2025年蘇科版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科版高三物理上冊階段測試試卷753考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、某軍事試驗(yàn)場正在平地上試射地對空導(dǎo)彈，若某次豎直向上發(fā)射導(dǎo)彈時(shí)發(fā)生故障，造成導(dǎo)彈的v-t圖象，如圖所示，則下述說法中正確的是（）A.0～1s內(nèi)導(dǎo)彈勻速上升B.1s～2s內(nèi)導(dǎo)彈靜止不動(dòng)C.3s末導(dǎo)彈回到出發(fā)點(diǎn)D.2s～5s內(nèi)導(dǎo)彈的加速度為-30m/s22、我國的“玉兔號(hào)”月球車于2013年12月14日晚成功降落在月球虹灣區(qū)，開始探測科考．機(jī)器人“玉兔號(hào)”在月球表面做了一個(gè)豎直上拋試驗(yàn)，測得物體從月球表面以初速度v0豎直向上拋出上升的最大高度為h，已知月球半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，引力常量為G．則下列說法中正確的是（）A.月球表面重力加速度為B.月球的第一宇宙速度為v0C.月球同步衛(wèi)星離月球表面高度為-RD.月球的平均密度為3、【題文】有一帶電量為+q；質(zhì)量為m的帶電粒子，沿如圖所示的方向，從A點(diǎn)沿著與邊界夾角30°；并且垂直磁場的方向，進(jìn)入到磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，已知磁場的上部沒有邊界，若離子的速度為v，則該粒子離開磁場時(shí)，距離A點(diǎn)的距離（）

A.B.C.D.4、下列幾個(gè)關(guān)于力學(xué)問題的說法中正確的是（）A.米、千克、牛頓等都是國際單位制中的基本單位B.放在斜面上的物體，其重力沿垂直斜面的分力就是物體對斜面的壓力C.速度變化很大的物體，加速度可能很小D.摩擦力的方向一定與物體的運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上5、以下計(jì)時(shí)數(shù)據(jù)表示時(shí)間的是（）A.早晨6時(shí)30分做早操B.在某場班級(jí)足球聯(lián)誼賽中，甲班于開賽20min后射入一球C.某同學(xué)跑完100m，計(jì)時(shí)13sD.某航班于12時(shí)15分從博螯機(jī)場起飛6、（2015秋?遼寧期末）圖示為氣流加熱裝置的示意圖，使用電阻絲加熱導(dǎo)氣管，變壓器可視為理想變壓器，原線圈接入電壓有效值恒定的交流電，調(diào)節(jié)觸頭P，使輸出功率由1000W降至250W．則調(diào)節(jié)前后（）A.副線圈兩端的電壓比為4：1B.原線圈輸入電流比為1：2C.副線圈的接入匝數(shù)比為2：1D.原線圈輸入功率比為2：17、一個(gè)質(zhì)量m=150kg的雪橇，受到與水平方向成θ=60°角斜向上方的拉力F=400N，在水平地面上移動(dòng)的距離L=10m，如圖所示．雪橇與地面間的滑動(dòng)摩擦力F阻=100N．則雪橇所受多個(gè)力對其做的總功為（）A.2000JB.1000JC.1500JD.30008、電場強(qiáng)度E的定義式為E=（）A.這個(gè)定義只適用于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場B.上式中F是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)場電荷的電量C.上式中F是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電量D.在庫侖定律的表達(dá)式中，是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場在點(diǎn)電荷q1處的場強(qiáng)大??；而是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場在點(diǎn)電荷q2處的場強(qiáng)大小評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、如圖是兩個(gè)同心閉合線圈的俯視圖，若內(nèi)線圈通有圖示方向的電流I，則當(dāng)I增大時(shí)，穿過外線圈中的磁通量將____．（填“增大”、“減小”或“不變”）10、有三個(gè)共點(diǎn)力F1=2N，F(xiàn)2=4N，F(xiàn)3=4N，互成120°，其合力大小為____N，方向?yàn)開___．11、如圖所示；陰極射線管（A為其陰極），放在蹄形磁軼的N；S兩極間，射線管的AB兩極將分別接在直流高壓電源正負(fù)極上．試回答下列問題：

（1）請將電源正確地接到陰極射線管上

（2）電子將向哪個(gè)方向偏轉(zhuǎn)？____（磁鐵打陰影線部分的是N極）12、一個(gè)半徑為r、質(zhì)量為m、電阻為R的金屬圓環(huán)，用一根長為L的絕緣細(xì)繩懸掛于O點(diǎn)，離O點(diǎn)下方處有一寬度為垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，如圖所示．現(xiàn)使圓環(huán)從與懸點(diǎn)O等高位置A處由靜止釋放(細(xì)繩張直，忽略空氣阻力)，擺動(dòng)過程中金屬環(huán)所在平面始終垂直磁場，則在達(dá)到穩(wěn)定擺動(dòng)的整個(gè)過程中金屬環(huán)產(chǎn)生的熱量是____.

13、在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)中；需要將橡皮條的一端固定在水平木板L

另一端系上兩根細(xì)繩，細(xì)繩的另一端都有繩套.

實(shí)驗(yàn)中需用兩個(gè)彈簧秤分別勾住繩套.

并互成角度地拉像皮條.

實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中以為固定橡皮筋的圖釘，O

為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB

和OC

為細(xì)繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖示．

(1)

本實(shí)驗(yàn)采用的主要科學(xué)方法是______

A.理想實(shí)驗(yàn)法B.

等效替代法C.

控制變量法D.

極限法。

(2)

圖乙中的F

與F隆盲

兩力中；方向一定沿AO

方向的是______

(3)

以下實(shí)驗(yàn)操作正確的有______

A.同一次實(shí)驗(yàn)過程中；O

點(diǎn)位置允許變動(dòng)。

B.實(shí)驗(yàn)中；彈簧測力計(jì)必須保持與木板乎行.

湊數(shù)時(shí)視線要正對彈簧測力計(jì)的刻度。

C.在用兩個(gè)彈簧秤同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)要保征使兩個(gè)彈簧秤的瀆數(shù)相等。

D.拉橡皮條的細(xì)繩要長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些．14、（2013秋?唐河縣月考）如圖所示為一物體沿直線運(yùn)動(dòng)x-t圖象，根據(jù)圖象可知：前2s內(nèi)的位移是____m第3秒內(nèi)的位移是____m，前5秒的總路程是____m，整個(gè)5秒的位移是____m，后兩秒的速度____m/s．15、用電壓U和kU通過同距離相同材料的輸電線向用戶輸送同樣的總功率，若要求輸電線損失的功率相同，則前后兩種情況輸電線的橫截面積之比為____，若采用同樣粗細(xì)的導(dǎo)線輸電，則前后兩種情況輸電線損失的功率之比為____．16、有兩顆人造地球衛(wèi)星，它們的質(zhì)量之比m1：m2=1：2，運(yùn)行速度之比v1：v2=1：2，則它們軌道半徑之比r1：r2=____；所受向心力之比F1：F2=____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對錯(cuò)）18、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯(cuò)）19、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運(yùn)動(dòng)的桿，其長度總比桿靜止時(shí)的長度小____（判斷對錯(cuò)）20、同一汽車，速度越快，越難剎車，說明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對錯(cuò)）21、形狀規(guī)則的物體，重心一定在其幾何中心．____（判斷對錯(cuò)）22、每一種形式的能對應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式．____．（判斷對錯(cuò)）23、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對錯(cuò)）評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共24分)24、氣墊導(dǎo)軌是研究與運(yùn)動(dòng)有關(guān)的實(shí)驗(yàn)的裝置，也可以用來研究功能關(guān)系．如圖甲所示，在氣墊導(dǎo)軌的左端固定一輕質(zhì)彈簧，軌道上有一滑塊A緊靠彈簧但不連接，已知滑塊的質(zhì)量為m．

（1）用游標(biāo)卡尺測出滑塊A上的擋光片的寬度，讀數(shù)如圖乙所示，則寬度d=______cm；

（2）利用該裝置探究彈簧對物塊做功的大?。耗惩瑢W(xué)打開氣源，調(diào)節(jié)裝置，使滑塊可以靜止懸浮在導(dǎo)軌上，然后用力將滑塊A壓緊到P點(diǎn)，釋放后，滑塊A上的擋光片通過光電門的時(shí)間為△t，則彈簧對滑塊所做功為______（用題中所給字母表示）；

（3）利用該裝置測量滑塊與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)：關(guān)閉氣源，仍將滑塊A由P點(diǎn)釋放，當(dāng)光電門到P點(diǎn)的距離為x時(shí)，測出滑塊A上的擋光片通過光電門的時(shí)間為t，移動(dòng)光電門，測出多組數(shù)據(jù)（滑塊都能通過光電門），并繪出x-圖象，如圖丙所示，已知該圖線的斜率的絕對值為k，則可算出滑塊與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為______．25、在“油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，所用的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL

溶液中有純油酸0.6mL

用注射器測得1mL

上述混合溶液有80

滴，把1

滴該溶液滴入盛水的淺盤內(nèi)，讓油膜在水面上盡可能散開，得到油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中正方形格的邊長為1cm

則可求得：(1)

油酸薄膜的面積是__________cm2

(2)

油酸分子的直徑是______________m(

結(jié)果保留一位有效數(shù)字)

26、現(xiàn)利用圖(a)

所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.

在圖(a)

中；氣墊導(dǎo)軌上有AB

兩個(gè)滑塊，滑塊A

右側(cè)帶有一彈簧片，左側(cè)與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(

圖中未畫出)

的紙帶相連，滑塊B

左側(cè)也帶有一彈簧片，上面固定一遮光片，光電計(jì)時(shí)器(

未完全畫出)

可以記錄遮光片通過光電門的時(shí)間．

實(shí)驗(yàn)測得滑塊A

的質(zhì)量m1=0.310kg

滑塊B

的質(zhì)量m2=0.108kg

遮光片的寬度d=1.00cm

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率f=50.0Hz

．

將光電門固定在滑塊B

的右側(cè)，啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，給滑塊A

一向右的初速度，使它與B

相碰，碰后光電計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間鈻?tB=3.500ms

碰撞前后打出的紙帶如圖(b)

所示．

若實(shí)驗(yàn)允許的相對誤差絕對值(|脜枚脳虜脟擄潞貿(mào)脳脺露爐脕驢脰廬虜卯脜枚脟擄脳脺露爐脕驢|隆脕100%)

最大為5%

本實(shí)驗(yàn)是否在誤差范圍內(nèi)驗(yàn)證了動(dòng)量守恒定律？寫出運(yùn)算過程．

27、某同學(xué)用在彈簧下面掛鉤碼的方法做“探究彈簧彈力與形變量之間的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)；裝置如圖甲所示.

他記錄了下列幾組數(shù)據(jù)，已知彈簧原長為10.0cm

．

(1)

先將下衾數(shù)據(jù)填寫完整；再在圖乙所示的坐標(biāo)紙上描點(diǎn)并畫出彈簧彈力F

與彈簧伸長量x

之間的關(guān)系圖象.(

取g=10N/kg)

。實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345彈簧長度/cm12.113.916.118.219.9鉤碼的質(zhì)量/g50100150200250彈簧彈力F/N彈簧伸長量x/cm(2)

由圖象得出的結(jié)論為：

壟脵

彈簧的彈力與彈簧伸長(

或縮短)

的長度成______；

壟脷

彈簧的勁度系數(shù)為______N/m

．評卷人得分五、解答題(共2題，共8分)28、光滑水平面上放置兩個(gè)小物塊A和B，質(zhì)量分別為M1=0.2kg和M2=0.1kg，用輕繩連接，夾在其間的壓縮彈簧彈性勢能為l.2J．B的右側(cè)有一個(gè)足夠大的光滑曲面，質(zhì)量為M=0.4kg．現(xiàn)將輕繩燒斷，求之后物塊B在曲面上能夠達(dá)到的最大高度（g=10m/s2）．29、質(zhì)量為3kg小球沿半徑R=1.0m的四分之一豎直圓弧軌道從最高點(diǎn)由靜止下滑，如圖所示，當(dāng)小球由軌道的最低點(diǎn)飛出后，測得小球落地點(diǎn)距最低點(diǎn)的水平距離為2m，已知最低點(diǎn)距地面高h(yuǎn)=1.25m（空氣阻力不計(jì)，g=10m/s2）

（1）求小球?qū)壍雷畹忘c(diǎn)的壓力；

（2）小球在圓弧軌道運(yùn)動(dòng)過程中，克服摩擦力做功為多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】根據(jù)速度隨時(shí)間的變化規(guī)律可得出導(dǎo)彈的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)圖線的斜率可求得加速度；根據(jù)圖象與時(shí)間軸圍成的面積分析導(dǎo)彈的位移，從而判斷導(dǎo)彈是否回到出發(fā)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；由速度時(shí)間圖線可知；0～1s內(nèi)導(dǎo)彈勻加速上升，故A錯(cuò)誤．

B；1s～2s內(nèi)導(dǎo)彈的速度不變；為勻速直線運(yùn)動(dòng)；故B錯(cuò)誤；

C；3s末速度圖線與時(shí)間軸圍成的面積不為零；位移不為零，可知3s時(shí)導(dǎo)彈的高度最大；故C錯(cuò)誤；

D、2s～5s內(nèi)導(dǎo)彈的加速度為a===-30m/s2；故D正確；

故選：D．2、D【分析】【分析】根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)，求出星球表面的重力加速度，根據(jù)萬有引力提供向心力求在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星的周期和該星球的第一宇宙速度，根據(jù)求解星球質(zhì)量．【解析】【解答】解：A、在月球表面以初速度v0豎直上拋出一物體，則該物體上升的最大高度為h．由，可得月球表面重力加速度g=；故A錯(cuò)誤；

B、在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度即為第一宇宙速度，則，解得：v=；故B錯(cuò)誤；

C、月球同步衛(wèi)星的周期與月球自轉(zhuǎn)周期相同，則，而，解得：h=；故C錯(cuò)誤；

D、月球表面重力與萬有引力相等可以求出星球的質(zhì)量M=，則月球密度；故D正確．

故選：D3、A【分析】【解析】

試題分析：帶正電的粒子射入磁場后；由于受到洛倫茲力的作用，粒子將沿圖示的軌跡運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)射出磁場，O；A間的距離為L，射出時(shí)速度的大小仍為v，射出方向與x軸的夾角仍為30°．

由于洛倫茲力提供向心力，則：R為圓軌道的半徑，解得：圓軌道的圓心位于A和射出點(diǎn)的中垂線上，由幾何關(guān)系可得：聯(lián)立兩式解得A正確。

考點(diǎn)：考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】A4、C【分析】解：A；米、千克是國際單位制中的基本單位；而牛頓不是國際單位制中的基本單位，根據(jù)牛頓第二定律得到的導(dǎo)出單位．故A錯(cuò)誤；

B；放在斜面上的物體；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物體對斜面的壓力，但不能說就是物體對斜面的壓力，壓力的受力物體是斜面，而重力的分力的受力物體是該物體．故B錯(cuò)誤；

C；物體的速度變化很大；若變化的時(shí)間較長，加速度可能很小，故C正確；

D；摩擦力的方向可以與物體的運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上；比如在水平圓盤上隨圓盤一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的物體所受的摩擦力方向與速度方向垂直．故D錯(cuò)誤．

故選：C．

米；千克是國際單位制中的基本單位；而牛頓不是國際單位制中的基本單位；

放在斜面上的物體；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物體對斜面的壓力，但不能說就是物體對斜面的壓力；

加速度是反映速度變化快慢的物理量；方向與速度變化量的方向相同，可能與速度的方向相同，可能相反，可能不在同一條直線上；

摩擦力的方向可以與物體的運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上．

國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學(xué)生自己記住的．摩擦力的方向總與物體相對運(yùn)動(dòng)或相對運(yùn)動(dòng)趨勢的方向相反．【解析】【答案】C5、C【分析】【分析】理解時(shí)間間隔和時(shí)刻的區(qū)別，時(shí)間間隔是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)【解析】【解答】解：A；早晨6時(shí)30分做早操；6時(shí)30分是個(gè)時(shí)間點(diǎn)，因此為時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；

B；某場足球賽開賽20min后甲隊(duì)攻入一球；開賽20min后是指的一個(gè)時(shí)間點(diǎn)，因此是時(shí)刻，故B錯(cuò)誤；

C；某同學(xué)跑完100m；計(jì)時(shí)13s，13s對應(yīng)一個(gè)過程，是時(shí)間，故C正確；

D；航班于12時(shí)15分從博螯機(jī)場起飛；12時(shí)15分個(gè)時(shí)間點(diǎn)，因此為時(shí)刻，故D錯(cuò)誤．

故選：C6、C【分析】【分析】變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，結(jié)合歐姆定律分析．【解析】【解答】解：AC、通過調(diào)節(jié)觸頭P，使輸出功率由1000W降至250W，根據(jù)可得，輸出電壓變?yōu)樵瓉淼模锌芍?；副線圈的接入匝數(shù)比為2：1，故A錯(cuò)誤，C正確；

BD；副線圈輸出功率等于原線圈輸入功率；所以原線圈輸入功率之比為4：1，根據(jù)P=UI可得，原線圈輸入電流比為4：1，故BD錯(cuò)誤；

故選：C7、B【分析】【分析】根據(jù)恒力做功的公式：W=Fscosθ即可求得拉力F對物體所做的功；

根據(jù)滑動(dòng)摩擦力做功的公式Wf=-F阻s即可求解滑動(dòng)摩擦力做的功，合外力F對物體所做的總功等于所以力做功的代數(shù)和．【解析】【解答】解：（1）拉力F對物體所做的功為：W1=Fscosθ=400×10×0.5=2000J

（2）摩擦力F阻對物體所做的功為：W2=-F阻s═-100×10=-1000J

整個(gè)過程中只有拉力和滑動(dòng)摩擦力做功；重力和支持力不做功；

故W合=W1+W2=2000-1000=1000J

故選：B．8、D【分析】【分析】電場強(qiáng)度E的定義式為E=中，F(xiàn)是放入電場中的試探電荷所受的電場力，q是試探電荷的電量．這是比值定義法，適用于任何電場，定義出的場強(qiáng)與試探電荷無關(guān)，E反映本身的強(qiáng)弱和方向．【解析】【解答】解：A、電場強(qiáng)度E的定義式E=適用于任何電場．故A錯(cuò)誤．

B、電場強(qiáng)度E的定義式E=中；F是放入電場中的試探電荷所受的電場力，q是試探電荷的電量，不是產(chǎn)生電場的電荷的電量．故B，C錯(cuò)誤．

D、由庫侖定律中推導(dǎo)出的：是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場在q1所在處的場強(qiáng)大小，同樣，是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場在點(diǎn)電荷q2處的場強(qiáng)大?。还蔇正確．

故選D．二、填空題(共8題，共16分)9、變大【分析】【分析】根據(jù)右手螺旋定則分析電流的磁場分布，再根據(jù)磁通是的定義明確外線圈中磁通量的變化．【解析】【解答】解：內(nèi)部線圈中產(chǎn)生的磁場包含內(nèi)外兩部分；外線圈所包含的磁通量為內(nèi)外抵消后的磁通量；當(dāng)電流增大時(shí)，磁場變強(qiáng)，可認(rèn)為面積不變；故磁通量也將變大；

故答案為：變大．10、2F1的相反方向【分析】【分析】根據(jù)平行四邊形定則先求出F3、F2的合力，再與F1合成，求出三個(gè)力的合力大小和方向．【解析】【解答】解：如圖所示，先將F2與F3進(jìn)行合成，得合成F為4N，方向沿角平分線；則合力F與F1反向，則將合力F與F1進(jìn)行合成，則結(jié)果為2N，方向與F1的方向相反．

故答案為：2，F(xiàn)1的相反方向．

11、下【分析】【分析】此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理，陰極是發(fā)射電子的電極，所以是要接到高壓的負(fù)極上的，電子在磁場中運(yùn)動(dòng)，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)．從而顯示電子運(yùn)動(dòng)的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷．【解析】【解答】解：

因?yàn)锳是陰極；所以射線管的陰極（A）接直流高壓電源的負(fù)極．

因?yàn)锳是陰極；B是陽極，所以電子在陰極管中的運(yùn)動(dòng)方向是A到B，產(chǎn)生的電流方向是B到A（注意是電子帶負(fù)電），根據(jù)左手定則，四指指向A，手掌對向N極（就是這個(gè)角度看過去背向紙面向外），此時(shí)大拇指指向下面，所以軌跡向下偏轉(zhuǎn)．

答：（1）如圖所示

（2）下12、【分析】【解答】金屬圓環(huán)在進(jìn)入磁場和離開磁場時(shí)，磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，機(jī)械能減少；最后金屬圓環(huán)在磁場下面擺動(dòng)，機(jī)械能守恒．在整個(gè)過程中減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)變?yōu)榻苟鸁?，在達(dá)到穩(wěn)定擺動(dòng)的整個(gè)過程中，金屬圓環(huán)減少的機(jī)械能為

【分析】本題利用能量守恒觀點(diǎn)比較簡單。13、略

【分析】解：(1)

在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中；采用了“等效替代”法，故ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選B．

(2)

由圖可知；F

是由平行四邊形定則得出的，由于會(huì)存在誤差，故F不一定與AO

同向；而F隆盲

是通過實(shí)驗(yàn)得出的，即F隆盲

一定與AO

的拉力大小相等方向相反，即F隆盲

一定沿AO

方向．

故答案為：F隆盲

．

(3)A

本實(shí)驗(yàn)研究合力與分力的關(guān)系；合力與分力是等效的，同一次實(shí)驗(yàn)過程中，O

點(diǎn)位置不能變動(dòng)，以保證橡皮筯伸長的長度相同，效果相同.

故A錯(cuò)誤．

B；本實(shí)驗(yàn)是通過在白紙上作力的圖示來驗(yàn)證平行四邊定則；為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大.

讀數(shù)時(shí)視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差.

故B正確．

C；本實(shí)驗(yàn)中我們只需使兩個(gè)力的效果與一個(gè)力的效果相同即可；兩分力也不一定相等，故C錯(cuò)誤；

D；為了更加準(zhǔn)確的記錄力的方向；拉橡皮條的細(xì)繩要長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，故D正確．

故選BD．

(1)

正確理解“等效替代”法的應(yīng)用；

(2)

在實(shí)驗(yàn)中F

和F隆盲

分別由平行四邊形定則及實(shí)驗(yàn)得出；由實(shí)驗(yàn)的原理可知一定沿AO

方向的力；

(3)

本題考查了具體實(shí)驗(yàn)細(xì)節(jié)要求；注意所有要求都要便于操作，有利于減小誤差進(jìn)行，所有操作步驟的設(shè)計(jì)都是以實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)?zāi)康臑橹行恼归_，據(jù)此可正確解答本題．

對于中學(xué)中的實(shí)驗(yàn)，學(xué)生盡量要到實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行實(shí)際操作，只有這樣才能體會(huì)具體操作細(xì)節(jié)的意義，解答實(shí)驗(yàn)問題時(shí)才能更加有把握．【解析】BF隆盲BD

14、20050-10-15【分析】【分析】由圖向的斜率表示速度，可以算出勻速階段的速度，進(jìn)而求得各時(shí)間段內(nèi)的位移．或根據(jù)縱坐標(biāo)之差求解位移．根據(jù)位移與路程的關(guān)系求得路程．【解析】【解答】解：0～2s物體的位移x1=30m-10m=20m；

第3s內(nèi)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，位移為x2=0m；

3～5s內(nèi)的位移為：x3=0-30m=-30m

故前5秒的總路程是S=x1+x2+|x3|=20m+0+30m=50m

整個(gè)5秒的位移是x=0-10m=-10m

后兩秒的速度是v===-15m/s

故答案為：20，0，50，-10，-15．15、K2K2【分析】【分析】根據(jù)輸送功率相等，運(yùn)用P=UI得出輸送電流之比，再根據(jù)輸電線上損失的功率相同，得出輸電線的電阻之比，最后運(yùn)用電阻定律求出輸電線的橫截面積之比；第二空先根據(jù)輸送功率相等，運(yùn)用P=UI得出輸送電流之比，根據(jù)電阻定律得到電阻之比，最后根據(jù)△P=I2R求解前后兩種情況輸電線損失的功率之比．【解析】【解答】解：根據(jù)P=UI得，輸送電流之比等于輸電電壓之比，則==K．

①若輸電線損失的功率相同，根據(jù)△P=I2R得，輸電線上的電阻R=，則電阻之比==，由R=ρ知，導(dǎo)線長度和材料也相同，==K2．

②若采用同樣粗細(xì)的導(dǎo)線輸電，則兩次電阻相同，根據(jù)△P=I2R得，前后兩種情況輸電線損失的功率之比為：

故答案為：k2，k2．16、4：11：32【分析】【分析】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力．【解析】【解答】解：人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有：

可得：

∴=

據(jù)得向心力之比：===

故答案為：4：1；1：32三、判斷題(共7題，共14分)17、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進(jìn)行分析，即用電器正常工作時(shí)的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時(shí)；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實(shí)際電壓無關(guān)，實(shí)際功率與工作時(shí)的電壓有關(guān)；

故答案為：√18、×【分析】【分析】首先據(jù)波動(dòng)圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，然后再寫出振動(dòng)方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻振動(dòng)的方向向下，所以振動(dòng)方程為y=-10sin5πt（cm），錯(cuò)誤．

故答案為：×19、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個(gè)重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運(yùn)動(dòng)的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時(shí)，尺子縮成一個(gè)點(diǎn)，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長度方向運(yùn)動(dòng)的桿；其長度總比桿靜止時(shí)的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)，故此說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】重心就是重力的作用點(diǎn)，物體的重心在物體的幾何中心上有兩個(gè)條件：質(zhì)地均勻，外形規(guī)則．【解析】【解答】解：由于課本上指出重心就是重力的作用點(diǎn)；因此重力作用在物體的重心點(diǎn)上；質(zhì)地均勻，外形規(guī)則的物體的重心在物體的幾何中心上．質(zhì)量不是均勻分布的物體，即使外形規(guī)則的物體，重心有可能不在物體的幾何中心上．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的，每種運(yùn)動(dòng)形式都對應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的；每種運(yùn)動(dòng)形式都對應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機(jī)械能對應(yīng)機(jī)械運(yùn)動(dòng)；內(nèi)能對應(yīng)分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故每一種形式的能對應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式是對的．

故答案為：√23、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共24分)24、略

【分析】解：（1）主尺讀數(shù)為：5mm；游標(biāo)尺分度為0.05mm；第2個(gè)刻度對齊，故游標(biāo)尺讀數(shù)為：0.05×2mm=0.10mm，故寬度為：d=5+0.10=5.10mm=0.510cm．

（2）滑塊通過光電門已經(jīng)是勻速運(yùn)動(dòng)了，其平均速度為：瞬時(shí)速度等于平均速度，故瞬時(shí)速度為：此時(shí)滑塊動(dòng)能全部由彈簧彈性勢能轉(zhuǎn)化而來，故彈簧彈性勢能為：．

（3）每次都有P釋放；則每次彈簧彈性勢能都相同，由能量轉(zhuǎn)化和守恒可得：

①

解得：

②

由于故帶入可得：

故答案為：（1）0.510；（2）（3）

（1）先讀主尺；在讀游標(biāo)尺，游標(biāo)尺不能估讀，那個(gè)對齊就讀那個(gè)．

（2）由滑塊A上的擋光片通過光電門的時(shí)間可得此時(shí)滑塊的平均速度；由于滑塊此階段做勻速運(yùn)動(dòng)，故瞬時(shí)速度等于平均速度，由能量轉(zhuǎn)化和守恒可得彈簧彈性勢能．

（3）每次都有P釋放；則每次彈簧彈性勢能都相同，由能量轉(zhuǎn)化和守恒可得結(jié)果．

本題主要難點(diǎn)在第3問，這里用到的方法比較不容易想到，整體難度較大，且易錯(cuò)．【解析】0.510；25、(1)117(2)6隆脕10鈭?10

【分析】【分析】根據(jù)圖示油膜估算出油膜的面積；估算時(shí)超過半格算一個(gè)，不足半格舍去。根據(jù)題意求出油的體積，然后求出油膜的厚度，即分子直徑，讓油在水面上盡可能散開，形成單分子油膜。

本題要緊扣實(shí)驗(yàn)原理，建立清晰的物理模型，知道在用油膜法估測分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們做了些理想化處理，認(rèn)為油酸分子之間無間隙，油膜是單層分子?！窘獯稹?1)

由圖示可知；由于每格邊長為1cm

則每一格就是1cm2

估算油膜面積以超過半格以一格計(jì)算，小于半格就舍去的原則，估算出117

格，則油酸薄膜面積S=117cm2

(2)

一滴油溶液中含油的體積為V=180隆脕0.61000ml=7.5隆脕10鈭?6mL

所以油酸分子直徑為dd=VS=7.5隆脕10鈭?6隆脕10鈭?6117隆脕10鈭?4=6隆脕10鈭?10m

故答案填117

；6隆脕10鈭?10

【解析】(1)117

(2)6隆脕10鈭?10

26、略

【分析】

根據(jù)圖示紙帶求出滑塊的速度；然后求出碰撞前后的動(dòng)量，根據(jù)題目要求判斷動(dòng)量是否守恒．

本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，由紙帶求出滑塊速度及根據(jù)光電門求出速度是正確解題的關(guān)鍵、應(yīng)用動(dòng)量計(jì)算公式即可明確碰撞前后的動(dòng)量，則可驗(yàn)證動(dòng)量守恒．【解析】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔為：t=1f=150s=0.02s

．

由圖(b)

所示紙帶可知，碰撞前A

的速度：vA=xAt=0.04000.02m/s=2m/s

碰撞后A

的速度為：vA隆盲=0.01940.02m/s=0.97m/s

碰撞后B

的速度：vB隆盲=d鈻?tB=0.01003.5隆脕10鈭?3m/s隆脰2.86m/s

碰撞前后系統(tǒng)總動(dòng)量分別為：

p=m1vA=0.31隆脕2=0.62kg?m/s

p隆盲=m1vA隆盲+m2vB隆盲=0.31隆脕0.97+0.108隆脕2.86隆脰0.61kg?m/s

相對誤差：