2024年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷846考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，豎直放置的一對平行金屬板間有加速電場，電勢差為U1，水平放置的一對平行金屬板間有偏轉(zhuǎn)電場，電勢差為U2。一帶電粒子由靜止開始經(jīng)加速電場后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，且從偏轉(zhuǎn)電場射出。粒子重力忽略不計?，F(xiàn)保持其他條件不變，只增大U1，仍使該種粒子由靜止開始進(jìn)入加速電場。與U1變化前相比；帶電粒子。

A.在偏轉(zhuǎn)電場中，動能增加量一定增大B.在偏轉(zhuǎn)電場中，動能增加量可能不變C.射出偏轉(zhuǎn)電場時的動能一定增大D.射出偏轉(zhuǎn)電場時的動能可能不變2、如圖所示，真空中孤立的帶電絕緣球體，半徑為R，電荷均勻分布在球體各個部位，a點距球心距離為b點距球心距離為已知電荷分布均勻的球殼在殼內(nèi)形成的電場強(qiáng)度為零，對外部形成的電場強(qiáng)度可視為集中在球心的點電荷在該處形成的。則a和b兩點電場強(qiáng)度大小之比為（）

A.B.C.D.3、關(guān)于電場，下列敘述正確的是（）A.以點電荷為圓心r為半徑的球面上，各點的場強(qiáng)都相同B.正電荷周圍的電場一定比負(fù)電荷周圍的電場強(qiáng)C.電荷所受電場力大，該點電場強(qiáng)度一定很大D.在電場中某點放入試探電荷q，該點的場強(qiáng)為E=取走q后，該點場強(qiáng)不變4、如圖，電阻R1、R2串聯(lián)接入電路，已知U1：U2＝1：2，則R1：R2為（）

A.1∶2B.2∶1C.1∶1D.1∶45、如圖甲所示，用內(nèi)阻為充電寶為一手機(jī)充電，其等效電路如圖乙所示。在充電開始后的一段時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為則時間t內(nèi)（）

A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶的總功率為C.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機(jī)電池增加的化學(xué)能為6、下列各圖給出了通電導(dǎo)體中磁感線方向或者小磁針N極指向描述正確的（）A.通電直導(dǎo)線B.通電直導(dǎo)線C.通電螺線管D.N極指向地理南極7、以下物理量為矢量，且單位是國際單位制基本單位的是（）A.電流、AB.位移、mC.功、JD.磁感應(yīng)強(qiáng)度、T8、如圖所示，將帶電量為q的小球A固定在絕緣支架上，將另一質(zhì)量為m，電荷量相等的帶電小球B放在距離A球正上方r處恰好處于平衡狀態(tài)（r遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小球直徑），則（）

A.A、B兩球可能帶異種電荷B.兩小球的電量C.如果小球B的質(zhì)量變?yōu)?m，則B兩球的距離為2rD.如果小球B的電量變?yōu)?q，則B兩球的距離為2r評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關(guān)于磁感線，以下說法中正確的是（）A.磁感線是磁場中客觀存在的曲線B.磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向，也是該點的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向C.磁感線起始于磁鐵的N極，終止于磁鐵的S極D.磁感線是閉合曲線10、如圖所示，開關(guān)閉合的情況下，平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止?fàn)顟B(tài)．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則。

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點P將向下運動D.R3上消耗的功率減小11、一束粒子沿水平方向平行飛過小磁針上方；如圖所示，此時小磁針S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，這一束粒子可能是（）

A.向右飛行的正離子束B.向左飛行的正離子束C.向右飛行的負(fù)離子束D.向左飛行的負(fù)離子束12、如圖所示，a、b、c、d四個質(zhì)量均為m的帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，三小球所在位置恰好將圓周等分。小球d位于O點正上方h處，且在外力F作用下恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為重力加速度為g，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.小球d一定帶負(fù)電B.小球b的周期為C.外力F大小等于D.小球c的加速度大小為13、如圖所示，一個電荷量為–Q的點電荷甲，固定在粗糙絕緣水平面上的O點，另一個電荷量為+q、質(zhì)量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線方向向甲運動，到B點時速度減小到最小值v．已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ，A、B間距為L，靜電力常量為k；則下列說法中正確的是。

A.O、B間距為B.點電荷甲產(chǎn)生的電場在B點的場強(qiáng)大小為C.點電荷乙在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.點電荷甲產(chǎn)生的電場中，A、B間的電勢差UAB=14、如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，為P、Q連線的中垂線，交于O點，A為上的一點．一帶正電的試探電荷q，以某一足夠大的速度從A向O點運動；取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）

A.q由A向O的運動是勻加速直線運動B.q由A向O運動的過程電勢能逐漸增大C.q由A向O運動的過程動能可能一直減小D.q運動到O點時的加速度為零15、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強(qiáng)度E隨x變化的圖象如圖所示x1和﹣x1為x軸上對稱的兩點。下列說法正確的是（）

A.O點的電勢最高B.x2點的電勢最高C.x1和﹣x1兩點的電勢相等D.x1和x2兩點的電勢相等16、兩帶電金屬板豎直放置且兩板始終與電源的正、負(fù)極相連，如圖所示。在電場中的O點，用一根絕緣細(xì)線懸掛一帶負(fù)電荷的小球，小球靜止在細(xì)線與豎直方向夾角為θ的位置?，F(xiàn)將兩金屬板繞各自的中心轉(zhuǎn)軸緩慢旋轉(zhuǎn)一個小角度，兩轉(zhuǎn)軸在同一水平線上且旋轉(zhuǎn)過程中兩金屬板始終保持平行，如圖中虛線所示。則（）

A.兩板間勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)將變大B.細(xì)線對小球的拉力將變大C.小球靜止時細(xì)線與豎直方向夾角θ將變小D.小球靜止時細(xì)線與豎直方向夾角θ將變大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、公式：R=___________18、靜電平衡：導(dǎo)體內(nèi)的自由電子不再發(fā)生______的狀態(tài)．19、異種電荷相互___________。真空中兩個靜止點電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的___________倍。20、用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為______mm，用20分度的游標(biāo)卡尺測量某物體的厚度時，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為______mm。

21、某電熱器的工作原理如圖所示。是兩個發(fā)熱電阻，該電熱器有高低兩個檔位，該電熱器處于高溫檔時的功率是低溫檔的______倍。小明想在電路中加一個“防傾倒開關(guān)”，以保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災(zāi)。該開關(guān)最好安裝在圖中四點中的______點。

22、如圖電路中，電源的內(nèi)電阻為r，R2、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，電壓表示數(shù)__（選填“變大”、“變小”或“不變”），若電流表和電壓表的示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，則__r（選填“大于”；“小于”或“等于”）．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)23、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強(qiáng)方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)26、利用電流傳感器研究電容器的放電過程的電路如圖所示，其中電源電動勢先使開關(guān)S與1相連，電容器充電結(jié)束后把開關(guān)S擲向2，電容器通過電阻箱R放電。傳感器將電流信息傳入計算機(jī)，屏幕上顯示出電流I隨時間t變化的曲線如圖所示。

（1）實驗中電阻箱的示數(shù)如圖所示，其阻值R=__________Ω。時，電容器的a極板帶__________電（選填“正”或“負(fù)”）。

（2）圖中畫出了對應(yīng)較短時間的狹長矩形，該矩形面積的物理意義__________，是估算該電容器的電容C=__________F。

（3）一同學(xué)在深入研究的過程中發(fā)現(xiàn)：當(dāng)改變一個或幾個物理量時，I—t圖像會發(fā)生有規(guī)律的變化，圖中的虛線示意了4種可能的變化情形。如果只增大電阻R，I—t圖像的變化應(yīng)該是選項__________（填寫相應(yīng)選項的字母）；如果只增大電容C，I—t圖像的變化應(yīng)該是選項__________（填寫相應(yīng)選項的字母）。

A．B.C.D.27、圖甲為某多用電表的電路圖，E為電源，R1、R2、R3、R4、R5為定值電阻，R6為滑動變阻器．虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端與兩表筆相連．該多用電表有兩個直流電流擋2mA和5mA；兩個直流電壓擋5V和10V，一個歐姆擋．

（1）某次測量時該多用電表指針位置如圖乙所示．若此時B端與“4”相連，則讀數(shù)為______；若此時B端與“1”相連，則多用電表讀數(shù)為______。

（2）B端與“3”相連時，紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)R6使表頭G指針滿偏，再將電阻箱作為待測電阻接在A、B間，電路中干路電流I，與電阻箱的阻值Rx的關(guān)系如圖丙所示，則此時多用電表的內(nèi)阻為______kΩ，該電源的電動勢E＝______V。

（3）若G表的滿偏電流Ig＝0.01mA，內(nèi)阻rg＝100Ω，則可求得R1＝______Ω，R4＝______Ω。28、在測量一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)阻r的實驗中；小明設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路。

（1）實驗開始前，應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P移至______（選填“a”或“b”）端；

（2）合上開關(guān)S1、S2接圖甲中的1位置，改變滑動變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)，在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點作出兩種情況下的電壓表示數(shù)U和對應(yīng)的電流表示數(shù)I的圖象，如圖乙所示，兩直線與縱軸的截距分別為與橫軸的截距分別為

①S2接1位置時，作出的圖線是圖乙中的______（選填“A”或“B”）線；

②S2接1位置時，測出的電池電動勢E和內(nèi)阻r存在系統(tǒng)誤差，原因是______（選填“電壓”或“電流”）表的示數(shù)偏______（選填“大”或“小”）；

（3）兩種接法都存在系統(tǒng)誤差，但利用圖乙中信息，可以消除系統(tǒng)誤差，算出電池電動勢______，內(nèi)阻______。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)29、如圖所示，粗糙程度不均勻的水平面與半徑為R的豎直光滑半圓軌道相切于C點，為半圓的直徑，O為圓心，D點是弧的中點，在半圓下半部分有水平向左的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小（g為重力加速度）?，F(xiàn)把可視為質(zhì)點、質(zhì)量為的小物塊P置于水平面的A點，并在水平恒力F（大小未知）的作用下由靜止向左運動，運動到B點撤掉水平恒力F，小物塊P恰好運動到C點靜止?，F(xiàn)把與小物塊P材料相同、質(zhì)量是小物塊P質(zhì)量一半、帶電荷量為的絕緣小物塊Q同樣置于A點，在同樣水平恒力F作用下也從靜止開始向左運動，到B點撤掉水平恒力F，帶電小物塊Q離開水平面后沿著圓弧軌道運動恰好能過最高點M。求：

(1)小物塊Q經(jīng)過水平面C點時的速度大??；

(2)小物塊Q在半圓軌道上運動過程中對軌道的最大壓力；

(3)小物塊Q在運動過程中所受摩擦力做的功。

30、如圖所示，AB是半徑為R的圓的一條直徑，O點為圓心．該圓處于勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)方向平行圓所在平面．現(xiàn)在有大量的質(zhì)量為m，帶正的粒子，電量為q．從A點以大小為的速度沿不同方向射入電場，這些粒子會經(jīng)過圓上不同點，在這些點中到達(dá)C點的粒子動能最大，并變?yōu)槌鮿幽艿膬杀叮阎螧AC=30o；若不計重力和空氣阻力，試求：

（1）場強(qiáng)的大小和方向。

（2）若A點電勢為零；則到達(dá)B點的粒子，在通過B點時。

的電勢能EP31、如圖甲，是某電場中一條電場線上的兩點，一個負(fù)電荷從點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下從點運動到點，其運動的圖像如圖乙所示。

(1)請判斷該負(fù)電荷在兩點電勢能的大小以及兩點電勢的高低。

(2)比較兩點電場強(qiáng)度的大小。

32、如圖所示，粒子以初速度垂直于電場線方向從A點射入一勻強(qiáng)電場，經(jīng)時間t到達(dá)B點時，速度大小為粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q；不計重力。求：

（1）A、B兩點間的電勢差；

（2）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

AB．粒子經(jīng)電場U1加速后，根據(jù)動能定理得

粒子在偏轉(zhuǎn)電場中：水平方向L=v0t

豎直方向：

由牛頓第二定律可得：

解得

則在偏轉(zhuǎn)電場中動能增加量為

則只增大U1；則在偏轉(zhuǎn)電場中，動能增加量一定減小，選項AB錯誤；

CD．射出偏轉(zhuǎn)電場時的動能：

則只增大U1；則射出偏轉(zhuǎn)電場時的動能可能不變，選項C錯誤，D正確；

故選D.2、C【分析】【詳解】

設(shè)球體的總電荷量為Q，則以a所在球面為球體邊緣的內(nèi)部電荷量

電荷分布均勻的球殼對殼內(nèi)形成的電場強(qiáng)度為零，所以a點電場強(qiáng)度

b點電場強(qiáng)度大小為

解得

故選C。3、D【分析】【詳解】

A.點電荷產(chǎn)生的電場中，以點電荷為圓心，r為半徑的球面上；各點的場強(qiáng)大小都相等，方向不同，故場強(qiáng)不同，故A錯誤；

B.電荷周圍的電場強(qiáng)度的大小與點電荷的電量有關(guān)；與電性無關(guān)；故B錯誤；

C.根據(jù)公式：

可知電場力大的同一電荷；所處位置電場強(qiáng)度才大，故C錯誤；

D.電場強(qiáng)度是由產(chǎn)生電場的源電荷決定的，在電場中某點放入或取走一檢驗電荷后，不會影響該點的電場強(qiáng)度，故D正確．4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理，可得

解得

故A正確；BCD錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．充電寶輸出的電功率為A錯誤；

B．充電寶的總功率為B正確；

C．手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為C錯誤；

D．手機(jī)電池增加的化學(xué)能為D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)安培定則判定；此通電直導(dǎo)線的磁感線方向，左邊垂直紙面向外，右邊垂直紙面向里，A錯誤；

B．根據(jù)安培定則判定；次通電直導(dǎo)線的磁感線方向為逆時針方向，B正確；

C．根據(jù)安培定則判定；通電螺線管軸線上的磁感線方向向右，C錯誤；

D．地磁南極在地理北極附近；地磁北極在地理南極附近，故赤道上空的磁場方向從南指向北，D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

AC．矢量特點是既有大小又有方向；同時滿足平行四邊形定則或三角形法則；電流和功均為標(biāo)量，故AC錯誤；

BD．位移和磁感應(yīng)強(qiáng)度均為矢量；國際單位制中基本物理量及對應(yīng)的基本單位共有七個；包括長度(m)；質(zhì)量(kg)、時間(s)、熱力學(xué)溫度(K)、電流(A)、光強(qiáng)度(cd)、物質(zhì)的量(mol)；所以位移為矢量，且單位是國際單位制基本單位，故B正確，D錯誤。

故選B．8、B【分析】【分析】

對小球B受力分析判斷出庫侖力的方向；結(jié)合B球受力平衡求出電荷量和距離．

【詳解】

A項：對小球B受力分析可知；小球B受重力，庫侖力兩力平衡，所以庫侖力豎直向上，所以兩球應(yīng)帶同種電荷，故A錯誤；

B項：由B球受力平衡可知，解得：故B正確；

C、D項：由B球受力平衡可知，解得：當(dāng)小球B的質(zhì)量變?yōu)?m，則A、B兩球的距離為如果小球B的電量變?yōu)?q，則A、B兩球的距離為故C；D錯誤．

故應(yīng)選：B．二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁場是客觀存在的；但磁感線不是實際存在的，故A錯誤；

B．磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向；也是該點的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向，故B正確；

CD．磁體外部磁感線是從N極到S極；而內(nèi)部是從S極到N極，形成閉合的曲線，故C錯誤，D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；所以電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．因電容器兩端電壓減??；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C正確；

D．因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減??；故D正確．11、B:C【分析】【詳解】

A．向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，正離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外，不符合題意，故A錯誤；

B．向左飛行的正離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里，符合題意，故B正確；

C．向右飛行的負(fù)離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里，符合題意，故C正確；

D．向左飛行的負(fù)離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外，不符合題意，故D錯誤。

故選BC。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．由題意，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，三小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點做勻速圓周運動，可知d小球與a、b、c三小球是異性電荷，由于a、b、c三小球的電性未知，所以小球d不一定帶負(fù)電；A錯誤；

BD．設(shè)db的連線與水平方向的夾角為α，則有

可得α=60°

對b小球，由庫侖定律和牛頓第二定律可得

解得

由于a、b、c三小球的加速度大小相等，因此小球c的加速度大小為BD正確；

C．對d小球，由平衡條件可得外力F大小為

C正確。

故選BCD。13、A:B【分析】【詳解】

AB.設(shè)OB=x，當(dāng)速度最小時，有=qE=μmg，得x=場強(qiáng)E=AB正確；

C.點電荷乙運動過程中，電場力一直做正功，電勢能減小，則點電荷乙在A點的電勢能大于在B點的電勢能；C錯誤；

D.點電荷從A到B過程中，根據(jù)動能定理有qUAB–μmgL=–得UAB=+D錯誤．14、B:C:D【分析】【詳解】

A．兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示。

其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向，故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運動做非勻加速直線運動；故A錯誤；

BC．電場力方向與AO方向相反；電場力做負(fù)功，動能減小，電勢能增大，故BC正確；

D．根據(jù)電場的疊加知在O點合場強(qiáng)為0，電荷在O點受到的電場力為0；故加速度為0，故D正確。

故選BCD。15、A:C【分析】【詳解】

AB．從圖像可以看出，電場強(qiáng)度的大小和方向都沿x軸對稱分布，沿著電場強(qiáng)度的方向，電勢一定降低，故根據(jù)其電場強(qiáng)度E隨x變化的圖像容易判斷，O點的電勢最高；B錯誤A正確；

C．由于x1和﹣x1兩點關(guān)于x軸對稱，且電場強(qiáng)度的大小也相等，故從O點到x1和從O點到﹣x1電勢降落相等，故x1和﹣x1兩點的電勢相等；C正確；

D．沿著電場強(qiáng)度的方向，電勢一定降低，故根據(jù)其電場強(qiáng)度E隨x變化的圖像容易判斷，x1和x2兩點的電勢不相等；D錯誤。

故選AC。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．緩慢旋轉(zhuǎn)過程中兩軸心之間的距離保持不變，轉(zhuǎn)動時兩平行板的垂直距離變小，設(shè)轉(zhuǎn)動的角度為α，兩軸心的距離為d，兩極板間的電勢差為U，則轉(zhuǎn)動后的電場強(qiáng)度為

根據(jù)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)與電勢差和板間距離關(guān)系得兩板間勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)將變大；A正確；

BCD．未轉(zhuǎn)動前，繩子拉力、電場力與小球的重力關(guān)系Ty=Tcosθ=mg，

當(dāng)轉(zhuǎn)動角度為α，小球依然受重力、電場力和拉力，再次沿水平方向和豎直方向正交分解，根據(jù)平衡條件得

則電場力水平方向分力不變；即細(xì)線水平方向分力不變，豎直方向分力變大，可畫出受力分析圖。

可知小球靜止時細(xì)線與豎直方向夾角θ將變小；細(xì)線的拉力增大；BC正確，D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】ρ18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】定向移動19、略

【分析】【詳解】

[1]異種電荷相互吸引。

[2]由靜電力公式可得

所以若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的9倍?！窘馕觥课?20、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為

[2]根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為【解析】6.125##6.126##6.12763.6021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]旋轉(zhuǎn)開關(guān)接1時；電熱器功率為。

旋轉(zhuǎn)開關(guān)接2時；電熱器功率為。

代入數(shù)據(jù)解得。

[2]保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災(zāi)，該開關(guān)最好安裝在火線上，且在開關(guān)之前，即安裝在C點?！窘馕觥?C22、略

【分析】【詳解】

[1]電路的結(jié)構(gòu)為R1與R2并聯(lián)后再與R4串聯(lián)，然后再與R3并聯(lián)接在電源兩端，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大；電路總電阻增大，電路總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，電壓表測的是路端電壓，電壓表示數(shù)增大；

[2]設(shè)電壓表示數(shù)為U，電路總電流為I總，電流表示數(shù)為I，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大，電路總電阻增大，電路總電流I總減小，內(nèi)電壓減小，外電壓U增大；流過R3的電流增大，流過R4的電流減小，R4兩端的電壓U4減小，R2兩端的電壓增大，流過R2的電流增大，流過R1的電流減?。浑娐冯娏麝P(guān)系為I總減小，I減小，I2增大，I3增大，則△I大于△I總；據(jù)閉合電路歐姆定律有：

則：【解析】變大小于四、作圖題(共3題，共6分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強(qiáng)度方向；負(fù)電荷受電場力的方向與場強(qiáng)方向相反，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课濉嶒烆}(共3題，共27分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]實驗中電阻箱的阻值R=3360Ω。時，電容器還在放電，a極板帶正電。

（2）[3][4]圖中畫出了對應(yīng)較短時間的狹長矩形，根據(jù)q=It可知，該矩形面積的物理意義電容器在△t時間內(nèi)的放電量；根據(jù)圖像可知放電電量為

該電容器的電容

（3）[5][6]如果只增大電阻R，則電容器放電的最大電流會減小，由于放電電量不變，即I—t圖像的“面積”不變，則變化應(yīng)該是選項A；如果只增大電容C，則電容器帶電量增加，I—t圖像的“面積”變大，最大電流不變，I—t圖像的變化應(yīng)該是選項D?！窘馕觥?360正電電容器在△t時間內(nèi)的放電量AD27、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]B端接“4”時為電壓表小量程即5V，讀中間一排數(shù)字，因為最小分度值為0.1V，估讀到下一位，指針指在2.0～3.0V之間約9.2格處，所以讀數(shù)為2.92V；B端接“1”時為電流表的大量程即5mA；則此時的讀數(shù)為2.92mA；

（2）[3][4]由題圖丙可知中值電阻和短路電流分別為15kΩ和2．0mA，所以此時多用電表的內(nèi)阻為15kΩ，電源電動勢E＝15kΩ×2.0mA＝30V

（