2025年人教新起點高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高二物理下冊階段測試試卷470考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、同時作用在某物體上的兩個方向相反的力；大小分別為8N和10N，在10N的力逐步減小到零的過程中，兩個力的合力的大?。ǎ?/p>

A.先減小后增大。

B.先增大后減小。

C.一直減小。

D.一直增大。

2、如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關(guān)系圖象，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關(guān)系圖象，若將這兩個電阻分別接到該電源上，下列說法正確的是()A.兩電阻阻值R1＞R2B.R2接在電源上時，電源的內(nèi)阻消耗功率大C.R2接在電源上時，電源的效率高D.電源的內(nèi)阻和R2的阻值相等3、關(guān)于電磁場和電磁波，下列說法中正確的是（）A.恒定的電場能夠產(chǎn)生電磁波B.電磁波既有縱波，又有橫波C.電磁波從空氣進入水中時，其波長變長了D.雷達用的是微波，是由于微波傳播的直線性好，有利于測定物體的位置4、物理實驗都需要有一定的控制條件.

奧斯特做電流磁效應(yīng)實驗時，應(yīng)排除地磁場對實驗的影響.

關(guān)于奧斯特的實驗，下列說法中正確的是A.該實驗必須在地球赤道上進行B.該實驗必須在地球赤道上進行C.通電直導線應(yīng)該水平東西方向放置D.通電直導線應(yīng)該水平南北方向放置5、如圖所示；電容器極板間有一可移動的電介質(zhì)板，介質(zhì)與被測物體相連．接入電路后，通過極板上物理量的變化可確定被測物體的位置，則以下說法正確的是（）

A.．若電容器極板間的電壓不變；x變小，電容器極板上帶電量增加。

B.．若電容器極板電量不變；x變小，電容器極板間電壓變大。

C.；若電容器極板間的電壓不變，x變小，有電流流向電容器的正極。

D.．若電容器極板間的電壓不變；x變小，有電流流向電容器的負極。

6、如圖所示；勻強電場方向水平向右，一帶電微粒沿直虛線在電場中斜向上運動，則該微粒在從A運動到B的過程中，其能量變化為（）

A.動能增大；電勢能減小。

B.動能減?。恢亓菽茉龃?。

C.動能減小；電勢能增大。

D.動能增大；電勢能增大。

7、如圖所示電路，變壓器的原線圈接在交流電源上，開關(guān)S

剛開始時斷開。當開關(guān)閉合時，下列說法正確的是()

A.燈泡L1

變亮。B.MN

兩點間電壓增大C.電阻R

的電流增大D.原線圈中的電流減小。評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、下列說法正確的是（）A.分子的動能與分子的勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能B.物體的分子勢能由物體的溫度和體積決定C.物體的速度增大時，物體的內(nèi)能可能減小D.物體做減速運動時其溫度可能增加9、關(guān)于下列四幅圖的說法；正確的是(

)

A.甲圖為放射源放出的三種射線在磁場中運動的軌跡，射線1

為婁脕

射線B.乙圖中，用紫外光燈照射與驗電器相連的鋅板，發(fā)現(xiàn)原來閉合的驗電器指針張開，此時鋅板和驗電器均帶正電C.丙圖為婁脕

粒子散射實驗示意圖，盧瑟福根據(jù)此實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D.丁圖為核反應(yīng)堆示意圖，它是利用了鈾核聚變反應(yīng)所釋放的能量10、如圖所示，有兩根和水平方向成婁脕

角的光滑平行金屬導軌，上端接有可變電阻R

下端足夠長，空間有垂直于軌道平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B

一根質(zhì)量為m

的金屬桿從軌道上由靜止滑下，經(jīng)過足夠長的時間后，金屬桿的速度會趨近于一個最大速度vm

則()

A.如果B

增大，vm

將變大B.如果婁脕

變大，vm

將變大C.如果R

變大，vm

將變大D.如果m

變小，vm

將變大11、如圖所示，質(zhì)量為m

帶電荷量為q

的微粒以速度v

與水平方向成45鈭?

角進入勻強電場和勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。如果微粒做勻速直線運動，則下列說法正確的是A.微粒受電場力、洛倫茲力、重力三個力作用B.微粒帶負電，微粒在運動中電勢能不斷增加C.勻強電場的電場強度E=2mqq

D.勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=mgqv

12、要減少電能輸送時的損失，下列說法中正確的是(

)

A.提高輸電電壓B.減小輸電導線的電阻C.降低輸電電壓D.增大輸電導線中的電流13、如圖所示，a、b、c、d是滑線變阻器的四個接線柱，把它串聯(lián)接入電路之中，要求滑動觸片P向接線柱d移動時，電路中的電流不斷減小，則接入電路中的接線柱可以是（）A.a和cB.a和dC.b和aD.b和c14、如圖是回旋加速器的工作原理圖．D1和D2是兩個中空的半圓金屬盒，它們之間有一定的電壓，A處的粒子源產(chǎn)生的帶電粒子，在兩盒之間被電場加速．兩半圓盒處于與盒面垂直的勻強磁場中，粒子在半圓盒中做勻速圓周運動．不計帶電粒子在電場中的加速時間，不考慮由相對論效應(yīng)帶來的影響，則下列說法正確的是（）A.粒子在D形盒中的運動周期與兩盒間交變電壓的周期相同B.回旋加速器是靠電場加速的，因此其最大能量與電壓有關(guān)C.回旋加速器是靠磁場加速的，因為其最大能量與電壓無關(guān)D.粒子在回旋加速器中運動的總時間與電壓有關(guān)15、如圖所示，導線MN與AB平行，以下判斷正確的是（）A.在閉合開關(guān)S時，導線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→BB.在斷開開關(guān)S時，導線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→BC.開關(guān)S閉合，當變阻器的滑片迅速向右移動時，導線AB中沒有感應(yīng)電流D.開關(guān)S閉合，把線框ABCD迅速向上平移，導線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A16、一帶負電小球在從空中的a

點運動到b

點的過程中，受重力、空氣阻力和電場力作用，重力對小球做功3.5J

小球克服空氣阻力做功0.5J

電場力對小球做功1J

則下列說法正確的是(

)

A.小球在a

點的重力勢能比在b

點大3.5J

B.小球在a

點的機械能比在b

點小0.5J

C.小球在a

點的電勢能比在b

點大1J

D.小球在a

點的動能比在b

點大4J

評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，將α、β和γ三束射線射人磁場中，圖中A束射線是γ射線，B束射線是射線，C束射線是射線。18、在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)的實驗中，一同學猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖所示。實驗時，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實驗表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的________而增大，隨其所帶電荷量的____________而增大。此同學在探究中應(yīng)用的科學方法是__________(（選填：“累積法”、“等效替代法”、“控制變量法”或“演繹法”）。19、有些動物在夜間幾乎什么都看不到，而貓頭鷹在夜間卻有很好的視力，這是因為它能對某個波段的光線產(chǎn)生視覺．根據(jù)熱輻射理論，物體發(fā)出光的最大波長λm與物體的絕對溫度T滿足關(guān)系式T?λm=2.9×103m?K，若貓頭鷹的獵物﹣﹣蛇在夜間體溫是27℃，則它發(fā)出光的最大波長為____m，屬于____波段．20、打點計時器是高中物理實驗中的重要儀器，它所使用的交變電流頻率為50Hz，它的打點周期為______s．從下述物理實驗中，選出兩個可以用到打點計時器的實驗______（填字母代號）．

A．研究勻變速直線運動。

B．探究求合力的方法。

C．研究加速度與物體質(zhì)量；物體受力的關(guān)系。

D．探究彈簧彈力和彈簧伸長量的關(guān)系。

如圖所示；用重物自由下落的方法驗證機械能守恒定律．

（1）實驗裝置中所用打點計時器應(yīng)接______電源（只需填A或B）．

A．直流B．交流。

（2）本實驗是為了驗證重物的______總和是否保持不變（只需填A或B）．

A．動能和勢能B．速度和下落的高度．21、某同學設(shè)計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗：在小車A的前端粘有橡皮泥；推動小車A使之作勻速運動．然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)作勻速運動，他設(shè)計的具體裝置如圖1所示．在小車A后連著紙帶，電磁打點計時器電源頻率為50HZ，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點紙帶如圖2，并測得各計數(shù)點間距標在圖上，A為運動起始的第一點，則應(yīng)選______段來計算A的碰前速度，應(yīng)選______段來計算A和B碰后的共同速度．（以上兩格填“AB”或“BC”或“DC”或“DE”）．

（2）已測得小車A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車B的質(zhì)量m2=0.20kg；由以上測量結(jié)果可得：

碰前總動量=______kg?m/s；碰后總動量=______kg?m/s．由上述實驗結(jié)果得到的結(jié)論是：______．22、汽車以5m/s

速度在平直的路面上勻速前進，緊急制動時以大小為2m/s2

的加速度在粗糙水平面上勻減速滑行，則2s

末汽車的速度為______m/s4s

內(nèi)汽車位移為______m.

23、如圖所示，AB

兩個閉合線圈用同樣的導線制成，匝數(shù)都為10

匝，半徑rA=2rB

圖示區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度均勻減小的勻強磁場，則AB

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為EAEB=

______，線圈中的感應(yīng)電流之比IAIB=

______．24、用螺旋側(cè)微器測量一小球的直徑；結(jié)果如圖所示，則小球的直徑d=

______mm

．

評卷人得分四、推斷題(共2題，共8分)25、【化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應(yīng)的化學方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有________rm{(}填寫編號rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請寫出其結(jié)構(gòu)簡式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。26、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡式為________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學方程式為________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________，rm{G}的化學名稱為________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學方程式為________；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{(}rm{)}評卷人得分五、綜合題(共4題，共36分)27、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(

略)

28、關(guān)于分子動理論和物體的內(nèi)能，下列說法正確的是()A.“油膜法”估測分子大小實驗中；可將純油酸直接滴入淺盤的水面上。

B.溫度越高；液體中懸浮微粒的布朗運動就越明顯。

C.液體很難被壓縮；這是因為壓縮時液體分子間的分子力表現(xiàn)為斥力。

D.分子勢能隨分子間距離的增大而增大。

E.當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小29、(1)(1)在遠距離輸電中，提高送電電壓的設(shè)備是________．A.驗電器B.變壓器C.電容器D.傳感器(2)

根據(jù)電場線的模擬實驗，描繪出了一個正電荷的電場線分布圖，如圖所示.

設(shè)該電場中ab

兩點的電場強度的大小分別為EaEb

則Ea

和Eb

的關(guān)系為________．A.Ea>Eb

B.Ea<Eb

C.Ea=Eb

D.無法確定(3)

下列關(guān)于小磁針在磁場中靜止時的指向，正確的是________．A.B.C.D.(4)

如圖所示，磁場方向水平向右，ab

是閉合電路中一段導體，則ab

受到的安培力方向是________．A.水平向左B.水平向右C.垂直紙面向里D.垂直紙面向外(5)

電磁波在真空中傳播的速度c

是________m/s

若某電臺的頻率f

為100MHz

這個臺發(fā)射的電磁波的波長婁脣

為________m

．(6)

如圖所示，水平桌面上放有電阻不計的光滑導軌和長為10cm

導體棒，它們與電阻為R=10婁賂

的小燈泡組成閉合電路，整個裝置處于方向豎直向上的磁場中，當磁通量在0.1s

內(nèi)從0.2Wb

均勻增加到0.4Wb

時，求：壟脵

電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；壟脷

已知電路中的感應(yīng)電流為0.2A

小燈泡在10s

鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量為多少．30、(

適合于二期課改教材的考生)

某小型實驗水電站輸出功率是20kW

輸電線路總電阻是6婁賂

．

(1)

若采用380V

輸電；求輸電線路損耗的功率．

(2)

若改用5000V

高壓輸電，用戶端利用n1n2=221

的變壓器降壓，求用戶得到的電壓．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

由于兩個力的方向相反，合力大小等于這兩個力的大小之差，即F合=F1-F2=10N-8N=2N，當F1逐漸減小時，合力減小，當F1=8N時；合力為零；

當F1繼續(xù)減小時，F(xiàn)合=F2-F1；故合力又會逐漸增大；因此兩個力的合力的大小是先減小后增大；

故選A．

【解析】【答案】同一直線上方向相反的兩個力的合力大小等于這兩個力的大小之差分析即可．

2、A|B|D【分析】試題分析：因為在圖象中，電阻等于斜率，由圖象可知直線B的斜率大于直線C的斜率，故A正確；電源與電阻的伏安特性曲線交點表示電阻接在該電源上時的工作狀態(tài)，由圖象可知，分別接在電源上時，通過電源的電流分別為和根據(jù)知，當接在電源上時，電源的內(nèi)阻消耗功率大，故B正確；電源的效率等于電源輸出功率與電源總功率的百分比，即電源的效率效率與路端電壓成正比，由圖知接在電源上時路端電壓大，電源的效率高，故C錯誤；如圖所示，電源的內(nèi)阻故D正確．所以選ABD．考點：本題主要考查圖象的意義同時考查了對閉合電路的歐姆定律、電功率等概今的理解和應(yīng)用．【解析】【答案】ABD3、D【分析】解：A．變化的電場產(chǎn)生磁場；變化的磁場產(chǎn)生電場．若恒定的電場不會產(chǎn)生磁場，故A錯誤；

B．電磁波只有橫波；沒有縱波，故B錯誤；

C．電磁波在傳播過程中；始終不變的物理量是頻率，當從空氣射入水中時，頻率不變，介質(zhì)的折射率變大，則波速變小，而波長變短，故C錯誤；

D．微波的頻率較大；波長較短，直線性好，雷達是利用波長較短的微波來測定物體位置的無線電裝置，故D正確．

故選：D．

根據(jù)麥克斯韋電磁場理論知變化的電場產(chǎn)生磁場；變化的磁場產(chǎn)生電場；電場波屬于橫波，在傳播過程中，頻率不變，隨著介質(zhì)的不同，導致波速不同，則波長也不同；知道長波與短波的性質(zhì)．

解決本題的關(guān)鍵知道電磁波的特點，以及知道電磁波與機械波的區(qū)別，并掌握電磁波是橫波．【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】由于地磁的北極在地理的南極附近；故地磁場的磁感線有一個由南向北的分量，而只有當電流的方向與磁場的方向平行時通電導線才不受磁場的安培力。

掌握了地磁場的特點和安培力的特點就能順利解決此類題目。【解答】由于地磁的北極在地理的南極附近；故地磁場的磁感線有一個由南向北的分量，而當電流的方向與磁場的方向平行時通電導線才不受磁場的安培力，故在進行奧斯特實驗時通電直導線可以水平南北方向放置，而不必非要在赤道上進行，但不能東西放置和豎直放置，故只有D正確；

故選D。

【解析】D

5、A|C【分析】

A、若電容器極板間的電壓不變，x變小，電介質(zhì)插入電容器，由電容的決定式C=得知，電容增大，由C=得知；電容器極板上帶電量Q增加．故A正確．

B、若電容器極板電量不變，x變小，電容增大，由C=得知；電容器極板間電壓U變?。蔅錯誤．

C；D由上分析知道；若電容器極板間的電壓不變，x變小，電容器電量增加，處于充電狀態(tài)，而電容器正極板帶正電，所以有電流流向電容器的正極．故C正確，D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】若電容器極板間的電壓不變；x變小，根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化，根據(jù)電容充電還是放電，分析電路中電流方向．

6、C【分析】

帶電微粒在勻強電場中受力豎直向下的重力和水平方向的電場力作用；微粒做直線運動，其合力與速度平行，則可知微粒所受的電場力方向必定水平向左，當微粒從A到B時，電場力做負功，重力也做負功，總功為負值，由動能定理得知，動能減小，而電勢能增大，重力勢能增大．選項ABD錯誤，C正確．

故選C

【解析】【答案】帶電微粒沿直線運動；所受的合力方向與速度平行，可判斷出微粒所受的電場力方向，判斷電場力做功正負和重力做功正負，可判斷出電勢能和重力勢能的變化．

7、C【分析】【分析】和閉合電路中的動態(tài)分析類似，先確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法?！窘獯稹緼C.

變壓器的輸出電壓由輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比決定，輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比都不變，所以變壓器的輸出電壓也不變，即副線圈兩端的輸出電壓不變，S

接通時，副線圈的電阻減小，所以總的電流變大，電阻R

上的電壓增大，所以燈泡L1

的電壓減小，所以燈泡L1

變暗，故A錯誤，C正確；B.變壓器的輸出電壓由輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比決定，輸入的電壓和變壓器的匝數(shù)比都不變，所以變壓器的輸出電壓也不變，即副線圈兩端的輸出電壓不變，故B錯誤；D.副線圈的電流增大，電壓不變，則輸出功率變大，輸入功率也變大，原線圈電流變大，故D錯誤；故選C。【解析】C

二、多選題(共9題，共18分)8、CD【分析】解：A；內(nèi)能是對大量分子來講的；對單個分子無意義，A錯誤；

B；分子勢能由體積決定；平均動能由溫度決定，B錯誤；

C；物體的速度與內(nèi)能之間沒有關(guān)系；故物體的速度增大時，物體的內(nèi)能可能減小，C正確；

D；物體做減速運動時其溫度可能增加；比如汽車剎車時，車輪速度減小溫度升高，D正確；

故選：CD．

內(nèi)能是對大量分子來講的；分子勢能由體積決定，平均動能由溫度決定，機械能與內(nèi)能是不一樣的．

本題主要考查了內(nèi)能和機械能的區(qū)別，還有溫度是分子平均動能的標志．【解析】【答案】CD9、BC【分析】解：A

甲圖為放射源放出的三種射線在磁場中運動的軌跡；根據(jù)左手定則可知，射線1

帶負電，為婁脗

射線，而射線3

是婁脕

射線，故A錯誤；

B；用紫外光燈照射與驗電器相連的鋅板；發(fā)生光電效應(yīng)，電子逃出，此時鋅板和驗電器均帶正電，故B正確；

C；圖為婁脕

粒子散射實驗示意圖；盧瑟福根據(jù)此實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C正確；

D；圖為核反應(yīng)堆示意圖；它是利用了鈾核裂變反應(yīng)所釋放的能量，故D錯誤；

故選：BC

．

婁脕

射線帶正電；婁脗

射線帶負電，婁脙

射線不帶電，結(jié)合左手定則，即可求解；

光電效應(yīng)現(xiàn)象中；電子逃出，金屬鋅板與驗電器均帶正電；

婁脕

粒子散射實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；

鈾核裂變反應(yīng)所釋放的能量．

考查三種射線的帶電情況，及掌握左手定則的應(yīng)用，注意裂變與聚變的區(qū)別，知道光電效應(yīng)的現(xiàn)象與婁脕

粒子散射實驗的意義．【解析】BC

10、BC【分析】【分析】先分析金屬桿的運動情況：金屬桿從軌道上由靜止滑下的過程中，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，將受到安培力作用，安培力先小于重力沿斜面向下的分力，后等于重力沿斜面向下的分力，則金屬棒先做變加速運動，后做勻速運動，此時速度達到最大，由平衡條件和安培力公式F=BIL

得到最大速度vm

的表達式，再進行分析。本題第一方面要正確分析金屬棒的運動情況，第二方面要熟記安培力的公式F=BIL

就能正確求解?！窘獯稹拷饘贄U下滑過程中，受重力、導軌的支持力和安培力，開始時重力沿斜面的分力大于安培力，金屬桿做加速運動.

隨著速度的增加，安培力在增大，所以金屬桿加速度逐漸減小，當加速度減小到零，速度最大.

當加速度為零時，金屬桿做勻速運動，速度最大，則有mgsin婁脕=BILI=BLvmR

聯(lián)立得：vm=mgRsin婁脕B2L2

故：

A.如果B

增大，vm

將變小，故A錯誤；B.如果婁脕

增大，vm

將變大，故B正確；C.如果R

變大，vm

將變大，故C正確；D.如果m

變小，vm

將變小，故D錯誤。故選BC。【解析】BC

11、AB【分析】略【解析】AB

12、AB【分析】解：輸電線上損失的功率P脣冒=I2R

又輸送電流I=PU

則損失的功率P脣冒=P2U2R

可知要減少電能的損失，則需提高輸電電壓，或減小輸電導線的電阻.

故AB正確，CD錯誤．

故選：AB

．

根據(jù)輸出功率；輸送電壓、輸送電流的關(guān)系P=UI

以及損失功率P脣冒=I2R

判斷如何減小電能的損失．

本題考查減小輸電線路電功率損失的方法，此題與我們的日常生活聯(lián)系比較緊密；用高壓輸電不僅可以減少線路中電能的損耗，同時降低熱損耗和材料成本，都是在輸電過程中節(jié)約了能源，這是一種非常有效的做法．【解析】AB

13、AB【分析】解：滑動變阻器是通過改變接入電路中電阻絲的長度來改變電阻大小的．

A；接入電路中的接線柱是a和c時；滑動觸片P向接線柱d移動時，變阻器連入電路的電阻變大，電路中的電流不斷減小，故A正確．

B；接入電路中的接線柱是a和d時；滑動觸片P向接線柱d移動時，變阻器連入電路的電阻變大，電路中的電流不斷減小，故B正確．

C、連入電路時需要一上一下，若只接上面兩個或只接下面兩個均不能改變接入電路中電阻絲的長度，接b和a時；不能改變電阻，也就不能改變電流，故C錯誤．

D、接入電路中的接線柱是b和c時；滑動觸片P向接線柱d移動時，變阻器連入電路的電阻變小，電路中的電流不斷增大，故D錯誤．

故選AB．

滑動變阻器正確接法是上下接線柱各接一個；要求滑動觸片P向接線柱d移動時，電路中的電流不斷減小，變阻器連入電路的電阻變大．

本題考查了滑動變阻器的接法．要使滑動變阻器的電阻變大或變小，關(guān)鍵是要看下邊的接線柱接哪個．【解析】【答案】AB14、AD【分析】解：A；根據(jù)加速原理；當粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期同步時，才能處于加速狀態(tài)，故A正確；

BC；加速器中的電場可以使帶電粒子加速；而磁場只使粒子偏轉(zhuǎn)，對粒子不做功；

根據(jù)qvB=m得，最大速度v=則最大動能EKm=mv2=可知；粒子的最大動能只與粒子本身的荷質(zhì)比，加速器半徑，和磁場大小有關(guān)，與加速電壓無關(guān)，故BC錯誤；

D；粒子在回旋加速器中運動的總時間；與粒子在電場加速與磁場偏轉(zhuǎn)次數(shù)，而電壓越高，則次數(shù)越少．故D正確；

故選：AD．

粒子在磁場中運動時，洛倫茲力提供向心力，滿足qvB=m運動周期T=（電場中加速時間忽略不計）．對公式進行簡單推導后；便可解此題．

理解回旋加速器工作原理，熟練運用相關(guān)公式，便可解出此題，特別注意加速獲得的最大動能與電場的電壓無關(guān)．【解析】【答案】AD15、AD【分析】解：A；在閉合開關(guān)S時；根據(jù)安培定則可知導線框ACD所處的磁場方向垂直紙面向里，直導線中的電流增大，穿過線框的磁通量增大，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向為逆時針方向．則導線AB中有感應(yīng)電流，其方向A→B，故A正確．

B；在斷開開關(guān)S時；根據(jù)安培定則可知導線框ACD所處的磁場方向垂直紙面向里，直導線中的電流減小，穿過線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向為順時針方向．則導線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A，故B錯誤．

C；開關(guān)S閉合；當變阻器的滑片迅速向右移動時，導致電流減小，穿過線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向為順時針方向．則導線AB中有感應(yīng)電流，故C錯誤；

D；開關(guān)S閉合；把線框ABCD迅速向上平移，導致穿過線框的磁通量減小，根據(jù)楞次定律得到：線框中感應(yīng)電流方向為順時針方向．則導線AB中有感應(yīng)電流，其方向B→A，故D正確．

故選AD．

直導線中的電流方向由M到N；根據(jù)安培定則判斷導線框所在處磁場方向．根據(jù)楞次定律判斷導線框中感應(yīng)電流方向，由左手定則分析導線框所受的安培力情況．

本題考查安培定則、楞次定律和左手定則綜合應(yīng)用的能力．【解析】【答案】AD16、ABC【分析】解：

A、由題，小球從a

點運動到b

點過程中，重力對小球做功3.5J

小球的重力就減小3.5J

所以小球在a

點的重力勢能比在b

點大3.5J.

故A正確．

B、小球從a

點運動到b

點過程中，克服空氣阻力做功0.5J

電場力對小球做功1J

兩個力的總功為0.5J

小球的機械能就增加0.5J

所以小球在a

點的機械能比在b

點小0.5J.

故B正確．

C、電場力對小球做功1J

小球的電勢能就減小1J

則小球在a

點的電勢能比在b

點大1J.

故C正確．

D、重力對小球做功3.5J

小球克服空氣阻力做功0.5J

電場力對小球做功1J

三個力的總功為4J

根據(jù)動能定理得到，小球的動能就增大4J

則小球在b

點的動能比在a

點多4J.

故D錯誤．

故選：ABC

本題根據(jù)功能關(guān)系進行解答.

抓?。褐亓π∏蜃龉Χ嗌?；小球的重力就減小多少.

小球克服空氣阻力做功和電場力做功多少，小球的機械能就增加多少.

電場力對小球做功，小球的電勢能就減小多少.

總功是多少，小球的動能就增大多少．

功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度．【解析】ABC

三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】試題分析：β粒子時電子流，帶負電，由左手定則可知，向左偏轉(zhuǎn)，故是B；而粒子是氦核，帶正電，由左手定則可知，向右偏轉(zhuǎn)，故是C?？键c：三種射線；左手定則。【解析】【答案】18、略

【分析】試題分析：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的減小而增大，隨其所帶電荷量的增大而增大。猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)，有兩個以上的因素，在實驗驗證時，需排除其它因素的干擾，用到控制變量法?？键c：本題考查探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)【解析】【答案】減小增大控制變量法19、9.67×10﹣6紅外線【分析】【解答】（1）貓頭鷹的獵物﹣﹣蛇在夜間體溫是27℃，故T=27+273=300K；

根據(jù)T?λm=2.9×103m?K，得到：=9.67×10﹣6m=9670nm；

可見光波長400到700納米；故是紅外線；

故答案為：（1）9.67×10﹣6；（2）紅外線．

【分析】本題根據(jù)題意給出的公式T?λm=3.0×10﹣3（Km），可以求出波長；再判斷光的性質(zhì)．20、略

【分析】解：打點計時器打點周期為交流電頻率的倒數(shù)；故打點周期T==0.02s；打點計時器主要作用在于通過打點計時；且從紙帶上可以明確物體的位移，故可知應(yīng)用打點計時器的實驗有A和C；

（1）打點計時器需要的是交流電源；故選：B；

（2）要驗證機械能守恒；只需驗證重物的動能和勢能之和是否保持不變即可；

故答案為：0.02sAC

（1）B（2）A

明確打點計時器的打點周期及應(yīng)用；結(jié)合各實驗的實驗原理明確有哪些實驗用到打點計時器；

（1）只有采用交流電源才能使打點計時器正常工作；

（2）明確驗證機械能守恒定律的實驗原理即可回答。

本題考查驗證機械能守恒定律的實驗以及打點計時器的使用，要注意明確實驗原理，知道打點計時器的功能和使用方法．【解析】0.02；AC；B；A21、略

【分析】解：（1）A與B碰后粘在一起；速度減小，相等時間內(nèi)的間隔減小，可知通過BC段來計算A的碰前速度，通過DE段計算A和B碰后的共同速度．

（2）A碰前的速度：

碰后共同速度：．

碰前總動量：P1=m1v1=0.4×1.05=0.42kg．m/s

碰后的總動量：P2=（m1+m2）v2=0.6×0.695=0.417kg．m/s

可知在誤差允許范圍內(nèi)；AB碰撞過程中，系統(tǒng)動量守恒．

故答案為：（1）BC；DE；（2）0.42，0.417，AB碰撞過程中，系統(tǒng)動量守恒．

（1）A與B碰后速度減??；通過紙帶上相等時間內(nèi)點跡的間隔大小確定哪段表示A的速度，哪段表示共同速度．

（2）求出碰前和碰后的速度大??；得出碰前和碰后總動量的大小，從而得出結(jié)論．

解決本題的關(guān)鍵知道A與B碰后，速度減小，會通過紙帶求解速度的大小，簡答題．【解析】BC；DE；0.42；0.417；AB碰撞過程中，系統(tǒng)動量守恒．22、1；6.25【分析】解：汽車以速度v0=5m/s

在平直的路面上勻速前進；緊急制動時以加速度a=鈭?2m/s2

在粗糙水平面上勻減速滑行，則汽車最多可以運動時間為：

t=0鈭?v0a=0鈭?5m/s鈭?2m/s2=2.5s

．

在2s

末；汽車仍在運動，直接用勻變速直線運動的速度公式可得2s

末汽車的速度為：

v2=v0+2a=5m/s+(鈭?2m/s2)隆脕2s=1m/s

我們已知汽車最多緊急制動后最多運動2.5s

所以，汽車在4s

末汽車的位移就是汽車在2.5s

末的位移，在2.5s鈭?4s

汽車靜止不動；

所以有：s4=s2.5=v0t+12at2=5隆脕2.5+12隆脕(鈭?2)隆脕2攏廬52(m)=6.25m

．

答：2s

末汽車的速度為1m/s4s

內(nèi)汽車位移為6.25m

先判斷汽車能運動的時間；再利用勻變速直線運動的速度公式求出速度；再運用位移公式求得位移即可．

這類勻變速的問題，特別容易忽略判斷運動時間這步，如本題第二問直接用時間4s

代入計算導致錯誤．【解析】16.25

23、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?鈱?鈻?t=n鈻?B鈰?S鈻?t

題中n

相同，鈻?B鈻?t

相同；面積S

也相同；

則得到AB

環(huán)中感應(yīng)電動勢EAEB=11

．

根據(jù)電阻定律R=婁脩LSL=n?2婁脨r婁脩S

相同，則電阻之比為：RARB=rArB=21

根據(jù)歐姆定律I=ER

得產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為：IAIB=12

．

故答案為：1112

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?鈱?鈻?t=n鈻?B鈰?S鈻?t

研究AB

環(huán)中感應(yīng)電動勢EAEB.

根據(jù)電阻定律求出兩環(huán)電阻之比，再歐姆定律求解電流之比IAIB

．

本題整合了法拉第電磁感應(yīng)定律、電阻定律和歐姆定律，常規(guī)題，要善于運用比例法解題．【解析】1112

24、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為10.5mm

可動刻度為46.5隆脕0.01mm=0.465mm

所以最終讀數(shù)為10.5mm+0.465mm=10.965mm

最后的結(jié)果可以為10.965隆脌0.002

．

故答案為：0.965隆脌0.002

．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量．【解析】10.965隆脌0.002

四、推斷題(共2題，共8分)25、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機物的合成。【解答】根據(jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計算得出rm{C}所以rm{A}為水計算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{(1)A}為中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{F}中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應(yīng)rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個羥基，脫水生成醛基，化學方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個羥基，脫水生成醛基，化學方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有消去反應(yīng)、加成反應(yīng)、取代反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)，制備化合物相同的官能團，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應(yīng)為能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則應(yīng)為甲酸某酯，且氯原子應(yīng)連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個基團為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}26、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烴rm{A}的相對分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{)}以此來解答。

本題考查有機物的推斷，關(guān)鍵是確定rm{A}的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)反應(yīng)條件推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，側(cè)重分析與推斷能力的綜合考查，題目難度中等。【解答】烴rm{A}的相對分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反應(yīng)類型為加成反應(yīng)，rm{E}的化學名稱為乙醛；故答案為：加成反應(yīng)；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(5)D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分異構(gòu)體中能同時滿足：rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體，說明含rm{-COOH}rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}個rm{C}則rm{C-C-C}上的rm{2}個rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共為rm{3+2=5}種，含其中核磁共振氫譜顯示為rm{3}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案為：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛rm{(4)}rm{(5)5}五、綜合題(共4題，共36分)27、略。略【分析】【分析】略【解答】略【解析】略。略28、BCE【分析】【分析】“油膜法”估測分子大小實驗中，將油酸酒精溶液滴入淺盤的水面上；溫度越高，布朗運動越明顯；液體很難被壓縮，這是因為液體分子間存在斥力；分子勢能隨分子間距離的增大而減小；當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小。本題要理解并掌握“油膜法”估測分子大小實驗原理和方法，知道布朗運動的特點，掌握分子勢能與分子力的關(guān)系，知識點多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識?！窘獯稹緼.在“油膜法”估測分子大小實驗中，先在水面上撒上痱子粉，再將油酸溶液滴入痱子粉上，故A錯誤；B.布朗運動是由于液體分子碰撞的不平衡性造成的；溫度越高，液體分子運動越激烈，則液體中懸浮微粒的布朗運動就越明顯，故B正確；C.液體很難被壓縮，這是因為壓縮時液體分子間的分子力表現(xiàn)為斥力，故C正確；D.當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而減小，故D錯誤；E.當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而減小，當分子力表現(xiàn)為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，則知當分子力為零，即當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小，故E正確。故選BCE。【解析】BCE

29、(1)B

(2)A

(3)C

(4)D

(5)3隆脕1083

(6)

解：壟脵

當