2025年粵教版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理下冊階段測試試卷412考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、已知磁敏電阻在無磁場時電阻很小，有磁場時電阻變大，并且磁場越強阻值越大．為探測磁場的有無，利用磁敏電阻作為傳感器設計了如圖所示電路．電源的電動勢E和內阻r不變，在無磁場時調節(jié)變阻器R使小燈泡L正常發(fā)光；若探測裝置從無磁場區(qū)進入磁場區(qū)，則。

A.電壓表的示數(shù)變小B.磁敏電阻兩端電壓變小C.小燈泡L變亮甚至燒毀D.通過滑動變阻器的電流變大2、如圖所示電路中，電源的內電阻為r，R1、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時；電表的示數(shù)都發(fā)生變化，下列說法錯誤的是（）

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表示數(shù)變小C.外電路等效電阻變大D.內電路消耗的功率變大3、如圖，水平面內的等邊三角形的邊長為L，頂點C恰好位于絕緣傾斜直軌道的最低點，光滑直軌道上端點D到A、B兩點的距離均為L，為絕緣豎直軌道，O為邊的中點。一對電荷量分別為的點電荷分別固定于A、B兩點。在D處將質量為m、電荷量為的小球（忽略它對原電場的影響）套在軌道上D端，將小球分別沿和由靜止開始釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度大小為g；忽略一切阻力，下列說法正確的是（）

A.D點的電場強度與C點的電場強度不同B.小球沿下滑過程中，其電場強度先增大后減小C.小球沿下滑過程中，其電勢能先增大后減小D.小球沿到達O點速度與沿到達C點的速度大小不相等4、在如圖所示的電路中，平行板電容器兩極板水平放置，閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，位于O點的電子槍水平向右發(fā)射速度相同的電子，電子剛好擊中豎直放置的熒光屏上的Q點，OP連線與極板平行，則下列說法中正確的是（）

A.把滑動變阻器的滑片向左移動，電子將擊中Q點上方的某個位置B.把滑動變阻器的滑片向右移動，電子將擊中Q點上方的某個位置C.斷開開關S，將電容器的下極板下移一小段距離，電子將擊中PQ之間的某個位置D.斷開開關S，將電容器的上極板上移一小段距離，電子將仍然擊中Q點5、學習物理除了知識的學習外，還要領悟并掌握處理物理問題的思想與方法。下列關于物理學中的思想方法敘述正確的是（）A.伽利略在研究自由落體運動時采用了微元法B.法拉第在研究電磁感應現(xiàn)象時利用了理想實驗法C.在探究求合力方法的實驗中使用了等效替代的思想D.在探究加速度與力、質量的關系實驗中使用了理想化模型的思想方法評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)的變化量分別用△I、△U1、△U2和△U3表示；下列說法正確的是（）

A.變大，變小B.變大，不變C.D.7、如圖所示，實線為某一點電荷的電場線，虛線為某帶電粒子只在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點；則（）

A.粒子一定帶正電B.粒子一定是從a點運動到b點C.粒子在c點的加速度一定大于在b點的加速度D.該電場可能是由負點電荷產(chǎn)生的8、一電子只在靜電力作用下沿方向運動，其所在位置處的電勢隨位置變化的圖線如圖中拋物線所示；下列說法正確的是（）

A.x2處的電場強度為零B.從x2運動到x3，電場力對電子做正功C.電子在x1處的速率小于在處的速率D.電子從x1運動到x2，加速度逐漸減小9、如圖所示，在直角坐標系xOy平面內存在一正點電荷Q，坐標軸上有A、B、C三點，OA=OB=BC=a，其中A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.點電荷Q位于O點B.C點的電場強度大小為C.O點電勢比A點電勢低D.將某一正試探電荷從A點移動到C點，電勢能增加10、真空中有兩點電荷q1、q2分別位于直角三角形的頂點C和頂點B上，D為斜邊AB的中點，∠ABC=30°，如圖所示，已知A點電場強度的方向垂直AB向下；則下列說法正確的是（）。

A.q1帶負電，q2帶正電B.D點電勢低于A點電勢C.q1電荷量的絕對值等于q2電荷量的絕對值的一半D.q1電荷量的絕對值等于q2電荷量的絕對值的二倍11、下列說法正確的是（）A.半導體材料導電性能與外界條件有關B.超導現(xiàn)象就是在溫度降到某一臨界值時電阻率突然降為零的現(xiàn)象C.由可知，R與導體兩端電壓U成正比，與通過導體的電流I成反比D.由可知，ρ與S成正比，與L成反比評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、在圖所示的電路中，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片P向右移動．若電源的端電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值將________；電壓表V示數(shù)的變化與電流表示數(shù)的比值將________．（均選填“變小”“不變”或“變大”）

13、如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=30°，現(xiàn)在A、B兩點放置兩點電荷測得C點場強的方向與AB平行，則帶________，=_________．

14、電路中，每分鐘有6×1013個自由電子通過橫截面積為0.64×10－6m2的導線，那么電路中的電流大小為______A。15、已知軸上電場方向與軸方向平行，軸上各點電勢如圖所示，處電勢為一電子從處由靜止釋放，則處電場強度為___________該電子運動到處時的動能為__________

16、某實驗小組計劃用一個表頭G（滿偏電流Ig=100μA，內阻Rg=900Ω），改裝成1mA和10mA的雙量程電流表和一個大量程的電壓表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如圖所示。

（1）選接________（填“1”或“2”）是10mA的電流表，可算得R1應為________Ω；

（2）選接3時，改裝電壓表的量程是________V。

17、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關系圖線如圖所示。該電源的內阻為________，電源消耗的總功率為________W。

18、小雨同學用圖甲的實驗裝置“研究電磁感應現(xiàn)象”。閉合開關瞬間；發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向左偏轉了一下。

（1）閉合開關穩(wěn)定后，將線圈A從線圈B抽出的過程中，靈敏電流計的指針______（填“向左偏轉”；“向右偏轉”或“不偏轉”）；

（2）如圖乙所示，R為光敏電阻，其阻值隨著光照強度的加強而減小。金屬環(huán)A用輕繩懸掛，與長直螺線管共軸，并位于其左側。當光照減弱時，從左向右看，金屬環(huán)A中電流方向_______（填“順時針”或“逆時針”），金屬環(huán)A將向_______（填“左”或“右”）運動，并有_______（填“收縮”或“擴張”）的趨勢。評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)19、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

20、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。21、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)23、某實驗小組要盡可能準確地測量某直流電源的電動勢E（小于3V）及內阻r；實驗室提供了以下器材：

電壓表V（量程0~3V；內阻約為1kΩ）；

電流表A（量程為0~300mA；內阻為3Ω）；

滑動變阻器R（阻值范圍為0~100Ω；允許通過的最大電流為1A）；

待測電源E；

開關S及導線若干。

(1)實驗小組設計了甲、乙兩種測量方案，為盡可能準確地測量該直流電源的電動勢E及內阻r，應選用_____（填“圖甲”或“圖乙”），原因是______。

(2)實驗小組選擇正確電路并通過實驗測得多組數(shù)據(jù)，如表中所示，請根據(jù)這些數(shù)據(jù)在坐標紙上描點并畫出圖像_____，利用圖像可求出電源的電動勢E為_____V，內阻r為_____Ω。（結果均保留3位有效數(shù)字）。組別U/AI/mA11.4020021.6016831.8013542.0011052.206762.4034

24、圖中螺旋測微器讀數(shù)為___________mm，游標卡尺讀數(shù)為___________mm。

25、在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中，實驗器材有：額定電壓為3.8V、額定電流為0.32A的小燈泡、電壓表V（4V，內電阻約為4kΩ）、電流表A（0.5A，內電阻約為0.5Ω）、滑動變阻器R（0～10.0Ω）；電阻箱R0；電源E（電動勢4.0V；內阻1.0Ω）；開關S；導線若干。

(1)實驗測得的小燈泡伏安特性曲線如圖所示，隨著小燈泡的電阻絲溫度的升高，小燈泡燈絲材料的電阻率逐漸______；（填“增大”“不變”或“減小”）

(2)根據(jù)小燈泡的伏安特性曲線圖，可以推斷滑動變阻器用的是______接法（填“限流式”或“分壓式”）；

(3)請在虛線框中畫出本實驗的電路圖______；

(4)把電阻箱R0和小燈泡組成串聯(lián)電路，如圖所示，當把R0的阻值調到9Ω時，這只小燈泡消耗的電功率為______W。

26、某物理興趣小組的同學要測定電源（由兩節(jié)新干電池組成）的電動勢和內阻，該同學根據(jù)實驗室提供的實驗器材設計了如圖甲所示的原理圖，其中定值電阻R0=1.8Ω。還有一毫安表，量程為40mA、內阻為rA=4Ω。

(1)因為所給毫安表的量程較小，需利用定值電阻R1將毫安表改裝成量程為200mA的電流表，圖甲的虛線框內為改裝后的電流表，其中R1=_____________Ω。

(2)某次實驗中電壓表的示數(shù)如圖丙所示，則此次實驗中電壓表的讀數(shù)為_________V。

(3)現(xiàn)將實驗中所測得的實驗數(shù)據(jù)（的示數(shù)用U表示，mA的示數(shù)用I表示）描繪在如圖乙所示的坐標紙上，并畫出了U-I圖像，根據(jù)圖乙可知電源的電動勢為2.98V，則可求得內阻為r=_________Ω（結果保留兩位小數(shù)）。

(4)當電壓表讀數(shù)為2.30V時，由圖乙可知I=30mA，此時電源的輸出功率為_________W（結果保留兩位小數(shù)）。評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)27、在圖所示的電路中，L為標有“6V、3W”的小燈泡，電源的內電阻r=2滑動變阻器的總電阻R=48Ω；滑動變阻器的滑動片觸頭位于變阻器的中點時，燈泡L恰好能正常發(fā)光，這時電壓表的讀數(shù)為27V，求：

(1)電阻Rｘ的值；

(2)電源的電動勢E；

(3)滑動變阻器消耗的電功率。

28、如圖所示，框架面積為S，框架所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直。

（1）若使框架繞OO'軸從初始位置轉過60°；則穿過框架的磁通量為多少？

（2）若使框架繞OO'軸從初始位置轉過90°；則穿過框架的磁通量為多少？

（3）若使框架繞OO'軸從初始位置轉過180°；則穿過框架的磁通量變化量為多少？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

探測裝置從無磁場區(qū)進入強磁場區(qū)時，磁敏電阻變大，電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流變小，根據(jù)因為I減小，所以路端電壓U增大，電壓表測量路端電壓，故電壓表示數(shù)變大，燈泡兩端電壓增大，即燈泡變亮，如果磁場足夠大，有可能燒壞燈泡，C正確A錯誤；小燈泡的電流增大，而總電流是減小的，故通過磁敏電阻和滑動變阻器的電流減小，由于滑動變阻器的電阻不變，故滑動變阻器兩端的電壓減小，而路端電壓是增大的，故磁敏電阻兩端的電壓增大，故BD錯誤；

【點睛】

在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部2、D【分析】試題分析：根據(jù)電路的結構，與并聯(lián)，與串聯(lián)，再與并聯(lián)，可知，當P向右滑動時，增大，外電路總電阻增大，則電壓表示數(shù)U變大，干路電流I減小，由功率公式．則知道內電路消耗功率減??；根據(jù)干路電流I與電流的變化情況，來判斷電流的變化情況；由U與的變化情況，可分析得出的電流增大，而則可知變小．

根據(jù)電路的結構，與并聯(lián)，與串聯(lián)，再與并聯(lián)，當P向右滑動時，增大，與并聯(lián)電阻增大，外電路總電阻R總增大，干路電流I減小，路端電壓U增大，即電壓表示數(shù)變大，故A正確，C正確；由知，內電路消耗的功率變小，故D錯誤．由知，I減小，增大，則減小，減小，而與并聯(lián)的電壓U增大，減小則增大，則的電流變大，又電流表的電流I減小，增大，則減??；故B正確．

考點：閉合電路動態(tài)分析。

點評：難度較大，首先應畫出等效電路圖，明確串并聯(lián)關系，注意閉合電路中任一部分電阻增大則總電阻增大，任一部分電阻減小則總電阻減小，由部分電路電阻的變化確定總電阻的變化，確定通過電源的電流的變化，得到路端電壓的變化，再由部分電路歐姆定律分析各部分電路的電流電壓的變化．解決這類動態(tài)分析問題的基礎是認識電路的結構，并采用控制變量法進行分析3、B【分析】【詳解】

A．D點的電場強度與C點的電場強度大小相等，方向相同，都沿著與BA平行的方向；A錯誤；

B．小球沿DC軌道下滑過程中，A、B兩點電荷對其電場大小相同，合場強與DC垂直，由于小球運動過程距離A、B兩點電荷的距離先減小后增大；其電場強度先增大后減小，B正確；

C．小球沿DC到達軌道最低點C過程，A、B兩點電荷對其合電場力垂直于軌道；電場力不做功，電勢能不變，C錯誤；

D．小球沿運動過程，受到的電場力也與軌道垂直，故小球沿到達O點與沿到達C點過程都只有重力做功，由動能定理得小球到達O點與到達C點的速度大小相等；D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AB．電路穩(wěn)定時滑動變阻器分得的電壓為零，把滑動變阻器滑片左移或右移，電容器兩端電壓還是等于電源電動勢，極板間電場強度不變，電子仍擊中Q點；故AB錯誤。

CD．斷開開關S，電容器的電荷量不變，將電容器的下極板下移一小段距離或者上極板上移一小段距離，根據(jù)

可知，電場強度為

不變，電子受力情況不變，則電子電子仍擊中Q點；故C錯誤，D正確。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略在研究自由落體運動時采用了實驗和邏輯推理的方法。A錯誤；

B．法拉第在研究電磁感應現(xiàn)象時利用了歸納法；B錯誤；

C．合力與分力的關系是等效與替代；所以在探究求合力方法的實驗中使用了等效替代的思想。C正確；

D．在探究加速度與力；質量的關系實驗中使用了控制變量的思想方法；D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)6、B:D【分析】【詳解】

根據(jù)歐姆定律將變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E-I（R1+r），則有不變，故A錯誤；根據(jù)歐姆定律變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，則有不變，故B正確；當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，可知I變小，所以U1=IR1變小，所以路端電壓U3=E-Ir，則知U3變大，所以因U3=U1+U2，U1減小，則U2增大，所以△U2＞0，故C錯誤，D正確．所以BD正確，AC錯誤．7、A:C【分析】【詳解】

A．由合力的方向指向運動軌跡的凹側；可知粒子受力方向與電場方向一致，所以帶正電，故A正確；

B．只知道曲線運動軌跡不能判斷運動方向；所以粒子運動方向無法確定，故B錯誤；

C．由于c點電場線比b點電場線密，在電場中根據(jù)

可知點場強大，粒子在c點受力大；加速度大，故C正確；

D．由電場方向可知；該電場是由正點電荷產(chǎn)生的，故D錯誤。

故選AC。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．由圖可知x2處圖線斜率為零，即沿方向電場強度的為零；其他方向的電場強度不一定為零。故A錯誤；

B．根據(jù)

又

可知從x2運動到x3；電子的電勢能減小，電場力對電子做正功。故B正確；

C．同理，電子在x1處的電勢能大于在處的電勢能，只有電場力做功，所以電子的動能與電勢能之和保持不變，即電子在x1處的速率小于在處的速率。故C正確；

D．根據(jù)

可知，圖線上某點斜率表示該位置電場強度，從x1運動到x2，圖線切線的斜率逐漸變小，即電場的場強逐漸減小，根據(jù)

易知加速度逐漸減小。故D正確。

故選BCD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．因A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，故A、B到點電荷的距離相等，O、C到點電荷的距離也相等；則點電荷位置如圖所示。

由圖可知；A錯誤；

B．由圖可知OC的距離

根據(jù)

得

B正確；

C．因點電荷帶正電，故離點電荷越近電勢越高，故O點電勢比A點低；C正確；

D．由圖可知，將正試探電荷從A點沿移動到C點，C點電勢低；電勢降低，電勢能減小，故D錯誤。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題述，A點的電場強度垂直AB向下，由平行四邊形法則可知，q1帶正電，q2帶負電；A錯誤；

B．由幾何關系結合電勢概念可知，正電荷q1在AD兩點產(chǎn)生的電勢相等，負電荷q2在A點的負電勢高于D點的負電勢，由電勢疊加可知A點的電勢高于D點；B正確；

CD．根據(jù)題述，A點的電場強度垂直AB向下，可得sin30°＝

又r2＝2r1，聯(lián)立解得q2＝2q1

C正確；D錯誤。

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

A．半導體材料導電性能受外界條件的影響；例如溫度；光照等，故A正確；

B．超導現(xiàn)象是指在溫度降到某一臨界值時電阻率突然降為零的現(xiàn)象；故B正確；

C．是定義式，與和無關；故C錯誤；

D．電阻率由導體的材料和溫度決定，與S無關；故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】【詳解】

[1][2]該電路的結構R1與R2并聯(lián)后與A串聯(lián)，所以流過電流表A的電流是兩個支路的電流的和，將滑動變阻器的滑片P向左移動，接入電路中的電阻值減小，所以電路中的總電流和流過R1的電流增大，而流過R2的電流減??；所以電流表A的示數(shù)變化量的大小小于電流表A1示數(shù)的變化量的大小；電流表A的示數(shù)增加量的大小小于電流表A1示數(shù)的增加量的大小，則電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變?。籖1與R2并聯(lián)后做為一個電阻，該電路就變成了測量電源的電動勢和內電阻的電路，由閉合電路的歐姆定律：E=U+Ir，所以即將變小?！窘馕觥孔冃∽冃?3、略

【分析】【詳解】

放在A點和B點的點電荷在C處產(chǎn)生的場強方向在AC和BC的連線上，因C點場強方向與BA方向平行，故放在A點的點電荷和放在B點的點電荷產(chǎn)生的場強方向只能如圖所示，由C→A和由B→C，故qA帶負電，qB帶正電，且EB＝2EA，即k＝2k又由幾何關系知＝2所以qAqB＝18.

【解析】負14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]每分鐘通過的電量為

則電路中的電流為【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)圖線斜率的意義可知，φ-t圖線的斜率表示電場強度，所以可知在x=0處電場強度為0

[2]電子從x=-2cm處由靜止釋放，由圖可知，在x=-2cm處的電勢為2V，電子在x=0處的電勢為5V，電子的電勢增大3V，所以電子的電勢能減小3eV，由于電子運動的過程中只有電場力做功，電子動能的增加量等于電勢能的減少量，所以電子到達x=0處的動能為3eV【解析】0316、略

【分析】【詳解】

（1）[1]選接1時電流表的量程為

選接2時電流表的量程為

可看出I1m>I2m；則選接1是10mA的電流表，選接2是1mA的電流表。

[2]根據(jù)選接2時電流表的量程，代入數(shù)據(jù)，可計算出R1=10Ω

（2）[3]選接3時，改裝電壓表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入數(shù)據(jù)有Um=3V【解析】110317、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當時

由圖可知電源電動勢

內阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數(shù)據(jù)可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數(shù)據(jù)可得【解析】0.5618、略

【分析】【詳解】

（1）[1]閉合開關瞬間，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向左偏轉了一下，說明磁通量增加時電流計指針左偏；將線圈A從線圈B抽出的過程中；穿過線圈的磁通量減少，電流計指針將向右偏轉。

（2）[2]由圖乙可知根據(jù)右手螺旋定則可判斷螺線管磁場方向向右；當光照減弱時；光敏電阻的阻值增加，回路中電流減小，穿過金屬環(huán)A的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生向右的感應磁場，再由右手螺旋定則可知從左向右看，金屬環(huán)A中電流方向順時針；

[3][4]因穿過A環(huán)的磁通量減小，據(jù)楞次定律，感應電流的磁場方向與原電流磁場方向相同，故相互吸引，則金屬環(huán)A將向右運動，根據(jù)“增縮減擴”可知，金屬環(huán)A有擴張趨勢?！窘馕觥肯蛴移D順時針右擴張四、作圖題(共4題，共8分)19、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课?、實驗題(共4題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]由于電流表內阻已知；可將電流表內阻等效為電源內阻，則電動勢和內阻的測量無系統(tǒng)誤差，應選用圖甲。

(2)[3]由實驗數(shù)據(jù)畫出U-I圖像如圖所示。

[4]由圖可知第四組數(shù)據(jù)應舍棄，圖像縱軸截距為2.62V，故電動勢E=2.62V；

[5]圖像斜率為內阻【解析】圖甲電動勢和內阻的測量無系統(tǒng)誤差見解析2.62（2.56~2.66均給分）3.00（2.90~3.10均給分）24、略

【分析】【詳解】

[1]螺