湖北省部分市州2024-2025學年高三上學期元月期末聯(lián)考數(shù)學試題 含解析

湖北省部分市州2025年元月高三期末聯(lián)考數(shù)學試卷本試卷共4頁，19題.全卷滿分150分.考試用時120分鐘.★?？荚図樌镒⒁馐马棧?．答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置．2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效．3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效．4．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并上交．一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1.已知命題，命題，則命題是命題的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件【答案】A【解析】【分析】根據(jù)指對函數(shù)的性質，結合充分，必要條件，即可判斷選項.【詳解】因為函數(shù)和都是增函數(shù)，若命題成立，則，則，所以命題是命題的充分條件，反之，若命題成立，則，但當是非正數(shù)時，不等式沒有意義，所以命題不是命題的必要條件，所以命題是命題充分不必要條件.故選：A2.已知單位向量滿足，則與的夾角為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根據(jù)向量數(shù)量積公式，即可求解.【詳解】，所以，則.故選：C3.若復數(shù)是純虛數(shù)，則的值可以為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由純虛數(shù)的特征，即可列式求解.【詳解】由題意可知，，，得，根據(jù)選項可知，只有滿足條件.故選：C4.若隨機變量的分布列如下表，表中數(shù)列為等差數(shù)列，則的取值是（）34567A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根據(jù)分布列的性質和等差數(shù)列的性質，即可求解.【詳解】由分布列的性質可知，，再根據(jù)數(shù)列為等差數(shù)列，則，即，則.故選：D5.函數(shù)在處的切線與直線垂直，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求出導數(shù)，，利用函數(shù)在處的切線與直線垂直，列出方程，即可求出實數(shù)的值．【詳解】函數(shù)，求導得，在處的切線斜率為，又在處的切線與直線垂直，所以，解得.故選：B.6.已知拋物線為坐標原點，是拋物線上任意一點，為焦點，且，則直線的斜率的最大值為（）A. B.1 C. D.2【答案】B【解析】【分析】首先設點的坐標，再表示點的坐標，并表示，利用基本不等式求最值.【詳解】設，，由可知，，直線斜率最大，則點是第一象限的點，即，所以，當，即時，等號成立，所以直線斜率的最大值為1.故選：B7.正方體的棱長為3，平面內一動點滿足，當三棱錐的體積取最大值時，該三棱錐外接球的表面積為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】首先求點的軌跡方程，并確定三棱錐體積最大時的點的位置，再代入三棱錐外接球的半徑公式，即可求解.【詳解】如圖，以點為原點建立空間直角坐標系，，，，由可知，，整理為，所以點的軌跡是平面內，以為圓心，2為半徑的圓，如下圖，點到平面的最大值為6，此時點在的延長線上，且，所以平面，，等腰直角三角形的外接圓的半徑為，所以三棱錐的外接球的半徑，所以三棱錐外接球的表面積故選：C8.已知對恒成立，則的最小值為（）A.4 B.6 C. D.【答案】B【解析】【分析】首先分析函數(shù)在區(qū)間的零點和正負區(qū)間，再根據(jù)不等式分析函數(shù)的零點，利用韋達定理表示關系，再結合基本不等式，即可求解.【詳解】當，，則，當，，當，，，當，，當，，，若對恒成立，則，并且函數(shù)的兩個零點分別是1和7，則，則，，，所以，當，，即時，等號成立，所以的最小值為6.故選：B【點睛】關鍵點點睛：本題的關鍵是轉化為分析兩個函數(shù)和的零點.二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分．9.下列說法中正確的是（）A.回歸直線恒過樣本中心點，且至少過一個樣本點B.用決定系數(shù)刻畫回歸效果時，越接近1，說明模型的擬合效果越好C.將一組數(shù)據(jù)中每一個數(shù)據(jù)都加上同一個正數(shù)后，標準差變大D.基于小概率值的檢驗規(guī)則是：當時，我們就推斷不成立，即認為和不獨立，該推斷犯錯誤的概率不超過【答案】BD【解析】【分析】由回歸直線的性質即可判斷A；利用相關指數(shù)的性質即可判斷B；由標準差的性質即可判斷C；由獨立性檢驗的思想即可判斷D.【詳解】A：回歸直線恒過樣本點的中心正確，但不一定會過樣本點，故A錯誤；B：用相關指數(shù)來刻畫回歸效果時，越接近1，說明模型的擬合效果越好，故B正確；C：將一組數(shù)據(jù)中的每一個數(shù)據(jù)都加上或減去同一個常數(shù)后，數(shù)據(jù)的波動性不變，故方差不變，則標準差不變，故C錯誤；D：根據(jù)獨立性檢驗可知D正確.故選：BD10.如圖所示，已知角的始邊為軸的非負半軸，終邊與單位圓的交點分別為為線段的中點，射線與單位圓交于點，則下列說法正確的是（）A. B.C. D.點的坐標為【答案】ACD【解析】【分析】根據(jù)幾何圖形，即可確定A，結合三角函數(shù)的定義，以及向量數(shù)量積的定義和坐標表示，即可判斷BC，根據(jù)三角函數(shù)的定義，結合三角恒等變換，即可判斷D.【詳解】A.因為點是的中點，且，所以，故A正確；B.有條件可知，，，，，所以，故B錯誤；C.，故C正確；D.所以點的坐標為，故D正確.故選：ACD11.直線族是指具有某種共同性質的直線的全體，例如表示過點的直線族（不包括直線）．直線族的包絡曲線定義為：直線族中的每一條直線都是該曲線上某點處的切線，且該曲線上的每一點處的切線都是該直線族中的某條直線．已知直線族，則下列說法正確的是（）A.若，則該直線族的包絡曲線為圓B.若，則該直線族的包絡曲線為橢圓C.當時，點可能直線族上D.當時，曲線是直線族的包絡曲線【答案】ABD【解析】【分析】設圓上的點為，求解該圓的切線方程即可判斷選項A；設橢圓上的點為，求解該橢圓的切線方程即可判斷選項B；若點可能在直線族上，則存在使得，即函數(shù)有零點，因而對函數(shù)零點個數(shù)進行分析從而判斷選項C；當時，直線族為，將其與曲線聯(lián)立可得，即可得直線和曲線相切,故可判斷選項D.【詳解】對于A，設圓：上的點為，直線的斜率為，過點作圓的切線，由，得，所以切線的方程為，即，故A正確；對于B，設橢圓上的點為，過點作圓的切線，當切線斜率存時，設，，聯(lián)立得：，所以，.作商：，得，所以切線的方程為，即；當切線斜率不存在時，或，則切線方程和亦滿足，故B正確；對于C，將代入得，構造，，當時，；當，.所以在上單調遞減，在上單調遞增，因而當時，取到最小值，所以在無零點，無解，故C錯誤；對于D，若不在直線族上，則將代入直線得無解，則，所以,因而可得當在曲線上時，則一定在直線族上，聯(lián)立和得，所以，故直線和相切，又不包括直線，所以是直線族的包絡曲線，故D正確.故選：ABD.三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.等比數(shù)列的前項和為，且，則______．【答案】【解析】【分析】根據(jù)等比數(shù)列的公式和性質，即可求解.【詳解】設等比數(shù)列的公比為，由條件可知，，所以，，所以.故答案為：13.若為曲線上任意兩點，則兩點間距離的最大值為______．【答案】【解析】【分析】作出曲線的圖象，結合圖象分析任意兩點距離的最大值即可得出結果.【詳解】由題意可得曲線關于軸，軸，原點對稱，當時，曲線方程化為，圓心;當時，曲線方程化為，圓心；當時，曲線方程化為，圓心；當時，曲線方程化為，圓心；當時，；當時，.作出曲線在平面直角坐標系下的圖象如下圖：曲線上任意兩點距離的最大值為，故答案為：.14.已知，若不等式恒成立，則的最大值為______．【答案】【解析】【分析】首先不等式轉化為，恒成立，轉化為求函數(shù)的最值，并求得，再討論的正負，轉化為，轉化為的最大值，即可求解.【詳解】，則，所以不等式恒成立，即，恒成立，，，所以設，，得，當，，單調遞增，當，，單調遞減，所以當時，函數(shù)取值最大值，所以，即，當時，，當時，，設，，，得，當，，單調遞增，當，，單調遞減，所以當時，函數(shù)取得最大值，所以的最大值為.故答案為：【點睛】關鍵點點睛：本題轉化為2次最值，一次是參變分離為，，轉化為求函數(shù)的最值，第二次是轉化為，轉化為求函數(shù)的最值.四、解答題：共77分．解答應寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟．15.已知的內角的對邊分別為，且．（1）求；（2）若，求的周長．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）根據(jù)三角恒等變換和正弦定理，化簡條件等式，即可求解；（2）首先根據(jù)正弦定理以及二倍角的正弦公式，化簡求角，再根據(jù)正弦定理，即可求解.【小問1詳解】由條件可知，，因為，所以，即，由正弦定理可知，，即，且，所以，則，，所以.【小問2詳解】由正弦定理可知，，即，則，，所以，，所以，且，，則，由正弦定理可知，，即，，所以，則,所以的周長為.16.已知函數(shù)．（1）時，求的極值；（2）若不等式恒成立，求實數(shù)的取值范圍．【答案】（1）函數(shù)取得極大值，無極小值；（2）【解析】【分析】（1）首先利用導數(shù)判斷函數(shù)的單調性，再求函數(shù)的極值；（2）利用參變分離，轉化為，恒成立，再轉化為利用導數(shù)求函數(shù)的最值問題.【小問1詳解】當時，，，，得，當，，單調遞增，當，，單調遞減，所以當時，函數(shù)取得極大值，無極小值；【小問2詳解】由題意可知，，即恒成立，即，恒成立，設，，設，，，設，所以，得（負值舍去），當時，，單調遞增，當時，，單調遞減，所以的最大值為，即恒成立，所以單調遞減，且，所以當時，，即，單調遞增，當時，，即，單調遞減，所以的最大值為，所以.17.如圖，四棱錐中，是邊長為2的正方形，是以為頂點的等腰直角三角形，為的中點，為的中點，．（1）證明：；（2）過兩點的平面與直線分別交于點，且平面，求平面與平面夾角的余弦值．【答案】（1）證明見解析（2）【解析】【分析】（1）根據(jù)幾何關系，證明平面，即可證明線線垂直；（2）根據(jù)線面平行的性質定理說明，再根據(jù)（1）的結果，以點為原點建立空間直角坐標系，分別求平面和平面的法向量，利用向量法求解.【小問1詳解】連結，因為是等腰直角三角形，且為斜邊的中點，所以，且，，，所以，所以，且，平面，所以平面，且平面，所以.【小問2詳解】連結，因平面，平面，平面平面，所以，即，由（1）知平面，如圖以點為原點，為軸，過點作與平行的直線為軸，，，，，，，，，，，設平面的一個法向量為，則，即，令，則，，則平面的一個法向量為，設平面的一個法向量為則，即，令，則，所以平面的一個法向量，設平面與平面夾角為，則，所以平面與平面夾角的余弦值為.18.已知橢圓的左，右焦點為，點是橢圓上任意一點，的最小值是．（1）求橢圓的方程；（2）設為橢圓的上，下頂點，為橢圓上異于的兩點，記直線的斜率分別為，且．（?。┳C明：直線過定點；（ⅱ）設直線與直線交于點，直線的斜率為，試探究滿足的關系式．【答案】（1）（2）（?。┳C明見詳解；（ⅱ）.【解析】【分析】（1）將轉化為，由求出即可；（2）設出直線方程，聯(lián)立直線與橢圓方程得，由韋達定理及化簡求解即可得出直線過定點；寫出直線方程，作比化簡得出，解得，即點在直線上，記與軸的交點為，借助表達出即可.【小問1詳解】由橢圓知，，，所以，所以，所以橢圓的方程為；【小問2詳解】（?。┤糁本€斜率不存在，則，不符合題意；當直線斜率存在時，設直線方程為，聯(lián)立直線與橢圓方程，得，由韋達定理可得，，所以，又因為，所以，又因為，所以，解得，即直線方程為，故直線過定點；（ⅱ）由（?。┛芍本€方程為，直線方程為，所以，解得，即點在直線上，記與軸的交點為，則，，又因為同號，所以.19.某商家推出一個活動：將n件價值各不相同的產品依次展示在參與者面前，參與者可以選擇當前展示的這件產品，也可以不選擇這件產品，若選擇這件產品，該活動立刻結束；若不選擇這件產品，則看下一件產品，以此類推，整個過程參與者只能繼續(xù)前進，不能返回，直至結束．同學甲認為最好的一定留在最后，決定始終選擇最后一件，設他取到最大價值產品的概率為；同學乙采用了如下策略：不取前件產品，自第件開始，只要發(fā)現(xiàn)比他前面見過的每一個產品的價值都大，就選擇這件產品，否則就取最后一件，設他取到最大價值產品的概率為．（1）若，求和；（2）若價值最大的產品是第件（），求；（3）當趨向于無窮大時，從理論的角度（即），求的最大值及取最大值時的值．（?。敬鸢浮浚?），（2）（3）的最大值為，此時【解析】【分析】（1）根據(jù)題意直接求，根據(jù)同學乙的選法規(guī)則，結合排列問題，即可求解；（2）根據(jù)題意，結合排列，組合問題，以及古典概型概率公式，即可求解；（3）根據(jù)（2）的結果，以及全概率公式求，再構造函數(shù)，利用導數(shù)求函數(shù)的最值.【小問1詳解】由題意可知，，依題意，4個產品的位置從第一個到第4個排序，有種情況，同學乙要取最貴價值產品，有以下兩種情況：最貴價值產品是第3個，其它的隨意在哪個位置，有種情況；最貴價值產品是第4個，第二貴價值產品是第1個或第2個，其它的隨意在哪個位置，有種情況，所以所求概率【小問2詳解】法一：若考慮全部產品排序，價值最大的產品是第件，共有種排法，先從件產品中挑件產品出來，其中價值最大的產