2025年滬科版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊月考試卷517考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖甲所示，在一塊平板玻璃上放置一平凸薄透鏡，在兩者之間形成厚度不均勻的空氣膜，讓一束單一波長的光垂直入射到該裝置上，結果在上方觀察到如圖乙所示內疏外密的同心圓環(huán)狀條紋，稱為牛頓環(huán)，以下說法正確的是（）A.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡上表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的B.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的C.若凸透鏡的曲率半徑增大，則會造成相應條紋間距減小D.若照射單色光的波長增大，則會造成相應條紋間距減小2、如圖所示的交流電路中，如果電源電動勢的最大值不變，當交流電的頻率增大時，可以觀察到三盞電燈亮度的變化情況是()

A.L1L2L3

亮度都不變B.L1

變暗，L2

不變、L3

變亮C.L1

變暗、L2

變亮、L3

不變D.L1

變亮、L2

變暗、L3

不變3、關于液體的表面張力；下列說法正確的（）

A.由于液體的表面張力使表面層內液體分子間的平均距離小于r

B.由于液體的表面張力使表面層內液體分子間的平均距離大于r

C.產生表面張力的原因是表面層內液體分子間只有引力沒有斥力。

D.表面張力使液體的表面有收縮的趨勢。

4、某交流發(fā)電機給燈泡供電，產生正弦式交變電流的圖象如圖所示，下列說法中正確的是()A.交變電流的頻率為0.02HzB.交變電流的瞬時表達式為＝5cos100πt(A)C.在t＝0.01s時，穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量最大D.若發(fā)電機線圈電阻為0.4Ω，則其產生的熱功率為5W5、下列說法中正確的是（）A.在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物，利用衍射現(xiàn)象使外面的人在白天看不到幕墻里面的情況B.紫外線的頻率與固體物質分子的固有頻率接近，容易引起分子共振，產生內能C.來回抖動帶電的梳子，在空間就會形成變化的電磁場，產生電磁波D.地面上兩北斗衛(wèi)星導航終端同時發(fā)出定位申請信號，在高速運行的衛(wèi)星上看兩信號也一定是同時發(fā)出的6、在地面附近有一高速飛行的宇宙飛行器，地面上的人和宇宙飛行器中的宇航員觀察到的現(xiàn)象，正確的是（）A.地面上的人觀察到宇宙飛行器變短了B.地面上的人觀察到宇宙飛行器變長了C.宇航員觀察到宇宙飛行器內的時鐘變慢了D.宇航員觀察到宇宙飛行器內的時鐘變快了評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、一臺理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是51

原線圈接入電壓有效值為220V

的正弦交流電，各元件正常工作，一只理想二極管和一個滑動變阻器R

串聯(lián)接在副線圈上，如圖所示.

電壓表和電流表均為理想交流電表，則下列說法正確的是()

A.原、副線圈中的電流之比為51

B.電壓表的讀數(shù)約為31.11V

C.若滑動變阻器接入電路的阻值為20婁賂

則1

分鐘內產生的熱量為2904J

D.若將滑動變阻器的滑片向上滑動，則兩電表讀數(shù)均減小8、通常通過互感器測高壓輸電線路中電流和電壓。如圖所示，接入高壓輸電線路輸入端的兩個互感器，原、副線圈匝數(shù)比分別為1漏U500

和500漏U1

圖中甲、乙表示電壓表或電流表，已知電壓表的讀數(shù)為24V

電流表的讀數(shù)為2A

則()A.甲是電流表，乙是電壓表B.甲是電壓表，乙是電流表C.高壓輸電線路輸電線的總電阻是12婁賂

D.高壓輸電線路輸入的總功率為12000kW

9、如圖所示的電路中，匝數(shù)為n、橫截面積為s、電阻為r的線圈處于一個均勻增強的勻強磁場中，磁場的磁感應強度隨時間的變化率為k，磁場方向水平向右且與線圈平面垂直，電容器的電容為C，兩個電阻的阻值分別為r和2r。由此可知，下列說法正確的是（）A.電容器所帶的電荷量為nakcB.電容器所帶的電荷量為nakcC.電容器上極板帶正電D.電容器下極板帶正電10、兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷），其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F．現(xiàn)將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（）A.FB.FC.FD.F11、如圖所示，水平地面上有三個相同的物塊，物塊A、B疊放在一起，C通過水平輕桿與A相連，水平拉力F作用在物塊A上，此時三個物塊一起向右做勻減速運動，則下列判斷正確的是（）A.水平地面可能是光滑的B.桿對物塊C施加的作用力可能向左C.物塊B受到的摩據(jù)力一定水平向左D.物塊A一定受到7個力的作用評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、有一正弦交流電，它的電壓隨時間變化的情況如圖所示，則電壓的有效值為____V；交流電的周期為____s．

13、如圖所示為一交變電流隨時間變化的圖象，則此交變電流的有效值為____14、在利用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，某同學拿玻璃磚當尺子，用一支粗鉛筆在白紙上畫出玻璃磚的兩邊界aa′和bb′，造成兩邊界間距離比玻璃磚寬度大了少許，如圖所示，由此測得的折射率將______．（填“偏大”“偏小”或“準確”）．15、如圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1：n2=4：1，原線圈兩端連接光滑導軌，副線圈與電阻R相連接組成閉合回路．當直導線AB在垂直于導軌平面的勻強磁場中沿導軌勻速向右作切割磁感線運動時，安培表A1的讀數(shù)為12mA，那么安培表A2的讀數(shù)為____A．

16、現(xiàn)有一個電流表,它的滿偏電流為Ig=1mA,內阻Rg=200Ω,若要將它改裝成量程為5A的電流表,應____聯(lián)一個______Ω的電阻,改裝后的電流表測量電流時,指針指在表盤上原來0.2mA處,則被測電流的大小是_______.17、小球從3m高處自由下落，被水平地板彈回后在1m高處接住，則小球通過的路程等于______m，位移的大小等于______m，方向______．18、課堂上物理老師用手搖發(fā)電機、交流電表和示波器顯示交變電流產生和圖象．圖甲是手搖交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，為交流電流表．線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動．

（1）電流表示數(shù)______A；

（2）線圈的轉速______r/s．評卷人得分四、判斷題(共4題，共12分)19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)23、在開展研究性學習的過程中；某同學設計了一個利用線圈測量轉輪轉動角速度的裝置．如圖所示，在輪子的邊緣貼上小磁體，將小線圈靠近輪邊放置，接上數(shù)據(jù)采集器和電腦（即DIS實驗器材）．如果小線圈的面積為S，匝數(shù)為N，小磁體附近的磁感應強度最大值為B，回路的總電阻為R，實驗發(fā)現(xiàn)，輪子轉過θ角，小線圈的磁感應強度由最大值變?yōu)榱悖畡t該過程中磁通量的變化量△Φ=______；如果電腦顯示該過程中感應電流的平均值為I，則轉輪轉動的角速度ω=______．

24、氣球內氣體的體積1L，密度ρ=1.29kg/m3，平均摩爾質量M=29g/mol，阿伏加德羅常數(shù)．試估算氣球內氣體分子的總個數(shù)N=______；該氣體分子之間的距離d=______m．（結果均保留一位有效數(shù)字）

25、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如甲圖所示；制成光電報警裝置．當報警器有光照射時，蜂鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲．①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小．②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，如圖乙所示．當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)．當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下回復到分離狀態(tài)．電路已經連接一部分，請將電路完整連接好．

26、[附加題]如圖所示；一半徑為R的絕緣圓形軌道豎直放置，圓軌道最低點與一條水平軌道相連，軌道都是光滑的．軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，場強為E．從水平軌道上的A點由靜止釋放一質量為m；帶正電為q的小球，為使小球剛好能到達圓環(huán)最高點；求釋放點A距圓軌道最低點B的距離s．

評卷人得分六、作圖題(共2題，共8分)27、（8分）畫出下圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。28、根據(jù)磁感應強度B

電流I

和安培力F

的相互關系；請根據(jù)要求作圖．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】解：A；當光垂直照射到凸透鏡上時；光的傳播方向不變，而當光從玻璃射入空氣時一部分光發(fā)生反射，另一部分光透射進入空氣，當該部分光從空氣進入下面的平面玻璃時又有一部分光發(fā)生反射，這樣兩列反射光是相干光，它們在凸透鏡的下表面相遇，當光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋，當光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋，故出現(xiàn)亮暗相間的圓環(huán)狀干涉條紋．故A錯誤，B正確．

C；若換一個曲率半徑更大的凸透鏡；仍然相同的水平距離但空氣層的厚度變小，所以觀察到的圓環(huán)狀條紋間距變大．故C錯誤．

D；若照射單色光的波長增大；則觀察到的圓環(huán)狀條紋間距變大．故D錯誤．

故選：B．

從空氣層的上下表面反射的兩列光為相干光；當光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋，當光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋．使牛頓環(huán)的曲率半徑越大，相同的水平距離使空氣層的厚度變小，所以觀察到的圓環(huán)狀條紋間距變大．

理解了牛頓環(huán)的產生機理就可順利解決此類題目，故對物理現(xiàn)象要知其然更要知其所以然，注意牛頓環(huán)的特征與影響因素是解題的關鍵．【解析】【答案】B2、C【分析】解：感抗為XL=2婁脨fL

容抗為xC=12婁脨fc

．

當頻率f

增大時；感抗XL

變大，容抗XC

變小．

感抗XL

變大；對交流電的阻礙作用變大，所以L1

變暗．

容抗XC

變?。粚涣麟姷淖璧K作用變小，所以L2

變亮．

而電阻器的對交流電的阻礙作用不隨頻率改變；所以L3

亮度不變．

所以L1

變暗；L2

變亮、L3

不變.

故ABD錯誤；C正確．

故選C．

根據(jù)感抗公式XL=2婁脨fL

和容抗公式xC=12婁脨fc

定性討論．

還可以根據(jù)電容器和電感線圈的特性分析選擇.

電容器內部是真空或電介質，隔斷直流.

能充電、放電，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性.

電感線圈可以通直流，通過交流電時產生自感電動勢，阻礙電流的變化，具有通直阻交，通低阻高的特性．【解析】C

3、D【分析】

與氣體接觸的液體表面分子間距離大于液體內部分子間距離，液體表面層的分子間同時存在相互作用的引力與斥力，但由于分子間的距離大于分子的平衡距離r；分子引力大于分子斥力，分子力表現(xiàn)為引力，即存在表面張力，表面張力使液體表面有收縮的趨勢；故ABC錯誤，D正確．

故選D．

【解析】【答案】作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．

4、B|D【分析】【解析】試題分析：A、由圖讀出周期可得頻率錯誤B、由圖可得角速度瞬時值表達式，正確C、由圖可知時，電流最大，線圈在與中性面垂直的位置，磁通量為零；錯誤D、發(fā)電機線圈產生的熱功率正確故選BD考點：描述交變電流的物理量【解析】【答案】BD5、C【分析】【解答】A；在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物；利用鏡面反射使外面的人看不到幕墻里面的情況；故A錯誤．B、紅外線的頻率與固體物質分子的固有頻率接近，容易引起分子共振，產生內能．故B錯誤．

C；來回抖動帶電的梳子；產生變化的電場，變化的電場產生變化的磁場，變化的電場和變化的磁場交替產生，形成電磁波．故C正確．

D；地面上兩北斗衛(wèi)星導航終端同時發(fā)出定位申請信號；在高速運行的衛(wèi)星上看兩信號不是同時的．故D錯誤．

故選C．

【分析】在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物，利用鏡面反射使外面的人看不到幕墻里面的情況；當驅動力的頻率緊急物體的固有頻率時，會發(fā)生共振．變化的電磁場交替產生，形成電磁波．6、A【分析】解：AB；根據(jù)愛因斯坦相對論可知；地面上的人觀察到飛船變短了，則A正確，B錯誤。

CD；運動是相對的；飛船上的人員觀察到飛船的長度不變而時間進程也不變。故CD錯誤。

故選：A。

由相對論效應分析飛船的時間和長度變化；當人和飛船之間有相對運動時；人觀察到的飛船長度會變短，時間會變慢。

該題考查相對論的時間與長度的變化，解答本題要掌握相對論的基本原理，能分析時間和長度的變化。基礎題目?！窘馕觥緼二、多選題(共5題，共10分)7、BC【分析】【分析】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，二極管的作用是只允許正向的電流通過，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結論。本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關系，同時對于二極管和電容器的作用要了解，明確二極管的單向導電性的應用?！窘獯稹緼.原線圈接入電壓為220V

的正弦交流電；原；副線圈的匝數(shù)比是5l

則副線圈電壓為44V

原、副線圈中的電流與匝數(shù)成反比，所以電流之比為15

A錯誤；

B.原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為44V

由于副線圈接著二極管，它具有單向導電性，根據(jù)電流的熱效應知442R?T2=U2R?T

解得U=31.11V

故B正確；C.由B

求得電壓表兩端電壓有效值為U脫脨脨摟=222V

則1min

內產生的熱量為Q=U2Rt=2904J

故C正確；

D.將滑動變阻器滑片向上滑動；接入電路中的阻值變小，電流表的讀數(shù)變大，但對原；副線圈兩端的電壓無影響，即電壓表的讀數(shù)不變，所以D錯誤。

故選BC?！窘馕觥緽C

8、AD【分析】【分析】明確變壓器的基本性持，根據(jù)變壓比和變流比計算出輸送電壓和電流，最后根據(jù)電功率P=UI

計算電功率。本題實質是電壓互感器與電流互感器的簡單運用，電壓互感器與電流互感器是利用變壓器原理將電壓、電流減小到可測范圍進行測量的儀器。【解答】AB

由圖可知：甲所接變壓器串聯(lián)在電路中，應為電流互感器，而乙所接變壓器并聯(lián)在電路中，故應是電壓傳感器；所以甲是電流表，乙是電壓表；故A正確B錯誤；C；輸電線只占部分電壓；故不能直接根據(jù)歐姆定律求解輸電線上的電阻，故C錯誤；

D；甲互感器原線圈的匝數(shù)比副線圈匝數(shù)1500

乙互感器原線圈的匝數(shù)比副線圈匝數(shù)5001

電壓表的示數(shù)為24V

得原線圈的電壓為12000V

電流表的示數(shù)為2A

原線圈的電流為1000A.

所以電線輸送功率是：P=UI=12000隆脕1000=1.2隆脕107W=12000KW

故D正確。

故選AD。

【解析】AD

9、BC【分析】解：AB、閉合線圈與阻值為r的電阻形成閉合回路；線圈相當與電源，電容器兩極板間的電壓等于路端電壓；

線圈產生的感應電動勢為：E=nS=nSk，路端電壓：U=則電容器所帶電荷量為：Q=CU=故A錯誤，B正確；

CD；磁場向右均勻增強；由楞次定律可知，電容器上極板帶正電，下極板帶負電，故C正確D錯誤。

故選：BC。

磁場均勻增強；線圈中產生恒定的感應電動勢，相當于電源。根據(jù)法拉第定律可求得感應電動勢的大小，由電路的結構求出路端電壓；

根據(jù)楞次定律確定極板的電性。

本題是電磁感應與帶電粒子在電場平衡問題的綜合，關鍵要能根據(jù)法拉第定律求出感應電動勢，由楞次定律判斷感應電動勢的方向，注意電容器在電路穩(wěn)定時視為開路?！窘馕觥緽C10、BD【分析】解：若兩電荷同性，設一個球的帶電量為Q，則另一個球的帶電量為5Q，此時有：F=

接觸后再分開，帶電量各為：Q1′=Q2′=

則兩球的庫侖力大小為：F′=k．

若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為：Q1′=Q2′=

此時兩球的庫侖力為：F″=k=F

故BD正確；AC錯誤．

故選：BD

接觸帶電的原則是先中和后平分；兩個球的電性可能相同，可能不同，根據(jù)庫侖定律得出接觸后再放回原處的庫侖力大小。

解決本題的關鍵掌握接觸帶電的原則，先中和后平分，以及掌握庫侖定律的公式【解析】【答案】BD11、CD【分析】解：A；如果水平地面是光滑的；受到水平拉力F作用不會向右做勻減速運動，故A錯誤；

B；物塊C水平方向受向左的摩擦力和桿的作用力；合力向左，桿對物塊C施加的作用力可能向左、也可能向右，故B錯誤；

C；由于整體的加速度向左；所以物塊B的加速度也向左，而B水平方向只有摩擦力，所以B受到的摩據(jù)力一定水平向左，故C正確；

D；物塊A受到水平方向的外力F、桿的作用力、地面的摩擦力；豎直方向受到重力、地面的支持力、B對A的壓力和摩擦力，一定受到7個力的作用，故D正確。

故選：CD。

整體向右做勻減速運動；加速度向左，合力向左，所以地面不可能光滑；用整體法；隔離法分析即可。

本題考查了受力分析、牛頓第二定律的應用，注意整體法、隔離法的應用，受力分析時要把每一個接觸面的力都分析全面，防止漏力。【解析】CD三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】

由正弦交流電的u-t圖象讀出電壓的最大值Um=10V，則有效值為U==5

周期為T=0.4s．

故答案為：50.4

【解析】【答案】由正弦交流電的u-t圖象讀出電壓的最大值和周期，由最大值與有效值的關系Um=U求出有效值．

13、略

【分析】可求出I=6A【解析】【答案】6A14、略

【分析】解：作出實際的光路圖如圖實線所示；作出作圖時的光路圖，如圖虛線所示；

可知；折射角的測量值將偏大，入射角沒有誤差；

所以根據(jù)折射定律n=可知測得的折射率將偏?。?/p>

故答案為：偏?。?/p>

用插針法測定玻璃磚折射率的實驗原理是折射定律n=作出光路圖，確定折射光線的偏折情況，分析入射角與折射角的誤差，來確定折射率的誤差．

本題考查測量折射率實驗的誤差分析情況，對于實驗誤差，要緊扣實驗原理，用作圖法，確定出入射角與折射角的誤差，即可分析折射率的誤差．【解析】偏小15、略

【分析】

由于直導線AB勻速運動，則AB切割磁場產生的電流時恒定的，線圈產生的磁通量也是恒定的，所以不會引起副線圈的磁通量的變化，所以副線圈不會有感應電流產生，即安培表A2的讀數(shù)為0．

故答案為：0．

【解析】【答案】變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的；當原線圈的磁通量恒定時，副線圈是沒有感應電流的，根據(jù)變壓器的工作的原理分析原線圈中的電流的變化情況即可的出結論．

16、略

【分析】【解析】試題分析：改裝為電流表需并聯(lián)一個電阻，改裝電流表原理：其中I為改裝后的量程。改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，并聯(lián)電阻阻值為R：改裝后的刻度為原來的倍，則原0.2mA的刻度值應變?yōu)椋嚎键c：電表的改裝．【解析】【答案】并聯(lián)；0.4Ω；1A17、略

【分析】解：小球從3米高處開始落下；通過的路程是3m．被水平地板彈回后于1米高處被接住，又通過的路程是1m，則總路程是4m．起點與終止的線段長度是2m，則位移大小是2m．方向是從起點指向終點，即豎直向下．

故答案是：4；2；豎直向下．

路程是物體運動路線的長度．位移表示物體位置的移動；用從起點到終點的有向線段表示．

對于有往復的直線運動，物體的位移大小也是小于路程．只有當物體做單向直線運動時，位移大小才等于路程．【解析】4；2；豎直向下18、略

【分析】解：（1）由題圖乙可知交流電電流的最大值是A，周期T=0.02s，由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)I==10A；

（2）由圖可知，交流電的周期為0.02s，故轉n===50r/s；

故答案為：（1）10；（2）50

由題圖乙可知交流電電流的最大值；周期；電流表的示數(shù)為有效值，感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，由楞次定律可判斷出0.02s時流過電阻的電流大?。?/p>

本題考查交變電流的產生及有效值的定義，要注意明確電流表示數(shù)、機器銘牌上所標的電流值、電壓值等均為有效值．【解析】10；50四、判斷題(共4題，共12分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、解答題(共4題，共36分)23、略

【分析】

設轉輪的角速度；轉速分別為ω和n；輪子轉過θ角所需時間為△t，通過線圈的磁通量的變化量為△Φ=BS；

線圈中產生的感應電動勢的平均值為E．

根據(jù)法拉第電磁感應定律有E=N=N

由閉合電路歐姆定律有I=

又為△t=

ω=．

故答案為：BS；．

【解析】【答案】根據(jù)法拉第電磁感應定律；求出感應電動勢的平均值；由閉合電路歐姆