2022-2023學(xué)年重慶市主城區(qū)高三第一次模擬考試物理試卷+答案解析

2022?2023學(xué)年重慶市主城區(qū)高三（第一次）模擬考試物理

試卷

!■如圖為太極練功場(chǎng)示意圖，半徑為R的圓形場(chǎng)地由“陽(yáng)魚(yú)（白色）”和“陰魚(yú)（深色）

構(gòu)成，。點(diǎn)為場(chǎng)地圓心。其內(nèi)部由兩個(gè)圓心分別為）i和S的半圓弧分隔。某晨練老人從A

點(diǎn)出發(fā)沿“陽(yáng)魚(yú)”和“陰魚(yú)”分界線走到B點(diǎn)，用時(shí)為t,下列說(shuō)法正確的是（）

A.t指的是走到B點(diǎn)的時(shí)刻B.老人的位移為

C.老人的平均速度為D.老人的平均速率為:’

2.遠(yuǎn)洋捕撈常常利用聲吶探測(cè)魚(yú)群的方位。漁船上聲吶發(fā)出一列超聲波在=（）時(shí)刻的波

動(dòng)圖像如圖甲，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像如圖乙。下列說(shuō)法正確的是）

y/104cm

A

>//10s

x/cmOOA03~03~~^

?A

乙

A.該波沿X軸正方向傳播B.該波的傳播速度為34（）”，

C.該超聲波的頻率為5HzD.增大該超聲波頻率振幅會(huì)明顯增大

3.如題圖，兩個(gè)完全相同的小球1和2,2球靜止在光滑水平面BC上，1球從光滑斜面

某處?kù)o止釋放。已知48面與BC面平滑連接，兩小球發(fā)生彈性碰撞，小球在C處與墻面碰

撞時(shí)有機(jī)械能損失。下列圖像能粗略反應(yīng)1球來(lái)回運(yùn)動(dòng)一次運(yùn)動(dòng)過(guò)程的是）

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4.如題圖，起重機(jī)將一半徑為R的圓柱體緩慢吊起，有四根長(zhǎng)度均為2R的鋼繩，一端分

別固定在圓柱上端圓面邊緣的四個(gè)等分點(diǎn)處，另一端匯聚在掛鉤上，四根鋼繩的質(zhì)量忽略不

計(jì)，圓柱體的質(zhì)量為m,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,則每根鋼繩的受力大小為（）

A5R1（-\/3rj2\/3

—mgb-mf）C_?laU.--mg

5.2022年12月4日20時(shí)09分，神舟十四號(hào)載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸,

三名航天員安全返回。如圖為質(zhì)量為m的神舟十四號(hào)飛船成功對(duì)接于空間站畫(huà)面，此時(shí)飛船

與空間站相對(duì)靜止，共同在距地面高為h處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球半徑為R,地球表面重力

加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于神舟十四號(hào)飛船說(shuō)法正確的是）

A.周期為生虺B.動(dòng)能為］4

RVg2

c.角速度為nJ需1D.向心加速度為（片：產(chǎn)

6.一根質(zhì)量為m粗細(xì)可忽略長(zhǎng)度為/的導(dǎo)體棒靜止在一個(gè)足夠長(zhǎng)的光滑絕緣半圓柱體頂端,

導(dǎo)體棒中通有垂直紙面向外大小為/的電流，其截面如圖，現(xiàn)讓導(dǎo)體棒由靜止滑下，一段時(shí)

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間后從某一位置P離開(kāi)半圓柱體。若給空間加入方向沿半圓柱截面半徑指向圓心的磁場(chǎng)（圖

中未畫(huà)出），其它條件不變，則導(dǎo)體棒離開(kāi)半圓柱體的位置在P點(diǎn)的（）

A.同一位置B,右下方C.左上方D,無(wú)法確定

7.如題圖，在真空中存在一個(gè)電荷量為6」x電性未知的場(chǎng)源點(diǎn)電荷，在坐標(biāo)系中

有a、b、c、d四點(diǎn)，其坐標(biāo)分別為（（）.”、（1J））、（I」）、（I.-1）,其電勢(shì)關(guān)系為

%=外=區(qū)/>0,電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)電勢(shì)能低，靜電力常量為

k=9.0x109；V-m2/C2,無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面。下列說(shuō)法正確的是（）

nj/cm

O

\--*d

A.場(chǎng)源點(diǎn)電荷可能帶正電，也可能帶負(fù)電

B.b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足J《1.152x1（）'V/m

C.場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)為?-1.-1]

D.使電子由a移動(dòng)到d電場(chǎng)力做正功

8.如圖甲所示是生活中某品牌電子秤，其內(nèi)部核心原件是兩極板間可視為真空的電容器,

電路結(jié)構(gòu)如圖乙。稱重結(jié)束后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度只與以下哪些因素有關(guān)）

甲乙

A.極板間距B.極板所帶電荷量C.極板面積D.電容大小

9.如圖甲，轆特是古代民間提水設(shè)施，由轆粉頭、支架、井繩、水斗等部分構(gòu)成。如圖乙

為提水設(shè)施工作原理簡(jiǎn)化圖，某次需從井中汲取，〃=2kg的水，轆鏟繞繩輪軸半徑為

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，,=().””，水斗的質(zhì)量為。.5kg,井足夠深且井繩的質(zhì)量忽略不計(jì)。f=()時(shí)刻，輪軸由靜止

A.水斗速度隨時(shí)間變化規(guī)律為〃-0.1/

B.井繩拉力瞬時(shí)功率隨時(shí)間變化規(guī)律為p_10/

C.()?1()5內(nèi)水斗上升的高度為4m

D.。?心內(nèi)井繩拉力所做的功為52Q/

10.如題圖，直角三角形ABC區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫(huà)出,AC邊長(zhǎng)

為/,4B為6，一群比荷為；的帶負(fù)電粒子以相同速度從C點(diǎn)開(kāi)始一定范圍垂直AC邊射入，

射入的粒子恰好不從AB邊射出，已知從BC邊垂直射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為?“，

0

A

在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子所用時(shí)間為小，貝1()

---------------

C

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為鬻

12%

B.粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為“/

3

C.粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為邑刨

426)

D.粒子在磁場(chǎng)中掃過(guò)的面積為(6通+：'7r)產(chǎn)

49

11.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如題圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。所選用的

實(shí)驗(yàn)器材有傾角可調(diào)的斜面、長(zhǎng)木板、滑塊、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、頻率龍0Hz的交流學(xué)生電

源。

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（I）下列選項(xiàng)中是實(shí)驗(yàn)中不必要操作的是。

A需要測(cè)量出滑塊的質(zhì)量

B.需要測(cè)量出斜面的傾角

C.紙帶必須與長(zhǎng)木板平行

D.先接通電源再釋放滑塊

E.墊高長(zhǎng)木板一端補(bǔ)償滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力

（2）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)斜面傾角37。。接通電源，開(kāi)啟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放滑塊由靜止沿斜

面下滑，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)選擇一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，如題11圖乙所示4、B、C、D、E、F、G

為相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)（相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出L則滑塊下滑的加速度為

m/s-,滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為o（sin37°=（）.6.g取結(jié)果均保留兩位

有效數(shù)字）

12.手持式紅外測(cè)溫儀的核心原件是光電探測(cè)器。利用光電探測(cè)器將聚焦的紅外輻射能量

轉(zhuǎn)變?yōu)橄鄳?yīng)的電信號(hào)，便能準(zhǔn)確地測(cè)定物體的表面溫度。

（1）研究小組了解了手持式紅外測(cè)溫儀的工作原理后，嘗試探究光電探測(cè)器電學(xué)性能。為了準(zhǔn)

確測(cè)量電阻，除光電探測(cè)器外，老師為該小組準(zhǔn)備了以下實(shí)驗(yàn)器材:

A電動(dòng)勢(shì)為3M的電源，內(nèi)阻為20;

B.量程為3卜的電壓表，內(nèi)阻約為5M2；

C.量程為15\/的電壓表，內(nèi)阻約為M&；

D.量程為30mA的電流表，內(nèi)阻約為1。；

E.量程為0.6.4的電流表，內(nèi)阻約為?？?；

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F.燒杯、溫度計(jì)、鐵架臺(tái)、簡(jiǎn)易加熱器；

G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。

該研究小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，完成乙圖實(shí)物電路連接

。電流表應(yīng)選用?填器材前的選項(xiàng)字母）。

（2）組裝完實(shí)驗(yàn)儀器后，改變溫度并測(cè)量出不同溫度下光電探測(cè)器兩端的電壓、電流數(shù)據(jù)，并

計(jì)算出電阻，得出的5組數(shù)據(jù)如題表所示，請(qǐng)?jiān)趫D丙中作出-t圖線o

次數(shù)電壓U（V）電流/(mA)U//(C)溫度

12.8810.4276.910

22.7015.0180.020

32.6319.9132.230

42.5224.0I'T.1'40

52.2529.676.050

（3）做完實(shí)驗(yàn)同學(xué)們發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室有一臺(tái)精度更高的數(shù)字型電壓表隨即又改進(jìn)了實(shí)驗(yàn),設(shè)計(jì)了

如圖丁所示電路，將滑動(dòng)變阻器換成了阻值那1用2的定值電阻，仍采用1）中電源。按

照此設(shè)計(jì)可知溫度越高電壓表示數(shù)（填“越大”或“越小”），閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓

表的示數(shù)為0.27V,則光電探測(cè)器的所測(cè)的溫度為C\

13.如題圖，“云霄彈射”是游樂(lè)場(chǎng)新型體驗(yàn)設(shè)施，可以讓游客感受“高空彈射”的快感

以及“瞬間失重”的刺激。某次運(yùn)行時(shí)承載機(jī)和游客的總質(zhì)量m4s內(nèi)由靜止?fàn)?/p>

態(tài)被豎直彈射到力=65”高處，然后立刻自由下落2s,再以恒力制動(dòng)回到出發(fā)點(diǎn)。不計(jì)一切

阻力，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?=10，〃/./。求：

（1）上升過(guò)程中彈射系統(tǒng)的平均功率；

（2）下落過(guò)程中制動(dòng)恒力的大小及其沖量。

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14.如圖甲為密立根油滴實(shí)驗(yàn)的原理圖，用噴霧器把許多油滴從上板中間的小孔噴入電場(chǎng)。

某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程可以簡(jiǎn)化為圖乙，其中A、B為水平正對(duì)放置的平行金屬板，兩金屬板間加電

壓”，板間距d,經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn)一帶電油滴P在兩金屬板之間保持靜止。若突然撤去兩

金屬板間的電壓，且兩極板所帶電量立即消失，經(jīng)過(guò)一小段時(shí)間油滴達(dá)到最大速率后再勻速

下降時(shí)間t到達(dá)B板，油滴P從靜止出發(fā)點(diǎn)到8板的位移為L(zhǎng)o設(shè)油滴在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中質(zhì)量和

電荷量均保持不變，若油滴質(zhì)量按正比于最大速率的二次方近似處理，比例系數(shù)為A；空氣

阻力與速度大小成正比，比例系數(shù)為22。重力加速度為g,不計(jì)油滴間的作用力。求：

（1）油滴P運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速率””；

（2）油滴P所帶電荷量；

（3）油滴P從靜止到剛到達(dá)最大速率過(guò)程中重力勢(shì)能的變化量。

__________________噴霧器

15.如圖，在區(qū)域I內(nèi)有方向未知電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域II內(nèi)有右邊無(wú)邊界豎直

向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度同為E。在區(qū)域I、II邊界AB與8之間有一圓心為（入半徑R

二10“〃的圓形區(qū)域，該區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度B2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且該圓形區(qū)

域無(wú)重力。兩個(gè)體積相同可視為質(zhì)點(diǎn)的金屬小球a、b分別位于ON和CD上，a、b與圓心

0等高，且b球所在位置是CD與圓形磁場(chǎng)的切點(diǎn)?，F(xiàn)將a球以一定速度釋放,能平行于0M

勻速運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后a球與b球發(fā)生彈性碰撞，碰撞后兩小球均分電荷，忽略兩小球間的

庫(kù)侖力。已知a小球質(zhì)量小“-4x1（）lkg,電荷量二+2x1（）'C；b小球質(zhì)量

mh=2x10'kg,不帶電；08長(zhǎng)S2；除圓形區(qū)域外的其他區(qū)域重力加速度均為

9—10〃3'/,”取求：

（1）區(qū)域I內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向以及釋放速度；

⑵小球a從出發(fā)到與小球b發(fā)生碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間（保留兩位小數(shù)）：

⑶小球a、b碰撞后在CD與CM圍成的區(qū)域II內(nèi)相距的最大距離。

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答案和解析

L【答案】C

【解析】A用時(shí)為t,可知t指的是人從A走到B點(diǎn)的時(shí)間間隔，A錯(cuò)誤；

B.位移大小指始位置指向末位置的有向線段的長(zhǎng)度，則老人的位移為2R,B錯(cuò)誤；

老人的平均速度為升=告=半，平均速率為,,=9="區(qū)=理，C正確，。錯(cuò)誤。

故選C。

2.【答案】B

【解析】A根據(jù)圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)P在，=。時(shí)刻沿y軸正方向振動(dòng)，由圖甲，根據(jù)“同側(cè)法”，

可該波沿x軸負(fù)方向傳播知，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)圖甲可知波長(zhǎng);一0.68cm,根據(jù)圖乙知周期丁=0.2x10「氣，則

A0.68x102,、，,c十加.

'=亍=n9vui=3J°m/s>B正確；

/U?/KXvJ

C.該超聲波的頻率/=—1—Hz=5xU)'Hz,C錯(cuò)誤；

0.2xIO-4

增大該超聲波的頻率，僅僅減小超聲波傳播的周期，對(duì)超聲波的振幅并不會(huì)發(fā)生明顯影響，D

錯(cuò)誤。

故選B。

3.【答案】4

【解析】在斜面上對(duì)球1分析有a=史絲竺=gsinJ,即球1在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，令

m

其在水平面上的速度為5,則碰撞過(guò)程有

解得VI=0,V2=J'U

可知速度發(fā)生交換，之后球2與墻碰撞反彈，有機(jī)械能損失，即速度小于「”，之后球2與球1

碰撞速度繼續(xù)交換，球1向左運(yùn)動(dòng)的速度比先前小一些?？芍?，小球1先向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

后向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，碰撞后靜止，之后反彈，在水平面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沖上斜面后做勻

減速直線運(yùn)動(dòng)。

故選A。

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4.【答案】A

【解析】每根鋼繩的受力大小為F,一端分別固定在圓柱上端圓面邊緣的四個(gè)等分點(diǎn)處，故根據(jù)

幾何關(guān)系可知4Fcos30=mg

解得F=o

故選A。

5.【答案】D

【解析】A根據(jù)空普=皿刈，=〃*(/?+/，),解得T=2叮但叁，故人錯(cuò)誤

"("+八)1ygR2

B.空間站的線速度r=冬("+h),又J=,解得Ek=,故B錯(cuò)誤；

J./XIit.JIII

C.角速度為3="=7rLn訐:,故C錯(cuò)誤；

IHhVH+八

D.向心加速度為?=3。=——-1，故D正確。

("+%)

超Do

6.【答案】C

這個(gè)位置導(dǎo)體棒由重力沿半徑方向的重力分力提供向心力，即〃[gcose=￥

若給空間加入方向沿半圓柱截面半徑指向圓心的磁場(chǎng)，導(dǎo)體棒受到一個(gè)垂直于半徑方向的安培力,

在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力和安培力做正功，由動(dòng)能定理可知，若導(dǎo)體棒能到達(dá)位置P,導(dǎo)體

棒的速度大于原來(lái)沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)的速度，故導(dǎo)體棒提前離開(kāi)半圓柱體。

故選C。

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7.【答案】B

【解析】A由于Q=R/>°,且無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面，可知場(chǎng)源點(diǎn)電荷一定為正點(diǎn)電荷，故A

錯(cuò)誤；

DC.由于仁=用，6=w>0,根據(jù)點(diǎn)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)可知，a、b與點(diǎn)電荷距離相等，

c、d與點(diǎn)電荷距離相等，故點(diǎn)電荷一定位于第一象限或第三象限的角平分線上；電子在a點(diǎn)的電

勢(shì)能比在c點(diǎn)電勢(shì)能低，可知a點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)電勢(shì)，故點(diǎn)電荷與a點(diǎn)距離小于點(diǎn)電荷與c點(diǎn)距

離；可知場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)不可能為「1,-1),場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)沒(méi)有唯一性，當(dāng)場(chǎng)源

電荷位于a、b連線中點(diǎn)時(shí)，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，則b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足

Q八64xin-19

EbW=9.0x109x—三------------V/in=1.152x104V/m

r2v2故B正確，C錯(cuò)誤;

（勺X10-2）92

由于電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)電勢(shì)能低，可知a點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)電勢(shì)，即a點(diǎn)電勢(shì)高于d

點(diǎn)電勢(shì)，使電子由a移動(dòng)到d電場(chǎng)力為-"九/<0,則電場(chǎng)力做負(fù)功，故。錯(cuò)誤。

故選8。

8.【答案】BC

【解析】由U=c=￡1,可得E-^一旦-受，，稱重結(jié)束后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，兩極板間

CInkdaCdeS

電場(chǎng)強(qiáng)度只與極板所帶電荷量、極板面積有關(guān)。

故選BC。

9.【答案】AD

【解析】A根據(jù)圖像可知，水斗速度口=9r=—x().1/=O.Jf,A正確；

8.井繩拉力瞬時(shí)功率為P=Tv=TUJT，又由于T—(，n+=(m+,根據(jù)上述得

?-0.l;?/.s2,則有p_10.1/,B錯(cuò)誤；

C根據(jù)圖像可知，。、I。、內(nèi)水斗上升的高度為"苧='*。；"%=20m,C錯(cuò)誤；

。.根據(jù)上述「-1().1/,()?Ids內(nèi)井繩拉力所做的功為IV=10-4X^0XWJ=520./，。正確。

故選AD。

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10.【答案】ACD

【解析】A帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直BC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是：

「由,=需，得*=箸乂*＞解得。=翟，故人正確；

n%

8設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為心則有:7=2加，得鄉(xiāng)=等，

27r6

畫(huà)出該粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖

設(shè)軌道半徑為R,由幾何知識(shí)得一J4/?cos3()°=/,可得A;出/,故8錯(cuò)誤;

cos307

C.粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為r='您=竺，故C正確；

in12/()

D.射入的粒子恰好不從AB邊射出，粒子在磁場(chǎng)中掃過(guò)的面積為

S=--;r7?2+7?■/?cos3()=k—+3"),故。正確。

449

故選ACD。

1L【答案】(1)AE⑵0.99；0.G3

【解析】(1)設(shè)滑塊的質(zhì)量為m,斜面傾角為9，根據(jù)牛頓第二定律可得

mgsin0-fimgcos0=ma

sin0a

解得〃=-n------n

cos8gcosH

為了測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，需要測(cè)量斜面的傾角，以及滑塊的加速度；為了減小誤差,

紙帶必須與長(zhǎng)木板平行，應(yīng)先接通電源再釋放滑塊，不需要平衡摩擦力。故不必要的操作是AE。

故選AE。

(2)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為丁=5x0.02s=0.1s,

根據(jù)逐差法，可得滑塊下滑的加速度為

XDG-x(66.77-36.70-36.70+15.50)x10-2

ADm/s2a：,

9T29x0.12

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sin。0.60.99

滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為〃a0.63o

cos。geos"0.81()x0.8

由實(shí)物圖可知，電壓表選擇的量程為0-31"且結(jié)合后面表格中數(shù)據(jù)可知流經(jīng)電流表的最大電流

值不超過(guò)30mA,所以電流表應(yīng)選擇量程為30mA的電流表D；

U

(2)根據(jù)表格中提供的數(shù)據(jù)，描點(diǎn)連線，在題圖丙中作出/-t圖線如圖所示

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⑶按照?qǐng)D丁所示電路，將滑動(dòng)變阻器換成了阻值為IM2的定值電阻，仍采用中電源。

由(2)問(wèn)；-f圖線可知，溫度越高，光電探測(cè)器的阻值越小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電

路中的電流越大，定值電阻兩端的電壓越大，電壓表的示數(shù)就越大；

rr八

閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為0.27U,則電路中的電流大小為/=凡=］；△=0.015/1,根據(jù)

E3V

閉合電路歐姆定律，有1=口上口,，BPO.O15A=可得光電探測(cè)器的阻值為

rqi十十rlose-rJX-TZiL

B-180。，結(jié)合卜，圖線可得所測(cè)的溫度為20(-

13.【答案】(1)上升過(guò)程,根據(jù)動(dòng)能定理有印-mg0

解得卬=mgh=6x1()5J

W

根據(jù)P=—

to

解得p=1.5xio5ir；

(2)自由落體階段有u=〃八

解得剛要減速時(shí)速度r=20/n/.s

自由下落高度〃==20小

則減速階段的位移為=h-h'=1()/??

減速階段根據(jù)牛頓第二定律有〃-，〃“

根據(jù)位移關(guān)于速度的關(guān)系式0-r2

解得F=1.5x1O4.V

減速下降過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理有("9F)Z=0mv

解得Is

根據(jù)沖量定義/—FAt

得/=6x1O4.V■s

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方向豎直向上。

【解析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理求出做功，進(jìn)而求出功率；

（2）先求出剛要減速時(shí)的速度，以及下落的高度，再根據(jù)減速階段的運(yùn)動(dòng)公式求出制動(dòng)恒力的大小,

根據(jù)動(dòng)量定理和沖量的定義求出沖量的大小。

14.【答案】（1）設(shè)油滴的質(zhì)量為m,撤去電壓后達(dá)到的最大速率為由題意有，"①

由平衡條件得〃W=②

聯(lián)立①②解得*?③

（2）未撤電壓時(shí)油滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，有，人=④

（I

kMd

聯(lián)立②③④解得g=二今

HgU

⑶設(shè)勻速過(guò)程中的位移為'有h=i，,“t=餐⑤

.亦1

則重力勢(shì)能的變化量△￡；,=mg（L-h）=⑥

9%

【解析】（1）油滴勻速下降時(shí)受力平衡，根據(jù)平衡條件，結(jié)合題目已知條件求解；

（2）未撤電壓時(shí)油滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件，結(jié)合題目已知條件求解；

（3）先求出勻速過(guò)程中下落的高度，從而得到加速過(guò)程下落的高度，由△昂一八求解重力勢(shì)

能變化量，注意正負(fù)。

15.【答案】（1）小球a以一定的初速度釋放后，沿直線勻速運(yùn)動(dòng)，可知電場(chǎng)的方向豎直向上，根

據(jù)二力平衡：mg

解得E=2V/m

由題意可知，a恰能與b發(fā)生彈性碰撞，可知其軌跡一定在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)了90,在（）!正上方做

豎直上拋，最終根據(jù)對(duì)稱性與b發(fā)生碰撞，作出軌跡如圖所示

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根據(jù)中心=in—

解得v=4m/8；

⑵根