2024年滬教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列科學(xué)家屬于“物體越重；下落越快”的觀點(diǎn)的代表人物（）

A.牛頓。

B.伽利略。

C.亞里士多德。

D.愛(ài)因斯坦。

2、兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線平行放置，電流大小分別為I1和I2，電流的方向如圖所示，在與導(dǎo)線垂直的平面上有a、b、c、d四點(diǎn)，其中a在導(dǎo)線橫截面連線的延長(zhǎng)線上，c、d在導(dǎo)線橫截面連線的垂直平分線上。b點(diǎn)為導(dǎo)線橫截面連線與此垂直平分線的交點(diǎn)；導(dǎo)線中的電流在這四點(diǎn)產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的是（）

A.a點(diǎn)B.b點(diǎn)C.c點(diǎn)D.d點(diǎn)3、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開(kāi)關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過(guò)程中，A.電壓表與電流表的示數(shù)都減小B.電壓表與電流表的示數(shù)都增大C.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大4、一只電爐的電阻和一臺(tái)電動(dòng)機(jī)線圈電阻相同；都為R，設(shè)通過(guò)的電流強(qiáng)度相同，時(shí)間相同，電動(dòng)機(jī)正常工作，則（）

A.電動(dòng)機(jī)和電爐發(fā)熱相同。

B.電動(dòng)機(jī)消耗的功率和電爐一樣大。

C.電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電爐兩端電壓。

D.電動(dòng)機(jī)和電爐兩端電壓相同。

5、下列靜電學(xué)公式中，F(xiàn)、q、E、U、r和d分別表示電場(chǎng)力；電量、場(chǎng)強(qiáng)、電勢(shì)差以及距離；則（）

①F=k②E=③E=④U=Ed．A.它們都只對(duì)點(diǎn)電荷或點(diǎn)電荷的場(chǎng)才成立B.①②③只對(duì)點(diǎn)電荷或點(diǎn)電荷的場(chǎng)成立，④只對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)成立C.①②只對(duì)點(diǎn)電荷成立，③對(duì)任何電場(chǎng)都成立，④只對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)才成立D.①②只對(duì)點(diǎn)電荷成立，③④對(duì)任何電場(chǎng)都成立6、如圖所示；一帶負(fù)電的離子束沿圖中箭頭方向通過(guò)兩磁極間時(shí)，它受的洛倫茲力方向(

)

A.向下B.向上C.指向S

極D.指向N

極7、如圖所示，理想變壓器有兩個(gè)副線圈，匝數(shù)分別為n

1

和n

2

所接負(fù)載4

R

1=

R

2

原線圈的電壓恒定不變，當(dāng)只閉合S1

時(shí)，電流表示數(shù)為1A

當(dāng)S1

和S2

都閉合時(shí)，電流表示數(shù)為2A

則n

1隆脙

n

2

為()

A.1隆脙1

B.1隆脙2

C.1隆脙3

D.1隆脙4

8、真空中有相隔距離為r

的兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們分別帶4

q

和3

q

的電荷量，其間的靜電力為F

，如果保持它們之間的距離r

不變，而將它們所帶電量分別改變?yōu)?

q

和6

q

，那么它們之間的靜電力的大小應(yīng)為()

A.F

/2

B.2

F

C.4

F

D.F

評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、物體以某一初速度從粗糙斜面的底沿斜面上拋，物體滑到最高點(diǎn)后又返回拋出點(diǎn)，則下述說(shuō)法中正確的是()A.上滑過(guò)程中重力的沖量小于下滑過(guò)程中重力的沖量B.上滑過(guò)程中摩擦力的沖量與下滑過(guò)程中摩擦力的沖量大小相等C.上滑過(guò)程中彈力的沖量等于下滑過(guò)程中彈力的沖量D.上滑過(guò)程中合外力的沖量與下滑過(guò)程中合外力的沖量方向相同10、關(guān)于慣性，下列表述正確的有()A.物體的速度越大，慣性越大B.物體的質(zhì)量越大，慣性越大C.靜止的物體也有慣性D.慣性是物體的固有屬性11、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，兩個(gè)電壓表均為理想電表.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2

的滑動(dòng)觸頭P

移動(dòng)時(shí)，關(guān)于兩個(gè)電壓表V1

與V2

的示數(shù)，下列判斷正確的是()A.P

向b

移動(dòng)，V1

示數(shù)增大、V2

的示數(shù)減小B.P

向a

移動(dòng)，V1

示數(shù)增大、V2

的示數(shù)減小C.P

向b

移動(dòng)，V1

示數(shù)改變量的絕對(duì)值大于V2

示數(shù)改變量的絕對(duì)值D.P

向a

移動(dòng)，V1

示數(shù)改變量的絕對(duì)值小于V2

示數(shù)改變量的絕對(duì)值12、如圖所示，兩個(gè)半徑相同的半圓形光滑軌道置于豎直平面內(nèi)，左右兩端點(diǎn)等高，分別處于沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.

兩個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從兩軌道左端最高點(diǎn)由靜止釋放.MN

為軌道的最低點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.在磁場(chǎng)中小球能到達(dá)軌道的另一端最高處，在電場(chǎng)中小球不能到達(dá)軌道另一端最高處B.兩個(gè)小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vM<vN

C.兩個(gè)小球第一次經(jīng)過(guò)軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FM>FN

D.小球第一次到達(dá)M

點(diǎn)的時(shí)間大于小球第一次到達(dá)N

點(diǎn)的時(shí)間13、水平放置的金屬框架cdef處于如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒ab處于粗糙的框架上且接觸良好，從某時(shí)刻開(kāi)始，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，金屬棒ab始終保持靜止，則（）A.ab棒中感應(yīng)電流增大，方向由a到bB.ab棒中感應(yīng)電流不變，方向由b到aC.ab棒所受摩擦力增大，方向水平向右D.ab棒所受摩擦力不變，方向水平向左14、在“用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，使單擺做小角度擺動(dòng)，實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的物理量有（）A.擺球的質(zhì)量B.單擺的振幅C.單擺的擺長(zhǎng)D.單擺的周期評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、電荷既不會(huì)憑空產(chǎn)生，也不會(huì)憑空消滅，它只能從一個(gè)物體______到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分______到物體的另一部分；在______的過(guò)程中，電荷的總量______．16、某同學(xué)用圖示裝置測(cè)量油的折射率．已知儲(chǔ)油圓桶底面直徑與桶高均為d，當(dāng)桶內(nèi)無(wú)油時(shí)，從某點(diǎn)A恰能看到桶底邊緣上的點(diǎn)B，當(dāng)桶內(nèi)油的深度等于桶高一半時(shí)，在A點(diǎn)沿AB方向看去，看到桶底上的C點(diǎn)，C、B相距d由此可得油的折射率n=______，光在油中傳播的速度v=______m/s．（空氣中光速3×108m/s）17、如圖所示的電路中，電阻R1R2R3

的阻值都是1婁賂R4R5

的阻值都是0.5婁賂ab

端輸入電壓U=5V.

當(dāng)cd

端接電流表時(shí)，其示數(shù)是______A

當(dāng)cd

端接電壓表時(shí)，其示數(shù)是______V

．18、如圖所示，電路中E=3Vr=0.5婁賂R0=1.5婁賂

變阻器R

的最大阻值為10婁賂

．

(1)

當(dāng)變阻器的阻值R=

______婁賂

時(shí)；變阻器上消耗的功率最大。

(2)

當(dāng)變阻器的阻值R

為某特定值時(shí)，定值電阻R0

上消耗的功率最大，最大值Pm=

______W.

19、用如圖所示裝置做“研究有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸物體的平衡條件”的實(shí)驗(yàn)，力矩盤(pán)上各同心圓的間距相等．（1）（多選題）在用細(xì)線懸掛鉤碼前，下列措施中哪些是必要的（）（A）判斷力矩盤(pán)是否處在豎直平面（B）判斷橫桿MN是否嚴(yán)格保持水平（C）判斷力矩盤(pán)與轉(zhuǎn)軸間的摩擦是否足夠小（D）判斷力矩盤(pán)的重心是否位于盤(pán)中心（2）在力矩盤(pán)上A、B、C三點(diǎn)分別用細(xì)線懸掛鉤碼后，力矩盤(pán)平衡，如圖所示，已知每個(gè)鉤碼所受重力為1N，則此時(shí)彈簧秤示數(shù)應(yīng)為_(kāi)_______N．（3）若實(shí)驗(yàn)前，彈簧秤已有0.2N的示數(shù)，實(shí)驗(yàn)時(shí)忘記對(duì)彈簧秤進(jìn)行調(diào)零，則完成實(shí)驗(yàn)后測(cè)量出的順時(shí)針力矩與逆時(shí)針力矩相比，會(huì)出現(xiàn)M順______M逆（選填“＞”、“＝”或“＜”）．20、某同學(xué)由于沒(méi)有量角器，他在完成了光路圖后，以O(shè)點(diǎn)為圓心，10.00cm為半徑畫(huà)圓，分別交線段OA于A點(diǎn)，交線段OO′的延長(zhǎng)線于C點(diǎn)，過(guò)A點(diǎn)作法線NN′的垂線AB交NN′于B點(diǎn)，過(guò)C點(diǎn)作法線NN′的垂線CD交NN′于D點(diǎn)，如圖所示．用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm，則玻璃的折射率n=________（請(qǐng)用已知線段表示），代入數(shù)據(jù)得n=____。21、一快艇從離岸邊100m遠(yuǎn)的河流中央向岸邊行駛。已知快艇在靜水中的速度圖像如（圖甲）所示；河中各處水流速度相同，且速度圖像如（圖乙）所示。則快艇最快到達(dá)岸邊，所用的時(shí)間為_(kāi)___s，最快到達(dá)岸邊時(shí)，經(jīng)過(guò)的位移大小為m．22、圖示，A、B兩個(gè)小球用等長(zhǎng)絕緣細(xì)線懸掛在支架上，A球帶0.003C的正電荷，B球帶等量的負(fù)電荷，兩懸點(diǎn)相距3cm，在外加勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下，兩球都在各自懸點(diǎn)正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力與______相等，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向______．23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10-8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA=______N/C，B處的場(chǎng)強(qiáng)大小EB=______N/C．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

25、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）26、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共18分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共3題，共30分)29、我省三亞市南濱農(nóng)場(chǎng)是我國(guó)南繁育種基地，著名育種專家袁隆平每年都要到該基地指導(dǎo)育種工作。下圖是水稻高桿和矮桿一對(duì)相對(duì)性狀的雜交實(shí)驗(yàn)過(guò)程，其中P的基因型為DD和dd，請(qǐng)你按照孟德?tīng)栠z傳分離定律，回答下列問(wèn)題：

（1）遺傳圖解中有很多的遺傳符號(hào)，如“”代表_____，P表示_____。（2）上圖中水稻高稈屬于______性狀，F(xiàn)1的基因型是______。（3）F2高稈水稻中雜合子占__________,F2中矮稈水稻的基因型是__________。30、下圖是某家庭先天性聾啞的遺傳系譜圖。請(qǐng)據(jù)圖回答。（顯、隱形基因分別用B、b表示）（1）該病的遺傳方式是常染色體上_____遺傳（顯性/隱性）。（2）圖中Ⅰ代1號(hào)的基因型是_______。（3）圖中Ⅲ代1號(hào)與聾啞基因攜帶者的女性結(jié)婚，生一個(gè)患病孩子的可能性是__。31、下圖是某溫帶陸地生態(tài)系統(tǒng)中某一時(shí)間的食物網(wǎng)?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）有同學(xué)認(rèn)為該生態(tài)系統(tǒng)中所有的鼠構(gòu)成了第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)，該說(shuō)法是否正確？________。理由是________。（2）該生態(tài)系統(tǒng)中的食物鏈往往是________（填“不變”或“可變”）的，原因是________（答出一點(diǎn)即可）。（3）一場(chǎng)低強(qiáng)度的火災(zāi)過(guò)后，森林中的植被很快恢復(fù)，從生物種間關(guān)系的角度分析原因是________；從物質(zhì)循環(huán)的角度分析原因是________。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】

A；根據(jù)牛頓第二定律在忽略空氣阻力的情況下；做自由落體運(yùn)動(dòng)的所有物體的加速度都等于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，即所有的物體下落的一樣快，故A錯(cuò)誤．

B；伽利略通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)輕的物體和重的物體下落的一樣快；故B錯(cuò)誤．

C；亞里士多德認(rèn)為物體越重下落越快；故C正確．

D；愛(ài)因斯坦主要成就是在量子力學(xué)；故D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】牛頓認(rèn)為所有的物體下落的一樣快；伽利略通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)輕的物體和重的物體下落的一樣快，亞里士多德認(rèn)為物體越重下落越快，愛(ài)因斯坦主要成就是在量子力學(xué)．

2、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)安培定則可知兩電流在a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相反，若I1＜I2，由于a離I1近，故在a點(diǎn)I1的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可能等于I2的磁感應(yīng)強(qiáng)度。則a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為0．故A正確；

B．兩電流在b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相同，故b點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不能可為0。故B錯(cuò)誤；

CD．兩電流分別在c、d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不共線，合成時(shí)不可能為0，c、d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能為0．故CD錯(cuò)誤。3、A【分析】試題分析：滑動(dòng)變阻器向下滑動(dòng)，R0接入電路的阻值減小，整個(gè)回路總電阻減小，總電流強(qiáng)度增加，因此內(nèi)電壓升高，路端電壓降低，電壓表示數(shù)減小，B、C錯(cuò)誤；同樣R1分得的電壓也增加，這樣R0與R2并聯(lián)后分得的電壓減小，即加在R2上的電壓減小，流過(guò)R2的電流減小，也就是電流表的示數(shù)減小，D錯(cuò)誤，A正確?？键c(diǎn)：閉合電路歐姆定律【解析】【答案】A4、A|C【分析】

A、電爐電路和電動(dòng)機(jī)電路焦耳定律都適用．根據(jù)焦耳定律Q=I2rt；得，電爐和電動(dòng)機(jī)的電阻相同，電流相同，則在相同的時(shí)間內(nèi)電爐和電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的電熱相等．故A正確．

B；電動(dòng)機(jī)消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；另一部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，電爐消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而相等時(shí)間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，則在相同的時(shí)間內(nèi)，電動(dòng)機(jī)消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動(dòng)機(jī)消耗的功率大于電爐消耗的功率．故B錯(cuò)誤．

C、D設(shè)電流為I，則電爐兩端電壓U爐=Ir，電動(dòng)機(jī)兩端電壓U機(jī)＞Ir，所以U機(jī)＞U爐．即電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電爐兩端電壓．故C正確；D錯(cuò)誤．

故選AC

【解析】【答案】對(duì)于電爐電路和電動(dòng)機(jī)電路；焦耳定律都適用．歐姆定律適用于電爐，不適用于電動(dòng)機(jī)．根據(jù)歐姆定律研究電爐兩端的電壓．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓大于電流與電阻的乘積．

5、C【分析】解：是庫(kù)侖定律的公式，只適用于點(diǎn)電荷．E=是由庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=推導(dǎo)出來(lái)的；也可適用于點(diǎn)電荷；

是電場(chǎng)定義式；采用比值法定義，適用于任何電場(chǎng)；U=Ed是根據(jù)W=qU和W=qEd結(jié)合推導(dǎo)出來(lái)的，W=qEd只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以U=Ed只對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)成立．故C正確．

故選：C．

E=只適用于點(diǎn)電荷；適用于任何電場(chǎng)；U=Ed只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)．

解決本題的關(guān)鍵知道庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度三大公式的適用條件，要知道各個(gè)公式的來(lái)源，并能靈活運(yùn)用，即可正確答題．【解析】【答案】C6、A【分析】【分析】

本題考查基本定則的運(yùn)用能力.

運(yùn)用左手判斷洛倫茲力方向時(shí)；要注意四指指向正電荷的運(yùn)動(dòng)方向或負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的反方向。

帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)受到洛倫茲力方向根據(jù)左手定則判斷；由磁感線方向確定手心方向，由電荷運(yùn)動(dòng)方向確定四指指向，由大拇指指向來(lái)判斷洛倫茲力的方向。

【解答】

由圖可知；磁場(chǎng)方向從N

極指向S

極，根據(jù)左手定則可知，讓四指指向與正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同，讓磁感線穿過(guò)手心，根據(jù)大拇指的指向即可判斷出洛倫茲力的方向，由此可知負(fù)電的離子束所受的洛倫茲力的方向向下，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A

【解析】A

7、B【分析】【分析】設(shè)原線圈的電壓為U

當(dāng)只閉合S1

時(shí)，根據(jù)電流表示數(shù)為1A

可知變壓器的輸入功率，從而可知輸出功率；當(dāng)S1

和S2

都閉合時(shí)，電流表示數(shù)為2A

可知變壓器的輸入功率，從而可知輸出功率；進(jìn)而得到兩副線圈的功率之比，根據(jù)P=U2R

結(jié)合負(fù)載4R1=R2

的阻值關(guān)系，與變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，即可求解。

本題考查了變壓器的特點(diǎn)：輸入功率等于輸出功率，且電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，注意副線圈的電阻阻值關(guān)系是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹吭O(shè)原線圈的電壓為U

當(dāng)只閉合S1

時(shí)，根據(jù)電流表示數(shù)為1A

則變壓器的輸入功率為U隆脕1A

則副線圈的功率為U隆脕1A

當(dāng)S1

和S2

都閉合時(shí)，電流表示數(shù)為2A

則變壓器的輸入功率為U隆脕2A

則副線圈的功率為U隆脕2A

因此兩副線圈的功率之比為11

根據(jù)P=U2R

結(jié)合負(fù)載4R1=R2

的阻值關(guān)系，則有：U12R1=U22R2

解得：U1U2=12

由變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，則有：n1n2=12

故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選B?！窘馕觥緽

8、D【分析】【分析】本題比較簡(jiǎn)單，直接利用庫(kù)侖定律進(jìn)行計(jì)算討論即可。

本題考查了庫(kù)侖定律。庫(kù)侖定律應(yīng)用時(shí)涉及的物理量較多，因此理清各個(gè)物理量之間的關(guān)系，可以和萬(wàn)有引力定律進(jìn)行類比學(xué)習(xí)。。庫(kù)侖定律應(yīng)用時(shí)涉及的物理量較多，因此理清各個(gè)物理量之間的關(guān)系，可以和萬(wàn)有引力定律進(jìn)行類比學(xué)習(xí)。庫(kù)侖定律【解答】距離改變之前：

F=k4q.3qr2=k12q2r2壟脵F=kdfrac{4q.3q}{{r}^{2}}=kdfrac{12{q}^{2}}{{r}^{2}}壟脵當(dāng)它們所帶的電荷量分別改變?yōu)?q8q和qq時(shí)，則有：F鈥?=k2q隆隴6qr2=k12q2r2F{{'}}=kdfrac{2q隆隴6q}{{r}^{2}}=kdfrac{12{q}^{2}}{{r}^{2}}

壟脷壟脷?=F聯(lián)立壟脵壟脷壟脵壟脷可得：FF；故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

二、多選題(共6題，共12分)9、AD【分析】【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，由上滑與下滑過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程明確物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再確定各力的沖量，由于動(dòng)量定理比較合力的沖量大小。本題考查了比較各力的沖量大小，本題的解題關(guān)鍵是分析受力和兩個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的時(shí)間長(zhǎng)度，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、沖量的意義、動(dòng)量定理即可正確解題。【解答】上滑過(guò)程加速度：a脡脧=mgsin婁脠+婁脤mgcos婁脠m=g(sin婁脠+婁脤cos婁脠)

下滑過(guò)程加速度：a脧脗=mgsin婁脠?婁脤mgcos婁脠m=g(sin婁脠鈭?婁脤cos婁脠)

則a脡脧>a脧脗

上滑過(guò)程為勻減速直線運(yùn)動(dòng)；末速度為零，其逆過(guò)程為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

下滑過(guò)程為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，上滑與下滑過(guò)程的位移x

大小相等，可知：t脡脧<t脧脗

A.重力的沖量：IG=mgt

由于t脡脧<t脧脗

則上滑過(guò)程重力的沖量小于下滑過(guò)程中重力的沖量，故A正確；

B.摩擦力的沖量：If=ft=婁脤mgtcos婁脠

由于t脡脧<t脧脗

則上滑過(guò)程摩擦力的沖量小于下滑過(guò)程中摩擦力的沖量，故B錯(cuò)誤；

CD.

上滑過(guò)程為勻減速直線運(yùn)動(dòng)；末速度為零，其逆過(guò)程為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

下滑過(guò)程為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；上滑與下滑過(guò)程的位移x

大小相等；

由v2=2axa脡脧>a脧脗

可知：v脡脧>v脧脗

由動(dòng)量定理得：I潞脧=mv鈭?0=mv

可知：I潞脧脡脧>I潞脧脧脗，方向相同，又由于上滑過(guò)程和下滑過(guò)程中彈力的大小相同，故上滑過(guò)程中彈力的沖量大于下滑過(guò)程中彈力的沖量；故D正確；C錯(cuò)誤。

故選AD。【解析】AD

10、BCD【分析】略。【解析】BCD

11、BD【分析】【分析】由電路圖先明確電路的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)滑動(dòng)變阻器的移動(dòng)明確電阻的變化；由閉合電路歐姆定律可知電路電流的變化，則可分析內(nèi)電壓、路端電壓及各部分電壓的變化。閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析類題目，一般可按外電路鈭?

內(nèi)電路鈭?

外電路的分析思路進(jìn)行分析，在分析時(shí)應(yīng)注意結(jié)合閉合電路歐姆定律及串并聯(lián)電路的性質(zhì)?！窘獯稹坑蓤D可知R1

與R2

串聯(lián)；V1

測(cè)R1

兩端的電壓，V2

測(cè)R2

兩端的電壓；

B.若p

向a

端移動(dòng)；則滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，則內(nèi)電壓增大，R1

兩端的電壓增大；路端電壓減小，故R2

兩端的電壓減小，故B正確；

D.因路端電壓減??；V1

示數(shù)增大，V2

示數(shù)減小，而兩電表之和等于路端電壓，故可知V1

示數(shù)改變量的絕對(duì)值小于V2

示數(shù)改變量的絕對(duì)值，故D正確；

A.若p

向b

端移動(dòng)；則滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電流減小，內(nèi)電壓減小，V1

減小，故A錯(cuò)誤；

C.由于內(nèi)電壓減??；故路端電壓增大，而V1

減小，V2

必然增大，且增大量一定大于V1

的減小量，故C錯(cuò)誤；

故選BD。

【解析】BD

12、AC【分析】解：A

洛倫茲力不做功；故在磁場(chǎng)中小球能運(yùn)動(dòng)可能到另一端的最高處；根據(jù)動(dòng)能定理知，在電場(chǎng)中，電場(chǎng)力始終做負(fù)功，小球不能到達(dá)最高點(diǎn)，否則末動(dòng)能小于零，矛盾；故A正確．

B、對(duì)左圖，根據(jù)動(dòng)能定理得，mgR=12mvM2

解得vM=2gR

．

對(duì)右圖，根據(jù)動(dòng)能定理得，mgR鈭?qER=12mvN2

解得vN=2(mgR鈭?qER)m.

所以vM>vN.

故B錯(cuò)誤．

C、在最低點(diǎn)，對(duì)左圖有：FM鈭?mg=mvM2R

解得FM=3mg

．

對(duì)右圖有：FN鈭?mg=mvN2R

解得FN=3mg鈭?qE.

知FM>FN.

故C正確．

D；左圖在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中；只有重力做功，右圖在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，除重力做功外，還有電場(chǎng)力做負(fù)功，起阻礙作用，所以小球第一次到達(dá)M

點(diǎn)的時(shí)間小于小球第一次到達(dá)N

點(diǎn)的時(shí)間，故D錯(cuò)誤．

故選：AC

帶電小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力不做功，根據(jù)動(dòng)能定理求出運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速度，從而根據(jù)牛頓第二定律求出底部對(duì)小球的支持力大小，然后進(jìn)行比較．

解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)力做功和洛倫茲力做功的區(qū)別，知道洛倫茲力不做功，綜合動(dòng)能定理和牛頓第二定律進(jìn)行求解．【解析】AC

13、BC【分析】解：A、磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，穿過(guò)回路的磁通量均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，回路中產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流也恒定不變；根據(jù)楞次定律可知，電流由b到a；故A錯(cuò)誤；B正確；

C、ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均勻增大，金屬棒ab始終保持靜止；則摩擦力也均勻增大．根據(jù)左手定則可知，安培力向左，根據(jù)平衡條件可知，摩擦力向右，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：BC

磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大；穿過(guò)回路的磁通量均勻增大，回路中產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律可明確電流方向；安培力F=BIL，分析安培力的變化，根據(jù)左手定則可明確安培力的方向；再根據(jù)平衡條件即可判斷摩擦力的變化．

本題關(guān)鍵根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)如何變化，從而判斷感應(yīng)電流和安培力的變化以及方向．【解析】【答案】BC14、CD【分析】解：根據(jù)單擺周期公式：得：

根據(jù)以上公式可得；要得出重力加速度，需要測(cè)量的是單擺的擺長(zhǎng)和擺動(dòng)的周期．

該公式中；與擺球的質(zhì)量和單擺的振幅無(wú)關(guān)．故選項(xiàng)A；B錯(cuò)誤，選項(xiàng)CD正確．

故選：CD

根據(jù)單擺周期公式：列式；得出重力加速度的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析即可．

本題關(guān)鍵明確單擺擺長(zhǎng)等于懸掛點(diǎn)到球心的間距，然后根據(jù)周期公式列式求解，基礎(chǔ)題．【解析】【答案】CD三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】解：電荷既不會(huì)憑空產(chǎn)生；也不會(huì)憑空消滅，它只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分；

在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中；電荷的總量保持不變．

故答案為：轉(zhuǎn)移；轉(zhuǎn)移，轉(zhuǎn)移，保持不變．

同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引．根據(jù)電荷守恒定律的內(nèi)容就可以直接作出解答．

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)電荷守恒定律的掌握的情況，比較簡(jiǎn)單．【解析】轉(zhuǎn)移；轉(zhuǎn)移；轉(zhuǎn)移；保持不變16、略

【分析】解：作出光路圖；如圖所示：

光從油射入空氣時(shí)，入射角正弦：sinγ==

折射角正弦：sini=sin45°=

故折射率為：n===2；

所以油中光速為：v===1.5×108m/s；

故答案為：2，1.5×108

畫(huà)出光路圖后，根據(jù)折射定律求出折射率的大小，根據(jù)v=求出光在油中的傳播速度．

解決本題的關(guān)鍵掌握光的折射定律，以及知道光在介質(zhì)中的速度與真空中速度的關(guān)系．【解析】2；1.5×10817、略

【分析】解：當(dāng)cd

端接電流表時(shí)；R4

與R5

串聯(lián)后與R2

并聯(lián)，再與R1R3

串聯(lián)；

并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各分電阻倒數(shù)之和，則并聯(lián)部分的總電阻為R虜壟=2(R4+R5)R2+R4+R5=1隆脕11+1=0.5(婁賂)

電路中總電流為I=UR1+R虜壟+R3=51+0.5+1A=2A

因?yàn)镽4+R5=R2

所以通過(guò)電流表的電流為IA=12I=1A

當(dāng)cd

端接電壓表時(shí)，R1R2R3

串聯(lián)，此時(shí)R4R5

相當(dāng)于導(dǎo)線，電壓表測(cè)R2

兩端的電壓，則得電壓表的示數(shù)：UV=R2R1+R2+R3U=11+1+1隆脕5V=53V

故答案為：153

(1)

當(dāng)cd

端接電流表時(shí)；R4

與R5

串聯(lián)后與R2

并聯(lián)，再與R1R3

串聯(lián)，根據(jù)電阻的串并聯(lián)表示出電路中的總電阻，根據(jù)歐姆定律求出電路中的電流和并聯(lián)部分的電壓，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出電流表的示數(shù)．

(2)

當(dāng)cd

端接電壓表時(shí)；R1R2R3

串聯(lián)，此時(shí)R4R5

相當(dāng)于導(dǎo)線，電壓表測(cè)R2

兩端的電壓，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出電壓表的示數(shù)；

本題考查了串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是cd

端接電壓表時(shí)或接電流表時(shí)電路串并聯(lián)的辨別，理清電阻之間的關(guān)系特別關(guān)鍵．【解析】153

18、略

【分析】解：(1)

將電阻R0

和電源等效成新的電源；當(dāng)外電路電阻與等效電源內(nèi)電阻相等時(shí)，等效電源的輸出功率最大；

故當(dāng)Rx=R0+r=2婁賂

時(shí)；等效電源的輸出功率最大，即變阻器上消耗的功率最大；

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律；有：

I=Er+R0+Rx

當(dāng)Rx=0Im=Er+R0=30.5+1.5A=1.5A

根據(jù)公式P=I2R0=1.52隆脕1.5W=3.375W

故答案為：(1)2(2)3.375

．

(1)

當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)電阻相等時(shí)；電源的輸出功率最大；將電阻R0

和電源等效成新的電源進(jìn)行分析即可；

(2)

通過(guò)定值電阻R0

的電流最大時(shí)；輸出功率最大．

本題關(guān)鍵明確“當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大”的結(jié)論，對(duì)于定值電阻，電流越大，功率越大．【解析】23.375

19、略

【分析】【解析】試題分析：（1）因?yàn)橹亓Ψ较蜇Q直向下，即重力只能在豎直面內(nèi)作用。故選(A).。力矩盤(pán)與轉(zhuǎn)軸間的摩擦應(yīng)足夠小，則摩擦力產(chǎn)生力矩可忽略。故選(C)。力矩盤(pán)的重心若不位于盤(pán)中心，則力矩盤(pán)的重力也要產(chǎn)生力矩，那么實(shí)驗(yàn)時(shí)必須將力矩盤(pán)重力產(chǎn)生的力矩計(jì)算在內(nèi)。力矩盤(pán)的重心若位于盤(pán)中心，則力矩盤(pán)的重力產(chǎn)生的力矩為零。故選(D)。而橫桿MN是否嚴(yán)格保持水平，并不影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果。（2）由力矩平衡原理（設(shè)力矩盤(pán)上各同心圓的間距相等，且為R）得：(F為彈簧秤示數(shù))解得：F＝3N（3）若實(shí)驗(yàn)前，彈簧秤已有示數(shù)，實(shí)驗(yàn)時(shí)忘記對(duì)彈簧秤進(jìn)行調(diào)零，計(jì)算逆時(shí)針力矩力矩時(shí)，F(xiàn)代入數(shù)值就比實(shí)際值大，得到的結(jié)果：順時(shí)針力矩比逆時(shí)針力矩小。考點(diǎn)：力矩平衡【解析】【答案】（1）ACD（2）3（3）<20、略

【分析】【解析】試題分析：解析由圖可知sin∠AOB=sin∠DOC=OA=OC=R，根據(jù)n=知，n====1.5考點(diǎn)：光的折射定律【解析】【答案】1.521、略

【分析】當(dāng)船頭垂直正對(duì)岸時(shí)，所用時(shí)間最短，船在靜水中的運(yùn)動(dòng)為勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為0.5m/s2，沿河岸方向移動(dòng)位移為總位移為116.6m【解析】【答案】20116.622、略

【分析】解：由題可知；AB帶異種電荷，則相互間的庫(kù)侖引力；

在外加勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下；兩球都在各自懸點(diǎn)正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力與各自庫(kù)侖力方向相反，大小相等；

依據(jù)正電荷的電場(chǎng)力方向即為電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；那么外加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左；

故答案為：庫(kù)侖力；向左．

向左．

依據(jù)同種電荷相吸；異種電荷相斥，判定電荷間的庫(kù)侖力方向，再依據(jù)平衡條件，即可確定勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力的方向與大小關(guān)系．

考查電荷間的庫(kù)侖力方向與大小的應(yīng)用，掌握平衡條件的內(nèi)容，及理解電場(chǎng)強(qiáng)度方向與正電荷的電場(chǎng)力方向，及負(fù)電荷的電場(chǎng)力方向的關(guān)系．【解析】庫(kù)侖力；向左23、略

【分析】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=k=9×109×N/C=9×103N/C；方向從O→A；

同理，點(diǎn)電荷在B點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小也為E=k=9×109×N/C=9×103N/C；方向從O→B；

根據(jù)平行四邊形定則得，則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為EA=E點(diǎn)-E勻=9×103N/C-9×103N/C=0；

同理，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為EB=E=9×103N/C；

故答案為：0；9×103

根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在C點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大??；判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解AB兩點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．

本題電場(chǎng)的疊加問(wèn)題，一要掌握點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k二要能根據(jù)據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成．【解析】0；9×103四、判斷題(共3題，共21分)24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．25、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．26、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)