江西省十校協(xié)作體2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期第一次聯(lián)考物理試卷答案

參考答案：題號(hào)123456789答案BBCADACADBCABD1．B【詳解】A．圖甲中玻璃容器中的小水銀滴呈球形，是因?yàn)樗y與玻璃不浸潤(rùn)導(dǎo)致的結(jié)果，故A錯(cuò)B．圖乙為康普頓效應(yīng)的示意圖，入射光子與靜止的電子碰撞，碰撞后散射光的光子能量變小，根據(jù)ε=hv=h，可知，碰撞后散射光的波長(zhǎng)變長(zhǎng)，故B正確；C．鋅的逸出功為3.34eV，用丙中一群處于n=3能級(jí)的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，照射光的光子最大能量為hvm=E3E1=1.51eV(13.6eV)=12.09eV，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，逸出光電子的最大初動(dòng)能D．衰變過(guò)程隨時(shí)間的變化規(guī)律說(shuō)明在相同時(shí)間內(nèi)，有半數(shù)的原子核發(fā)生了衰變，但相同時(shí)間內(nèi)衰變的原子數(shù)量隨時(shí)間的推移而不斷減少，故D錯(cuò)誤。故選B。【難度】0.85【詳解】“彩色光環(huán)”現(xiàn)象屬于衍射現(xiàn)象。A．雨后的彩虹屬于光的折射，故A錯(cuò)誤；B．透過(guò)狹縫看日光燈可以看到彩色條紋為單縫衍射，故B正確；C．油膜在陽(yáng)光下呈現(xiàn)彩色是由于薄膜干涉，屬于光的干涉，故C錯(cuò)誤；D．樹(shù)影中的圓形光斑為太陽(yáng)的像，屬于小孔成像，故D錯(cuò)誤。3．C【詳解】A．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由所受外力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，合力方向始終指向圓心，可知，小豬所受的合外力不為零，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)沖量的定義有I=Ft，可知，小豬運(yùn)動(dòng)一周，其重力的沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由碗對(duì)小豬的作用力與小豬的重力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，重力方向豎直向下，合力方向指向圓心，即合力沿水平方向，則有F向=則有F向=Fmg4．A【詳解】A．因發(fā)射的“鵲橋二號(hào)”未能變軌到繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，則發(fā)射速度要小于第二宇宙速度，即發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間，故A正確；B．“鵲橋二號(hào)”在軌道I運(yùn)行到近月點(diǎn)A時(shí)減速才能變軌進(jìn)入凍結(jié)軌道II運(yùn)行，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律有=ma，解得a=，可知“鵲橋二號(hào)”在軌道I上經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的加速度等于在軌道II上經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度，故C錯(cuò)誤；D．軌道I的半長(zhǎng)軸大于軌道II的半長(zhǎng)軸，由開(kāi)普勒第三定律=k，可知“鵲橋二號(hào)”在軌道I上的運(yùn)行周期比在軌道II上的運(yùn)行周期長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選A?！倦y度】0.85【詳解】根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程可知質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期為T(mén)==s由波長(zhǎng)公式可知聲波的波長(zhǎng)為λ=vT=m=6.8mP與MN的距離之差即波程差為Δx==3.4m=，所以當(dāng)波程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，利用波的干涉原理可知兩波源振動(dòng)步調(diào)一致即可使P點(diǎn)振動(dòng)減弱，則降噪聲源的振動(dòng)方程應(yīng)為x=A0sin(100πt+)故選D。6．A【詳解】A．當(dāng)v>時(shí)，則qvB>Eq，即電荷所受向上的洛倫茲力較大，將向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；B．一束等離子體（含有大量正、負(fù)帶電粒子）射入磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則可知，正電荷受到指向B極板的洛倫茲力，負(fù)電荷受到指向A極板的洛倫茲力，所以B板帶正電，A板帶負(fù)電，通過(guò)電阻R的電流從b流向a，故B錯(cuò)誤；C．粒子在加速電場(chǎng)中有qU=mv2，在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中有qvB=m，所以 R=12mU，由此可知，該質(zhì)譜儀不能區(qū)分比荷相同的帶電粒子，故C錯(cuò)誤；D．由于金屬導(dǎo)體導(dǎo)電B\q粒子為自由電子，根據(jù)左手定則可知，自由電子受到指向a板的洛倫茲力，所以自由電子將打到a板，則a面電勢(shì)低于b面電勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選A。AB=0時(shí)，短繩2豎直，此時(shí)設(shè)繩1與豎直方向夾角為θ,則由幾何關(guān)系sinθ==0.8可得θ=53。，可知，光滑小環(huán)處輕繩1的夾角為106O，由平衡可知2Tcos53。=mg，T=mg，故AB錯(cuò)誤；CD．UAB增大時(shí)，負(fù)電小球受水平方向的電場(chǎng)力增加，對(duì)小球受力分析可知輕繩2向右傾斜，但是輕繩2方向仍是輕繩1的角平分線上。由幾何關(guān)系得sinα==，即cosβ=1.25sinα,所以β增大時(shí)α減小，由受力分析有2T=cosα=F=，即T==2cosα5sinα)=，所以當(dāng)α=45O時(shí)T最小，即隨著UAB增大，輕繩1的張力T先減少后增大。故C正確，D錯(cuò)誤。故選C?！倦y度】0.85【詳解】AB．由理想變壓器原、副線圈的電壓比等于匝數(shù)比，兩變壓器則有可得由題意可知，由于輸電線上有電壓降，因此則有U2>U3，又有n2=n3，可得4故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由理想變壓器原、副線圈的電流比等于匝數(shù)的反比，兩變壓器則有，I33可得I=由于I2=I3，n2=n3，可得I1故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD?！倦y度】0.65【詳解】A．第一次火藥爆炸后，設(shè)煙花的速度為v，則有v2=2gh解得v=20m/s煙花動(dòng)量變化量的大小為Δp=mv—0=6.0kg.m/s故A錯(cuò)誤；解得高壓氣體對(duì)煙花平均作用力大小為F=603N故B正確；解得v2=40m/s所以另一部分煙花的速度大小為40m/s，方向水平向西；兩部分下落的時(shí)間相等均為\g\g所以兩部分煙花落地點(diǎn)間距為x=(v2+v1)t=120m故C正確。故選BC?！倦y度】0.4【詳解】A．由乙圖可知，帶電微粒在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)最高值為1.5φ1，電勢(shì)最低值為—0.5φ1，最高點(diǎn)、最低點(diǎn)分別位于軌跡直徑的兩端，將直徑取四等分點(diǎn)，找到與a點(diǎn)電勢(shì)φa=0相同的點(diǎn)A，如圖aA垂直于電場(chǎng)線R 21cosθ=設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與 21cosθ==R2解得θ=，故A正確；B．由上述分析可知φb=1.0φ1，從a點(diǎn)到b點(diǎn)由動(dòng)能定理W+qUab=0CD．由乙圖可知，微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)=13t1—t1速度為v==1電場(chǎng)強(qiáng)度為E===圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電勢(shì)為—0.5φ1時(shí)變力F達(dá)到最大值，有F—qE=m(π2φ)(36t1R,解得F=|(π2φ)(36t1R,故D正確，C錯(cuò)誤。故選ABD。11共8分每空2分）(1)C(2)5.25（5.21~5.25）0.50(3)D【詳解】（1）A．“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中只需要小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)即可，不需要補(bǔ)償阻力，故A錯(cuò)誤；B．“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中拉彈簧秤時(shí)，只需讓彈簧與外殼間沒(méi)有摩擦，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為彈簧對(duì)細(xì)繩的拉力，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中為了保證小球每一次拋出時(shí)速度大小相等，需要讓小球每一次從相同高度靜止釋放，斜槽與鋼球間的摩擦力對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響，故C正確；D．“研究氣墊導(dǎo)軌上滑塊碰撞時(shí)的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中只需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌讓滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)即可，不需要進(jìn)行補(bǔ)償阻力操作，故D錯(cuò)誤。故選C。（2）[1]毫米刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值下一位，即圖中D點(diǎn)的讀數(shù)為5.25cm；[2]相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔T==0.02s，根據(jù)逐差法可得a=，代入數(shù)據(jù)2m/s2=0.5m/s2（3）A．補(bǔ)償阻力操作后，更換小車和槽碼的質(zhì)量，不需要重新補(bǔ)償阻力，沒(méi)有重新進(jìn)行補(bǔ)償阻力操作對(duì)實(shí)驗(yàn)無(wú)影響，故A錯(cuò)誤；B．為了使小車所受的合外力等于槽碼的重力，需要使得小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量，所以小車所受合外力近似與槽碼重力相等，不是小車加速度變大的原因，故B錯(cuò)誤；CD．對(duì)小車和槽碼，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)兩次實(shí)驗(yàn)分別有m1g=(M+m1)a1，m2g=(M+m2)a2，根據(jù)題意有a2=4a1，聯(lián)立可得m2>4m1，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。12．(1)E1電壓表V(2)R2溫控箱的溫度t和電阻箱R2的阻值(3)1800高于【詳解】（1）[1][2]熱敏電阻RT的阻值大約為幾千歐，電路中的電流大約為mA量級(jí)，故不能選用電流表A，由于電壓表V的內(nèi)阻已知，可以作為電流表使用，量程為6mA，故電源應(yīng)選E1，電表1應(yīng)選電壓表V。（2）[1][2]根據(jù)等效替代法測(cè)電阻，應(yīng)該保持滑動(dòng)變阻器R1滑片的位置不變，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2打到a端，調(diào)節(jié)電阻箱R2，使電表1的讀數(shù)保持不變，記錄溫控箱的溫度t和電阻箱R2的阻值。（3）[1][2]熱敏電阻RT在溫度為36℃時(shí)的阻值為900Ω,此時(shí)報(bào)警器的電壓為2V，故電阻箱R的阻值應(yīng)該調(diào)為1800Ω;若考慮到電源內(nèi)阻的影響，報(bào)警器的電壓為2V時(shí)，熱敏電阻RT的阻值應(yīng)小于900Ω,故實(shí)際報(bào)警溫度會(huì)高于36℃。13共8分）(1)pA:pB=5:1(2)TB:TC=1:1.9【詳解】（1）由題可知，根據(jù)玻意耳定律可得pAVA=pBVB（2分）解得pA:pB=5:1（2分）（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知解得T14共12分）(1)2250N(2)3m/s(3)562.5J【詳解】（1）由于運(yùn)動(dòng)員恰好到達(dá)平臺(tái)B的上端邊緣，根據(jù)機(jī)械能守恒22根據(jù)牛頓第二定律F聯(lián)立解得支持力大小FN=2250N（2分）（2）運(yùn)動(dòng)員從M點(diǎn)做斜拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)初速度為v，則vtcosθ=2.4m（1分）2vsinθ=gt（1分）因此在最高點(diǎn)的速度v水平=vcosθ=3m/s（1分）（3）從M到Q的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理2Q2mgr(1-cosθ)+W=1mv2-1mv22Q2解得W=562.5J（2分）15共17分1）120C2）2.5T，3m/s3）4m【詳解】（1）由題知，用電動(dòng)勢(shì)E=15V的電源（圖中未畫(huà)出）為電容器充電，則有（2）閉合開(kāi)關(guān)S后，兒童車先作加速度變小的加速運(yùn)動(dòng)。達(dá)到最大速度后作勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)速度為v1，電容器電壓為U金屬棒ab、cd并聯(lián)，可看作一根金屬棒，受到安培力的沖量對(duì)兒童車由動(dòng)量定理得B1I1LΔt1=mv1（1分）q1=I1Δt1其中U1=B1Lv1，q1=C(E－U1)（1分聯(lián)立解得當(dāng)=B1L2C，即B1=2.5T（1分）時(shí)，兒童車在AA′BB′金屬軌道上獲得的最終速度最大，且兒童車的最大速度v1=3m/s