2024年滬科版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬科版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷969考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在我們?nèi)粘５捏w育課當(dāng)中，體育老師講解籃球的接觸技巧時(shí)，經(jīng)常這樣模擬：當(dāng)接迎面飛來(lái)的籃球，手接觸到球以后，兩臂隨球后引至胸前把球接住.

這樣做的目的是(

)

A.減小籃球的沖量B.減小籃球的動(dòng)量變化C.增大籃球的動(dòng)量變化D.減小籃球的動(dòng)量變化率2、下列說(shuō)法正確的是()

A.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)B.用加溫或加壓的方法能改變?cè)雍怂プ兊陌胨テ贑.某原子核經(jīng)過(guò)一次婁脕

衰變后，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)減少2

個(gè)D.婁脗

射線是原子的核外電子電離后形成的電子流3、如圖所示的U～I(xiàn)圖線中，Ⅰ是電源的路端電壓隨電流變化的圖線，Ⅱ是某電阻兩端的電壓隨電流變化的圖線，用該電源向該電阻供電時(shí)電阻上消耗的功率和電源的電動(dòng)勢(shì)A.4W和2VB.2W和3VC.2W和2VD.4W和3V4、如圖所示，實(shí)線與虛線分別表示振幅（振幅為A）、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷．此刻M是波峰與波峰的相遇點(diǎn)，下列說(shuō)法中不正確的是（）A.0、M連線的中點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，其振幅為2AB.P、N兩處的質(zhì)點(diǎn)始終處在平衡位置C.隨著時(shí)間的推移，M處的質(zhì)點(diǎn)將向O處移動(dòng)D.從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)四分之一周期，M處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，此時(shí)位移為零5、從陰極射線管發(fā)射出的一束電子，通過(guò)圖示的磁場(chǎng)，以下四幅圖中能正確描繪電子偏轉(zhuǎn)情況的是（）A.B.C.D.6、法拉第在物理學(xué)歷史上第一次提出了場(chǎng)的觀點(diǎn)，并用電場(chǎng)線形象的描述電場(chǎng)，以下關(guān)于電場(chǎng)和電場(chǎng)線的說(shuō)法中正確的是（）A.電場(chǎng)線是電場(chǎng)中實(shí)際存在的，用來(lái)表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向B.帶電粒子在電場(chǎng)中的受力的方向就是場(chǎng)強(qiáng)的方向C.在同一個(gè)圖里，電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電場(chǎng)線越稀疏，電場(chǎng)強(qiáng)度越小D.沿電場(chǎng)線方向，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、如圖為某次物體作勻變速直線運(yùn)動(dòng)的紙帶（實(shí)驗(yàn)時(shí)使用50Hz交流電，每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，單位：cm）則：第2個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的速度______，物體運(yùn)動(dòng)的加速度______．

8、(1)

對(duì)下列幾種固體物質(zhì)的認(rèn)識(shí)，正確的有________A.食鹽熔化過(guò)程中，溫度保持不變，說(shuō)明食鹽是晶體B.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說(shuō)明蜂蠟是晶體C.天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列不規(guī)則D.石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同(2)

在裝有食品的包裝袋中充入氮?dú)?，可以起到保質(zhì)作用.

某廠家為檢測(cè)包裝袋的密封性，在包裝中充滿一定量的氮?dú)?，然后密封進(jìn)行加壓測(cè)試.

測(cè)試時(shí)，對(duì)包裝袋緩慢地施加壓力.

將袋內(nèi)的氮?dú)庖暈槔硐霘怏w，則加壓測(cè)試過(guò)程中，包裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力_______(

選填“增大”、“減小”或“不變”)

包裝袋內(nèi)氮?dú)獾膬?nèi)能_________(

選填“增大”、“減小”或“不變”)

．(3)

給某包裝袋充入氮?dú)夂竺芊?，在室溫下，袋中氣體壓強(qiáng)為1

個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓、體積為1L.

將其緩慢壓縮到壓強(qiáng)為2

個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓時(shí)，氣體的體積變?yōu)?.45L.

請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷該包裝袋是否漏氣．9、如圖所示，青藏鐵路分路段路基兩旁各插有一排碗口粗細(xì)、高約2米的鐵棒，我們叫它熱棒．熱棒在路基下還埋有5米深，整個(gè)棒體是中空的，里面灌有少量液氨．熱棒的作用相當(dāng)于天然的“制冷機(jī)”，它是我們學(xué)過(guò)的物態(tài)變化知識(shí)的創(chuàng)造性應(yīng)用．熱棒的工作原理是：當(dāng)路基溫度升高時(shí)，液態(tài)氨吸熱發(fā)生成氣態(tài)____上升到熱棒的上端；氣態(tài)氨遇冷放熱發(fā)生____變成了液態(tài)氨；又沉入了棒底．如此不斷循環(huán)，有效的防止了路基溫度的升高．

10、如圖所示，兩個(gè)相通的容器A、B間裝有閥門S，A中充滿氣體，分子與分子之間存在著微弱的引力，B為真空．打開(kāi)閥門S后，A中的氣體進(jìn)入B中，最終達(dá)到平衡，整個(gè)系統(tǒng)與外界沒(méi)有熱交換，則氣體的內(nèi)能____（選填“變小”、“不變”或“變大”），氣體的分子勢(shì)能____（選填“減少”、“不變”或“增大”）11、一群氫原子處于量子數(shù)n=4n=4的能級(jí)狀態(tài)，氫原子的能級(jí)圖如圖所示，則：

(1)(1)氫原子可能發(fā)射____種頻率的光子。

(2)(2)氫原子由量子數(shù)n=4n=4的能級(jí)躍遷到n=2n=2的能級(jí)時(shí)輻射光子的能量是_________電子伏。

(3)(3)用(2)(2)中的光子照射下表中幾種金屬，金屬______能發(fā)生光電效應(yīng)；發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，發(fā)射光電子的最大初動(dòng)能是____電子伏。。金屬銫鈣鎂鈦逸出功W/eV

1.9

2.7

3.7

4.1

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)12、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)20、請(qǐng)描述出圖中通電導(dǎo)線周圍的磁感線和單個(gè)正電荷周圍的電場(chǎng)線。21、（９分）有一個(gè)直流電動(dòng)機(jī),把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn),測(cè)得流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是0.4A；若把電動(dòng)機(jī)接入2.0V電壓的電路中,電動(dòng)機(jī)正常工作,工作電流是1.0A,求電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率多大?如果在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？22、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50次所用的時(shí)間，如圖1所示，則：

（1）該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm，秒表所示讀數(shù)為_(kāi)_____s．

（2）如果測(cè)得的g值偏小，可能的原因是______

A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次。

（3）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)l并測(cè)出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對(duì)應(yīng)的l與T的數(shù)據(jù)，再以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2所示，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=______（用k表示）．評(píng)卷人得分五、綜合題(共1題，共10分)23、如圖所示；宇航員站在某質(zhì)量分布均勻的星球表面一斜坡上的P

點(diǎn)沿水平方向以初速度婁脭0

拋出一個(gè)小球，測(cè)得小球經(jīng)時(shí)間t

落到斜坡上另一點(diǎn)Q

斜面的傾角為婁脠

已知該星球半徑為R

萬(wàn)有引力常量為G

求：

(1)

該星球表面的重力加速度g

(2)

該星球的第一宇宙速度婁脭

(3)

人造衛(wèi)星在該星球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最小周期T

．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】本題考查了動(dòng)量定理的應(yīng)用。抓住籃球動(dòng)量的變化量相同，通過(guò)比較時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行分析。本題考查動(dòng)量定理的基本的運(yùn)用，并且能與生活實(shí)際相聯(lián)系?！窘獯稹渴纸佑|到球的過(guò)程，籃球的動(dòng)量變化為定值，據(jù)動(dòng)量定理，籃球的沖量也為定值，兩臂隨球后引至胸前，目的是延長(zhǎng)接觸時(shí)間，減小籃球的動(dòng)量變化率，從而減小球?qū)κ值淖饔昧?；所以，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

2、C【分析】【分析】

貝克勒爾通過(guò)對(duì)天然放射現(xiàn)象的研究發(fā)現(xiàn)了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；盧瑟福發(fā)現(xiàn)原子結(jié)構(gòu)，半衰期由原子核本身決定，經(jīng)過(guò)一次a

衰變后，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)減少2

個(gè)，質(zhì)量數(shù)少4婁脗

射線是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時(shí)放出的電子。

本題需要掌握半衰期的特點(diǎn)；衰變的實(shí)質(zhì)和婁脗

射線的性質(zhì)。

【解答】

A.貝克勒爾通過(guò)對(duì)天然放射現(xiàn)象的研究發(fā)現(xiàn)了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；而不是原子核結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；

B.半衰期由原子核本身決定，與外界因素?zé)o關(guān)，故B錯(cuò)誤；C.某原子核經(jīng)過(guò)一次a

衰變后；核內(nèi)質(zhì)子數(shù)減少2

個(gè)，質(zhì)量數(shù)少4

故C正確；

D.婁脗

射線是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時(shí)放出的電子；故D錯(cuò)誤。

故選C。【解析】C

3、D【分析】試題分析:根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir可知，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，則由圖線Ⅰ與縱軸交點(diǎn)讀出電源的電勢(shì)為E=3V，其斜率等于電源的內(nèi)阻r==0.5Ω，由圖線Ⅱ得，導(dǎo)體的電阻為R==1Ω，當(dāng)該導(dǎo)體和電源連接成閉合電路時(shí)，電路中電流為I==2A，路端電壓U=E-Ir=2V，電源的輸出功率為P=UI=4W。故選D考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律，電功、電功率【解析】【答案】D4、C【分析】解：A；由于OM是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；結(jié)合圖可知，由圖知連線的中點(diǎn)到兩波源的距離差為半個(gè)波長(zhǎng)的偶數(shù)倍，所以該點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，其振幅為2A，故A正確；

B；P、N兩點(diǎn)是波谷和波峰疊加；位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；

C；振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)只是在各自的平衡位置附近振動(dòng)；不會(huì)“隨波逐流”，C錯(cuò)誤；

D；從該時(shí)刻起；經(jīng)過(guò)四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置，D正確；

本題選不正確的；故選：C．

由圖知M；O都處于振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；在波的傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)不會(huì)向前移動(dòng)；利用振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的路程差為半個(gè)波長(zhǎng)的偶數(shù)倍；再結(jié)合振動(dòng)特點(diǎn)分析即可．

介質(zhì)中同時(shí)存在幾列波時(shí)，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾；在波的重疊區(qū)域里各點(diǎn)的振動(dòng)的物理量等于各列波在該點(diǎn)引起的物理量的矢量和．【解析】【答案】C5、B【分析】解：如圖；電子束從陰極（-極）射出，根據(jù)左手定則：伸開(kāi)左手，磁感線穿過(guò)手心，四指指向電子運(yùn)動(dòng)的相反方向，拇指指向洛倫茲力方向，判斷得知電子所受的洛倫茲力方向向下，則電子束向下偏轉(zhuǎn)，故B正確．

故選：B

電子從陰極射出；在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可確定電子束偏轉(zhuǎn)的方向．

本題是左手定則的應(yīng)用問(wèn)題，應(yīng)用左手定則時(shí)，要注意電子帶負(fù)電，四指向電子運(yùn)動(dòng)的相反方向．【解析】【答案】B6、C【分析】解：AC；電場(chǎng)是客觀的存在；電場(chǎng)線是人為虛擬的，不是客觀的存在，而電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故電場(chǎng)線越密的地方場(chǎng)強(qiáng)越強(qiáng)，故A錯(cuò)誤，C正確；

B；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與放在該點(diǎn)的試探正點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力方向相同；而負(fù)電荷受到電場(chǎng)力方向與該處電場(chǎng)方向相反，故B錯(cuò)誤；

D；在任何電場(chǎng)中；沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)必定越來(lái)低，而電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，因此電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)沒(méi)有關(guān)系，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

電場(chǎng)線的方向是正電荷所受電場(chǎng)力的方向；而正負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力的方向相反；電場(chǎng)線是假想的；電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故電場(chǎng)線越密的地方場(chǎng)強(qiáng)越強(qiáng)；電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)沒(méi)有關(guān)系。

記住電場(chǎng)線的特點(diǎn)即可順利解出此題，故要在理解的基礎(chǔ)上牢記基本概念，注意電場(chǎng)強(qiáng)度方向與電荷的正負(fù)受到電場(chǎng)力的方向關(guān)系。【解析】C二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】解：他按打點(diǎn)先后順序每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T=0.1s．

根據(jù)刻度尺的示數(shù)可知1到O的距離為：1.20cm；3到O的距離為：5.40cm．5到O的距離為：12.00cm；

因此：x13=4.20cm，x35=6.60cm

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)；可知B點(diǎn)的瞬時(shí)速度為：

v2==0.210m/s

由題意可知△x=aT2；根據(jù)逐差法求解加速度；

a==0.60m/s2．

故答案為：0.210m/s；0.60m/s．

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大?。桓鶕?jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小．

本題借助實(shí)驗(yàn)考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用．【解析】0.210m/s；0.60m/s8、(1)AD(2)增大不變(3)漏氣

【分析】(1)

晶體才有固定的熔點(diǎn)，A正確。熔化的蜂蠟呈橢圓形說(shuō)明云母片導(dǎo)熱具有各向異性的特點(diǎn)，故此現(xiàn)象說(shuō)明云母片是晶體，B錯(cuò)誤;

晶體具有各向異性的原因是物質(zhì)微粒在空間的排列是規(guī)則的，而在不同方向上單位長(zhǎng)度內(nèi)的物質(zhì)微粒數(shù)目不同，引起不同方向上性質(zhì)不同，故C錯(cuò)誤。石墨的物質(zhì)微粒在空間上是片層結(jié)構(gòu)，而金剛石的物質(zhì)微粒在空間上是立體結(jié)構(gòu)，從而引起二者在硬度、熔點(diǎn)等物理性質(zhì)上的差異，D正確。(2)

對(duì)包裝袋緩慢施加壓力，袋內(nèi)氣體的溫度不變，壓強(qiáng)增大。所以包裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子的撞擊力增大。理想氣體的內(nèi)能由氣體分子的動(dòng)能決定，而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以，溫度不變，氣體內(nèi)能不變。(3)

若不漏氣，加壓后氣體的溫度不變，設(shè)其體積為V1

由理想氣體狀態(tài)方程得p0V0=p1V1

代入數(shù)據(jù)得V1=0.5L

因?yàn)?.45L<0.5L

故包裝袋漏氣。

【解析】(1)AD

(2)

增大不變(3)

漏氣

9、汽化液化【分析】【解答】變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程叫汽化；氣態(tài)氨變?yōu)橐簯B(tài)的過(guò)程叫液化．故答案為：汽化；液化．

【分析】物體由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程叫汽化；物體由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過(guò)程叫液化．根據(jù)汽化和液化的定義來(lái)分析．10、不變?cè)龃蟆痉治觥俊窘獯稹看蜷_(kāi)閥門；氣體膨脹，因?yàn)橛疫吺钦婵眨圆粚?duì)外做功，絕熱過(guò)程，故由熱力學(xué)第一定律可得，氣體的內(nèi)能不變，溫度就不變；由于體積增大，即分子間的作用力將更小，所以氣體分子勢(shì)能增大．故答案為：不變，增大．

【分析】打開(kāi)閥門后，氣體膨脹，則由熱力學(xué)第一定律可得內(nèi)能的變化；據(jù)分子勢(shì)能有體積決定判斷分子勢(shì)能的變化．11、(1)6

種

(2)2.55eV

(3)

銫0.65eV

【分析】【分析】(1)

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能發(fā)射的光子頻率種數(shù)；(2)

能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差；(3)

根據(jù)光電效應(yīng)的條件判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)且由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程解得發(fā)射光電子的最大初動(dòng)能。解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷所滿足的規(guī)律，以及掌握光電效應(yīng)的條件和光電效應(yīng)方程?！窘獯稹?1)

因?yàn)镃n2=C42=6

知?dú)湓涌赡馨l(fā)射6

種頻率的光子；

(2)

氫原子由量子數(shù)n=4

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)，由玻爾理論可知輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即E=E4鈭?E2=(鈭?0.85+3.40)eV=2.55eV

(3)

由圖可知，該能量E

只大于銫的逸出功，故光子只有照射銫金屬才能發(fā)生光電效應(yīng)；又由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可得發(fā)射光電子的最大初動(dòng)能：Ek=E鈭?W0=0.65eV

故填：(1)6

種；(2)2.55eV(3)

銫，0.65eV

【解析】(1)6

種

(2)2.55eV

(3)

銫0.65eV

三、判斷題(共8題，共16分)12、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．14、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共3題，共9分)20、略

【分析】

根據(jù)安培定則判斷出磁感線的方向；再畫出磁感線。正電荷周圍的電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到無(wú)窮遠(yuǎn)終止。

對(duì)于常見(jiàn)的磁場(chǎng)的磁感線和電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布要在理解的基礎(chǔ)上，加強(qiáng)記憶?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線周圍的磁感線方向沿逆時(shí)針?lè)较?

俯視)

是以導(dǎo)體上各點(diǎn)為圓心的一簇同心圓，磁感線的分布如圖；正電荷周圍的電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到無(wú)窮遠(yuǎn)終止，其電場(chǎng)線分布如圖。21、略

【分析】試題分析：把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn)，可求電動(dòng)機(jī)線圈電阻r＝電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P入＝UI＝2.0W，電動(dòng)機(jī)線圈的熱功率P熱＝I2r=0.5W,輸出功率P出＝P入－P熱＝1.5W。若電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)轉(zhuǎn)子突然卡住，電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則熱功率P熱＝考點(diǎn)：本題考查功率的計(jì)算?！窘馕觥俊敬鸢浮?.5W，8W22、略

【分析】解：（1）單擺的擺長(zhǎng)l=L+=．

秒表的小盤讀數(shù)為50s；大盤讀數(shù)為15.2s，則秒表的讀數(shù)為75.2s．

（2）根據(jù)T=得，g=

A；測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏小，故B正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次；則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故D錯(cuò)誤．

故選：B．

（3）根據(jù)T=得，可知圖線的斜率k=則重力加速度g=．

故答案