2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；勻強電場的電場強度方向與水平方向夾角為30°且斜向右上方，勻強磁場的方向垂直于紙面(圖中未畫出)．一質(zhì)量為m；電荷量為q的帶電小球(可視為質(zhì)點)以與水平方向成30°角斜向左上方的速度v做勻速直線運動，重力加速度為g．則。

A.勻強磁場的方向可能垂直于紙面向外B.小球可能帶正電荷C.電場強度大小為D.磁感應強度的大小為B=2、如表是某一門電路的真值表，下列判斷正確的是（）。輸入輸出010

A.該表是“與”門真值表，為0B.該表是“與”門真值表，為1C.該表是“非”門真值表，為0D.該表是“非”門真值表，為13、下列說法中錯誤的是（）

A.圖甲中，潔凈的玻璃板接觸水面，要使玻璃板離開水面，拉力必須大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之間存在吸引力B.圖乙中，表面層內(nèi)分子間距離比液體內(nèi)部的大，是因為表面層內(nèi)液體分子間的斥力較大C.圖丙中，食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性D.圖丁中，猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強變大，可看做是絕熱變化4、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，R2為定值電阻．當R3的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U．以下說法正確的是

A.若僅將R3的滑動觸頭P向b端移動，則Ⅰ減小，U增大B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量增大C.若僅用更強的光照射R1，則Ⅰ增大，U增大D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與Ⅰ變化量的絕對值的比值不變5、用電器到發(fā)電站的距離為l，線路上的電流為I，已知輸電線的電阻率為ρ.為使線路上的電壓降不超過U，那么，輸電線橫截面積的最小值為()A.B.C.D.6、一個做簡諧振動的彈簣振子,t=0時位于平衡位置,其機械能隨時間變化的圖像應為（）A.B.C.D.7、如圖所示，將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側(cè)靠墻角，右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊．今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方h高處從靜止開始落下；與圓弧槽相切自A點進入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是（）

A.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒B.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒C.小球離開C點以后，將做豎直上拋運動D.槽將不會再次與墻接觸8、下列對電磁感應的理解，正確的是（）A.發(fā)生電磁感應現(xiàn)象時一定會產(chǎn)生感應電流B.穿過某閉合回路的磁通量發(fā)生變化時，回路中不一定產(chǎn)生感應電流C.感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化D.穿過線圈的磁通量均勻變化時，感應電動勢均勻變化評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列說法正確的是（）A.液體表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力B.在熱傳導中，熱量不可能從低溫物體傳遞給高溫物體C.所有的晶體都有確定的熔點，而非晶體沒有確定的熔點D.水蒸氣達到飽和時，水蒸氣的壓強不再變化，這時蒸發(fā)和凝結(jié)停止進行10、下列說法正確的是（）A.氣體體積變化時，其內(nèi)能可能不變B.布朗運動就是分子的熱運動C.酒精與水混合總體積減小說明分子間存在空隙D.壓縮氣體時氣體會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故11、下列說法正確的是（）A.凡是具有規(guī)則幾何形狀的物體一定是單晶體，單晶體和多晶體都具有各向異性B.兩分子間距離從0.5r0逐漸增大到5r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大C.布朗運動是指懸浮在液體或氣體里固體小顆粒中分子的運動E.熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體E.熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體12、下列說法中正確的是（）；A.擴散現(xiàn)象和布朗運動可證明分子在做永不停息的無規(guī)則運動B.有一分子a從無窮遠處趨近固定不動的分子b，當a到達受b的分子力為零處時，a具有的動能一定大C.第二類永動機是不可能制成，因為它違反了能量守恒定律E.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度E.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度13、利用小直流電動機提升質(zhì)量為m1的物體A，如圖a所示，最終物體能以某一速度勻速上升．小直流電動機可以簡化為如圖b中的模型．開關(guān)S閉合后，金屬棒在安培力作用下運動，通過輕繩帶動物體A上升．設金屬棒與兩平行導軌始終垂直，導軌間距為l，磁場方向豎直向上，面積足夠大，磁場磁感應強度為B．金屬棒質(zhì)量為m2；電阻為R，電源電動勢為E，忽略一切摩擦和電源；導軌內(nèi)阻．現(xiàn)已知物體A勻速上升，則。

A.電路中的電流為B.電路中的電流為C.物體A勻速上升的速度為D.物體A勻速上升的速度為14、裝有一定量液體的玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，如圖甲所示．把玻璃管向下緩慢按壓4cm后放手，忽略運動阻力，玻璃管的運動可以視為豎直方向的簡諧運動，測得振動周期為0.5s．豎直向上為正方向，某時刻開始計時，其振動圖象如圖乙所示，其中A為振幅．對于玻璃管，下列說法正確的是（）

A.回復力等于重力和浮力的合力B.位移滿足函數(shù)式C.振動頻率與按壓的深度有關(guān)D.在時間t1～t2內(nèi)，位移減小，加速度減小，速度增大15、如圖所示，氫原子在不同能級間發(fā)生躍遷時，釋放光子的頻率分別是va、vb、vc，對應的波長分別是λa、λb、λc；下列說法正確的是。

A.從n=3能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的波長可表示為λb=B.從n=2能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的能量可表示為hvaC.從n=3能級躍遷到n=2能級時，電子的勢能減小，氫原子的能量增加D.用12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子，可能發(fā)出六種頻率的光評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、一定量的理想氣體的p－V圖像如圖所示，氣體狀態(tài)經(jīng)歷了A→B→C變化過程，A、B、C三個狀態(tài)的有關(guān)參量如圖所示，則氣體在狀態(tài)C的內(nèi)能______________氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C過程中，氣體需____________（填“吸熱”或“放熱”），它與外界交換的熱量的絕對值為_____________J。17、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當S斷開時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當S閉合時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

18、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導體ab沿光滑導線框向右做勻速運動；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，cd間的長度L=0.4m，運動的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計．

a.電路abcd中導體棒ab相當于電源,_______（a端或b端）相當于電源的正極。

b.電源的電動勢即產(chǎn)生的感應電動勢E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；19、對大量的事實分析表明：______________________．這個結(jié)論被稱做熱力學第三定律．20、如圖所示為氫原子能級示意圖，某個粒子與處在基態(tài)的一個氫原子在同一直線上相向運動，并發(fā)生碰撞，碰撞后氫原子受激躍遷到n＝4的能級。若有一群氫原子處在n＝4的能級，會輻射出_____種頻率的光。在此條件下輻射出的光子中，頻率最高的光子的能量是_____eV．用輻射出的光子照射逸出功為4.75eV的金屬，逸出光電子的最大初動能為_____eV.評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)24、某同學設計了一個用打點計時器探究碰撞過程中不變量的實驗：在小車A的前端粘有橡皮泥；給小車A一定的初速度，使之做勻速直線運動，然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘成一體，繼續(xù)做勻速直線運動。他設計的具體裝置如圖甲所示，在小車A后連著紙帶，電磁打點計時器電源的頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力。

（1）若得到打點紙帶如圖乙所示，并已將測“得各”計數(shù)點間距離標在圖上。A為運動起始的第一點，則應選________段來計算小車A碰前的速度，應選________段來計算小車A和小車B碰后的共同速度（以上兩空選填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）。

（2）測得小車A的質(zhì)量mA＝0.40kg，小車B的質(zhì)量mB＝0.20kg，由以上測量結(jié)果可得：碰前mAvA＋mBvB＝________kg·m/s；碰后mAvA′＋mBvB′＝________kg·m/s。25、做測定玻璃折射率實驗時；同學們被分成若干實驗小組，以下是其中兩個實驗小組的實驗情況：

（1）甲組同學在實驗時，用他們測得的多組入射角i與折射角r作出圖象如圖甲所示，則下列判定正確的是()

A.光線是從空氣射入玻璃的。

B.該玻璃的折射率約為0.67

C.該玻璃的折射率約為1.5

D.該玻璃置于空氣中時臨界角約為45°

（2）乙組同學先畫出圖乙所示的坐標系，再在y＜0區(qū)域放入某介質(zhì)（以x軸為界面），并通過實驗分別標記了折射光線、入射光線、反射光線通過的一個點，它們的坐標分別為A（8，3）、B（1，－4）、C（7；－4），則：

①入射點O′（圖中未標出）的坐標為___________；

②通過圖中數(shù)據(jù)可以求得該介質(zhì)的折射率n＝___________。26、在測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U-I圖線如圖所示，則求得的電動勢是____________V，內(nèi)電阻是__________Ω．

27、某實驗小組想組裝一個雙量程(3V；15V)的電壓表；提供的器材如下：

A．電流表G：滿偏電流為300μA；內(nèi)阻未知；

B．干電池E：電動勢為3V；內(nèi)阻未知；

C．滑動變阻器R1：最大阻值約為5kΩ；額定電流為1A；

D．滑動變阻器R2：最大阻值約為16kΩ；額定電流為0.5A；

E．電阻箱R0：0～9999.9Ω；

F．定值電阻R3：40kΩ；額定電流為0.1A；

G．開關(guān)兩個；導線若干．

(1)若用圖示電路測量電流表G的電阻，則滑動變阻器R應選用____(選填“C”或“D”)．

(2)將開關(guān)S1、S2都斷開，連接好實物圖，將滑動變阻器的滑片P調(diào)到____(選填“a”或“b”)端．接通開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表G的指針示數(shù)為200μA；閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值為100Ω時電流表G的指針示數(shù)為100μA，則電流表G的內(nèi)阻測量值為___Ω．

(3)在虛線框中畫出雙量程電壓表的電路原理圖______，并標明所選的器材和改裝電壓表對應的量程，其中R0應取值為___kΩ．

評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)28、如圖所示，間距為L的兩根平行長直金屬導軌MN、PQ固定在傾角為θ的絕緣斜面上，導軌上端接有阻值為R的電阻，一根長為L、電阻為3R、質(zhì)量為m的直導體棒ab垂直放在兩導軌上。整個裝置處于方向垂直斜面向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場中。ab由靜止釋放后沿導軌運動，下滑位移大小為時到達cd位置并恰好開始做勻速運動。ab在運動過程中與導軌接觸良好，導軌電阻及一切摩擦均不計，重力加速度大小為g。求：

（1）ab棒勻速時的速度大小；

（2）從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動整個過程通過電阻R的電荷量；

（3）從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動的整個過程中電阻R產(chǎn)生的熱量Q。29、如圖，絕緣的水平面上，相隔2L的AB兩點固定有兩個電量均為Q的正點電荷，a，O，b是AB連線上的三點，且O為中點，Oa=Ob=．一質(zhì)量為m、電量為+q的點電荷以初速度v0從a點出發(fā)沿AB連線向B運動，在運動過程中電荷受到大小恒定的阻力作用，當它第一次運動到O點時速度為2v0，繼續(xù)運動到b點時速度剛好為零，然后返回，最后恰停在O點．已知靜電力恒量為k．求：

（1）a點的場強大?。?/p>

（2）阻力的大?。?/p>

（3）aO兩點間的電勢差．

（4）電荷在電場中運動的總路程．30、如圖所示，在空間坐標系x<0區(qū)域中有豎直向上的勻強電場E1，在一、四象限的正方形區(qū)域CDEF內(nèi)有方向如圖所示的正交的勻強電場E2和勻強磁場B，已知CD=2L，OC=L，E2=4E1。在負x軸上有一質(zhì)量為m、電量為+q的金屬a球以速度v0沿x軸向右勻速運動，并與靜止在坐標原點O處用絕緣細支柱支撐的（支柱與b球不粘連、無摩擦）質(zhì)量為2m、不帶電金屬b球發(fā)生彈性碰撞。已知a、b球體積大小、材料相同且都可視為點電荷，碰后電荷總量均分，重力加速度為g，不計a、b球間的靜電力，不計a、b球產(chǎn)生的場對電場；磁場的影響；求：

(1)碰撞后，a、b球的速度大??；

(2)a、b碰后，經(jīng)時a球到某位置P點，求P點的位置坐標；

(3)a、b碰后，要使b球不從CD邊界射出，求磁感應強度B的取值。31、如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A靜止在圓弧軌道的最低點．小滑塊B在A的右側(cè)l=3.0m處以初速度v0=5.0m/s向左運動，B與A碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿圓弧軌道向上滑動．已知圓弧軌道光滑，且足夠長；A和B的質(zhì)量相等；B與桌面之間的動摩擦因數(shù)=0.15．取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）碰撞前瞬間B的速度大小v；

（2）碰撞后瞬間A和B整體的速度大小v；

（3）A和B整體在圓弧軌道上所能到達的最大高度h．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

用假設法確定小球的電性；根據(jù)小球做勻速直線運動；受合力為零，可求電場強度和磁感應強度．

【詳解】

B；小球做勻速直線運動；受到合力為零，假設小球帶正電，則小球的受力情況如圖1所示：

小球受到洛倫茲力沿虛線當方向末知；小球受到重力與電場力的合力與洛倫茲力不可能平衡，所以小球不可能做勻速度直線運動，假設不成立，小球?qū)嶋H一定帶負電，故B錯誤；

A；小球受力情況如圖2示：

小球受洛倫茲力一定斜向右上方；根據(jù)左手定則，勻強磁場的方向一定垂直于紙面向里，故A錯誤；

C、根據(jù)幾何關(guān)系，電場力大小qE=mg，洛倫茲力大小qvB=mg；

解得E=mg/q，B=故C錯誤，D正確．

故選D．2、D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)真值表可知，該表是“非”門真值表，當輸出為0時，輸入為1。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．圖甲中；潔凈的玻璃板接觸水面，要使玻璃板離開水面，拉力必須大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子間存在引力，A正確，不合題意；

B．圖乙中；表面層內(nèi)分子間距離比液體內(nèi)部的大，所以表面層內(nèi)液體分子間的引力較大，B錯誤，符合題意；

C．圖丙中；食鹽晶體中的鈉；氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性，C正確，不合題意；

D．圖丁中；猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強變大，氣體來不及向外傳遞熱量，可看做是絕熱變化，D正確，不合題意。

故選B。4、D【分析】【詳解】

A項，若僅將R3的滑動觸頭P向b端移動，R3所在支路有電容器；被斷路，所以I；U保持不變，故A錯；

B項，根據(jù)若僅增大A；B板間距離，電容C減小，根據(jù)Q=CU可知：電容器所帶電荷量減少．故B錯。

C項，若僅用更強的光照射R1；電阻隨光照強度的增大而減小，則Ⅰ增大，U應減小，故C錯；

D項；U變化量的絕對值與Ⅰ變化量的絕對值的比值表示電源的內(nèi)電阻，是不變的．故D項正確．

故選D5、B【分析】【詳解】

輸電線的總長為2l，由則S=．

A．與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B．與結(jié)論相符，選項B正確；

C．與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D．與結(jié)論不相符，選項D錯誤；6、D【分析】【詳解】

簡諧振動的彈簣振子，只有彈簧彈力做功，系統(tǒng)動能和彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)總的機械能不變，ABC錯誤D正確7、D【分析】小球從AB的過程中，半圓槽對球的支持力沿半徑方向指向圓心，而小球?qū)Π雸A槽的壓力方向相反指向左下方，因為有豎直墻擋住，所以半圓槽不會向左運動，可見，該過程中，小球與半圓槽在水平方向受到外力作用，動量并不守恒，而由小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量也不守恒；從B→C的過程中，小球?qū)Π雸A槽的壓力方向向右下方，所以半圓槽要向右推動物塊一起運動，因而小球參與了兩個運動：一個是沿半圓槽的圓周運動，另一個是與半圓槽一起向右運動，小球所受支持力方向與速度方向并不垂直，此過程中，因為有物塊擋住，小球與半圓槽在水平方向動量并不守恒，在小球運動的全過程，水平方向動量也不守恒，選項AB錯誤；當小球運動到C點時；它的兩個分運動的合速度方向并不是豎直向上，所以此后小球做斜上拋運動，C錯誤；因為全過程中，整個系統(tǒng)在水平方向上獲得了水平向右的沖量，最終槽將與墻不會再次接觸，D正確．

【點睛】判斷系統(tǒng)動量是否守恒關(guān)鍵是明確系統(tǒng)是否受到外力的作用，故在應用動量守恒定律時一定要明確是哪一系統(tǒng)動量守恒．8、C【分析】【詳解】

A；發(fā)生電磁感應現(xiàn)象時；若電路不閉合，只產(chǎn)生感應電動勢，不產(chǎn)生感應電流，故A錯誤；

B；穿過某閉合回路的磁通量發(fā)生變化時；一定會產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；

C；根據(jù)楞次定律可知：感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化；即增反減同；故C正確.

D、穿過線圈的磁通量均勻變化時，磁通量的變化率恒定，根據(jù)法拉第電磁感應定律知；線圈中產(chǎn)生的感應電動勢恒定不變，故D錯誤；

故選C.二、多選題(共7題，共14分)9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．液體表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏；分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，選項A正確；

B．在熱傳導中；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，選項B錯誤；

C．所有的晶體都有確定的熔點；而非晶體沒有確定的熔點，選項C正確；

D．水蒸氣達到飽和時；水蒸氣的壓強不再變化，這時蒸發(fā)和凝結(jié)仍在不停地進行，只是達到了動態(tài)平衡，選項D錯誤。

故選AC。10、A:C【分析】【詳解】

A．由熱力學第一定律可知

氣體體積變化時；若與外界進行熱量的交換，其內(nèi)能可能不變，故A正確；

B．布朗運動指的是液體中的固體顆粒在受到液體分子的不均衡碰撞而發(fā)生的運動；反映出液體分子的無規(guī)則運動，故B錯誤；

C．酒精與水混合總體積減小說明分子間存在空隙；故C正確；

D．壓縮氣體時氣體會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體壓強的原因；故D錯誤。

故選AC。11、B:D:E【分析】【詳解】

A．單晶體具有規(guī)則的幾何外形；但是并不是具有規(guī)則幾何形狀的物體一定是單晶體，單晶體表現(xiàn)為各向異性，多晶體表現(xiàn)為各向同性，故A錯誤；

B．兩分子間距離從0.5r0逐漸增大到5r0的過程中；先分子斥力做正功，分子勢能減小，然后分子引力做負功，分子勢能增大，所以它們的分子勢能先減小后增大，故B正確；

C．布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的運動；它間接說明分子永不停息地做無規(guī)則運動，不是固體分子的運動，故C錯誤；

D．氣體的壓強是由于大量分子對器壁的碰撞而產(chǎn)生的；它包含兩方面的原因，分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)和每一次的平均撞擊力，當氣體的溫度降低時，分子的平均動能減小，所以，在壓強不變時，分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨溫度降低而增加，故D正確；

E．熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體；也能夠從低溫物體傳到高溫物體，但要引起其他變化，故E正確。

故選BDE。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現(xiàn)象和布朗運動可證明分子在做永不停息的無規(guī)則運動；A正確；

B．有一分子a從無窮遠處趨近固定不動的分子b，分子力做正功，當a到達受b的分子力為零處時，a具有的動能達到最大；此后分子力做負功；動能一定減??；B正確；

C．第二類永動機并沒有違背能量守恒定律；但卻違背了熱力學第二定律，C錯誤；

D．液晶既有液體的流動性；又具有單晶體的各向異性，D正確。

E．根據(jù)熱力學第三定律得知；絕對零度只能接近，不能達到。E錯誤；

故選ABD。13、A:D【分析】【詳解】

A、B項：物體m1勻速上升時，有：m1g=F安；又F安=BIl，聯(lián)立解得：I=故A正確，B錯誤；

C、D項：根據(jù)閉合電路歐姆定律：又

解得：故C錯誤，D正確．

點晴：物體m1勻速上升時，受力平衡，由平衡條件和安培力公式結(jié)合，可求得電流I．根據(jù)閉合電路歐姆定律和感應電動勢公式E=Blv結(jié)合求物體勻速上升的速度vm．14、A:B:D【分析】【詳解】

A.裝有一定量液體的玻璃管只受到重力和液體的浮力；所以裝有一定量液體的玻璃管做簡諧振動的回復力等于重力和浮力的合力．故A正確；

B.振動的周期為0.5s，則角速度為：ω=2π/T=2π/0.5=4πrad/s，由圖可知振動的振幅為A，由題可知，A=4cm；

t=0時刻：x0=?=A?sinφ0

結(jié)合t=0時刻玻璃管振動的方向向下，可知φ0=π；則玻璃管的振動方程為：

x=A?sin(ωt+φ0)=4sin(4πt+π)cm=4sin(4πt?π)cm；故B正確；

C.由于玻璃管做簡諧振動；與彈簧振子的振動相似，結(jié)合簡諧振動的特點可知，該振動的周期與振幅無關(guān)．故C錯誤；

D.由圖可知，在t1～t2時間內(nèi)，位移減小，回復力：f=?kx減小，加速度a=f/m=?kx/m減小；在t1～t2時間內(nèi)；玻璃管向著平衡位置做加速運動，所以速度增大．故D正確．

故選ABD15、A:B【分析】【詳解】

A.因為Em-En=hv，知Eb=Ea+EC，所以得：λb=故A正確；

B.從n=2能級躍遷到n=1能級時，釋放光子的能量可表示為hva；選項B正確；

C.n=3能級躍遷到n=2能級時；釋放能量，電子的勢能減小，動能增加，氫原子的能量減小，故C錯誤；

D.12.09eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子時，電子能從n=1能級躍遷到n=3能級，大量氫原子從n=3的能級向基態(tài)躍遷的過程中，可以發(fā)出種頻率的光，故D錯誤．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由圖示圖象可知，在A、C兩狀態(tài)，氣體的pV相等；由理想氣體狀態(tài)方程可知，A；C兩狀態(tài)的溫度相等，則氣體在兩狀態(tài)的內(nèi)能相等；

[2][3]．由圖示圖象可知；A→B過程為等壓過程，氣體體積減小，外界對氣體做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C過程是等容變化，氣體不做功，在整個過程中，由熱力學第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整個過程氣體對外放熱，放出的熱量為300J．【解析】＝放熱30017、略

【分析】【分析】

當電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當電鍵S閉合時；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當電鍵S斷開時，當滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當電鍵S閉合時，滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點睛】

本題考查對變阻器兩種接法的理解：S斷開時變阻器為限流器，S閉合時，變阻器為分壓器．運用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612018、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應電流的方向；即可確定等效電源的正負極；

根據(jù)E=BLv求出感應電動勢；由歐姆定律得出電流強度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應電動勢，相當于電源．由右手定則判斷可知相當于電源的正極是a端；

b.感應電動勢為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左19、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結(jié)論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到20、略

【分析】【詳解】

第一空.從n＝4的能級向低能級躍遷會輻射出C42=6種頻率的光子；

第二空.能級差最大的時放出的光子的能量為hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光電子的最大初動能為EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.758四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共28分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度，故AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后。推動小車由靜止開始運動，故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運動的階段；故選BC計算碰前的速度。

[2]碰撞過程是一個變速運動的過程，而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內(nèi)通過相同的位移，故應選DE段來計算碰后共同的速度。

(2)[3]碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則

[4]碰后的總動量【解析】BCDE0.4200.41725、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．由圖可知；入射角大于折射角，故可知，光線是從空氣射入玻璃的，故A正確；

BC．由折射率公式

可知，玻璃的折射率

故B錯誤；C正確；

D．由臨界角公式sinC=

可知；臨界角的正弦值為0.67，故D錯誤；

故選AC

（2）①[2]畫出三條光線如圖所示．

根據(jù)折射光線與入射光線的對稱性，可知，入射點O′的橫坐標為

故入射點O′的坐標為（4；0）。

②[3]設入射角為i，折射角為r，根據(jù)數(shù)學知識得

所以該介質(zhì)的折射率【解析】AC（4，0）26、略

【分析】【詳解】

電源U-I圖象如圖所示：

由U=E-Ir可得；圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢，圖象的斜率表示內(nèi)阻，將圖象延長；

[1].由圖示圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.52，電源電動勢：E=1.52V；

[2].電源內(nèi)阻：【解析】1.520.7627、略

【分析】【分析】

(1)明確實驗原理；知道如何減小半偏法的實驗誤差，從而確定滑動變阻器；

(2)根據(jù)串并聯(lián)電路的基本規(guī)律進行分析；從而確定電流表G的內(nèi)阻大?。?/p>

(3)根據(jù)改裝原理進行分析；知道改裝成電壓表時需要串聯(lián)一個大電阻．

【詳解】

(1)由圖可知；本實驗中采用半偏法確定表頭內(nèi)阻，為了減小并聯(lián)電阻箱后對電流的影響，滑動變阻器應選擇總阻值較大的D；

(2)閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值為100Ω時電流表G的示數(shù)為100μA；則說明電流表半偏，電阻箱分流100μA；根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可知，電流表G的內(nèi)阻為100Ω；

(3)由電流表改裝成電壓表要將電阻與電流表串聯(lián)；量程越大，串聯(lián)的電阻越大，所以電路圖如圖：

電流表G與電阻箱串聯(lián)改裝成的電壓表量程為3V；則有：

即