2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，xOy平面內(nèi)有一勻強電場，場強為E，方向未知，電場線跟x軸的負方向夾角為θ，電子在坐標平面xOy內(nèi)，從原點O以大小為v0、方向沿x正方向的初速度射入電場，最后打在y軸上的M點．電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，重力不計．則()A.O點電勢高于M點電勢B.運動過程中電子在M點電勢能最多C.運動過程中，電子的電勢能先減少后增加D.電場對電子先做負功，后做正功2、下列關(guān)于電場強度的兩個表達式和的敘述，不正確的是（）A.是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中電荷所受的電場力，q是放入電場中電荷的電荷量，它適用于任何電場B.是電場強度定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量C.是點電荷場強的計算式，Q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量，它不適用于勻強電場D.在庫侖定律的表達式中，是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處的場強大小3、下列與生物進化相關(guān)的敘述，正確的是A.生物進化的方向是由基因突變決定的B.個體是生物進化的基本單位C.基因頻率的改變一定產(chǎn)生新物種D.進化時基因頻率總是變化的4、如圖所示，直線A為電源的U﹣I圖線，直線B為電阻R的U﹣I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電路的總功率可能分別是A.4W、8WB.2W、4WC.4W、6WD.2W、3W5、有如下一些關(guān)于時間與時刻的說法，以下說法中指時刻的是（）①7點30分上課②一節(jié)課上45分鐘③飛機12點整起飛④汽車從南京開到上海需4個小時A.①②B.①③C.②③D.②④6、（理）、如圖所示，直導線處于足夠大的勻強磁場中，與磁感線成θ=30°角，導線中通過的電流為I，為了增大導線所受的磁場力，可采取下列四種辦法，其中正確的是A.減小電流IB.減小直導線的長度C.使導線在紙面內(nèi)順時針轉(zhuǎn)30°D.使導線在紙面內(nèi)逆時針轉(zhuǎn)60°7、下列說法正確的是（）A.產(chǎn)生多普勒效應的原因是波源頻率發(fā)生了變化B.光的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波C.全息照相利用了光的干涉原理D.醫(yī)學上用激光做“光刀”來進行手術(shù)，主要是利用了激光相干性好的特點8、如圖所示；在探究平拋運動規(guī)律的實驗中，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把P

球沿水平方向彈出，同時Q

球被松開而自由下落，PQ

兩球同時開始運動.(

)

A.此實驗為了說明平拋運動在水平方向上做的是勻速直線運動。

B.此實驗為了說明平拋運動在豎直方向上做的是自由落體運動。

C.如果加大打擊力度；P

球落地時間將延長。

D.如果調(diào)整裝置距地面的高度，它們就不會同時落地評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、物體A、B質(zhì)量之比mA：mB=3：1，使它們以相同的初速度沿水平地面滑行．如果A、B兩物體受到相同大小的阻力，那么它們停下來所用時間之比tA：tB=____；如果A、B兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，那么它們停下來所用時間之比tA：tB=____．10、某實驗小組在進行“用單擺測定重力加速度”的實驗中；已知單擺在擺動過程中的擺角小于5°；在測量單擺的周期時，從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1，到第n次經(jīng)過最低點所用的時間內(nèi)為t；在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得懸掛后的擺線長（從懸點到擺球的最上端）為L，再用游標卡尺測得擺球的直徑為d（讀數(shù)如圖1所示）．

（1）該單擺在擺動過程中的周期為______．

（2）用上述物理量的符號寫出求重力加速度的一般表達式g=______．

（3）從圖可知，擺球的直徑為______mm．

（4）實驗結(jié)束后，發(fā)現(xiàn)測得的重力加速度的值總是偏大，其原因可能是下述原因中的______．

A．單擺的懸點未固定緊；振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了。

B．把n次擺動的時間誤記為（n+1）次擺動的時間。

C．以擺線長作為擺長來計算。

D．以擺線長與擺球的直徑之和作為擺長來計算。

（5）實驗時，若擺球在垂直紙面的平面內(nèi)擺動，為了將人工記錄振動次數(shù)改為自動記錄振動次數(shù)，在擺球運動最低點的左、右兩側(cè)分別放置一激光光源與光敏電阻，如圖2所示．光敏電阻與某一自動記錄儀相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時間t的變化圖線如圖3所示，則該單擺的振動周期為______；若保持懸點到小球頂點的繩長不變，改用直徑是原小球直徑2倍的另一小球進行實驗，則該單擺的周期將______；圖乙中的△t將______（填“變大”、“不變”或“變小”）．11、如圖所示，在邊長為L

的正三角形的三個頂點ABC

上各固定一個點電荷，它們的帶電量分別為+q+q

和鈭?q

求其幾何中心O

處的場強______．12、如圖所示，一帶負電的小球用絕緣細線懸掛在水平方向的電場中處于平衡狀態(tài)。由圖可判定負電的小球受到的電場力向____(

填“向左”或“向右”)

電場的方向向____(

填左或右)

13、濱江實驗室里有表頭內(nèi)阻r=500

歐，滿偏電流I=2

毫安的靈敏電流表，現(xiàn)要將其改裝成量程U=15

伏的電壓表，則要______(

填串聯(lián)或并聯(lián))

一個阻值為______歐的分壓電阻．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共2題，共12分)23、某芳香酯rm{I}的合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應；rm{D}的相對分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請回答下列問題：rm{(1)A隆煤B}的反應類型為____________，rm{G}中所含官能團的名稱有____________________，rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應的化學方程式為______________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識并結(jié)合相關(guān)信息，寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}24、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應的水化物堿性較強的是__________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脵}的單質(zhì)在rm{壟脼}的單質(zhì)中燃燒的化學方程式：_______________________。rm{(4)}寫出rm{壟脺}與rm{壟脻}最高價氧化物對應的水化物反應的離子方程式：_____________________。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共18分)25、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象26、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】試題分析：電子沿X軸正方向進入勻強電場，出現(xiàn)題中的運動軌跡，由曲線運動的條件可知道，電場力的方向沿著電場線斜向上，由于電子帶負電，所以電場線的方向斜向下．根據(jù)沿著電場線方向電勢降低，可知O點電勢低于M點電勢，故A錯誤；由電子的運動軌跡可知，電子所受的電場力先做負功，再做正功．因此電子的電勢能先增加后減?。赃\動過程中電子在M點電勢能最小，故B錯誤；根據(jù)電子所受的電場力先做負功，再做正功．因此電子的電勢能先增加后減小．故C錯誤；由A選項分析可知，開始電場力方向與初速度方向夾角大于90°，之后夾角小于90°．因此電場力對電子先做負功，再做正功．故D正確；考點：考查了帶電粒子在電場中的運動【解析】【答案】D2、B【分析】【解答】解：A、B、E=是電場強度的定義式；F是放入電場中的電荷所受的力，q是放入電場中的試探電荷的電荷電量，q不是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量，適用于一切電場．故A正確，B錯誤．

C、E=k是點電荷場強的計算式；Q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量，它只適用于點電荷產(chǎn)生的電場，不適用于勻強電場．故C正確．

D、根據(jù)點電荷場強計算式分析得知，在庫侖定律的表達式F=k中，是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處場強的大?。蔇正確．

本題選錯誤的；故選：B

【分析】電場強度E由電場本身的性質(zhì)決定，與試探電荷無關(guān)，E=是電場強度定義式，q是試探電荷的電荷量，F(xiàn)是試探電荷所受的電場力，適用于任何電場；E=k是真空中點電荷產(chǎn)生的電場強度計算式．3、D【分析】【分析】本題考查現(xiàn)代生物進化理論的相關(guān)知識，意在考查考生理解所學知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系的能力?！窘獯稹緼.生物進化的方向是由自然選擇作用決定的，A錯誤；B.生物進化的基本單位是種群，B錯誤；C.生殖隔離的產(chǎn)生標志著新物種的形成，基因頻率改變不一定產(chǎn)生新物種，C錯誤；D.生物進化的實質(zhì)是種群基因頻率的改變，D正確。故選D?！窘馕觥緿4、C【分析】試題分析：據(jù)題意，當把該電阻與該電源組成閉合回路，交點表示時間工作狀態(tài)，即實際電流為I=2A，實際電壓為U=2v，電動勢為：E=3v，電源內(nèi)阻為：則電源輸出功率：電源總功率為：故選項C正確?？键c：本題考查功率。【解析】【答案】C5、B【分析】本題考查的是對時間和時刻的區(qū)分問題，時刻指的是一個時點，時間指的是兩個時刻的間隔，故7點30分和12點整都是時刻，而45分鐘和4個小時都是時間；【解析】【答案】B6、D【分析】【解析】【答案】D7、C【分析】解：A；當聲源與觀察者的間距發(fā)生變化時；出現(xiàn)多普勒效應的現(xiàn)象，原因是接收的頻率發(fā)生變化，而波源頻率不變．故A錯誤．

B；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波而不是縱波．故B錯誤．

C；全息照相的拍攝利用了光的干涉原理．故C正確．

D；醫(yī)學上用激光做“光刀”來進行手術(shù)；主要是利用了激光的亮度高，能量強的特點．故D錯誤．

故選：C．

多普勒效應的原因是接收頻率發(fā)生變化；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波．全息照相的拍攝利用了光的干涉原理．醫(yī)學上用激光做“光刀”來進行手術(shù)；主要是利用了激光的亮度高的特點．

本題是振動和波部分，以選擇題形式考查了全反射、偏振、干涉等現(xiàn)象，注意激光的特點及用途．【解析】【答案】C8、B【分析】本題圖源自課本中的演示實驗，通過該裝置可以判斷兩球同時落地，可以驗證做平拋運動的物體在豎直方向上做自由落體運動；根據(jù)裝置圖可知，兩球由相同高度同時運動，P

做平拋運動，Q

做自由落體運動，因此將同時落地，由于兩球同時落地，因此說明PQ

在豎直方向運動規(guī)律是相同的，故根據(jù)實驗結(jié)果可知，平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動，故A錯誤B正確；P

球的落地時間取決于豎直方向的運動，因此如果加大打擊力度，PP球落地時間也不會延長，故C錯誤；如果調(diào)整裝置距地面的高度，豎直方向仍然是自由落體運動，它們?nèi)匀煌瑫r落地，故D錯誤。

故選B。本題比較簡單，重點考察了平拋運動特點，平拋是高中所學的一種重要運動形式，要重點加強。【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】

如果A、B兩物體受到相同大小的阻力，根據(jù)牛頓第二定律得，a=知A、B兩物體的加速度大小之比為1：3，根據(jù)t=知；初速度相同，則停下來的時間之比為3：1．

如果A、B兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，根據(jù)牛頓第二定律得，a=知加速度大小之比為1：1，根據(jù)t=知；初速度相同，則停下來的時間之比，1：1．

故答案為：3：1；1：1

【解析】【答案】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度之比；通過速度時間公式求出兩物體的運動時間之比．

10、略

【分析】解：（1）由題，從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1，到第n次經(jīng)過最低點所用的時間內(nèi)為t，則單擺全振動的次數(shù)為N=周期T==

（2）單擺的長度為l=L+．

由單擺的周期公式T=2π得：g=

（3）由圖示可知；游標卡尺主尺示數(shù)為9.0mm，游標尺示數(shù)為6×0.05mm=0.30mm；

游標卡尺所示為：9.0mm+0.30mm=9.30mm；

（4）A、單擺的懸點未固定緊，振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了，所測周期T偏大，由g=可知；所測g偏小，故A錯誤；

B；把n次擺動的時間誤記為（n+1）次擺動的時間；使所測周期變小，計算出的g偏大，故B正確；

C；以擺線長作為擺長來計算；擺長偏小，使所測g偏小，故C錯誤；

D；以擺線長與擺球的直徑之和作為擺長來計算；擺長偏大，求出的g偏大，故D正確；

（5）單擺在一個周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置；每次經(jīng)過平衡位置，單擺會擋住細激光束；

從R-t圖線可知周期為2t0．

擺長等于擺線的長度加上小球的半徑；改用直徑是原小球直徑2倍的另一小球進行實驗；

根據(jù)單擺的周期公式T=2π擺長變大，所以周期變大．

再根據(jù)可知，圖乙中的△t將變大；

故答案為：（1）（2）（3）9.30；（4）BD；（5）2t0；變大，變大．

（1）根據(jù)從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1；到第n次經(jīng)過最低點所用的時間內(nèi)為t，確定單擺全振動的次數(shù)，再求解周期．

（2）單擺的長度為l=L+．將擺長；周期代入單擺的周期公式求出重力加速度的表達式g．

（3）游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)；

（4）對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進行分析；

（5）根據(jù)實驗要求：小球的偏角α在很小（α＜5°）時；小球的振動才近似看成簡諧運動．在擺球經(jīng)過最低點時開始計時，產(chǎn)生的時間誤差較?。衙氡碛涗洈[球一次全振動的時間作為周期，誤差較大，應采用累積法測量周期．在一個周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置，根據(jù)該特點結(jié)合圖象得出單擺的周期．根據(jù)單擺的周期公式判斷周期的變化．

常用儀器的讀數(shù)要掌握；這是物理實驗的基礎(chǔ)．掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長；周期等物理量之間的關(guān)系．單擺的周期采用累積法測量可減小誤差．對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進行分析．

本題主要考查了在探究影響單擺周期的因素的實驗的操作要求，知道單擺的擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑．【解析】9.30；BD；2t0；變大；變大11、略

【分析】解：O

點是三角形的中心，到三個電荷的距離為r=23Lsin60鈭?=33L

三個電荷在O

處產(chǎn)生的場強大小均E0=kqr2

根據(jù)對稱性和幾何知識得知：兩個+q

在O

處產(chǎn)生的合場強為E1=kqr2

方向由O

指向C

與鈭?q

電荷在O

處產(chǎn)生的場強方向相同．

則再與鈭?q

在O

處產(chǎn)生的場強合成，得到O

點的合場強為E=E1+E0=2kqr2=6kqL2

方向由O

指向C

．

故答案為：6kqL2

．

由點電荷場強公式E=kqr2

分別求出三個電荷在O

處產(chǎn)生的場強大小；再進行合成求解．

本題是電場的疊加問題，關(guān)鍵要掌握點電荷場強公式和平行四邊形定則，結(jié)合數(shù)學知識求解．【解析】6kqL2

12、向左；右【分析】以小球為研究對象，所受重力和拉力的合力與電場力方向相反，因此電場力水平向右，由于處于靜止狀態(tài)，因此所受合力為零，帶負電的粒子所受電場力與場強方向相反，由此可知場強方向向左。

考點：考查受力平衡

點評：本題難度較小，對于負電荷所受電場力方向與場強方向相反【解析】向左；右13、略

【分析】解：把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=UIg鈭?Rg=150.002鈭?500=7000婁賂

故答案為：串聯(lián)；7000

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應用串聯(lián)電阻特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，應用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題．【解析】串聯(lián)；7000

三、判斷題(共9題，共18分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、推斷題(共2題，共12分)23、（1）氧化反應(酚)羥基、羧基4-氯(或?qū)β?甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本題考查有機物推斷與合成，綜合分析確定rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式，再結(jié)構(gòu)反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹縭m{A-I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，則苯環(huán)上只有一個取代基，則rm{B}的苯環(huán)上只有一個取代基，根據(jù)rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側(cè)鏈為飽和結(jié)構(gòu)，rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應，且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應，則rm{壟脹}分子中側(cè)鏈rm{B}結(jié)構(gòu)，故B的結(jié)構(gòu)簡式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對分子質(zhì)量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量，則說明一個rm{2}與rm{C}個氫氣發(fā)生加成反應生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰，rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，則rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的對位，故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應生成酚羥基和羧酸鈉，然后在酸性條件下轉(zhuǎn)化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應為氧化反應；rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團為羥基、羧基；rm{G}為故命名為對氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為：氧化反應；羥基、羧基；對氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應的化學方程式為：

故答案為：

rm{B}與銀氨溶液反應的化學方程式為：由以上推斷可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為：，故答案為：

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應并產(chǎn)生rm{壟脵}與rm{Na}反應并產(chǎn)生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{H}rm{{,!}_{2}}，說明含有羥基；rm{壟脷}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對三種。，兩個取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個取代基，則是rm{隆陋OH}個甲基和rm{隆陋CH}個酚羥基，共有rm{{,!}_{2}}種，總共是rm{OH}位置均有鄰間對三種。rm{3}個取代基，則是rm{2}個甲基和rm{1}個酚羥基，共有rm{6}種，總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛，然后讓碳鏈增長，發(fā)生信息反應rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為：

故答案為：故答案為：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應rm