2025年粵教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，線圈固定于分布均勻的磁場中，磁場方向垂直線圈平面向里。當磁場的磁感應強度B隨時間變化時，該磁場對邊的安培力大小恒定。則下列描述隨變化的圖象中；可能正確的是。

A.B.C.D.2、下列說法正確的是（）A.擴散現(xiàn)象的原因是分子間存在斥力B.由于表面張力的作用，玻璃板上的小水銀滴總是呈球形的C.第二類永動機是不可能造成的，因為它違背了能量守恒定律D.如果沒有漏氣、摩擦、機體的熱量損失，熱機的效率可以達到100%3、如圖所示，速度為電荷量為的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應強度為電場強度為則（）

A.若改為電荷量的離子，將往上偏（其它條件不變）B.若速度變?yōu)閷⑼缕ㄆ渌鼦l件不變）C.若改為電荷量的離子，將往上偏（其它條件不變）D.若速度變?yōu)閷⑼缕ㄆ渌鼦l件不變）4、如圖所示；將一線圈放在一勻強磁場中，線圈平面平行于磁感線，則線圈中有感應電流產(chǎn)生的是（）

A.線圈繞M邊為軸轉(zhuǎn)動B.線圈繞N邊為軸轉(zhuǎn)動C.線圈沿紙面上下運動D.線圈沿紙面左右運動5、如圖所示是電容式話筒的原理圖，膜片與固定電極構(gòu)成一個電容器，用直流電源供電，當聲波使膜片振動時，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流，于是電阻R兩端就輸出了與聲音變化規(guī)律相同的電壓下列說法正確的是

A.電容式話筒是通過改變正對面積來改變電容的B.電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同C.當膜片靠近固定電極時，電流從b流向aD.當膜片靠近固定電極時，電容器處于放電狀態(tài)6、某同學特別喜歡逛玩具商店，一次逛店時一件玩具引起了他的極大興趣，玩具的主體部分是由5個完全相同的彈性小球組成，如圖所示，小球由等長輕線懸掛并排處于同一水平高度，對此玩具裝置作出的如下判斷，你認為正確的是A.如果將最右邊的1個小球提起一定高度由靜止釋放，該小球碰撞后幾乎反彈到同一高度，另幾個小球幾乎保持原地不動B.如果將最右邊的2個小球一起（不改變位置關系）提起一定高度由靜止釋放，則這2個小球與左方小球碰撞后立即反彈，另3個小球立即向左運動C.如果將最右邊的3個小球一起（不改變位置關系）提起一定的高度由靜止釋放，則發(fā)生碰撞后，這5個小球一起向左運動D.無論一次提起幾個小球，這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個小球，另一側(cè)將起來等數(shù)量的幾個小球7、以下有關近代物理的內(nèi)容敘述正確的是A.放射性元素在發(fā)生衰變時2個中子和2個質(zhì)子結(jié)合為一個粒子，設中子、質(zhì)子和粒子的質(zhì)量分別為則B.在關于物質(zhì)波的表達式和中，能量和動量是描述物質(zhì)的波動性的重要物理量，波長和頻率是描述物質(zhì)的粒子性的典型物理量C.在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級狀態(tài)，會自發(fā)地向低能級躍遷D.重核的裂變過程質(zhì)量增大，輕核的聚變過程有質(zhì)量虧損評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示,M是一小型理想變壓器,在a、b端輸入穩(wěn)定的正弦交流電,變壓器右側(cè)部分連有電阻恒定不變的相同小燈泡L1、L2、滑動變阻器R,所有電表都是理想電表,當滑動變阻器P向上滑動時U2為V2表示數(shù),I2為A2表示數(shù),以下說法中正確的是()

A.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)增大,A3的示數(shù)變增大B.V1的示數(shù)不變,V2的示數(shù)減小C.變小D.L1、L2都變亮9、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導軌豎直放置，間距為L，其上端連接有阻值為R的電阻和電容器C，裝置區(qū)域有垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度為B．將一根水平金屬棒ab開始下滑.已知金屬棒ab的質(zhì)量為m，電阻也為R.金屬棒ab在運動中始終保持水平且與導軌良好接觸，且通過金屬棒ab的電流恒定不變，忽略導軌電阻，重力加速度為g.則下列說法正確的是。

A.因為通過金屬棒ab的電流不變，所以金屬棒ab做勻速運動，速度大小是B.盡管通過金屬棒ab的電流不變，金屬棒ab做勻變速運動，加速度大小是C.電阻R的電功率為D.若金屬棒ab由靜止下滑，開始時電容器所帶電荷量為0，那么經(jīng)過時間t，電容器兩端電量10、對于定量氣體，可能發(fā)生的過程是（）A.等壓壓縮，溫度降低B.放出熱量，內(nèi)能增加C.等溫吸熱，體積不變D.絕熱壓縮，內(nèi)能不變11、如圖所示，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過直徑的直線上有O、A、D、B四點，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OB．A點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，使得圓周上各點電勢相等．有一個質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球在滑槽中運動，在C點受的電場力指向圓心；根據(jù)題干和圖示信息可知（）

A.固定在B點的電荷帶正電B.固定在B點的電荷電荷量為QC.小球在滑槽內(nèi)做勻速圓周運動D.C、D兩點的電場強度大小相等12、如圖，為一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過“卡諾循環(huán)”，即從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中與為等溫過程，與為絕熱過程（氣體與外界無熱量交換）。下列說法正確的是（）

A.過程氣體從外界吸熱B.過程氣體內(nèi)能增加C.過程氣體從外界吸熱D.過程氣體內(nèi)能增加13、下列判斷正確的是_______________。A.“PM2.5”在空氣中的運動屬于布朗運動B.當人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大C.用手捏面包，面包體積會縮小，說明分子之間有間隙E.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的E.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的14、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變大C.電容器C中的電場強度變小D.a點的電勢降低15、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖中實線所示，t=時的波形圖如圖中虛線所示，若波傳播的速度v=8m/s；下列說法正確的是（）

E.x=2m處的質(zhì)點的位移表達式為A.這列波的周期為0.4sB.這列波沿x軸負方向傳播C.t=0時刻質(zhì)點a沿y軸負方向運動D.從t=0時刻開始質(zhì)點a經(jīng)0.25s通過的路程為0.4m評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、按照玻爾理論，一個氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。17、用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近懸掛的通草球時，通草球被推開，則通草球帶______電；反復摩擦后，發(fā)現(xiàn)橡膠棒的溫度升高，這是通過______的方式改變物體的內(nèi)能的。18、如圖，壓強-溫度（p-t）圖像中的兩條直線I和Ⅱ分別表示一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個不同過程，p1和p2分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標，t0為它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0＝－273.15℃，a、b為直線I上的兩點。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的體積之比Va∶Vb＝___________；氣體在狀態(tài)b和c的體積之比Vb∶Vc＝___________。

19、泡泡魚游戲中，泡泡魚吐出了一個泡泡，捉住了一條大寶魚。若將泡泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，泡泡魚吐出的泡泡上浮一段時間后到達大寶魚所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過程中，泡泡內(nèi)的氣體對外界做__________（填“正”或“負”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。20、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線1為絕熱變化過程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關系是_____；氣體對外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關系是_____。

21、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長線過坐標原點O，則在a→b過程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個循環(huán)過程中，氣體在狀態(tài)c的壓強___________狀態(tài)e的壓強（填“大于”或“小于”）。

22、如圖甲所示是兩電阻R1、R2各自的U-I圖線．則電阻R1的阻值為______Ω．如果把R1、R2兩個電阻串聯(lián)接成如上圖乙所示的電路時，電流表的示數(shù)為0.1A．則此時電阻R2兩端的電壓是______V．

23、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內(nèi)電阻r=1Ω，M為一小電動機，其內(nèi)部線圈的導線電阻RM=2Ω．R為一只保護電阻，R=3Ω．電動機正常運轉(zhuǎn)時，電壓表（可當作理想電表）的示數(shù)為1.5V，則電源的輸出功率為_____W，電動機的輸出功率為_____W．

24、（1）關于光電效應，下列說法正確的是____________

A．極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

B．只要光照射的時間足夠長；任何金屬都能產(chǎn)生光電效應。

C．從金屬表面出來的光電子的最大初動能越大；這種金屬的逸出功越小。

D．入射光的光強一定時；頻率越高，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多。

（2）兩個質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平相切，如圖所示．一塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h．物塊從靜止開始滑下，然后又滑上劈B．物塊在B上能夠達到的是大高度______；

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)28、在用插針法測定玻璃磚的折射率的實驗中，甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面與玻璃磚位置的關系分別如圖①、②和③所示，其中甲、丙兩同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚．他們的其他操作均正確，且均以aa′、bb′為界面畫光路圖．

以下說法正確的是：____________（本題為多選題；漏選；錯選均不得分）

A.甲同學測得的折射率與真實值相比一定偏大。

B.甲同學測得的折射率與真實值相比一定偏小。

C.乙同學測得的折射率與真實值相比一定偏大。

D.乙同學測得的折射率與真實值相比一定偏小。

E.丙同學測得的折射率與真實值相比可能偏大。

F.丙同學測得的折射率與真實值相比可能偏小A.B.C.E.E.29、(1)某同學選擇了合適的器材制作一個單擺，他用毫米刻度尺測得擺線長L，用游標卡尺測得擺球直徑d,如圖所示，讀數(shù)為______進一步算出擺長．

(2)測出單擺偏角小于5°時完成n次全振動的時間為t，用上述測得的量（L，d，n，t）寫出該同學測量重力加速度的一般表達式：g=___________________評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)30、如圖所示,在絕熱圓柱形汽缸中用光滑絕熱活塞密閉有一定質(zhì)量的理想氣體,在汽缸底部開有一小孔,與U形水銀管相連,外界大氣壓為,缸內(nèi)氣體溫度27℃,穩(wěn)定后兩邊水銀面的高度差為,此時活塞離容器底部的高度為L=50cm(U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計).已知柱形容器橫截面S=0.01m2,取75cmHg壓強為,重力加速度g=10m/s2

（1）求活塞的質(zhì)量;

（2）若容器內(nèi)氣體溫度緩慢降至-3℃,求此時U形管兩側(cè)水銀面的高度差′和活塞離容器底部的高度L′.31、絕熱汽缸倒扣在水平地面上，缸內(nèi)裝有一電熱絲，缸內(nèi)有一光滑的絕熱活塞，封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下吊著一重為G的重物，活塞重為活塞的橫截面積為S，開始汽缸內(nèi)封閉氣柱的高為h，氣體的溫度為大氣壓強為．現(xiàn)給電熱絲加熱，活塞緩慢下降，當氣體吸收熱量Q時，活塞下降了h；求：

①氣體的溫度升高了多少？

②氣體的內(nèi)能增加了多少？32、的質(zhì)量是3.016050u；質(zhì)子的質(zhì)量是1.007277u，中子的質(zhì)量是1.008665u.1u=931.5MeV，求：

（1）寫出一個質(zhì)子和兩個中子結(jié)合為氚核時的核反應方程式。

（2）一個質(zhì)子和兩個中子結(jié)合為氚核時；是吸收還是放出能量？該能量為多少？

（3）氚核的結(jié)合能和比結(jié)合能各是多少？(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

設線圈的長寬分別為ab，當磁感應強度發(fā)生變化時，線框內(nèi)產(chǎn)生感應電動勢為：感應電流為：安培力為：F=BIb；得cd邊的安培力：由公式可知，若磁場B增大，則減?。蝗鬊減小，則增大。所以四個圖象中只有B正確。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現(xiàn)象的原因是分子的熱運動；故A錯誤；

B．表面張力使液體表面積收縮到最小的趨勢；故B正確；

C．第二類永動機是不可能造成的；因為能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性，并沒有違反能量守恒，故C錯誤；

D．如果沒有漏氣；摩擦、機體的熱量損失；熱機的機械效率也不可能達到100%，故D錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．若改為電荷量的離子，根據(jù)左手定則判斷可以知道，離子受的洛倫茲力方向向下，電場力方向向上，因為此時洛倫茲力與電場力仍然平衡，所以負離子不偏轉(zhuǎn)，仍沿直線運動，故A錯誤．

B．若速度變?yōu)槁鍌惼澚υ龃鬄樵瓉淼谋?；而離子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向上偏轉(zhuǎn)，故B錯誤．

C．若改為電荷量的離子，根據(jù)受力情況得：即粒子仍處于平衡狀態(tài)，所以離子仍沿直線運動，故C錯誤；

D．若速度變?yōu)橛捎陔x子帶正電，洛倫茲力為原來的倍；而離子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向下偏轉(zhuǎn)，故D正確．

點睛：粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當二力不平衡時，粒子做曲線運動．4、A【分析】A、線圈繞M邊為軸轉(zhuǎn)動；線圈平面與磁場方向的夾角改變，磁通量發(fā)生變化，有感應電流產(chǎn)生，故A正確；

B、線圈繞N邊為軸轉(zhuǎn)動；磁通量一直為零，沒有發(fā)生變化，無感應電流產(chǎn)生，故B錯誤；

C；線圈沿紙面上下運動；磁通量一直為零，沒有發(fā)生變化，無感應電流，故C錯誤；

D；線圈沿紙面左右運動；磁通量一直為零，沒有發(fā)生變化，無感應電流，故D錯誤；

故選A。

【點睛】注意把握磁通量是否變化這一根本條件，不要受其它因素的干擾。5、B【分析】【分析】

根據(jù)電容的決定式，判斷電容的變化，電容始終接在電源的兩端，電勢差不變，根據(jù)判斷電量的變化，從而得出電流的流向．

【詳解】

由圖可知，電容式話筒是通過改變板間距來改變電容的，故A錯誤；根據(jù)歐姆定律可知，電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同，故B正確；當膜片靠近固定電極時，根據(jù)電容的決定式知，電容變大，因始終和電源相連，故U不變，由可知，電量增大，電容器充電，電流由a到b，故CD錯誤．故選B．

【點睛】

解決本題的關鍵是掌握電容的決定式以及知道電容始終接在電源的兩端，電勢差不變；同時掌握好電容的決定式和定義式的準確應用．6、D【分析】【詳解】

完全相同的彈性小球之間的碰撞為彈性碰撞，總動量守恒，總動能守恒．設入射小球初速度為v0，碰后速度為v1，被碰小球碰后速度為v2；則。

聯(lián)立解得：v1=0，v2=v0；碰撞過程兩者交換速度。

故無論一次提起幾個小球；這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個小球，另一側(cè)將起來等數(shù)量的幾個小球，故ABC錯誤，D正確．

故選：D7、C【分析】【詳解】

放射性元素在發(fā)生α衰變時2個中子和2個質(zhì)子結(jié)合為一個α粒子，有質(zhì)量虧損，即為△m=2m1+2m2-m3，故A錯誤．在關于物質(zhì)波的表達式E=hv和中，能量E和動量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長λ和頻率v是描述物質(zhì)的波動性的典型物理量，故B錯誤．在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級狀態(tài)，會自發(fā)地向低能級躍遷，選項C正確；重核的裂變過程和輕核的聚變過程都有能量放出，都有質(zhì)量虧損，選項D錯誤.二、多選題(共8題，共16分)8、A:B【分析】【詳解】

AB．a(chǎn)、b端輸入穩(wěn)定的正弦交流電，即電壓表V1示數(shù)不變，所以副線圈的電壓恒定，當滑動變阻器P向上滑動時，總電阻減小，總電流變大，即電流表A2的示數(shù)變大，燈泡L2兩端電壓變大，所以電壓表V2示數(shù)變小，由變壓器的變流比可知，電流表A1的示數(shù)變大，由于電壓表V2示數(shù)變小，所以流過L2的電流變小，總電流變大，所以電流表A3示數(shù)變大；故A正確，B正確；

C．由閉合歐姆定律可得：即不變，故C錯誤；

D．由A分析可知，L1變亮，L2變暗，故D錯誤．9、B:C:D【分析】【分析】

根據(jù)通過金屬棒ab的電流恒定不變；可以知道電容器兩端的電壓均勻增大，處于充電過程中，然后根據(jù)牛頓第二定律可以確定加速度以及功率和電量.

【詳解】

A、由題可知金屬棒ab受到安培力為:對金屬棒ab，根據(jù)牛頓第二定律可以得到：mg-B2L2Ca=ma,整理可以得到:恒定不變，所以金屬棒ab做勻變速運動；故A錯誤，B正確；

C、由上面分析可知：BIL=B2L2Ca，即:則電阻R的功率為：故C正確；

D、經(jīng)過時間t電容器兩端的電量為:故D正確.

故選BCD.

【點睛】

本題考查了電磁感應中的電容器充電過程中，電流不變，然后根據(jù)牛頓第二定律可以確定加速度.要知道電流與電容器帶電量的關系.10、A:B【分析】【詳解】

理想氣體狀態(tài)方程可知等壓壓縮，體積減小溫度降低，A正確；根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q可知若氣體放出熱量的同時外界對氣體做正功，且做功大于放出熱量，則內(nèi)能將會增加，B正確；等溫說明內(nèi)能不變，即△U=0，吸收熱量，即Q＞0，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q可知W＜0，即氣體膨脹對外做功，所以等溫吸熱，體積膨脹，C錯誤；絕熱說明氣體不能吸放熱即Q=0，壓縮說明外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q可知：絕熱壓縮，內(nèi)能增大，D錯誤．11、B:C【分析】【詳解】

A．由小球在C點處恰好與滑槽內(nèi)、外壁均無擠壓且無沿切線方向的加速度知：小球在C點的合力方向一定沿CO，且指向O點．

A對小球吸引，B對小球排斥，因此小球帶負電、B帶負電；故A錯誤；

B．由∠ABC=∠ACB=30°知：∠ACO=30°，AB=AC=L；BC=2ABcos30°=

由力的合成可得

即

故B正確；

C．圓周上各點電勢相等；小球在運動過程中電勢能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，故C正確；

D．由庫侖定律及場強的疊加知，D點的電場強度大于C點；故D錯誤．

故選BC．12、A:D【分析】【詳解】

A．過程氣體溫度不變；內(nèi)能不變，體積膨脹，氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律知氣體從外界吸熱，A正確；

BD．的過程中，氣體對外界做功，則

且為絕熱過程，則

根據(jù)

知

即氣體內(nèi)能減小，溫度降低，即的溫度高于溫度，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，過程內(nèi)能增加；B錯誤，D正確；

C．過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

知

氣體對外放熱；C錯誤。

故選AD。13、A:D:E【分析】【詳解】

A．“PM2.5”是指直徑小于等于2.5微米的顆粒物；是分子團的運動，屬于布朗運動，A正確；

B．潮濕時；空氣的相對濕度較大，干燥時，空氣的相對濕度較小，但絕對濕度大小不能確定，B錯誤；

C．用手捏面包；面包體積會縮小，只能說明面包內(nèi)有氣孔，C錯誤；

D．人類利用能源時；是將高品質(zhì)的能量釋放出來并最終轉(zhuǎn)化為低品質(zhì)的內(nèi)能．所以可利用的能源會逐漸減小，D正確；

E．一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中溫度不變；分子的平均動能不變，所吸收的熱量全部用來增大分子勢能，E正確。

故本題選ADE。14、B:C:D【分析】【詳解】

B．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大；則電壓表示數(shù)變大，故B正確；

AD．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于兩端的電壓，

干路電流I增大，變小，則a點的電勢降低，通過的電流減小，通過電流表的電流

干路電流I增大，減小，則增大；即電流表示數(shù)變大，故A錯誤，D正確；

C．電阻兩端的電壓

干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場強度減??；故C正確．

故選BCD。15、B:C:D【分析】由圖讀出波長λ=4m，則波的周期為由題，波傳播的時間為t=s=根據(jù)波形的平移可知，波的傳播方向沿x軸負方向，故A錯誤，B正確。波x軸負方向傳播，由“上下坡法”可知t=0時，質(zhì)點a沿y軸負方向運動。故C正確。從t=0時刻經(jīng)0.25s時，由于t=0.25s=所以質(zhì)點通過的路程等于2A=0.4m，故D正確。t=0時刻x=2m處的質(zhì)點正向y軸負方向運動，其位移表達式為y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E錯誤。故選BCD。

點睛：本題要理解波的圖象隨時間變化的規(guī)律．波在一個周期內(nèi)傳播一個波長，波的圖象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波動圖象常用的方法．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

[1]因為一個氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減?。粫蛲獍l(fā)射光子，因為能級差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動能增大，則原子的電勢能減小?！窘馕觥堪l(fā)射，增大，減小，減小17、略

【分析】【詳解】

[1]毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電；通草球受到斥力作用，故通草球也帶負電；

[2]摩擦橡膠棒時通過做功的方式改變物體內(nèi)能?！窘馕觥竣?負電②.做功18、略

【分析】【詳解】

[1]圖中兩條直線是等容線，所以a、b兩個狀態(tài)下的氣體體積相同，則

[2]b、c兩個狀態(tài)下的氣體溫度相等，由圖像可得

即【解析】1:1p2:p119、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過程中；泡泡內(nèi)的氣體的壓強減小，根據(jù)玻意耳定律可知，該過程中泡泡內(nèi)的氣體的體積增大，氣體對外界做功。

[2]由于泡泡內(nèi)的氣體的溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律可知，該過程中氣體從外界吸收熱量。【解析】正從外界吸收熱量20、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q321、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中，理想氣體等溫變化，內(nèi)能保持不變，氣體體積變大對外做功，由熱力學第一定律可得，a→b過程中從外界吸收熱量；

[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

整理得

根據(jù)V-T圖像斜率的大小可知氣體在狀態(tài)c的壓強小于狀態(tài)e的壓強?！窘馕觥课鼰嵝∮?2、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，U1=4V時，I1=0.2A，則

由圖乙知，兩電阻串聯(lián)在電路中，由圖甲可知：當I1=I2=0.1A時，U2=1V；【解析】20Ω1V.23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可知，電路的電流為

電源的輸出功率為

[2]電動機的輸出功率為【解析】2.75，1.524、略

【分析】【詳解】

（1）極限頻率越大的金屬材料逸出功越大，選項A正確；能否發(fā)生光電效應，與光照時間無關，選項B錯誤；根據(jù)光電效應方程Ekm=hγ-W0知；最大初動能與入射光的頻率成一次函數(shù)關系，不會影響金屬的逸出功．故C錯誤．光的強度影響的是單位時間發(fā)出光電子數(shù)目，與入射光的頻率無關．故D錯誤．

（2）設物塊到達劈A的低端時，物塊和A的的速度大小分別為v和V；由機械能守恒和動量守恒得。

①

②

設物塊在劈B上達到的最大高度為此時物塊和B的共同速度大小為由機械能守恒和動量守恒得。

③

④

聯(lián)立①②③④式得⑤【解析】①.（1）A②.（2）四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半