2015年高考物理試卷（浙江）（10月）（解析卷）

第頁|共頁2015年10月浙江省普通高校招生選考科目考試物理試題1．A[國際單位制中，基本單位只有七個(gè)，高中階段只需掌握6個(gè)，即kg、m、s、A、mol、K，各自對(duì)應(yīng)的物理量是質(zhì)量、長度、時(shí)間、電流強(qiáng)度、物質(zhì)的量、熱力學(xué)溫度。]2．D[在v－t圖象中，斜率代表的是加速度，D的斜率為0，即為勻速直線運(yùn)動(dòng)。A的斜率為負(fù)，為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B、C的斜率為正，B為初速度不為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，C為初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。]3．A[參考系是假定為不動(dòng)的物體，因此，固定隊(duì)列中的飛機(jī)(或飛機(jī)中的人)為參考系時(shí)，隊(duì)列中的其他飛機(jī)和其他飛行員是靜止的，廣場上的觀眾是運(yùn)動(dòng)的；以廣場上的人作為參考系時(shí)，飛機(jī)是水平運(yùn)動(dòng)的，故A正確。]4．B[v＝216km/h＝60m/s，x＝vt＝1200m，B正確。]5．D[水流的重力勢能一部分轉(zhuǎn)化成水輪機(jī)的能量，另一部分會(huì)轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，回到瀑布上方的水流一定會(huì)越來越少，題目中描述的周而復(fù)始是不成立的，違背了能量守恒定律，故D正確。]6．B[已知位移為x＝58m，用時(shí)t＝15s，則可求出平拋速度v＝eq\f(58,15)m/s≈3.87m/s，只有位移和時(shí)間這兩個(gè)物理量，在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中是無法求出初速度、末速度和加速度的，故B正確。]7．C[小衛(wèi)星分別在不同的三層軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，即它們的軌道半徑不同，A錯(cuò)誤；由Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)得v＝eq\r(\f(GM,r))，隨著軌道半徑的增大，衛(wèi)星的線速度減小，B錯(cuò)誤；由Geq\f(Mm,r2)＝mω2r得ω＝eq\r(\f(GM,r3))，隨著軌道半徑的增大，衛(wèi)星的角速度減小，D錯(cuò)誤；由Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r得T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，隨著軌道半徑的增大，衛(wèi)星的運(yùn)行周期變大，半徑相同，則周期相同，故C正確。]8．C[小孩子從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律可得mgh＝eq\f(1,2)mv2，h＝1.25m，由牛頓第二定律可得FN－mg＝meq\f(v2,R)，R＝2.5m，解以上兩式得FN＝600N，再由牛頓第三定律可知，小孩對(duì)秋千板的壓力為600N。]9．C[由第1，2，3組數(shù)據(jù)可知，電流保持不變時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大多少倍，電壓Uab也增大多少倍，可推知電壓Uab可能與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，B、D錯(cuò)誤；由第1，4，5組數(shù)據(jù)可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度保持不變時(shí)，電流增大多少倍，電壓Uab也增大多少倍，可推知電壓Uab可能與電流成正比，A錯(cuò)誤，C正確。]10．B[W＝Pt＝104kW×1200h＝1.2×107kW·h，故B正確。]11．A[由庫侖定律得F＝keq\f(Q2,（lsinθ）2)＝eq\f(4kQ2,l2)，A正確，B錯(cuò)誤；對(duì)A小球受力分析如圖所示。由共點(diǎn)力平衡知，tanθ＝eq\f(F,mg)，得F＝eq\f(\r(3),3)mg，故C、D錯(cuò)誤。]12．C[設(shè)20L油發(fā)動(dòng)機(jī)可提供的總功為W，由能量守恒定律知當(dāng)快艇以10m/s勻速行駛時(shí)，W＝Ffs1＝kveq\o\al(2,1)s1，當(dāng)快艇以20m/s勻速行駛時(shí)，W＝Ffs2＝kveq\o\al(2,2)s2，可得s2＝10km，C正確。]13．A[由圖象可知，當(dāng)拉力大于等于5N時(shí)木塊開始滑動(dòng)，可得最大靜摩擦力大小為5N，此后拉力F繼續(xù)增大，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力Ff保持3N不變，由Ff＝μmg，解得μ＝0.3，A正確。]14．ABD[氫原子從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)會(huì)輻射出光子，有hν＝E末－E初，故可知頻率為ν1的光子能量較大，ν1>ν2，A正確；由λ＝eq\f(h,p)，λ＝eq\f(c,ν)得光子的動(dòng)量p＝eq\f(hν,c)，頻率為ν1的光子動(dòng)量較大，故B正確；在雙縫干涉中，屏上相鄰的明條紋(或暗條紋)之間距離Δx與波長λ，雙縫間距d及屏到雙縫距離l的關(guān)系為Δx＝eq\f(l,d)λ＝eq\f(lc,dν)，頻率為ν1的光產(chǎn)生的條紋間距較小，故C錯(cuò)誤；做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，Ekm＝hν－W逸，頻率為ν1的光產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能較大，故D正確。]15．BD[由圖象可知λ＝4m，波沿x軸正方向傳播，t＝0時(shí)質(zhì)點(diǎn)A左邊的第二個(gè)波峰距質(zhì)點(diǎn)A的距離x＝λ＋(1.8m－eq\f(λ,4))＝4.8m，可知波速為v＝eq\f(x,t)＝eq\f(4.8m,0.6s)＝8m/s，A錯(cuò)誤；波的頻率f＝eq\f(v,λ)＝eq\f(8,4)Hz＝2Hz，波的周期T＝eq\f(1,f)＝0.5s，B正確；由于0.6s<eq\f(5,4)T，故0～0.6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B的路程s<eq\f(5,4)×4A＝25cm，C錯(cuò)誤；t＝0.6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B在平衡位置下方，沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，D正確。]16．AD[當(dāng)入射光線經(jīng)玻璃的折射后恰好達(dá)到孔的上、下邊界時(shí)，入射光線具有最大入射角度，畫出光路圖如圖所示，圖中粗細(xì)兩邊界分別為玻璃磚在孔內(nèi)的兩個(gè)位置，由于玻璃的折射率一定，玻璃的厚度相同，玻璃的兩邊界平行，故光線經(jīng)玻璃折射前后是平行的，玻璃移動(dòng)前后光線偏折的角度和距離也是相等的，可知圖2能看到的外界的角度范圍等于圖3的，C錯(cuò)誤，D正確；玻璃的折射率一定，光線以同一角度入射時(shí)，偏折的程度一定，玻璃越厚時(shí)，光線經(jīng)玻璃偏折的距離越大，故可知圖1中光線可以以更大的入射角度射入，圖1能看到的外界的角度范圍大于圖2和圖3的，A正確，B錯(cuò)誤。]17．解析(1)探究求合力的方法中，需要測出力的大小，并利用平行四邊形定則作圖求出合力的大小，作力的圖示時(shí)需要用力的作用線的長度表示力的大小，故還需要刻度尺，BD是必須要用到的；(2)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測速度時(shí)不需要測量質(zhì)量，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)需要測量質(zhì)量、時(shí)間和位移，故B正確。答案(1)BD(2)B18．解析(1)電流表選擇的是0～0.6A，刻度盤中每一小格是0.02A，故讀數(shù)時(shí)不需要再估讀，直接讀數(shù)為0.25A；(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路由閉合電路的歐姆定律可得U＝E－Ir，U－I圖象的斜率的絕對(duì)值代表的物理意義是內(nèi)阻，由圖3可知r＝eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(1.43V－1.0V,0.57A)))＝0.75Ω，I＝0時(shí)，圖線與U軸的交點(diǎn)等于E，所以E＝1.43V。答案(1)0.25±0.01(2)1.43±0.010.75±0.0319．解析(1)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律v2－0＝2al得a＝eq\f(v2,2l)＝2.0×102m/s2(2)由牛頓第二定律有F＝ma得F＝4N(3)由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律x＝vt得t＝eq\f(x,v)＝0.2s由h＝eq\f(1,2)gt2得h＝0.2m答案(1)2.0×102m/s2(2)4N(3)0.2m20．解析(1)由ΔEk＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)，得ΔEk＝3.0×105J(2)由動(dòng)能定理有mgh－Ffl＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)得Ff＝eq\f(\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－\f(1,2)mveq\o\al(2,2)＋mgh,l)＝2×103N(3)設(shè)向上運(yùn)動(dòng)的最大位移是l′，由動(dòng)能定理有－(mgsin17°＋3Ff)l′＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)得l′＝eq\f(mveq\o\al(2,2),2（mgsin17°＋3Ff）)＝33.3m答案(1)3.0×105J(2)2×103N(3)33.3m21．解析(1)“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中的輸入電流只能是交流電，因圖甲接在直流上，圖乙接在交流上，故圖乙正確。理想變壓器的原、副線圈兩端的電壓比等于原、副線圈的匝數(shù)比，即eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，實(shí)際生活中的變壓器存在漏磁、線圈電阻大，鐵芯發(fā)熱等現(xiàn)象，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)時(shí)測得的電壓比與匝數(shù)比不相等。(2)螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為13.8×0.01mm，故螺旋測微器的讀數(shù)為0.5mm＋13.8×0.01mm＝0.638mm。測量金屬絲的電阻率的實(shí)驗(yàn)原理是部分電路歐姆定律，需要用到電壓表和電流表測量金屬絲兩端的電壓和流過金屬絲的電流，根據(jù)電阻定律R＝ρeq\f(l,S)，還需要利用刻度尺測量金屬絲的長度。答案(1)圖乙漏磁、鐵芯發(fā)熱，導(dǎo)線發(fā)熱(2)0.638±0.002電壓表、電流表、刻度尺22．解析(1)由電磁感應(yīng)定律E＝neq\f(ΔΦ,Δt)得E＝nSeq\f(ΔB2,Δt)＝30V(2)電流方向C→DB2方向向上(3)由牛頓第二定律F＝ma＝meq\f(v－0,Δt)(或由動(dòng)量定理FΔt＝mv－0)安培力F＝IB1lΔQ＝IΔtv2＝2gh得ΔQ＝eq\f(m\r(2gh),B1l)＝0.03C答案(1)30V(2)電流方向C→DB2方向向上(3)0.03C23．解析(1)由動(dòng)能定理W＝Ek2－Ek0電場力做功W＝qE·2L得Ek2＝Ek0＋qE·2L＝1.4×105eV＝2.24×10－14J(2)洛倫茲力提供向心力qvB＝meq\f(v2,R)第一次進(jìn)入B1區(qū)域，半徑R0＝eq\f(mv0,qB1)＝0