2025年華東師大版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華東師大版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷684考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，a，b兩木頭用輕質(zhì)彈簧連接靜止在光滑的水平面上，現(xiàn)在給木塊b一向左的初速度；此后（）

A.彈簧有最大壓縮量時(shí)，a的速度一定比b的大B.彈簧有最大壓縮量時(shí)，兩木塊的速度都等于零C.彈簧由伸長(zhǎng)狀態(tài)到其形變消失時(shí)，a的速度一定比b的小D.彈簧形變消失時(shí)，b的速度可能向右2、要使兩物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）間的萬(wàn)有引力減小到原來(lái)的，下列辦法不可采用的是（）A.使兩物體的質(zhì)量各減小到原來(lái)的，距離不變B.使其中一個(gè)物體的質(zhì)量減小到原來(lái)的，距離不變C.使兩物體間的距離增大到原來(lái)的4倍，質(zhì)量不變D.使兩物體間的距離和質(zhì)量都減小到原來(lái)的3、鉗式電流表是電工師傅常用的一種估測(cè)通電導(dǎo)線中的電流大小的工具，結(jié)構(gòu)如圖所示，使用時(shí)，鐵芯張開，套住被測(cè)通電導(dǎo)線，然后鐵芯閉合，根據(jù)變壓器的原理，電流表A的示數(shù)就能間接地反映出被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大小，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表A的示數(shù)等于被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大小B.電流表A的示數(shù)大于被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大小C.電流表A的示數(shù)小于被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大小D.電流表A的示數(shù)與被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大小無(wú)關(guān)4、“神舟七號(hào)”飛船繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)一周需要時(shí)間約90min，“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星在工作軌道繞月球運(yùn)轉(zhuǎn)一周需要時(shí)間約118min．（都可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)），已知“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與月球中心的距離約為“神舟七號(hào)”飛船與地球中心距離的，據(jù)以上數(shù)據(jù)可求（）A.月球與地球的質(zhì)量之比B.“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與“神舟七號(hào)”飛船的質(zhì)量之比C.月球與地球的第一宇宙速度之比D.月球表面與地球表面的重力加速度之比5、下列關(guān)于加速度的說(shuō)法中不正確的是（）A.加速度的大小等于單位時(shí)間內(nèi)速度變化量的大小B.加速度等于速度的變化率C.加速度的方向與初速度的方向相同D.速度變化得越快，則加速度越大6、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.只有體積很小的物體才能看成質(zhì)點(diǎn)B.飛行中的直升機(jī)上的螺旋槳可看成質(zhì)點(diǎn)C.宇航員在太空中進(jìn)行飛船對(duì)接，可把飛船看成質(zhì)點(diǎn)D.地面飛行指揮中心引導(dǎo)飛機(jī)返航，可把該飛機(jī)看成質(zhì)點(diǎn)7、汽車在平直的公路上以恒定的功率P從靜止開始運(yùn)動(dòng)，已知汽車所受的阻力為汽車重的0.5倍，g=l0m/s2；根據(jù)以上條件，則。

（）

A.可以算出汽車加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

B.可以算出汽車加速運(yùn)動(dòng)的位移。

C.可以算出汽車的最大速度。

D.可以算出汽車的速度達(dá)到最大速度一半時(shí)的加速度。

評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、近幾年，寧夏大力興建風(fēng)力發(fā)電站．風(fēng)力發(fā)電是將____能轉(zhuǎn)化為____能．9、（2015春?合肥校級(jí)期中）如圖，從某一高度處將質(zhì)量為m=1kg的小球以初速度v0拋出，v0=20m/s，且與水平方向成30°角向上，小球在空中運(yùn)動(dòng)3s后落地．g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力．則在最高點(diǎn)時(shí)小球重力的瞬時(shí)功率為____W，小球在運(yùn)動(dòng)的3s內(nèi)，重力的平均功率為____W．10、（2008?天心區(qū)校級(jí)模擬）某學(xué)習(xí)小組通過(guò)一個(gè)簡(jiǎn)單的電路圖探究多用電表的結(jié)構(gòu)和原理；如圖所示，若黑表筆做為電表的公共端，紅表筆通過(guò)轉(zhuǎn)換開關(guān)接入待測(cè)量相應(yīng)的測(cè)量端，使用時(shí)，只有部分電路起作用．

當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接1或2時(shí)，此多用電表為____表，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接3或4時(shí)，此多用電表為____表，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接5時(shí)，此多用電表為____表，若靈敏電流計(jì)G的滿偏電流Ig=lmA，內(nèi)阻Rg=10Ω，R1=0.106Ω，R2=0.42Ω，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接2時(shí)，此多用電表的量程為____．11、（2014春?西城區(qū)期末）有些機(jī)床為了安全，照明電燈用的電壓是36V，這個(gè)電壓是把380V的交流電壓經(jīng)變壓器降壓后得到的．將變壓器視為理想變壓器，如圖所示，如果原線圈是1140匝，則副線圈的匝數(shù)是____匝，變壓器原、副線圈的電流之比為____．12、（2012秋?博山區(qū)校級(jí)期末）圖為聲波干涉演示儀的原理圖．兩個(gè)U形管A和B套在一起，A管兩側(cè)各有一小孔．聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率____的波．當(dāng)聲波分別通過(guò)A、B傳播到右側(cè)小孔時(shí)，若兩列波傳播的路程相差半個(gè)波長(zhǎng)，則此處聲波的振幅____；若傳播的路程相差一個(gè)波長(zhǎng)，則此處聲波的振幅____．13、有一理想變壓器能將100V的電壓降到33V，將一導(dǎo)線繞過(guò)鐵芯，兩端接到電壓表上，此電壓表的讀數(shù)是0.05V，則該變壓器的原線圈是____匝，副線圈是____匝．14、物理小組制作了一個(gè)自動(dòng)控制器，其中有一個(gè)調(diào)壓電路如圖所示，滑動(dòng)變阻器R的最大阻值是100歐，負(fù)載電阻R'的阻值為100歐，A、B間電壓為10伏，保持不變．使用過(guò)程中發(fā)現(xiàn)這個(gè)電路的調(diào)壓范圍和原設(shè)計(jì)不符，檢查結(jié)果是圖中F處導(dǎo)線折斷，滑動(dòng)頭P由上向下移動(dòng)時(shí)，如果電路完好，CD兩端的電壓范圍應(yīng)是____伏至____伏；如果F點(diǎn)導(dǎo)線折斷，CD兩端的電壓范圍是____伏至____伏．15、將長(zhǎng)度為0.2m；通有1A電流的直導(dǎo)線放入一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；電流與磁場(chǎng)的方向如圖所示．已知磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T，試求下列各圖中導(dǎo)線所受安培力的大?。?/p>

（1）F1=____N（2）F2=____N（3）F3=____N（4）F4=____N．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬(wàn)有引力____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、滑動(dòng)摩擦力的方向總是與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、10個(gè)分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和就是這10個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共2分)22、某同學(xué)利用傾斜氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖1

所示。其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a.

用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度L.

結(jié)果如圖2

所示；

b.

讀出導(dǎo)軌標(biāo)尺的總長(zhǎng)L0

并用直尺測(cè)出導(dǎo)軌標(biāo)尺在豎直方向的高度H0

c.

讀出滑塊釋放處擋光條與光電門中心之間的距離s

d.

由靜止釋放滑塊；從數(shù)字計(jì)時(shí)器(

圖l

中未畫出)

上讀出擋光條通過(guò)光電門所用的時(shí)間t

回答下列問(wèn)題：

(1)

由圖2

讀出L=

______mm

(2)

______(

選填“有”或“沒(méi)有”)

必要用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M

(3)

多次改變光電門位置，即改變距離s

重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出1t2

隨s

的變化圖象，如圖3

所示，當(dāng)已知量t0s0LL0H0

和當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭

滿足表達(dá)式1t02=

______時(shí)，可判斷滑塊下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒。評(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共1題，共2分)23、埃博拉出血熱的病原體為埃博拉病毒；可通過(guò)接觸傳播，主要癥狀可表現(xiàn)為高熱；頭痛、嘔吐、腹瀉、體內(nèi)外大出血等。下圖是人體感染埃博拉病毒，機(jī)體清除病毒的過(guò)程，據(jù)圖分析回答：

（1）人感染埃博拉病毒后出現(xiàn)發(fā)熱癥狀，原因之一是淋巴因子刺激了下丘腦中的____________中樞，使有關(guān)腺體分泌的甲狀腺激素等的量增加，從而使產(chǎn)熱增加。（2）B細(xì)胞受到抗原刺激后，在____________的作用下，增殖、分化。消滅侵入宿主細(xì)胞中的埃博拉病毒，要依賴免疫系統(tǒng)產(chǎn)生的__________細(xì)胞使宿主細(xì)胞裂解死亡。當(dāng)人出現(xiàn)焦慮、緊張情緒時(shí)，更易感病毒，其原因是____________________________________________。（3）綜合以上信息可以看出，______________________________是機(jī)體維持穩(wěn)態(tài)的主要調(diào)節(jié)機(jī)制。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共5分)24、如圖所示，用同種材料制成的傾角為37°的斜面和長(zhǎng)水平面，斜面長(zhǎng)11.25m且固定，一小物塊從斜面頂端以初速度v0沿斜面下滑，如果v0=3.6m/s；則經(jīng)過(guò)3.0s后小物塊停在斜面上，不考慮小物塊到達(dá)斜面底端時(shí)因碰撞損失的能量，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）小物塊與該種材料間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的大小；

（2）若小物塊的初速度為6m/s，小物塊從開始運(yùn)動(dòng)到最終停下的時(shí)間t為多少．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據(jù)a、b的受力得出a、b的加速度方向，結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷a、b的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，確定出彈簧有最大壓縮量時(shí)，a、b的速度關(guān)系．【解析】【解答】解：A、b向左運(yùn)動(dòng)，彈簧壓縮，a受到向左的彈力，做加速運(yùn)動(dòng)，b受到向右的彈力，向左做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a、b速度相等時(shí)；彈簧壓縮量最大，故A；B錯(cuò)誤．

C、當(dāng)a、b速度相等時(shí)，彈簧壓縮量最大，然后a繼續(xù)向左做加速運(yùn)動(dòng)，b繼續(xù)做減速運(yùn)動(dòng)，彈簧開始逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)，恢復(fù)原長(zhǎng)后，a的速度最大，b的速度最小，然后彈簧開始伸長(zhǎng)，a做減速運(yùn)動(dòng)，b做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a、b速度相等時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)到最大，然后a繼續(xù)做減速，b做加速，彈簧從伸長(zhǎng)狀態(tài)到形變消失，a的速度小于b的速度；故C正確．

D、由C選項(xiàng)分析知，彈簧從伸長(zhǎng)到形變消失，a做減速，b做加速，彈簧形變消失時(shí)，b的速度向左；不可能向右，故D錯(cuò)誤．

故選：C．2、D【分析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G（內(nèi)容是萬(wàn)有引力與質(zhì)量乘積成正比，與距離的平方成反比）解決問(wèn)題．【解析】【解答】解：A、根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G知，使兩物體的質(zhì)量各減小到原來(lái)的，距離不變，萬(wàn)有引力減小到原來(lái)的；故A正確．

B、根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G知，使其中一個(gè)物體的質(zhì)量減小到原來(lái)的，距離不變，萬(wàn)有引力減小到原來(lái)的；故B正確．

C、根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G知，使兩物體間的距離增大到原來(lái)的4倍，質(zhì)量不變，萬(wàn)有引力減小到原來(lái)的；故C正確．

D、根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G知，使兩物體間的距離和質(zhì)量都減小到原來(lái)的；萬(wàn)有引力不變，故D錯(cuò)誤．

本題選不可采用的，故選：D3、C【分析】【分析】電流互感器為升壓變壓器，根據(jù)N1I1=N2I2副線圈電流要小，則副線圈匝數(shù)多．【解析】【解答】解：圖中電路副線圈匝數(shù)少于原線圈匝數(shù)；則副線圈電流大于原線圈電流，即電流表A的示數(shù)小于被測(cè)通電導(dǎo)線中電流的大?。?/p>

故選：C4、A【分析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力；結(jié)合題中數(shù)據(jù)可以計(jì)算月球和地球的質(zhì)量之比．

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力只能計(jì)算中心天體的質(zhì)量；環(huán)繞天體的質(zhì)量無(wú)法計(jì)算．

由于不知道月球和地球的半徑，故無(wú)法計(jì)算月球與地球的第一宇宙速度之比，也無(wú)法計(jì)算月球表面與地球表面的重力加速度之比．【解析】【解答】解：A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，所以；即可以計(jì)算出月球與地球的質(zhì)量之比，故A正確．

B；“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與“神舟七號(hào)”飛船是環(huán)繞天體；質(zhì)量在等式兩邊約去了，故不計(jì)算它們的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)第一宇宙速度的公式v=；由于不知道月球和地球的半徑，故無(wú)法計(jì)算月球與地球的第一宇宙速度之比，故C錯(cuò)誤．

D、星球表面的重力加速度g=；由于不知道月球和地球的半徑，故無(wú)法計(jì)算月球表面與地球表面的重力加速度之比，故D錯(cuò)誤．

故選：A．5、C【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．加速度是表示速度變化快慢的物理量．【解析】【解答】解：A、根據(jù)加速度的定義式a=可知加速度的大小等于單位時(shí)間內(nèi)速度變化量的大?。蔄正確；

B、根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率；故B正確；

C、根據(jù)加速度的定義式a=可知加速度的方向就是物體速度變化量的方向；加速度的方向與初速度的方向無(wú)直接關(guān)系，故C錯(cuò)誤；

D；加速度是表示速度變化快慢的物理量．速度變化得越快；則加速度越大．故D正確；

本題選不正確的，故選：C．6、D【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)就是有質(zhì)量但不存在體積與形狀的點(diǎn)．在物體的大小和形狀不起作用，或者所起的作用并不顯著而可以忽略不計(jì)時(shí)，我們近似地把該物體看作是一個(gè)具有質(zhì)量大小和形狀可以忽略不計(jì)的理想物體，稱為質(zhì)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；物體能否看作質(zhì)點(diǎn)；不是看絕對(duì)大小，而是看相對(duì)大小，當(dāng)大小相對(duì)于研究的問(wèn)題可以忽略不計(jì)時(shí)，就可以簡(jiǎn)化點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B；飛行中的直升機(jī)上的螺旋槳做圓周運(yùn)動(dòng)；各個(gè)不同點(diǎn)的軌道半徑不同，故不能看成質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；

C；宇航員在太空中進(jìn)行飛船對(duì)接；要考慮飛船對(duì)接前的姿態(tài)，故不能把飛船看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D；地面飛行指揮中心引導(dǎo)飛機(jī)返航時(shí)；不需要考慮飛機(jī)的大小，只要考慮軌跡即可，故可把該飛機(jī)看成質(zhì)點(diǎn)，故D正確；

故選D．7、D【分析】

A、B、C汽車以恒定的功率從靜止開始運(yùn)動(dòng)后，先做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)牽引力與阻力，設(shè)最大速度為vm，則vm=由于汽車的質(zhì)量m未知，不能求出最大速度vm．汽車加速過(guò)程做的非勻變速運(yùn)動(dòng)；不能運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出時(shí)間與位移．故ABC均錯(cuò)誤．

D、當(dāng)汽車的速度達(dá)到最大速度一半時(shí)，牽引力為F===2f=mg，則加速度為a===0.5g．故D正確．

故選D

【解析】【答案】首先分析汽車的運(yùn)動(dòng)情況：當(dāng)汽車以額定功率行駛時(shí)；隨著汽車速度的增加，汽車的牽引力會(huì)逐漸的減小，所以此時(shí)的汽車不可能做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到最后牽引力和阻力相等，到達(dá)最大速度之后做勻速運(yùn)動(dòng)．再根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況，分析可求出的量．

二、填空題(共8題，共16分)8、機(jī)械電【分析】【分析】近本題考查風(fēng)力發(fā)電，解答時(shí)應(yīng)明確發(fā)電機(jī)的原理為電磁感應(yīng)；明確能量的轉(zhuǎn)化方向．【解析】【解答】解：風(fēng)力發(fā)電中消耗了機(jī)械能；增加了電能；故風(fēng)力發(fā)電是將風(fēng)能即機(jī)械能通過(guò)電磁感應(yīng)現(xiàn)象轉(zhuǎn)化為電能；

故答案為：機(jī)械；電．9、050【分析】【分析】瞬時(shí)功率用P=Fvcosα計(jì)算，平均功率用P=計(jì)算．【解析】【解答】解：（1）在最高點(diǎn)；速度方向?yàn)樗椒较?，與重力方向垂直，故重力順時(shí)功率為零．

（2）規(guī)定豎直向下為正方向，小球在運(yùn)動(dòng)的3s內(nèi)豎直方向的位移為：h=v0sin30°t+gt2=-20×

重力做功為：W=mgh=1×10×15J=150J

重力重力的平均功率為：P=

故答案為：0，50．10、電流表電壓表歐姆表24.5mA【分析】【分析】歐姆表、電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成，要熟悉多用表的原理和結(jié)構(gòu)，根據(jù)電表的結(jié)構(gòu)選出歐姆表、電壓表和電流表．【解析】【解答】解：當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接1或2時(shí)；電流表與電阻并聯(lián)，可用來(lái)測(cè)量電流．此多用電表為電流表；

當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接3或4時(shí)；電流表與電阻串聯(lián)，此多用電表為電壓表，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接5時(shí)，電源與兩并聯(lián)電阻串聯(lián)，構(gòu)成歐姆表，此多用電表為歐姆表；

若靈敏電流計(jì)G的滿偏電流Ig=lmA，內(nèi)阻Rg=10Ω，R1=0.106Ω，R2=0.42Ω，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)接2時(shí)，此多用電表的量程I=Ig+=24.5mA．

故答案為：電流表；電壓表；歐姆表；24.5mA．11、1089：95【分析】【分析】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時(shí)，導(dǎo)致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．變壓器的電流比為：原副線圈電流與匝數(shù)成反比；電壓比為：原副線圈電壓與匝數(shù)成正比．且電流與電壓均是有效值，電表測(cè)量值也是有效值．【解析】【解答】解：由理想變壓器的變壓比：=可得：N2==×1140匝=108匝；

根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)成反比，而電壓與匝數(shù)成正比，則有：；

故答案為：108，9：95．12、相同為零為原來(lái)振幅的2倍【分析】【分析】聲波的為縱波，但其干涉原理與橫波疊加時(shí)相同．【解析】【解答】解：聲波的為縱波；但其干涉原理與橫波疊加時(shí)相同．

若兩列波傳播的路程相差半個(gè)波長(zhǎng)；則密部與疏部疊加（類似于橫波的波峰與波谷疊加），則此處振幅最小，為0

若傳播的路程相差一個(gè)波長(zhǎng)；則密部與密部疊加，或疏部與疏部疊加（類似于橫波的波峰與波峰；波谷與波谷疊加），則此處聲波的振幅最強(qiáng)，為原來(lái)2倍。

故答案為：相同，為零，為原來(lái)振幅的2倍13、2000660【分析】【分析】理想變壓器原副線圈的電壓之比等于線圈的匝數(shù)之比，故可求得【解析】【解答】解：原副線圈電壓值比等于匝數(shù)之比，故，解得匝。

副線圈的匝數(shù)為n2，則，解得匝。

故答案為：2000，66014、100105【分析】【分析】如果電路完好，當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最上端時(shí)CD兩端的電壓最大，當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最下端時(shí)CD兩端的電壓最?。绻鸉點(diǎn)導(dǎo)線折斷，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律求解．【解析】【解答】解：如果電路完好；當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最上端時(shí)CD兩端的電壓最大，最大電壓為10V，當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最下端時(shí)CD兩端的電壓最小，最小電壓為0V．

如果F點(diǎn)導(dǎo)線折斷時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最上端時(shí)CD兩端的電壓最大，最大電壓為10V．當(dāng)滑動(dòng)頭P位于最下端時(shí)CD兩端的電壓最小，由于R=R′，則最小電壓為=5V．

故答案為：10，0，10，515、00.20.10.2【分析】【分析】安培力公式為：F=BIL，注意公式的適用條件是：勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電流和磁場(chǎng)方向垂直．電流與磁場(chǎng)方向平行，導(dǎo)線不受安培力的．【解析】【解答】解：由圖可知電流與磁場(chǎng)方向平行；因此安培力的大小為0N．

由圖可知電流與磁場(chǎng)方向垂直；因此直接根據(jù)安培力的大小為：F=BIL=0.2×1×1=0.2N．

由圖可知電流與磁場(chǎng)方向成30°角，因此直接根據(jù)安培力的大小為：F=BILsin30°=0.2×1×1×=0.1N．

由圖可知電流與磁場(chǎng)方向垂直；因此直接根據(jù)安培力的大小為：F=BIL=0.2×1×1=0.2N．

故答案為：（1）0（2）0.2（3）0.1（4）0.2三、判斷題(共6題，共12分)16、√【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來(lái)說(shuō)；平衡態(tài)是針對(duì)某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】萬(wàn)有引力定律適用的條件是兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間引力的計(jì)算．物體間的引力關(guān)系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬(wàn)有引力定律適用于任何兩個(gè)可以看出質(zhì)點(diǎn)的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計(jì)算；當(dāng)兩個(gè)物體之間的距離太小的時(shí)候，物體就不能看做質(zhì)點(diǎn)，這時(shí)就不能用這個(gè)公式直接計(jì)算了，所以這個(gè)說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．【解析】【解答】解：滑動(dòng)摩擦力阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)；與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．有時(shí)會(huì)和物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，故與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×20、√【分析】【分析】電源是通過(guò)非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．【解析】【解答】解：電源是通過(guò)非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．故此說(shuō)法正確．

故答案為：√21、×【分析】【分析】從微觀上說(shuō)，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)單個(gè)或幾個(gè)分子無(wú)意義；

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共2分)22、略

【分析】解：(1)

游標(biāo)尺上共有20

小格；則精度為0.05mm

用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度：l=8mm+0.05隆脕4mm=8.20mm

(2)

欲驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，即Mgssin婁脠=12M(lt)2婁脠

為氣墊導(dǎo)軌與水平面間的夾角；

只需驗(yàn)證gssin婁脠=12(lt)2

可見沒(méi)有必要測(cè)量滑塊和檔光條的總質(zhì)量M

(3)

根據(jù)幾何關(guān)系得sin婁脠=H0L0

動(dòng)能的增加量鈻?Ek=12m(lt0)2

重力勢(shì)能的減小量鈻?Ep=mgs0sin婁脠=mgs0H0L0

當(dāng)mgs0H0L0=12m(lt0)2

即1t02=2gH0l2L0s0

滑塊下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒。

故答案為：(1)8.20(2)

沒(méi)有，(3)1t02=2gH0l2L0s0

(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀。

(2)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理；抓住重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量是否相等，確定是否需要測(cè)量滑塊和擋光條的總質(zhì)量M

(3)

根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過(guò)光電門的速度；結(jié)合重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量得出驗(yàn)證的表達(dá)