻力做功0.5J

電場(chǎng)力對(duì)小球做功1J

三個(gè)力的總功為4J

根據(jù)動(dòng)能定理得到，小球的動(dòng)能就增大4J

則小球在b

點(diǎn)的動(dòng)能比在a

點(diǎn)多4J.

故D錯(cuò)誤．

故選：ABC

本題根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行解答.

抓住：重力對(duì)小球做功多少；小球的重力就減小多少.

小球克服空氣阻力做功和電場(chǎng)力做功多少，小球的機(jī)械能就增加多少.

電場(chǎng)力對(duì)小球做功，小球的電勢(shì)能就減小多少.

總功是多少，小球的動(dòng)能就增大多少．

功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢(shì)能變化的量度；電場(chǎng)力做功是電勢(shì)能變化的量度；合力做功是動(dòng)能變化的量度；重力外的各個(gè)力做的總功是機(jī)械能變化的量度．【解析】ABC

三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】試題分析：β粒子時(shí)電子流，帶負(fù)電，由左手定則可知，向左偏轉(zhuǎn)，故是B；而粒子是氦核，帶正電，由左手定則可知，向右偏轉(zhuǎn)，故是C?？键c(diǎn)：三種射線；左手定則?！窘馕觥俊敬鸢浮?8、略

【分析】試題分析：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的減小而增大，隨其所帶電荷量的增大而增大。猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)，有兩個(gè)以上的因素，在實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證時(shí)，需排除其它因素的干擾，用到控制變量法?？键c(diǎn)：本題考查探究?jī)呻姾砷g相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)【解析】【答案】減小增大控制變量法19、9.67×10﹣6紅外線【分析】【解答】（1）貓頭鷹的獵物﹣﹣蛇在夜間體溫是27℃，故T=27+273=300K；

根據(jù)T?λm=2.9×103m?K，得到：=9.67×10﹣6m=9670nm；

可見(jiàn)光波長(zhǎng)400到700納米；故是紅外線；

故答案為：（1）9.67×10﹣6；（2）紅外線．

【分析】本題根據(jù)題意給出的公式T?λm=3.0×10﹣3（Km），可以求出波長(zhǎng)；再判斷光的性質(zhì)．20、略

【分析】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為交流電頻率的倒數(shù)；故打點(diǎn)周期T==0.02s；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器主要作用在于通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)；且從紙帶上可以明確物體的位移，故可知應(yīng)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的實(shí)驗(yàn)有A和C；

（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要的是交流電源；故選：B；

（2）要驗(yàn)證機(jī)械能守恒；只需驗(yàn)證重物的動(dòng)能和勢(shì)能之和是否保持不變即可；

故答案為：0.02sAC

（1）B（2）A

明確打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期及應(yīng)用；結(jié)合各實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理明確有哪些實(shí)驗(yàn)用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；

（1）只有采用交流電源才能使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器正常工作；

（2）明確驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)原理即可回答。

本題考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)以及打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的功能和使用方法．【解析】0.02；AC；B；A21、略

【分析】解：（1）A與B碰后粘在一起；速度減小，相等時(shí)間內(nèi)的間隔減小，可知通過(guò)BC段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，通過(guò)DE段計(jì)算A和B碰后的共同速度．

（2）A碰前的速度：

碰后共同速度：．

碰前總動(dòng)量：P1=m1v1=0.4×1.05=0.42kg．m/s

碰后的總動(dòng)量：P2=（m1+m2）v2=0.6×0.695=0.417kg．m/s

可知在誤差允許范圍內(nèi)；AB碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒．

故答案為：（1）BC；DE；（2）0.42，0.417，AB碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒．

（1）A與B碰后速度減??；通過(guò)紙帶上相等時(shí)間內(nèi)點(diǎn)跡的間隔大小確定哪段表示A的速度，哪段表示共同速度．

（2）求出碰前和碰后的速度大?。坏贸雠銮昂团龊罂倓?dòng)量的大小，從而得出結(jié)論．

解決本題的關(guān)鍵知道A與B碰后，速度減小，會(huì)通過(guò)紙帶求解速度的大小，簡(jiǎn)答題．【解析】BC；DE；0.42；0.417；AB碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒．22、1；6.25【分析】解：汽車以速度v0=5m/s

在平直的路面上勻速前進(jìn)；緊急制動(dòng)時(shí)以加速度a=鈭?2m/s2

在粗糙水平面上勻減速滑行，則汽車最多可以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：

t=0鈭?v0a=0鈭?5m/s鈭?2m/s2=2.5s

．

在2s

末；汽車仍在運(yùn)動(dòng)，直接用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度公式可得2s

末汽車的速度為：

v2=v0+2a=5m/s+(鈭?2m/s2)隆脕2s=1m/s

我們已知汽車最多緊急制動(dòng)后最多運(yùn)動(dòng)2.5s

所以，汽車在4s

末汽車的位移就是汽車在2.5s

末的位移，在2.5s鈭?4s

汽車靜止不動(dòng)；

所以有：s4=s2.5=v0t+12at2=5隆脕2.5+12隆脕(鈭?2)隆脕2攏廬52(m)=6.25m

．

答：2s

末汽車的速度為1m/s4s

內(nèi)汽車位移為6.25m

先判斷汽車能運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；再利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度公式求出速度；再運(yùn)用位移公式求得位移即可．

這類勻變速的問(wèn)題，特別容易忽略判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間這步，如本題第二問(wèn)直接用時(shí)間4s

代入計(jì)算導(dǎo)致錯(cuò)誤．【解析】16.25

23、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?鈱?鈻?t=n鈻?B鈰?S鈻?t

題中n

相同，鈻?B鈻?t

相同；面積S

也相同；

則得到AB

環(huán)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EAEB=11

．

根據(jù)電阻定律R=婁脩LSL=n?2婁脨r婁脩S

相同，則電阻之比為：RARB=rArB=21

根據(jù)歐姆定律I=ER

得產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為：IAIB=12

．

故答案為：1112

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?鈱?鈻?t=n鈻?B鈰?S鈻?t

研究AB

環(huán)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EAEB.

根據(jù)電阻定律求出兩環(huán)電阻之比，再歐姆定律求解電流之比IAIB

．

本題整合了法拉第電磁感應(yīng)定律、電阻定律和歐姆定律，常規(guī)題，要善于運(yùn)用比例法解題．【解析】1112

24、略

【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為10.5mm

可動(dòng)刻度為46.5隆脕0.01mm=0.465mm

所以最終讀數(shù)為10.5mm+0.465mm=10.965mm

最后的結(jié)果可以為10.965隆脌0.002

．

故答案為：0.965隆脌0.002

．

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】10.965隆脌0.002

四、推斷題(共2題，共8分)25、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計(jì)算得出rm{C}所以rm{A}為水計(jì)算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{(1)A}為中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個(gè)原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應(yīng)rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個(gè)原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有消去反應(yīng)、加成反應(yīng)、取代反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)，制備化合物相同的官能團(tuán)，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應(yīng)為能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則應(yīng)為甲酸某酯，且氯原子應(yīng)連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個(gè)基團(tuán)為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}26、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{)}以此來(lái)解答。

本題考查有機(jī)物的推斷，關(guān)鍵是確定rm{A}的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)反應(yīng)條件推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，側(cè)重分析與推斷能力的綜合考查，題目難度中等?！窘獯稹繜Nrm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為故答案為：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反應(yīng)類型為加成反應(yīng)，rm{E}的化學(xué)名稱為乙醛；故答案為：加成反應(yīng)；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(5)D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足：rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體，說(shuō)明含rm{-COOH}rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}個(gè)rm{C}則rm{C-C-C}上的rm{2}個(gè)rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共為rm{3+2=5}種，含其中核磁共振氫譜顯示為rm{3}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案為：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛rm{(4)}rm{(5)5}五、綜合題(共4題，共36分)27、略。略【分析】【分析】略【解答】略【解析】略。略28、BCE【分析】【分析】“油膜法”估測(cè)分子大小實(shí)驗(yàn)中，將油酸酒精溶液滴入淺盤的水面上；溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；液體很難被壓縮，這是因?yàn)橐后w分子間存在斥力；分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而減??；當(dāng)分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小。本題要理解并掌握“油膜法”估測(cè)分子大小實(shí)驗(yàn)原理和方法，知道布朗運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，掌握分子勢(shì)能與分子力的關(guān)系，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識(shí)?！窘獯稹緼.在“油膜法”估測(cè)分子大小實(shí)驗(yàn)中，先在水面上撒上痱子粉，再將油酸溶液滴入痱子粉上，故A錯(cuò)誤；B.布朗運(yùn)動(dòng)是由于液體分子碰撞的不平衡性造成的；溫度越高，液體分子運(yùn)動(dòng)越激烈，則液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯，故B正確；C.液體很難被壓縮，這是因?yàn)閴嚎s時(shí)液體分子間的分子力表現(xiàn)為斥力，故C正確；D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而減小，故D錯(cuò)誤；E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而減小，當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大，則知當(dāng)分子力為零，即當(dāng)分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小，故E正確。故選BCE?！窘馕觥緽CE

29、(1)B

(2)A

(3)C

(4)D

(5)3隆脕1083

(6)

解：壟脵

當(dāng)