2025年華師大版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高三物理下冊月考試卷271考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列物體在運動過程中，機械能可視作守恒的是（）A.乘電梯勻速上升的人B.被擲出后在空中運動的鉛球C.沿粗糙斜面勻速下滑的木箱D.以g的加速度豎直向上做勻減速運動的物體2、如圖所示，一半圓形降落傘邊緣用24根傘繩中心對稱分布，下端懸掛一名飛行員，每根繩與中軸線的夾角為30°，飛行員及飛行員身上裝備的總質(zhì)量為80kg，降落傘的質(zhì)量為40kg．當勻速降落時，不計飛行員所受空氣作用力，每根懸繩的拉力是（）A.50NB.NC.ND.N3、2011年11月3日凌晨1時29分，經(jīng)歷近43小時飛行和五次變軌的“神舟八號”飛船飛抵距地面343公里的近似為圓的軌道，與在此軌道上等待已久的“天宮一號”成功對接；11月16日18時30分，“神舟八號”飛船與“天宮一號”成功分離，于11月17日19時許返回地面．下列有關(guān)“天宮一號”和“神舟八號”說法正確的是（）A.對接前“天宮一號”的運行速率約為11.2km/sB.若還知道“天宮一號”運動的周期，再利用萬有引力常量，就可算出地球的質(zhì)量C.在對接前，應讓“天宮一號”與“神舟八號”在同一軌道上繞地球做圓周運動，然后讓“神舟八號”加速，追上“天宮一號”并與之對接D.“神舟八號”飛船與“天宮一號”分離后返回地面，則應先減速4、下列關(guān)于電場的說法不正確的是（）A.電場是一種客觀存在的物質(zhì)B.電場的基本特性就是對放入其中的電荷有力的作用C.電場并不存在，是人們想象出來的D.電荷間的相互作用就是通過電場發(fā)生的5、沿直線運動的一列火車和一輛汽車，在計時開始時及每過1s時火車和汽車的速度分別為v1和v2如表所示；由表中數(shù)據(jù)可看出（）

。t/s0123v1/m?s-115.015.315.615.9v2/m?s-120181614A.火車的位移在增大，汽車的位移在減小B.火車的位移在減小，汽車的位移在增大C.火車的速度變化大，汽車的速度變化小D.火車的速度變化慢，汽車的速度變化快6、如圖所示，OO′為豎直轉(zhuǎn)動軸，MN為固定在OO′上的水平光滑桿．有兩個質(zhì)量相等的金屬球A、B套在水平桿上，AC、BC為抗拉能力相同的兩根細繩，C端固定在轉(zhuǎn)動軸OO′上，當細繩拉直時，A、B兩球轉(zhuǎn)動半徑之比恒為2：1，當轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動角速度逐漸增大時，則（）A.AC繩先斷，A球做離心運動B.BC繩先斷，B球做離心運動C.兩繩同時斷，B兩球同時做離心運動D.不能確定哪根繩先斷7、如圖所示，一小磁針靜止在通電螺線管下面，螺線管通過如圖所示的電流，則下列說法中正確的是（）A.螺線管左端是N極，小磁針左端也是N極B.螺線管左端是S極，小磁針左端也是S極C.螺線管左端是N極，小磁針左端是S極D.螺線管左端是S極，小磁針左端是N極8、如圖，三個小球a、b、c分別用三根絕緣細線懸掛在同一點O，細線的長度關(guān)系為oa=ob＜oc，讓三球帶電后它們能靜止在圖中位置．此時細線oc沿豎直方向，a、b、c連線恰構(gòu)成一等邊三角形，則下列說法正確的是（）A.a、b、c三球質(zhì)量一定相等B.a、b、c三球所帶電荷量一定相等C.細線oa、ob所受拉力大小相等D.a．b、c三球所受靜電力大小一定相等評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、（2011秋?東湖區(qū)校級期中）如圖所示，地面上某區(qū)域存在著勻強電場，其等勢面與地面平行等間距．一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球以水平方向的初速度v0由等勢線上的O點進入電場區(qū)域，經(jīng)過時間t，小球由O點到達同一豎直平面上的另一等勢線上的P點．已知連線OP與水平方向成45°夾角，重力加速度為g，則OP兩點的電勢差為____．10、（2013秋?安寧區(qū)校級期中）如圖是單臂斜拉橋的示意圖，均勻橋板ao重為G，三根平行鋼索與橋板均成30°角，而系點間距離ab=bc=cd=do．若每根鋼索受力相同，則每根鋼索受力大小____N．11、（2014秋?船營區(qū)校級期中）如圖所示，平行的兩金屬板M、N與電源相連，一個帶負電的小球懸掛在兩板間，閉合開關(guān)后，懸線偏離豎直方向的角度為θ．若保持開關(guān)K閉合，將N板向M板靠近，θ角將____；若把開關(guān)K斷開，再使N板向M板靠近，θ角將____．12、非晶體的熔化熱____（填“確定”或“不確定”）．13、【題文】(6分)在將空氣壓縮裝入氣瓶的過程中，溫度保持不變，外界做了24kJ的功?，F(xiàn)潛水員背著該氣瓶緩慢地潛入海底，若在此過程中，瓶中空氣的質(zhì)量保持不變，且放出了5kJ的熱量。在上述兩個過程中，空氣的內(nèi)能共減小________kJ，空氣________(選填“吸收”或“放出”)的總熱量為________kJ。14、（2016?泰州三模）如圖所示，在橄欖球比賽中，質(zhì)量為100kg的橄欖球前鋒以vA=5m/s的速度跑動，想穿越防守隊員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時，迎面撞上了對方兩名質(zhì)量均為75kg的球員，一個速度vB=2m/s，另一個速度vC=4m/s，他們騰空扭在了一起．他們碰撞后瞬間的速度大小約為____m/s，在此過程中三名球員的總機械能____（選填“增大”、“不變”或“減小”）．15、一個有一定厚度的圓盤；可以繞通過中心垂直于盤面的水平軸轉(zhuǎn)動，圓盤加速轉(zhuǎn)動時，角速度的增加量△ω與對應時間△t的比值定義為角加速度β．我們用電磁打點計時器；米尺、游標卡尺、紙帶、復寫紙來完成下述實驗：（打點計時器所接交流電的頻率為50Hz，A、B、C、D為計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間有四個點未畫出）

①如圖甲所示；將打點計時器固定在桌面上，將紙帶的一端穿過打點計時器的限位孔，然后固定在圓盤的側(cè)面，當圓盤轉(zhuǎn)動時，紙帶可以卷在圓盤側(cè)面上；

②接通電源；打點計時器開始打點，啟動控制裝置使圓盤勻加速轉(zhuǎn)動；

③經(jīng)過一段時間；圓盤停止轉(zhuǎn)動和打點，取下紙帶，進行測量．

（1）如圖乙所示，圓盤的直徑d為____cm；

（2）由圖丙可知，打下計數(shù)點D時，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度為____rad/s．

（3）角加速度是角速度變化的快慢，則圓盤轉(zhuǎn)動的角加速度β大小為____rad/s2．16、重10N的物體，在彈簧測力計作用下沿直線勻速運動了50cm（如圖），彈簧測力計對物體做的功是____J，作出物體受到摩擦力的示意圖；當彈簧測力計的示數(shù)增大為5N時，物體受到摩擦力為____N．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）18、狹義相對論認為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）19、地理位置的南北極即為地磁場的南北極____．（判斷對錯）20、直線電流磁場的方向的判斷可以用安培定則：____．21、串聯(lián)電路中，電壓分配與電阻成反比．____．（判斷對錯）22、熱力學系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動態(tài)平衡，分子仍做無規(guī)則運動．____．（判斷對錯）23、大氣壓強是由地面上每平方米面積的上方，整個大氣壓對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．____．（判斷對錯）24、物體的運動狀態(tài)發(fā)生了變化，一定受到外力的作用．____（判斷對錯）25、原先沒有磁性的鐵，在長期受到磁鐵的吸引會產(chǎn)生磁性____．（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共2題，共12分)26、一水平；白色的傳送帶AB長為30m；以12m/s的速度順時針做勻速運動，已知物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)為0.4，物體可視為質(zhì)點，現(xiàn)將該物體由靜止放到傳送帶的A端開始，求：

（1）物體運動到B端所需的時間是多少；

（2）物體下端有一個黑色墨盒（不影響質(zhì)量和動摩擦因數(shù)），則物體在傳送帶上留下的劃痕有多長．27、一足夠大的水池水深h=m；水池底部中心有一點光源S，其中一條光線斜射到水面上，其在水面上的反射光線和折射光線恰好垂直，并測得點光源S到水面反射點的距離l=2m，求：

①水的折射率n；

②水面上能被光源照亮部分的面積（取π=3）．評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共21分)28、某生物小組利用如圖所示密閉裝置培養(yǎng)某植株幼苗，并控制每天8∶00-24∶00為光照培養(yǎng)，24∶00-8∶00為黑暗培養(yǎng)，其他條件適宜。測量一天內(nèi)裝置中CO2濃度的變化，結(jié)果如下表所示，請分析回答下列問題：

。光照階段時間8∶009∶0010∶0011∶0012∶00～24∶00CO2濃度（μL/L）660420300180180黑暗階段時間1∶002∶003∶004∶005∶006∶007∶00CO2濃度（μL/L）270360450520570610640

（1）若較長時間未更換培養(yǎng)液，結(jié)果出現(xiàn)了爛根現(xiàn)象，其原因是__________________________________________________。（2）在光下，根尖細胞內(nèi)合成的NADH中的H元素來自______________________（物質(zhì)）。（3）12∶00～24∶00時間段，幼苗有機物的積累量為_________，據(jù)此分析，農(nóng)業(yè)上為提高大棚作物產(chǎn)量應采取的措施是_______________。（4）整個黑暗培養(yǎng)階段，幼苗呼吸速率的變化情況是____________________________________。29、圖甲為腎小管重吸收葡萄糖示意圖，圖乙為不同血糖濃度下腎小管對葡萄糖的濾過、重吸收及排出情況，請回答：（1）據(jù)圖甲可知，葡萄糖進入腎小管上皮細胞的方式為____。（2）進食后，血糖濃度升高會刺激胰島B細胞分泌激素，促進____，從而使血糖濃度下降。（3）由上圖可知，腎小管對葡萄糖的吸收速度有一定限度，直接的原因最可能是______________________________________________________________。據(jù)圖乙分析，正常人尿液中不含葡萄糖的原因是___________________________________________________________________________。（4）糖尿病患者的血漿滲透壓升高，首先引起____滲透壓感受器興奮，進而引起大腦皮層產(chǎn)生____，導致患者出現(xiàn)多飲的癥狀。30、下圖是水生植物黑藻在光照等環(huán)境因素影響下光合速率變化的示意圖。請回答下列問題：(l)t1時給予圖示處理，短時內(nèi)ADP與ATP的比值將____。t2一t3，限制植物光合速率的環(huán)境因素主要有________。(2)t3-t4，光照強度不變，光反應速率將____，原因是____。(3)若t3時用14C標記的14CO2進行該實驗，然后追蹤放射性，其在葉綠體中的主要轉(zhuǎn)變途徑為________。評卷人得分六、綜合題(共4題，共28分)31、【題文】如圖，在豎直向上的勻強磁場中，有兩根水平放置的相距為L=0.5m的光滑平行導軌，其左端接一電阻為將一金屬棒垂直導軌放置，用一水平輕繩跨過定滑輪將金屬棒與一重物相連接。若重物從距地面h=2m處由靜止開始下落，假設在重物落地前，金屬棒與重物均已做勻速直線運動。已知：磁感應強度為B=2T，導體棒和重物的質(zhì)量均為m=0.4kg，不計導軌和導體棒的電阻，不計滑輪的質(zhì)量和摩擦，重物與地面碰后不反彈，導體棒始終未脫離磁場和導軌g=10m／s2。求：在金屬棒開始水平向右運動到靜止的過程中。

(1)導體棒運動的最大速度；

(2)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；

(3)通過電阻R的總電量。32、【題文】如圖所示，等腰直角三棱鏡放在真空中，斜邊BC=d,一束單色光以60°的入射角從AB側(cè)面中點入射，折射后再從AC側(cè)面折射出，已知三棱鏡的折射率n=單色光在真空中的光速為c；求此單色光通過三棱鏡的時間。

33、【題文】如圖所示；水平地面上有一個圓槽，直徑d=1.00m,高H=0.50m,底面圓心為O.一個人站在地面上B點，眼睛處于A點．BO間的距離x="2.10"m,AB高y="1.70"m．現(xiàn)在往槽內(nèi)倒人折射率n=1.60的透明液體后，在A點恰能看到槽底中心O點．求液體的高度h.

34、【題文】如圖所示，一列向右傳播的簡諧波，波速大小為0.6m／s，P點橫坐標為x＝0.96m；從圖中狀態(tài)開始計時，求：

(1)經(jīng)過多長時間；P質(zhì)點第一次到達波谷?

(2)經(jīng)過多長時間；P質(zhì)點第二次到達波峰?

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】物體機械能守恒的條件是只有重力做功，根據(jù)機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機械能守恒．【解析】【解答】解：A；乘電梯勻速上升的人；動能不變，重力勢能增加，機械能增加，所以機械能不守恒，故A錯誤。

B；被擲出后在空中運動的鉛球；運動的過程中只有重力做功，所以機械能守恒．故B正確．

C；沿粗糙斜面勻速下滑的木箱；動能不變，重力勢能減小，機械能減小．故C錯誤．

D、根據(jù)牛頓第二定律可知，以g的加速度豎直向上做勻減速運動的物體，還要受到大小為的向上的力的作用；除重力外的力做功，機械能不守恒．故D錯誤．

故選：B2、C【分析】【分析】飛行員受到24根繩子的拉力與重力，當勻速降落時，飛行員的合力為零，運用正交分解法求解每根懸繩的拉力．【解析】【解答】解：當勻速降落時；飛行員受到24根繩子的拉力與重力，其合力為零，則24根繩子的拉力的合力與重力大小相等；方向相反，設每根懸繩的拉力為F，則有。

24Fcos30°=mg

得，F(xiàn)=

故選：C3、D【分析】【分析】11.2km/s時地球的第二宇宙速度，一旦達到這速度，將脫離地球的引力，不再繞地球運動．根據(jù)萬有引力提供向心力這一理論確定能否求出地球的質(zhì)量．在對接前，天宮一號和神舟八號不在同一軌道上運行，神舟八號需加速，做離心運動與天宮一號實現(xiàn)對接．返回時需減速，使得萬有引力大于向心力，做近心運動．【解析】【解答】解：

A；天宮一號的速率不可能為11.2km/s；因為11.2km/s是地球的第二宇宙速度，達到該速度，衛(wèi)星將脫離地球的引力，不再繞地球運行．故A錯誤．

B、根據(jù)G=mr（）2，知地球的質(zhì)量M=；因為天宮一號的軌道半徑未知，則無法求出地球的質(zhì)量．故B錯誤．

C；在對接前；天宮一號和神舟八號不在同一軌道上運行，神舟八號需加速，使得萬有引力小于所需的向心力，做離心運動，與天宮一號實現(xiàn)對接．故C錯誤．

D；神舟八號返回地面時需先減速；使得萬有引力大于向心力，做近心運動才能返回地面．故D正確．

故選：D．4、C【分析】【分析】電場是電荷及變化磁場周圍空間里存在的一種特殊物質(zhì)，電場這種物質(zhì)與通常的實物不同，它不是由分子原子所組成，但它是不依賴于我們的感覺而客觀存在的；電場的力的性質(zhì)表現(xiàn)為，電場對放入其中的電荷有作用力，這種力稱為電場力；電荷間的相互作用就是通過電場發(fā)生的．【解析】【解答】解：A；C、電場是電荷及變化磁場周圍空間里存在的一種特殊物質(zhì)；只要有電荷，就一定有電場，故A正確、C錯誤．

B；電場的基本性質(zhì)就是對放入其中的電荷有力的作用；故B正確．

D；任何電荷周圍都產(chǎn)生電場；電荷間的相互作用就是通過電場發(fā)生的，故D正確．

本題選擇不正確的．

故選：C．5、D【分析】【分析】從表格中數(shù)據(jù)可以看出，火車的速度均勻增大，汽車的速度均勻減?。ㄟ^速度方向是否改變判斷位移是增加還是減小．通過比較加速度的大小比較誰速度變化快．【解析】【解答】解：A；從表格中數(shù)據(jù)可以看出；火車的速度均勻增大，汽車的速度均勻減小．火車和汽車的速度方向不變，所以位移都增加．故A、B錯誤．

C、火車的加速度為a1===0.3m/s2，汽車的加速度為=-2m/s2．負號表示方向；知汽車的加速度大于火車的加速度，所以汽車速度變化快．故C錯誤，D正確．

故選D．6、A【分析】【分析】對于小球，靠拉力在水平方向上的分力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，分析繩子拉力的大小，從而確定哪根繩子先斷．【解析】【解答】解：繩子與水平方向的夾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)cosθ=mrω2．則F=；（l表示繩長）．

知AC繩的長度大于BC繩的長度；當角速度增大時，AC繩先達到最大拉力，所以AC繩先斷，A球做離心運動．故A正確，B；C、D錯誤．

故選：A．7、C【分析】【分析】由右手螺旋定則，結(jié)合電流方向及電源的正負極，即可確定磁場的方向．由小磁針N極指向可知磁感線的方向，由磁感線方向可知電磁鐵的磁極．【解析】【解答】解：由右手螺旋定則可知；電流由左側(cè)流入，則有螺線管左端是N極；

小磁針靜止時N極指向；即為磁場的方向，且通電螺線管的外部的磁感線由左向右，則小磁針左端是S極，右端為N極，故C正確，ABD錯誤；

故選：C．8、C【分析】【分析】根據(jù)題意大致可以估計：OC在OA和OB的中垂線上．而ab兩個小球受到的電場力一定為斥力！即OC一定在豎直方向上，OA、OB各在一側(cè)．【解析】【解答】解：

B、由于Oc沿豎直方向，而c受重力及繩拉力也在豎直方向，所以a對c的庫侖力與b對c的庫侖力一定等大，即qa=qb；

A、對ab受力分析可得：因為ab連線處于水平，則ma=mb；

C、因c對a、b的庫侖力大小相等，由受力分析知Oa、Ob所受拉力大小相等；C正確；

D、而c的電荷量與a、b電荷量不一定相等，所以a、b；c三球所受庫侖力大小不一定相等；故A、B、D錯誤；

故選C．二、填空題(共8題，共16分)9、【分析】【分析】小球在電場中受到重力和電場力而做類平拋運動，運用平均速度表示豎直位移，由水平位移和豎直位移大小相等，求出P點豎直方向分速度，運用速度合成，即可求出電勢差．【解析】【解答】解：由題可知：小球到P點時；水平位移和豎直位移相等；

即v0t=?t；

得：vpy=2v0

合速度vP=

由動能定理得：

故A與O間的電勢差為：

故答案為：10、G【分析】【分析】以O為支點，分析除O點橋板的受力情況，確定出力臂，根據(jù)力矩平衡條件求解拉力大?。勺プΨQ性，采用等效的方法：除正中間外的鋼索外，其余兩根鋼索拉力的力矩之和等于正中間鋼索的力矩的6倍．【解析】【解答】解：設鋼板的重心與O的距離為L．

以O為支點，除O點外橋板受到重力G和三根鋼索的拉力．由于每根鋼索所受拉力大小相等，等距離分布，根據(jù)對稱性可知，除正中間外的鋼索外，其余兩根鋼索拉力的力矩之和等于正中間鋼索的力矩的2倍．則由力矩條件得：GL=3FLsin30°，得F=G；

故答案為：G．11、變大不變【分析】【分析】電容器的M板帶正電，N板帶負電，根據(jù)小球的偏轉(zhuǎn)方向，判斷其所受的電場力方向，即可分析小球帶什么電荷．電鍵斷開后，改變板間距離時，板間場強不變．電鍵閉合時，改變板間距離時，由U=Ed判斷電場強度的變化．【解析】【解答】解：小球在重力；繩子的拉力及電場力的作用力保持靜止；若增大電場力則小球偏角增大；減小電場力小球偏角減??；

保持開關(guān)閉合時；U不變，減小兩板間距離時，由U=Ed可知，E增大，則小球受到的電場力增大；小球偏角變大；

而斷開開關(guān)后；只改變兩板間的距離時，板間場強不變；則受力情況不變；偏角不變；

故答案為：變大，不變12、不確定【分析】【分析】要解答本題需掌握：晶體和非晶體的區(qū)別，以及非晶體熔化時的特點．【解析】【解答】解：因為非晶體沒有確定的熔點和凝固點；熔化時吸收熱量，溫度升高；凝固時，放出熱量，溫度降低．

故本題答案為：不確定．13、略

【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)熱力學第一定律第一階段所以故放熱；第二階段由熱力學第一定律知，故在上述兩個過程中，空氣的內(nèi)能共減少兩過程共放出熱量故空氣放出的總熱量為29kJ.

考點：考查了熱力學第一定律的應用【解析】【答案】5放出2914、0.2減小【分析】【分析】三個運動員所受的合外力為零，動量守恒，根據(jù)動量守恒定律求出碰撞后共同速度，再算出碰撞前后三名隊員總機械能，即可解答．【解析】【解答】解：以前鋒A的速度vA的方向為正方向；設碰撞后瞬間的共同速度為v，根據(jù)動量守恒定律得：

mAvA-mBvB-mCvC=（mA+mB+mC）v；

代入數(shù)據(jù)解得：v=0.2m/s

碰撞前三名隊員的總動能Ek1=mAvA2+mBvB2+mCvC2=2000J

碰撞后三名隊員的總動能Ek2=（mA+mB+mC）v2=5J

可知；在碰撞過程中三名球員的總機械能減?。?/p>

故答案為：0.2，減?。?5、4.001.94529.5【分析】【分析】（1）刻度尺的讀數(shù)需讀到最小刻度的下一位．

（2）根據(jù)平均速度等于中間時刻瞬時速度求出D點的瞬時速度，然后根據(jù)v=ωr求解角速度；

（3）用逐差法求解出加速度，再根據(jù)加速度等于角加速度與半徑的乘積來計算角加速度，從而即可求解．【解析】【解答】解：（1）由圖可知；圓盤的直徑d=6.00-2.00cm=4.00cm．

（2）D點的瞬時速度=0.389m/s，則圓盤轉(zhuǎn)動的角速度．

（3）根據(jù)△x=aT2，運用逐差法得，a===0.59m/s2；

角加速度，，可知．

故答案為：（1）4.00，（2）1.945，（3）29.5．16、1.42.8【分析】【分析】（1）讀出彈簧測力計的示數(shù)（拉力大?。?；知道在拉力方向上移動的距離，利用W=Fs求做功大小；

（2）物體受到摩擦力的方向與拉力方向相反；畫一帶箭頭的線段表示，即為摩擦力示意圖；

（3）物體勻速運動，處于平衡狀態(tài)，所受的摩擦力與拉力是一對平衡力，故摩擦力等于拉力；滑動摩擦力的決定因素是壓力大小、接觸面的粗糙程度，而與拉力大小無關(guān)．【解析】【解答】解：

（1）由圖知；拉力F=2.8N；

拉力做功W=Fs=2.8N×0.5m=1.4J；

（2）物體受摩擦力示意圖如圖所示：

（3）物體在水平方向上受拉力和摩擦力而作勻速直線運動；說明摩擦力與拉力是一對平衡力，故摩擦力等于拉力，等于2.8N；當拉力增大時，壓力大??；接觸面的粗糙程度沒變，故摩擦力不變，仍為2.8N．

故答案為：1.4；摩擦力示意圖如圖所示；2.8．三、判斷題(共9題，共18分)17、×【分析】【分析】首先據(jù)波動圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點的振動和波的傳播特點分析質(zhì)點的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】地球是個巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．地球周圍存在著磁場．【解析】【解答】解：地理北極附近是地磁南極；地理南極附近是地磁北極．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路電流和電壓的規(guī)律進行分析，串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比．【解析】【解答】解：串聯(lián)電路中電流相等；故電壓分配與電阻成正比；所以該說法是錯誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動態(tài)平衡，分子仍做無規(guī)則運動．所以該說法是正確的．

故答案為：√23、√【分析】【分析】氣體壓強的微觀解釋：氣體的壓強是氣體分子頻繁撞擊容器壁產(chǎn)生的；從宏觀上看，一定質(zhì)量的氣體，溫度越高，體積越小，氣體產(chǎn)生的壓強越大．

從宏觀上看，這個壓強就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．【解析】【解答】解：氣壓是由于氣體分子對杯壁的密集的；激烈的碰撞的效應．

從宏觀效果上看；對于地面所受到的大氣壓強，就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力。

故該說法是正確的．

故答案為：√24、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第一定律，力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，則物體的加速度a不為0，故力是產(chǎn)生加速度的原因．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第一定律；力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，一定受到外力的作用．以上說法是正確的；

故答案為：√25、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當鐵棒靠近磁鐵時分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性；對磁鐵加熱或敲打時會使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當鐵棒靠近磁鐵時分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性．所以該說法是正確的．

故答案為：√四、計算題(共2題，共12分)26、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出物體在傳送帶上做勻加速直線運動的加速度；結(jié)合速度時間公式求出速度達到傳送帶速度所需的時間，根據(jù)速度位移公式求出勻加速直線運動的位移，從而得出勻速運動的位移，求出勻速運動的時間，得出物體運動到B端的時間．

（2）根據(jù)相對滑動過程中，物體和傳送帶的位移大小，求出相對位移的大小，即劃痕的長度．【解析】【解答】解：（1）物體做勻加速直線運動的加速度為：=4m/s2；

則勻加速直線運動的時間為：；

勻加速直線運動的位移為：；

可知勻速運動的時間為：；

物體運動到B端的時間為：t=t1+t2=3+1s=4s．

（2）相對滑動過程中，傳送帶的位移為：x1′=vt1=12×3m=36m；

則留下的劃痕長度為：△x=x1′-x1=36-18m=18m．

答：（1）物體運動到B端所需的時間是4s；

（2）物體在傳送帶上留下的劃痕有18m．27、略

【分析】【分析】①由幾何關(guān)系求出入射角；結(jié)合反射光線與折射光線恰好垂直，求出折射角，再根據(jù)折射定律求解水的折射率；

②當光恰好發(fā)生全反射，亮斑面積最大，由sinC=可求出臨界角，再由幾何關(guān)系，可求出水面上被光源照亮部分的面積【解析】【解答】解：①光路如圖所示．設射向B點的光線入射角；反射角、折射角分別為α、θ、β

由幾何關(guān)系知：cosα=

解得：α=30°

由反射定律可得：θ=α=30°

則β=90°-θ=60°

故水的折射率為：n==

②設射向水面的光發(fā)生全反射的臨界角為C

則有：sinC==

由數(shù)學知識得：tanC=

由幾何關(guān)系可知：=tanC

解得：|AB|=m

圓形光斑的面積為：S=π|AB|2

解得：S=4.5m2．

答：①水的折射率n是；

②水面上能被光源照亮部分的面積是4.5m2．五、識圖作答題(共3題，共21分)28、（1）長時間不更換培養(yǎng)液，培養(yǎng)液中缺氧，導致根細胞無氧呼吸，產(chǎn)生酒精使根細胞中毒而爛根（答到根細胞無氧呼吸1分，酒精使根細胞中毒1分）

（2）葡萄糖、水（多答丙酮酸不扣分；答到葡萄糖或水給1分，只答丙酮酸不給分）

（3）零（定時）通風或施用農(nóng)家肥等或補充二氧化碳

（4）（先）開始不變，后逐漸降低【分析】【分析】本題主要考查影響光合作用和呼吸作用的因素，意在強化學生對相關(guān)知識的理解與運用能力?！窘獯稹浚?）若較長時間未更換培養(yǎng)液，結(jié)果出現(xiàn)了爛根現(xiàn)象，其原因是長時間不更換培養(yǎng)液，培養(yǎng)液中缺氧，導致根細胞無氧呼吸，產(chǎn)生酒精使根細胞中毒而爛根。（2）據(jù)有氧呼吸反應過程可知，在光下，根尖細胞內(nèi)合成的NADH中的H元素來自葡萄糖、水。（3）據(jù)表分析，12：00～24：00時間段，二氧化碳的濃度始終維持在180μL/L，說明該時間段內(nèi)光合作用消耗的二氧化碳總量等于呼吸作用產(chǎn)生的二氧化碳總量，即幼苗有機物的積累量為零。所以（定時）通風、使用農(nóng)家肥等（補充二氧化碳）可以提高大棚作物產(chǎn)量。

（4）葡萄幼苗置于密閉的恒溫箱中，整個黑暗培養(yǎng)階段氧氣濃度起初較高，隨著呼吸作用的進行氧氣濃度逐漸降低，所以呼吸速率開始不變，后逐漸降低?！窘馕觥浚?）長時間不更換培養(yǎng)液，培養(yǎng)液中缺氧，導致根細胞無氧呼吸，產(chǎn)生酒精使根細胞中毒而爛根（答到根細胞無氧呼吸1分，酒精使根細胞中毒1分）（2）葡萄糖、水（多答丙酮酸不扣分；答到葡萄糖或水給1分，只答丙酮酸不給分）（3）零（定時）通風或施用農(nóng)家肥等或補充二氧化碳（4）（先）開始不變，后逐漸降低29、（1）主動運輸（2）組織細胞加速攝取、利用、儲存葡萄糖（3）細胞膜上的葡萄糖載體（SGLT2）數(shù)量有限正常人血糖濃度為0.8～1.2g/L，在此范圍內(nèi)，腎小管對葡萄糖的重吸收率和濾過率相等或排除率為0（2分，寫出血糖濃度給1分，兩率相等或排除率為0給1分）（4）下丘腦渴覺【分析】【分析】本題主要考查體溫調(diào)節(jié)、水鹽調(diào)節(jié)、血糖調(diào)節(jié)、主動運輸?shù)脑砗鸵饬x和物質(zhì)運輸方式，意在考查學生能理解所學知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系，形成知識的網(wǎng)絡結(jié)構(gòu)的能力。

【解答】（1）據(jù)圖甲可知，葡萄糖被腎小管重吸收需要載體的協(xié)助，還需要消耗能量，為主動運輸。（2）胰島B細胞分泌的是胰島素，胰島素促進組織細胞加速攝取、利用、儲存葡萄糖，從而使血糖濃度下降。（3）細胞膜上的葡萄糖載體數(shù)量是有限的，所以腎小管對葡萄糖的吸收量有一定限度。正常人血糖濃度為0.8-1.2g/L，在此范圍內(nèi)，腎小管對葡萄糖的重吸收率和濾過率相等，所以正常人尿液中不含葡萄糖。（4）糖尿病患者的血漿滲透壓升高，首先引起下丘腦滲透壓感受器興奮，進而引起大腦皮層產(chǎn)生渴覺，導致患者出現(xiàn)多飲的癥狀?！窘馕觥浚?）主動運輸（2）組織細胞加速攝取、利用、儲存