2024-2025學年福建省福寧古五校教學聯(lián)合體高三上學期期中聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1福寧古五校教學聯(lián)合體2024-2025學年第一學期期中質(zhì)量監(jiān)測高三物理試題（考試時間75分鐘滿分100分）注意事項：1.答卷前，考生務必將班級、姓名、準考證號等考生信息填寫清楚。2.每小題選出答案后，填入答案卷中。3.考試結束，考生只將答案卷交回，試卷自己保留。第Ⅰ卷（選擇題，40分）一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.物理學在長期的發(fā)展進程中，形成了一整套系統(tǒng)的研究問題的思想方法。如微元法、比值定義法、極限法、類比法等。這些思想方法極大地豐富了人們對物質(zhì)世界的認識，拓展了人們的思維方式。下列說法中不正確的是（）A.動摩擦因數(shù)的定義用的是比值定義法B卡文迪許巧妙地采用了放大法，運用扭秤測出萬有引力常量C.瞬時速度的定義用到極限的思想方法，且瞬時速度方向和平均速度方向總是一致的D.推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，采用的是微元法，且位移方向與平均速度的方向總是一致的【答案】C【解析】A．根據(jù)動摩擦因數(shù)的定義用的是比值定義法，故A正確，不滿足題意要求；B．卡文迪許巧妙地采用了放大法，運用扭秤測出萬有引力常量，故B正確，不滿足題意要求；C．瞬時速度的定義用到極限的思想方法，但瞬時速度方向和平均速度方向不一定是一致的，故C錯誤，滿足題意要求；D．推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，采用的是微元法；根據(jù)可知位移方向與平均速度的方向總是一致的，故D正確，不滿足題意要求。故選C。2.關于曲線運動，下列說法正確是（）A.在變力作用下，物體不可能做曲線運動B.做曲線運動的物體，相等時間內(nèi)速度的變化量可能相同C.做曲線運動的物體，受到的合外力一定在不斷改變D.只要物體做圓周運動，它所受的合外力一定指向圓心【答案】B【解析】A．在變力作用下，物體也可能做曲線運動，例如勻速圓周運動，選項A錯誤；B．做曲線運動的物體，相等時間內(nèi)速度的變化量可能相同，例如平拋運動，選項B正確；C．做曲線運動的物體，受到的合外力不一定在不斷改變，例如平拋運動，選項C錯誤；D．只有當物體做勻速圓周運動時，它所受的合外力才指向圓心，選項D錯誤。故選B。3.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點的水平轉軸上，另一端固定一小球，輕桿繞O點在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做勻速圓周運動，軌跡經(jīng)A，B，C，D四點，其中A點為最高點、C點為最低點，B點與O點等高，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過B點時，所受桿的作用力方向沿著BO方向B.從A點到C點的過程，桿對小球的作用力做正功C.從A點到C點的過程，小球重力的瞬時功率保持不變D.小球經(jīng)過D點時，所受桿的作用力方向可能沿切線方向【答案】D【解析】A．因球做勻速圓周運動，合力指向圓心，則小球經(jīng)過B點時，所受桿的作用力斜向右上方向，故A錯誤；B．從A點到C點的過程，根據(jù)動能定理可知，桿對小球的作用力做負功，故B錯誤；C．從A點到C點的過程，根據(jù)因速度的豎直分量先增加后減小，可知小球重力的瞬時功率先增大后減小，故C錯誤；D．小球經(jīng)過D點時，合力指向圓心，所受桿的作用力斜向左上方向，故所受桿的作用力方向可能沿切線方向，故D正確。故選D。4.在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離，如圖（a）所示；某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用表示他在豎直方向的速度，其圖像如圖（b）所示，和是他落在傾斜雪道上時刻，則（）A.第一次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第二次的大B.第一次滑翔過程中在水平方向上的位移比第二次的大C.第二次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D.豎直方向速度大小為時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大【答案】D【解析】AB．根據(jù)圖象與時間軸所圍圖形的面積表示豎直方向上位移的大小可知，第二次滑翔過程中的豎直位移比第一次的位移大，因可知第二次的水平位移也較大，故AB錯誤；C．由圖象知，第二次滑翔時的豎直方向末速度小，運動時間長，據(jù)加速度的定義式可知其平均加速度小，故C錯誤；D．當豎直方向速度大小為v1時，第一次滑翔時圖象切線的斜率大于第二次滑翔時圖象切線的斜率，而圖象切線的斜率表示加速度的大小，故第一次滑翔時速度達到v1時加速度大于第二次時的加速度，據(jù)mg-f=ma可得阻力大的加速度小，第二次滑翔時的加速度小，則其所受阻力大，故D正確。故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個選項中，有兩項是符合題目要求的，漏選得3分，錯選不得分。5.人造地球衛(wèi)星失效后一般有兩種處理方案，即“火葬”與“冰凍”。對于較低軌道的失效衛(wèi)星，備用發(fā)動機使其轉移到更低的軌道上，最終一頭扎入稠密大氣層，讓其“火葬”，與大氣摩擦燃燒殆盡；對于較高軌道的失效衛(wèi)星，備用發(fā)動機可將其抬高到比地球同步軌道高300千米的“墳墓軌道”實施高軌道“冰凍”。則下列說法中正確的是（）A.實施低軌道“火葬”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功B.實施高軌道“冰凍”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功C.衛(wèi)星在“墳墓軌道”上運行的加速度小于在地球靜止軌道上運行的加速度D.失效衛(wèi)星進入“墳墓軌道”后速度變大【答案】AC【解析】A．實施低軌道“火葬”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功，使衛(wèi)星的速度減小，從而做向心運動，降低軌道進入大氣層“火葬”，選項A正確；B．實施高軌道“冰凍”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做正功，使衛(wèi)星的速度增加，從而做離心運動，升高軌道進入“墳墓軌道”實施高軌道“冰凍”，選項B錯誤；C．根據(jù)可知，衛(wèi)星在“墳墓軌道”上運行的軌道半徑大于同步衛(wèi)星的軌道半徑，可知其加速度小于在地球靜止軌道上運行的加速度，選項C正確；D．失效衛(wèi)星進入“墳墓軌道”后軌道半徑變大，根據(jù)可知，速度變小，選項D錯誤。故選AC。6.如圖所示，在豎直平面直角坐標系中，在時，質(zhì)量的小球從坐標原點處，以初速度斜向右上方拋出，同時受到的作用（虛線箭頭為風力方向與的夾角為，且與軸正方向的夾角也為），重力加速度取。下列說法正確的是（）A.小球的加速度先增大后減小B.小球在時再次經(jīng)過軸C.小球的重力勢能一直減小D.小球的動能一直增大【答案】BD【解析】A．由題意和幾何知識可知小球受到的合力為方向與初速度的方向垂直，小球做類平拋運動，小球的加速度不變，故A錯誤；B．小球再次經(jīng)過x軸時，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移關系為又解得故B正確；C．小球做類平拋運動，小球的高度先增加后減小，重力勢能先增加后減小，故C錯誤；D．小球做類平拋運動，速度一直在增加，小球的動能一直增大，故D正確。故選BD。7.如圖，質(zhì)量為和的兩個物塊疊放在水平桌面上，輕繩繞過光滑的定滑輪，一端與相連，另一端懸掛重物A。施一外力緩慢拉結點O，令從豎直拉至水平方向，其中方向與夾角大小恒定（），此過程中和兩物塊及桌子始終保持靜止，則下列說法中正確的是（）A.繩子的拉力先增大后減小B.對的摩擦力一直減小C.桌面對的摩擦力先減小后增大D.地面對桌子的摩擦力先增大后減小【答案】AD【解析】A．對節(jié)點O受力分析，繩子拉力和F的夾角不變，合力與懸掛物體的重力等大反向，作出受力分析圖如下分析發(fā)現(xiàn)，隨著繩拉力T由豎直逐漸變?yōu)樗竭^程，繩拉力先增大，后減小，A正確；B．對m分析，繩子的拉力與M對m的摩擦力為一對平衡力，等大反向，繩拉力先增大，后減小，則M對m的摩擦力先增大，后減小，根據(jù)牛頓第三定律，m對M的摩擦力先增大，后減小，B錯誤；C．對M和m整體，根據(jù)平衡條件，繩子的拉力與桌面對M的摩擦力為一對平衡力，等大反向，繩拉力先增大，后減小，則桌面對M的摩擦力先增大，后減小，C錯誤。D．對M和m以及桌子、懸掛物及滑輪等物體整體，根據(jù)平衡條件，F(xiàn)水平分力與地面對桌子的摩擦力等大反向，由圖像可知，F(xiàn)的水平分力大小（圖中F與T在圓上交點到G的距離）先增大后減小，則地面對桌子的摩擦力先增大后減小，D正確；故選AD。8.如圖所示，固定光滑斜面傾角，其底端與豎直平面內(nèi)半徑為的固定光滑圓弧軌道相切，位置為圓弧軌道的最低點。質(zhì)量為的小球A和質(zhì)量為的小環(huán)B（均可視為質(zhì)點）用的輕桿通過輕質(zhì)鉸鏈相連。B套在光滑的固定豎直長桿上，桿和圓軌道在同一豎直平面內(nèi)，桿過軌道圓心，初始輕桿與斜面垂直。在斜面上由靜止釋放A，假設在運動過程中兩桿不會碰撞，小球能滑過點且通過軌道連接處時無能量損失（速度大小不變），重力加速度為，從小球A由靜止釋放到運動至最低點過程中，下列判斷正確的是（）A.A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒B.剛釋放時小球A的加速度大小為C.小球運動到最低點時的速度大小為D.已知小球A運動到最低點時，小環(huán)B的瞬時加速度大小為a，則此時小球A受到圓弧軌道的支持力大小為【答案】BC【解析】A．由于小球A和B組成的系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒，合力不為零，動量不守恒，故A錯誤；B．剛釋放時小球A時，桿對小球的彈力沿著桿，與運動方向垂直，根據(jù)牛頓第二定律解得故B正確；C．過O點分別向AB和斜面做垂線，如圖所示，根據(jù)幾何關系可知BO=R，當A下降到最低點時，B的速度為零，根據(jù)機械能守恒可知解得此時A的速度故C正確；D．規(guī)定向上為正方向，輕桿對小球A和小環(huán)B的彈力大小為，小球A運動到最低點時，對小環(huán)B，根據(jù)牛頓第二定律對小球A解得故D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題，共60分）三、填空題和實驗題：本題共5小題，每空1.5分，共21分。9.某實驗小組在電梯內(nèi)固定一個力傳感器，其下方懸掛一個鉤碼．電梯在t=0時刻從靜止開始運動一段時間后停下；傳感器測得壓力隨時間的變化規(guī)律如圖所示．則電梯的運動方向為__________（選填“向上”或“向下”），電梯在啟動階段的加速時間約為_______s．【答案】向上4【解析】電梯在t=0時刻從靜止開始運動，從圖中分析得出，電梯先加速上升，物體超重，然后勻速上升，物體平衡；最后減速上升，物體失重；根據(jù)勻速段分析，物體重力30牛頓，所以電梯運動方向是向上的；由圖中信息可以得出，超重階段，電梯加速上升，所以，啟動時間約為4s10.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在恒力F作用下沿著質(zhì)量為2m的長木板上向右滑行，長木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，則受到的摩擦力為_________，木板受到地面的摩擦力_________，方向_________。（已知重力加速度為）【答案】水平向左【解析】[1]受到M的摩擦力為滑動摩擦力，接觸面上的壓力大小等于，故方向水平向左。[2]對M的摩擦力與為作用力與反作用力，由牛頓第三定律得大小為，方向向右。[3]木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài)，由平衡條件得：木板受到地面的摩擦力與對M的摩擦力等大，反向，因此得方向向左。11.幾個水球可以擋住一顆子彈？《國家地理頻道》的實驗結果是：四個水球已足夠！如圖所示，完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，則第3，4個水球對子彈的沖量大小之比為______，子彈經(jīng)過第1，2個水球過程中克服阻力做功之比為______?！敬鸢浮俊窘馕觥縖1]子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，利用逆向思維，根據(jù)初速度為0，相鄰相等位移的時間比例關系，子彈穿過4個水球的時間間隔之比根據(jù)沖量定義式有則有[2]根據(jù)功的定義式有則有12.用如圖甲所示的裝置驗證牛頓第二定律。（1）除了圖中所給器材以及交流電源和導線外，在下列器材中，還必須使用的器材是________（選填正確選項的字母）。A.秒表B.彈簧測力計C.天平（含砝碼）D.刻度尺（2）實驗前平衡摩擦力的做法是：把實驗器材安裝好，先不掛砂桶，將小車放在木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。用墊塊把木板一端墊高，接通打點計時器，讓小車以一定初速度沿木板向下運動，并不斷調(diào)節(jié)木板的傾斜度，直到打出的紙帶點跡均勻，說明摩擦力已被平衡。（3）實驗中打出的一條紙帶的一部分如圖乙所示。紙帶上標出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰計數(shù)點之間還有4個點沒有標出。打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上。則小車運動的加速度大小為_________（結果保留兩位有效數(shù)字）。（4）在研究加速度與質(zhì)量的關系時，要保證砂和砂桶的質(zhì)量不變。若砂和砂桶的質(zhì)量與小車的總質(zhì)量間的關系不滿足，由實驗數(shù)據(jù)作出和的圖線，則圖線應如圖中的_________所示（選填正確選項的字母）。A.B.C.D.【答案】（1）CD##DC（3）0.39（4）C【解析】（1）[1]A．打點計時器是計時儀器不需要秒表，故A錯誤；B．實驗中，砂和砂桶的重力提供拉力，故不需要彈簧測力計，故B錯誤；C．實驗中需要用天平測量小車的質(zhì)量、砂和砂桶的質(zhì)量，故C正確；D．實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離，故D正確。故選CD。（3）[2]相鄰點跡間的時間間隔為根據(jù)逐差法可得小車的加速度為（4）[3]以小車為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有以砂和砂桶為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得可知-圖像是過原點的傾斜直線。故選C。13.在“探究平拋運動的特點”實驗中：（1）關于這個實驗，以下說法正確的是（）。A.小球釋放的初始位置越高越好B.每次小球無需從同一高度由靜止釋放C.實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直D.小球在平拋運動時要靠近但不接觸木板（2）如圖為平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為，則小球運動中水平分速度的大小________m/s；小球經(jīng)過B點時的速度大小是________m/s。（3）小球拋出點坐標為________（以方格數(shù)表示坐標，每格坐標計1）【答案】（1）CD（2）1.52.5（3）【解析】（1）A．在“探究平拋運動的特點”實驗中，小球釋放的初始位置如果太高，則平拋運動的初速度將很大，導致小球軌跡過于靠近坐標紙的上側，不利于測量?？芍?，小球釋放的初始位置應該適當，盡量使得小球的軌跡位于坐標紙的中間位置，便于記錄小球的多個位置，即小球釋放的初始位置不是越高越好，故A錯誤；B．實驗中在描繪小球運動軌跡過程中，需要保證每次小球平拋運動的初速度相同，因此必須保證每次小球要從同一高度由靜止釋放，故B錯誤；C．實驗過程中，描繪的小球運動軌跡需保證在豎直面內(nèi)，因此實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直，故C正確；D．小球在運動過程中，為了便于描繪小球的運動軌跡，需要靠近木板；但是要保證小球在運動過程中受到的阻力盡量小，因此小球不能接觸木板，故D正確；故選CD。（2）[1]根據(jù)照片，可得小球從A點運動到B點與從B點運動到C點的時間相等，根據(jù)可得則小球的水平初速度大小為[2]小球經(jīng)過B點時豎直方向的速度大小可得小球經(jīng)過B點時的速度大?。?）根據(jù)可得小球從起拋點運動到B點所用時間為則小球從起拋點運動到B點水平方向發(fā)生的位移大小為由于O點距B點水平距離為，可知小球起拋點在O點左側處，以方格數(shù)表示坐標，每格（即每個）坐標計1，則可知小球拋出點的坐標為。四、計算題：本題共3小題，共39分。解題時寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，有數(shù)值計算的，最后要寫出數(shù)值和單位，并將相應內(nèi)容填入答題卷相應位置。14.閱讀下表：機動車運行安全技術條件車輛類型制動初速度/滿載檢驗制動距離要求/m空載檢驗制動距離要求/m座位數(shù)≤9的載客汽車50≤20≤19其他總質(zhì)量≤4.5t的汽車50≤22≤21無軌電車30≤10≤9四輪農(nóng)用運輸車30≤9≤8三輪農(nóng)用運輸車20≤5≤4.5（1）三輪農(nóng)用運輸車，滿載時制動加速度至少多大（保留兩位有效數(shù)字）？（2）無軌電車若以60km/h的速度行駛，空載時制動距離的允許值為多大？【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳析】三輪農(nóng)用運輸車，滿載時，初速度末速度為零，制動的最大位移為，故解得【小問2詳析】無軌電車若以速度行駛時，根據(jù)速度一位移關系公式，有無軌電車若以的速度行駛時，制動距離，根據(jù)速度一位移關系公式，有聯(lián)立解得15.如圖所示，固定在水平面上、傾角的光滑斜面體底端有一垂直斜面的固定擋板，一勁度系數(shù)為的輕彈簧一端固定在擋板上，另一端拴一質(zhì)量為的小球。輕繩跨過固定在斜面體頂端的輕質(zhì)定滑輪，一端拴在上，另一端懸掛一質(zhì)量的小球B。將球B托住，使輕繩剛好伸直，球A、B都處于平衡狀態(tài)。某時刻釋放B，不計摩擦和空氣阻力，重力加速度。，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B離水平面足夠高。求：（1）釋放B瞬間輕繩上的張力；（2）球A的最大速度。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳析】釋放前設彈簧的壓縮量為，對小球B有釋放后的瞬間由牛頓第二定律對A有對B有聯(lián)立解得【小問2詳析】當球A速度最大時加速度為零，此時彈簧的伸長量為，則由能量關系有由以上分析可知彈簧的形變量相同，則彈性勢能相同解得16.如圖甲所示，在光滑水平面上放有一左端固定在墻壁上的輕質(zhì)彈簧，彈簧處于原長時右端恰好位于A點，彈簧所在的光滑水平面與水平傳送帶在A點平滑連接。傳送帶長，且以的速率沿順時針方向勻速轉動，傳送帶右下方有一固定在光滑地面上半徑、圓心角的粗糙圓弧軌道，圓弧軌道右側緊挨著一個與軌道等高，質(zhì)量的長木板（木板厚度不計）。現(xiàn)將一質(zhì)量的滑塊Q（Q視為質(zhì)點且與彈簧未拴接）向左壓縮彈簧至圖中G點后由靜止釋放，滑塊Q從A點滑上傳送帶，并從傳送帶右端B點離開，恰好沿C點的切線方向進入與傳送帶在同一豎直面的圓弧軌道CD，然后無動能損失滑上長木板，且滑塊恰好未滑離長木板。長木板的長度，已知彈簧彈力與滑塊Q在GA段的位移關系如圖乙所示，滑塊Q與傳送帶、長木板間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小。（1）求滑塊Q從傳送帶右端B點離開時的速度；（2）求粗糙圓弧軌道對滑塊所做的功；（3）若去掉圓弧軌道和長木板，滑塊Q從傳送帶上滑落地面并與地面發(fā)生碰撞，每次碰撞前后水平方向速度大小不變，且每次反彈的高度是上一次的四分之三，不計空氣阻力。求滑塊Q與地面發(fā)生次碰撞后，前次損失的機械能與的函數(shù)關系式?！敬鸢浮浚?）4m/s（2）（3）【解析】【小問1詳析】設滑塊Q在A點的速度為，由圖像知彈簧從點到點對Q做功對滑塊Q由動能定理得代入解得滑塊Q滑上傳送帶時，由于則Q在傳送帶上先做勻加速運動，令加速度為，則有假設滑塊Q在傳送帶上一直勻加速運動到右端離開傳送帶，到點時的速度為，則有代入數(shù)據(jù)得則假設成立，即滑塊Q從傳送帶右端B點離開時的速度【小問2詳析】解法一：從過程，滑塊做平拋運動，則有從過程，對滑塊進行分析，根據(jù)動能定理有滑塊滑上長木板M后，以滑塊和長木板為系統(tǒng)，滑到長木板右端時達到共同速度，由動量守恒可知由能量守恒定律可知代入數(shù)據(jù)解得解法二：滑塊滑上長木板后，對滑塊有，對木板有滑塊恰好沒有滑離木板，令滑到長木板右端時達到共同速度，則有滑塊位移長木板位移長木板長度聯(lián)立解得【小問3詳析】滑塊與地面發(fā)生碰撞前后水平方向速度不變，豎直方向速度減小，第一次碰撞后損失的機械能第二次碰撞損失的機械能第三次碰撞損失的機械能以此類推發(fā)生第次碰撞損失的機械能為發(fā)生次碰撞后前次滑塊總共損失的機械能為其中代入數(shù)據(jù)可得福寧古五校教學聯(lián)合體2024-2025學年第一學期期中質(zhì)量監(jiān)測高三物理試題（考試時間75分鐘滿分100分）注意事項：1.答卷前，考生務必將班級、姓名、準考證號等考生信息填寫清楚。2.每小題選出答案后，填入答案卷中。3.考試結束，考生只將答案卷交回，試卷自己保留。第Ⅰ卷（選擇題，40分）一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.物理學在長期的發(fā)展進程中，形成了一整套系統(tǒng)的研究問題的思想方法。如微元法、比值定義法、極限法、類比法等。這些思想方法極大地豐富了人們對物質(zhì)世界的認識，拓展了人們的思維方式。下列說法中不正確的是（）A.動摩擦因數(shù)的定義用的是比值定義法B卡文迪許巧妙地采用了放大法，運用扭秤測出萬有引力常量C.瞬時速度的定義用到極限的思想方法，且瞬時速度方向和平均速度方向總是一致的D.推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，采用的是微元法，且位移方向與平均速度的方向總是一致的【答案】C【解析】A．根據(jù)動摩擦因數(shù)的定義用的是比值定義法，故A正確，不滿足題意要求；B．卡文迪許巧妙地采用了放大法，運用扭秤測出萬有引力常量，故B正確，不滿足題意要求；C．瞬時速度的定義用到極限的思想方法，但瞬時速度方向和平均速度方向不一定是一致的，故C錯誤，滿足題意要求；D．推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，采用的是微元法；根據(jù)可知位移方向與平均速度的方向總是一致的，故D正確，不滿足題意要求。故選C。2.關于曲線運動，下列說法正確是（）A.在變力作用下，物體不可能做曲線運動B.做曲線運動的物體，相等時間內(nèi)速度的變化量可能相同C.做曲線運動的物體，受到的合外力一定在不斷改變D.只要物體做圓周運動，它所受的合外力一定指向圓心【答案】B【解析】A．在變力作用下，物體也可能做曲線運動，例如勻速圓周運動，選項A錯誤；B．做曲線運動的物體，相等時間內(nèi)速度的變化量可能相同，例如平拋運動，選項B正確；C．做曲線運動的物體，受到的合外力不一定在不斷改變，例如平拋運動，選項C錯誤；D．只有當物體做勻速圓周運動時，它所受的合外力才指向圓心，選項D錯誤。故選B。3.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點的水平轉軸上，另一端固定一小球，輕桿繞O點在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做勻速圓周運動，軌跡經(jīng)A，B，C，D四點，其中A點為最高點、C點為最低點，B點與O點等高，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過B點時，所受桿的作用力方向沿著BO方向B.從A點到C點的過程，桿對小球的作用力做正功C.從A點到C點的過程，小球重力的瞬時功率保持不變D.小球經(jīng)過D點時，所受桿的作用力方向可能沿切線方向【答案】D【解析】A．因球做勻速圓周運動，合力指向圓心，則小球經(jīng)過B點時，所受桿的作用力斜向右上方向，故A錯誤；B．從A點到C點的過程，根據(jù)動能定理可知，桿對小球的作用力做負功，故B錯誤；C．從A點到C點的過程，根據(jù)因速度的豎直分量先增加后減小，可知小球重力的瞬時功率先增大后減小，故C錯誤；D．小球經(jīng)過D點時，合力指向圓心，所受桿的作用力斜向左上方向，故所受桿的作用力方向可能沿切線方向，故D正確。故選D。4.在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離，如圖（a）所示；某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用表示他在豎直方向的速度，其圖像如圖（b）所示，和是他落在傾斜雪道上時刻，則（）A.第一次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第二次的大B.第一次滑翔過程中在水平方向上的位移比第二次的大C.第二次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D.豎直方向速度大小為時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大【答案】D【解析】AB．根據(jù)圖象與時間軸所圍圖形的面積表示豎直方向上位移的大小可知，第二次滑翔過程中的豎直位移比第一次的位移大，因可知第二次的水平位移也較大，故AB錯誤；C．由圖象知，第二次滑翔時的豎直方向末速度小，運動時間長，據(jù)加速度的定義式可知其平均加速度小，故C錯誤；D．當豎直方向速度大小為v1時，第一次滑翔時圖象切線的斜率大于第二次滑翔時圖象切線的斜率，而圖象切線的斜率表示加速度的大小，故第一次滑翔時速度達到v1時加速度大于第二次時的加速度，據(jù)mg-f=ma可得阻力大的加速度小，第二次滑翔時的加速度小，則其所受阻力大，故D正確。故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個選項中，有兩項是符合題目要求的，漏選得3分，錯選不得分。5.人造地球衛(wèi)星失效后一般有兩種處理方案，即“火葬”與“冰凍”。對于較低軌道的失效衛(wèi)星，備用發(fā)動機使其轉移到更低的軌道上，最終一頭扎入稠密大氣層，讓其“火葬”，與大氣摩擦燃燒殆盡；對于較高軌道的失效衛(wèi)星，備用發(fā)動機可將其抬高到比地球同步軌道高300千米的“墳墓軌道”實施高軌道“冰凍”。則下列說法中正確的是（）A.實施低軌道“火葬”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功B.實施高軌道“冰凍”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功C.衛(wèi)星在“墳墓軌道”上運行的加速度小于在地球靜止軌道上運行的加速度D.失效衛(wèi)星進入“墳墓軌道”后速度變大【答案】AC【解析】A．實施低軌道“火葬”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做負功，使衛(wèi)星的速度減小，從而做向心運動，降低軌道進入大氣層“火葬”，選項A正確；B．實施高軌道“冰凍”時，備用發(fā)動機對衛(wèi)星做正功，使衛(wèi)星的速度增加，從而做離心運動，升高軌道進入“墳墓軌道”實施高軌道“冰凍”，選項B錯誤；C．根據(jù)可知，衛(wèi)星在“墳墓軌道”上運行的軌道半徑大于同步衛(wèi)星的軌道半徑，可知其加速度小于在地球靜止軌道上運行的加速度，選項C正確；D．失效衛(wèi)星進入“墳墓軌道”后軌道半徑變大，根據(jù)可知，速度變小，選項D錯誤。故選AC。6.如圖所示，在豎直平面直角坐標系中，在時，質(zhì)量的小球從坐標原點處，以初速度斜向右上方拋出，同時受到的作用（虛線箭頭為風力方向與的夾角為，且與軸正方向的夾角也為），重力加速度取。下列說法正確的是（）A.小球的加速度先增大后減小B.小球在時再次經(jīng)過軸C.小球的重力勢能一直減小D.小球的動能一直增大【答案】BD【解析】A．由題意和幾何知識可知小球受到的合力為方向與初速度的方向垂直，小球做類平拋運動，小球的加速度不變，故A錯誤；B．小球再次經(jīng)過x軸時，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移關系為又解得故B正確；C．小球做類平拋運動，小球的高度先增加后減小，重力勢能先增加后減小，故C錯誤；D．小球做類平拋運動，速度一直在增加，小球的動能一直增大，故D正確。故選BD。7.如圖，質(zhì)量為和的兩個物塊疊放在水平桌面上，輕繩繞過光滑的定滑輪，一端與相連，另一端懸掛重物A。施一外力緩慢拉結點O，令從豎直拉至水平方向，其中方向與夾角大小恒定（），此過程中和兩物塊及桌子始終保持靜止，則下列說法中正確的是（）A.繩子的拉力先增大后減小B.對的摩擦力一直減小C.桌面對的摩擦力先減小后增大D.地面對桌子的摩擦力先增大后減小【答案】AD【解析】A．對節(jié)點O受力分析，繩子拉力和F的夾角不變，合力與懸掛物體的重力等大反向，作出受力分析圖如下分析發(fā)現(xiàn)，隨著繩拉力T由豎直逐漸變?yōu)樗竭^程，繩拉力先增大，后減小，A正確；B．對m分析，繩子的拉力與M對m的摩擦力為一對平衡力，等大反向，繩拉力先增大，后減小，則M對m的摩擦力先增大，后減小，根據(jù)牛頓第三定律，m對M的摩擦力先增大，后減小，B錯誤；C．對M和m整體，根據(jù)平衡條件，繩子的拉力與桌面對M的摩擦力為一對平衡力，等大反向，繩拉力先增大，后減小，則桌面對M的摩擦力先增大，后減小，C錯誤。D．對M和m以及桌子、懸掛物及滑輪等物體整體，根據(jù)平衡條件，F(xiàn)水平分力與地面對桌子的摩擦力等大反向，由圖像可知，F(xiàn)的水平分力大?。▓D中F與T在圓上交點到G的距離）先增大后減小，則地面對桌子的摩擦力先增大后減小，D正確；故選AD。8.如圖所示，固定光滑斜面傾角，其底端與豎直平面內(nèi)半徑為的固定光滑圓弧軌道相切，位置為圓弧軌道的最低點。質(zhì)量為的小球A和質(zhì)量為的小環(huán)B（均可視為質(zhì)點）用的輕桿通過輕質(zhì)鉸鏈相連。B套在光滑的固定豎直長桿上，桿和圓軌道在同一豎直平面內(nèi)，桿過軌道圓心，初始輕桿與斜面垂直。在斜面上由靜止釋放A，假設在運動過程中兩桿不會碰撞，小球能滑過點且通過軌道連接處時無能量損失（速度大小不變），重力加速度為，從小球A由靜止釋放到運動至最低點過程中，下列判斷正確的是（）A.A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒B.剛釋放時小球A的加速度大小為C.小球運動到最低點時的速度大小為D.已知小球A運動到最低點時，小環(huán)B的瞬時加速度大小為a，則此時小球A受到圓弧軌道的支持力大小為【答案】BC【解析】A．由于小球A和B組成的系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒，合力不為零，動量不守恒，故A錯誤；B．剛釋放時小球A時，桿對小球的彈力沿著桿，與運動方向垂直，根據(jù)牛頓第二定律解得故B正確；C．過O點分別向AB和斜面做垂線，如圖所示，根據(jù)幾何關系可知BO=R，當A下降到最低點時，B的速度為零，根據(jù)機械能守恒可知解得此時A的速度故C正確；D．規(guī)定向上為正方向，輕桿對小球A和小環(huán)B的彈力大小為，小球A運動到最低點時，對小環(huán)B，根據(jù)牛頓第二定律對小球A解得故D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題，共60分）三、填空題和實驗題：本題共5小題，每空1.5分，共21分。9.某實驗小組在電梯內(nèi)固定一個力傳感器，其下方懸掛一個鉤碼．電梯在t=0時刻從靜止開始運動一段時間后停下；傳感器測得壓力隨時間的變化規(guī)律如圖所示．則電梯的運動方向為__________（選填“向上”或“向下”），電梯在啟動階段的加速時間約為_______s．【答案】向上4【解析】電梯在t=0時刻從靜止開始運動，從圖中分析得出，電梯先加速上升，物體超重，然后勻速上升，物體平衡；最后減速上升，物體失重；根據(jù)勻速段分析，物體重力30牛頓，所以電梯運動方向是向上的；由圖中信息可以得出，超重階段，電梯加速上升，所以，啟動時間約為4s10.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在恒力F作用下沿著質(zhì)量為2m的長木板上向右滑行，長木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為，則受到的摩擦力為_________，木板受到地面的摩擦力_________，方向_________。（已知重力加速度為）【答案】水平向左【解析】[1]受到M的摩擦力為滑動摩擦力，接觸面上的壓力大小等于，故方向水平向左。[2]對M的摩擦力與為作用力與反作用力，由牛頓第三定律得大小為，方向向右。[3]木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài)，由平衡條件得：木板受到地面的摩擦力與對M的摩擦力等大，反向，因此得方向向左。11.幾個水球可以擋住一顆子彈？《國家地理頻道》的實驗結果是：四個水球已足夠！如圖所示，完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，則第3，4個水球對子彈的沖量大小之比為______，子彈經(jīng)過第1，2個水球過程中克服阻力做功之比為______?！敬鸢浮俊窘馕觥縖1]子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，利用逆向思維，根據(jù)初速度為0，相鄰相等位移的時間比例關系，子彈穿過4個水球的時間間隔之比根據(jù)沖量定義式有則有[2]根據(jù)功的定義式有則有12.用如圖甲所示的裝置驗證牛頓第二定律。（1）除了圖中所給器材以及交流電源和導線外，在下列器材中，還必須使用的器材是________（選填正確選項的字母）。A.秒表B.彈簧測力計C.天平（含砝碼）D.刻度尺（2）實驗前平衡摩擦力的做法是：把實驗器材安裝好，先不掛砂桶，將小車放在木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。用墊塊把木板一端墊高，接通打點計時器，讓小車以一定初速度沿木板向下運動，并不斷調(diào)節(jié)木板的傾斜度，直到打出的紙帶點跡均勻，說明摩擦力已被平衡。（3）實驗中打出的一條紙帶的一部分如圖乙所示。紙帶上標出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰計數(shù)點之間還有4個點沒有標出。打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上。則小車運動的加速度大小為_________（結果保留兩位有效數(shù)字）。（4）在研究加速度與質(zhì)量的關系時，要保證砂和砂桶的質(zhì)量不變。若砂和砂桶的質(zhì)量與小車的總質(zhì)量間的關系不滿足，由實驗數(shù)據(jù)作出和的圖線，則圖線應如圖中的_________所示（選填正確選項的字母）。A.B.C.D.【答案】（1）CD##DC（3）0.39（4）C【解析】（1）[1]A．打點計時器是計時儀器不需要秒表，故A錯誤；B．實驗中，砂和砂桶的重力提供拉力，故不需要彈簧測力計，故B錯誤；C．實驗中需要用天平測量小車的質(zhì)量、砂和砂桶的質(zhì)量，故C正確；D．實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離，故D正確。故選CD。（3）[2]相鄰點跡間的時間間隔為根據(jù)逐差法可得小車的加速度為（4）[3]以小車為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有以砂和砂桶為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得可知-圖像是過原點的傾斜直線。故選C。13.在“探究平拋運動的特點”實驗中：（1）關于這個實驗，以下說法正確的是（）。A.小球釋放的初始位置越高越好B.每次小球無需從同一高度由靜止釋放C.實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直D.小球在平拋運動時要靠近但不接觸木板（2）如圖為平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為，則小球運動中水平分速度的大小________m/s；小球經(jīng)過B點時的速度大小是________m/s。（3）小球拋出點坐標為________（以方格數(shù)表示坐標，每格坐標計1）【答案】（1）CD（2）1.52.5（3）【解析】（1）A．在“探究平拋運動的特點”實驗中，小球釋放的初始位置如果太高，則平拋運動的初速度將很大，導致小球軌跡過于靠近坐標紙的上側，不利于測量?？芍?，小球釋放的初始位置應該適當，盡量使得小球的軌跡位于坐標紙的中間位置，便于記錄小球的多個位置，即小球釋放的初始位置不是越高越好，故A錯誤；B．實驗中在描繪小球運動軌跡過程中，需要保證每次小球平拋運動的初速度相同，因此必須保證每次小球要從同一高度由靜止釋放，故B錯誤；C．實驗過程中，描繪的小球運動軌跡需保證在豎直面內(nèi)，因此實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直，故C正確；D．小球在運動過程中，為了便于描繪小球的運動軌跡，需要靠近木板；但是要保證小球在運動過程中受到的阻力盡量小，因此小球不能接觸木板，故D正確；故選CD。（2）[1]根據(jù)照片，可得小球從A點運動到B點與從B點運動到C點的時間相等，根據(jù)可得則小球的水平初速度大小為[2]小球經(jīng)過B點時豎直方向的速度大小可得小球經(jīng)過B點時的速度大小（3）根據(jù)可得小球從起拋點運動到B點所用時間為則小球從起拋點運動到B點水平方向發(fā)生的位移大小為由于O點距B點水平距離為，可知小球起拋點在O點左側處，以方格數(shù)表示坐標，每格（即每個）坐標計1，則可知小球拋出點的坐標為。四、計算題：本題共3小題，共39分。解題時寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，有數(shù)值計算的，最后要寫出數(shù)值和單位，并將相應內(nèi)容填入答