2025年人教版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷581考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、小燈泡的電流I隨所加電壓U變化如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R＝C.在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時(shí)，跟燈泡串聯(lián)的電阻R兩端的電壓為I1RD.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積2、如圖所示，電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電池與定值電阻R0、滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，已知R0=r，滑動(dòng)變阻器的最大阻值是2r。閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.路端電壓變大B.電路中的電流變小C.定值電阻R0上消耗的功率變小D.滑動(dòng)變阻器消耗的功率變小3、如圖所示，帶有等量異號(hào)電荷，相距的平行板和之間有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)．電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下．電場(chǎng)中點(diǎn)距板點(diǎn)距板點(diǎn)有一個(gè)電荷量的點(diǎn)電荷．則（）

A.兩點(diǎn)電勢(shì)差B.若將板接地，則點(diǎn)的電勢(shì)為C.若將板接地，則點(diǎn)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能為D.若將點(diǎn)電荷從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為4、兩個(gè)完全相同的金屬小球（可視為點(diǎn)電荷）分別帶有＋6Q和－2Q的電荷量，當(dāng)相距R時(shí)，它們之間的庫(kù)侖力為F，若把它們充分接觸后分開(kāi)，當(dāng)相距2R時(shí)，它們之間的庫(kù)侖力是（）A.斥力B.斥力C.引力D.引力5、如圖所示，a、b、c是電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，其電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為電勢(shì)分別為關(guān)于的比較；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.B.C.D.6、如圖所示；靜電噴涂時(shí)，噴槍噴出的涂料微粒帶負(fù)電，被噴工件帶正電，微粒只在靜電力作用下向工件運(yùn)動(dòng)，最后吸附在工件表面。微粒在向工件靠近的過(guò)程中。

A.電勢(shì)越來(lái)越低B.所受電場(chǎng)力恒定C.克服電場(chǎng)力做功D.電勢(shì)能逐漸減少7、下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體的電阻與它兩端的電壓成正比，與通過(guò)它的電流成反比B.把一根金屬絲拽長(zhǎng)后，其電阻變小C.加在氣體兩端的電壓與通過(guò)其電流的比值是一個(gè)常數(shù)D.在純電阻電路中，任一個(gè)電阻增大而其他電阻不變，整個(gè)電路的總電阻一定增大8、如圖所示的電路中，都是“”的電阻，是“”的電阻，則間允許消耗的最大功率是（）

A.B.C.8WD.9W評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖，平行板電容器板間電壓為U，板間距為d，兩板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，讓質(zhì)子流以初速度v0垂直電場(chǎng)射入，沿a軌跡落到下板的中央?，F(xiàn)只改變其中一條件，讓質(zhì)子沿b軌跡落到下板邊緣；則可以將（）

A.開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)B.初速度變?yōu)?v0C.板間電壓變?yōu)镈.豎直移動(dòng)上板，使板間距變?yōu)?d10、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r。將滑動(dòng)變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動(dòng)的過(guò)程中；關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)變小B.電流表V的示數(shù)不變C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A的示數(shù)變小11、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)電阻為和為定值電阻，為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而減小。閉合開(kāi)關(guān)后，將照射光強(qiáng)度減弱，則

A.通過(guò)電流將增大B.通過(guò)電流將增大C.通過(guò)電流將增大D.通過(guò)電流將增大12、在如圖所示的電路中；閉合開(kāi)關(guān)S，A；B、C三只燈均正常發(fā)光．當(dāng)可變電阻R′的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)，對(duì)A、B、C三燈亮度的變化，下列敘述正確的是。

A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.三燈均變暗13、為鍛煉身體，小明利用所學(xué)物理知識(shí)設(shè)計(jì)了一個(gè)電子拉力計(jì)，如圖所示是原理圖．輕質(zhì)彈簧右端和金屬滑片P固定在一起（彈簧的電阻不計(jì)，P與R1間的摩擦不計(jì)），彈簧勁度系數(shù)為100N/cm．定值電阻R0＝5Ω，ab是一根長(zhǎng)為5cm的均勻電阻絲，阻值R1＝25Ω，電源輸出電壓恒為U＝3V，內(nèi)阻不計(jì)，理想電流表的量程為0～0.6A．當(dāng)拉環(huán)不受力時(shí)，滑片P處于a端．下列關(guān)于這個(gè)電路的說(shuō)法正確的是（）

A.小明在電路中連入R0的目的是保護(hù)電路B.當(dāng)拉環(huán)不受力時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)后電流表的讀數(shù)為0.1AC.當(dāng)拉力為400N時(shí)，電流表指針指在0.3A處D.當(dāng)拉力為400N時(shí)，電流表指針指在0.5A處14、關(guān)于生活中遇到的各種波，下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁波可以傳遞信息，聲波也能傳遞信息B.手機(jī)在通話時(shí)涉及的波既有電磁波又有聲波C.太陽(yáng)光中的可見(jiàn)光和醫(yī)院“B超”中的超聲波傳播速度相同E.由空氣進(jìn)入水中時(shí)，電磁波速度變小，聲波速度變大E.由空氣進(jìn)入水中時(shí)，電磁波速度變小，聲波速度變大15、如圖所示，a、b、c、d四個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個(gè)完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三小球所在位置恰好將圓周等分。小球d位于O點(diǎn)正上方h處，且在外力F作用下恰處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為6q，重力加速度為g，靜電力常量為k；則（）

A.小球a一定帶正電B.小球b的周期為C.小球c的加速度大小為D.外力F豎直向上，大小等于mg＋16、純電動(dòng)汽車(chē)使用的能源不是汽油；而是電能，提供電能的是鋰離子電池。鋰離子電池以碳材料為負(fù)極，以含鋰的化合物為正極。在充電的過(guò)程中，通過(guò)化學(xué)反應(yīng)，電池的正極有鋰離子生成，鋰離子通過(guò)電解液運(yùn)動(dòng)到電池的負(fù)極。負(fù)極的碳材料有很多微孔，到達(dá)負(fù)極的鋰離子就嵌在這些微孔中，嵌入的鋰離子越多，電池中充入的電荷量也就越多。當(dāng)汽車(chē)開(kāi)動(dòng)時(shí)，在負(fù)極的鋰離子又會(huì)通過(guò)電解液返回正極，回到正極的鋰離子越多，則放出的電荷量也就越大。電池放電時(shí)能輸出的總電荷量叫作電池的容量。單體鋰離子電池的容量極為有限，為了滿足需要，常用由若干單體鋰離子電池構(gòu)成的電池組。下列說(shuō)法中正確的是（）

A.“安時(shí)”（Ah）或“毫安時(shí)”（mAh）是電量的單位B.“千瓦時(shí)”（kWh）是能量的單位C.圖中鋰離子的移動(dòng)情況表明電池處于放電狀態(tài)D.圖中鋰離子是在電場(chǎng)力的作用下從負(fù)極返回正極的17、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中；下列說(shuō)法中正確的是。

A.電壓表的示數(shù)先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數(shù)改變量的比值先減小后增大評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、在圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)．若電源的端電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值將________；電壓表V示數(shù)的變化與電流表示數(shù)的比值將________．（均選填“變小”“不變”或“變大”）

19、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向之間的夾角θ1＝30°，穿過(guò)線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)180°，則穿過(guò)線圈的磁通量的變化量為_(kāi)___________；若線圈平面和磁場(chǎng)方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。20、能量的耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過(guò)程具有______．21、如圖1，光滑水平桌面上固定一圓形光滑絕緣軌道，整個(gè)軌道處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。一質(zhì)量為帶電量為的帶正電小球，在軌道內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速度大小為且該位置軌道對(duì)小球的彈力大小為其圖像如圖2，則圓形軌道半徑為_(kāi)_________；勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度為_(kāi)__________。

22、電磁場(chǎng)：變化的____和變化的____交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱(chēng)為_(kāi)__。23、（1）兩個(gè)正電荷之間的作用力為斥力，兩個(gè)負(fù)電荷之間的作用力為引力。____

（2）摩擦起電是創(chuàng)造電荷的過(guò)程。____

（3）玻璃棒和其他物體摩擦后不一定帶正電。____

（4）當(dāng)一個(gè)帶電體靠近導(dǎo)體時(shí)，產(chǎn)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)體靠近帶電體的一端帶異種電荷，遠(yuǎn)離帶電體的一端帶同種電荷。____

（5）電荷守恒定律和能量守恒定律一樣，也是自然界中最基本的守恒定律。____

（6）元電荷就是最小的電荷。____24、知識(shí)點(diǎn)3電荷守恒定律

表述一：電荷既不會(huì)___________，也不會(huì)___________，它只能從物體的一部分轉(zhuǎn)移到___________，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到___________。在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量___________。

表述二：一個(gè)與外界沒(méi)有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和___________。25、庫(kù)侖定律的內(nèi)容：_______中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成_______，與它們的距離的二次方成_______，作用力的方向在它們的_______上。

靜電力：電荷間的相互作用力，也叫_______。26、如圖所示是示波管的原理圖，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極（XX′和YY′）、熒光屏組成，管內(nèi)抽成真空，給電子槍通電后，如果在偏轉(zhuǎn)電極XX′和YY′上都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏的中心O點(diǎn)。

（1）電子在________區(qū)域是加速的，在________區(qū)域是偏轉(zhuǎn)的。

（2）若則電子向________板偏移，若則電子向________板偏移。評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)27、（1）讀出如圖中游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)。

①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_____cm；②螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_____mm。

（2）某同學(xué)用伏安法測(cè)量一阻值為幾十歐姆的電阻RX。實(shí)驗(yàn)中所用的電壓表的內(nèi)阻為2kΩ，電流表內(nèi)阻為0.5Ω，該同學(xué)采用兩種測(cè)量方案，測(cè)量電路中電流表的連接方式如圖（a）和圖（b）所示，實(shí)驗(yàn)中得到如圖（c）所示的兩條U-I圖線，其中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。

回答下列問(wèn)題：

①圖中標(biāo)記為Ⅰ的圖線是采用圖______得到的。（填“a”或“b”）；

②根據(jù)所用實(shí)驗(yàn)器材和圖（c）可判斷，由圖線______（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）得到的結(jié)果更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值，結(jié)果為_(kāi)_____Ω（保留1位小數(shù)）；28、某同學(xué)用下列器材測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；待測(cè)電源E（電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻約為2.5Ω）；電流表A（量程為0~0.6A，內(nèi)阻很小）；電阻箱R（最大阻值99.9Ω）；開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干．

（1）在虛線框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_____；該同學(xué)根據(jù)正確的電路圖，正確連接電路，規(guī)范操作；

（2）第一次測(cè)量：條件電阻箱R，示數(shù)為R1時(shí)，讀取電流表示數(shù)I1；示數(shù)為R2時(shí)，讀取電流表示數(shù)為I2，則電源電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算式E=________，內(nèi)阻的計(jì)算式r=_________．

（3）第二次測(cè)量：條件電阻箱R的阻值，記錄多組電流表的讀數(shù)I和電阻箱的對(duì)應(yīng)讀數(shù)R，以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出如圖所示的圖線，則電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=____Ω．

（4）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是()

A．由于電流表的內(nèi)阻；會(huì)使電源內(nèi)阻的測(cè)量值存在系統(tǒng)誤差。

B．由于電流表的內(nèi)阻；會(huì)使電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值存在系統(tǒng)誤差。

C．第二次測(cè)量中的數(shù)據(jù)處理方式可知減小偶然誤差。

D．第一次測(cè)量中，若測(cè)有三組數(shù)據(jù)，則可求得電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r及電流表內(nèi)阻RA評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共28分)29、如圖所示，在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，x軸水平，y軸豎直，在第二象限有沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E，一長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣輕繩一端固定在A（0，2L）點(diǎn)，另一端系一帶正電的小球（視為質(zhì)點(diǎn)），電荷量為q=（m為小球質(zhì)量，g為重力加速度）；開(kāi)始時(shí)繩剛好水平拉直，現(xiàn)將小球靜止釋放。

(1)求小球從第一象限通過(guò)y軸時(shí)的速度大??；

(2)若小球運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸時(shí)輕繩斷裂，小球能到達(dá)x軸上的B點(diǎn)（未畫(huà)出），求B點(diǎn)的位置坐標(biāo)；

(3)若小球能通過(guò)y軸繼續(xù)運(yùn)動(dòng)；當(dāng)速度最大時(shí)，繩中的拉力恰好達(dá)到繩子所能承受的最大拉力，求輕繩能承受的最大拉力。

30、如圖所示，四分之一光滑絕緣圓弧軌道AP和水平絕緣傳送帶PC固定在同一豎直平面內(nèi)，圓弧軌道的圓心為O，半徑為R；P點(diǎn)離地高度也為R，傳送帶PC之間的距離為L(zhǎng)，沿逆時(shí)針?lè)较虻膫鲃?dòng)，傳送帶速度在PO的左側(cè)空間存在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小物體從圓弧頂點(diǎn)A由靜止開(kāi)始沿軌道下滑，恰好運(yùn)動(dòng)到C端后返回。物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，不計(jì)物體經(jīng)過(guò)軌道與傳送帶連接處P時(shí)的機(jī)械能損失，重力加速度為g。求：

（1）物體由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程；克服摩擦力做功；

（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E為多大；

（3）物體返回到圓弧軌道P點(diǎn)；物體對(duì)圓弧軌道的壓力大小。

31、一個(gè)帶負(fù)電的粒子，q=?2.0×10?9C，在靜電場(chǎng)中的a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，在這過(guò)程中，除電場(chǎng)力外，其他力做功為6.0×10?5J，粒子的動(dòng)能增加了8.0×10?5J，求a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab。32、如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的相距L的點(diǎn)電荷，其中Q1帶電量為-4q，Q2帶電量為+q，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長(zhǎng)線上.

(1)求兩點(diǎn)電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)為0的點(diǎn)距離Q2多遠(yuǎn)。

(2)現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開(kāi)始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(粒子只受電場(chǎng)力作用)，粒子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示，求從a到b電勢(shì)能的變化量．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

A．I-U圖象的割線斜率表示電阻的倒數(shù)；電壓增大時(shí)割線斜率減小，電阻增大，選項(xiàng)A正確；

B．由圖象知P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓為U1，電流為I2，因此小燈泡的電阻為：R＝

選項(xiàng)B正確；

C．在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時(shí)，跟燈泡串聯(lián)的電阻R兩端的電壓為I2R；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．I-U圖象中矩形PQOM所圍的面積UI表示對(duì)應(yīng)P點(diǎn)小燈泡的實(shí)際功率；選項(xiàng)D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選C。2、D【分析】【詳解】

A、B、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路的電流變大，電源的內(nèi)電壓增大，則由可知；路端電壓減小，A；B錯(cuò)誤；

C、電路的電流變大，所以定值電阻R0上消耗的功率變大；C錯(cuò)誤；

D、把定值電阻R0和電源看成一個(gè)整體，此時(shí)等效電源的內(nèi)電阻為2r，滑動(dòng)變阻器就相當(dāng)于外電路，由于滑動(dòng)變阻器的最大阻值是2r；等于等效電源的內(nèi)阻，外電阻減小時(shí)，電源的輸出功率在減小，即滑動(dòng)變阻器消耗的功率變小，D正確；

故選D．3、C【分析】【詳解】

沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，故D點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)，根據(jù)公式可得CD兩點(diǎn)間的電勢(shì)能為故A錯(cuò)誤；因?yàn)锽板接地，所以電勢(shì)為零，DB間的電勢(shì)差等于D點(diǎn)電勢(shì)，故故B錯(cuò)誤；CB間的電勢(shì)差等于C點(diǎn)的電勢(shì)，所以所以C正確；若將點(diǎn)電荷從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，電場(chǎng)力做功D錯(cuò)誤．4、A【分析】【詳解】

根據(jù)庫(kù)侖定律

若把它們充分接觸后，電荷先中和后均分，則帶電量分別為

此時(shí)的庫(kù)侖力

因此

由于帶同種電荷；相互排斥。

故選A。5、A【分析】【詳解】

在靜電場(chǎng)中；根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可以判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電勢(shì)的高低可以根據(jù)電場(chǎng)線的走勢(shì)判斷。沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低，所以。

故A正確；BCD錯(cuò)誤。

故選A。6、D【分析】越靠近正電荷電勢(shì)越高，故電勢(shì)越來(lái)越高，A錯(cuò)誤；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，故電場(chǎng)強(qiáng)度不恒定，所以受到的電場(chǎng)力不恒定，B錯(cuò)誤；涂料微粒所受的電場(chǎng)力方向向左，其位移方向大體向左，則電場(chǎng)力對(duì)涂料微粒做正功，其電勢(shì)能減小，C錯(cuò)誤D正確．7、D【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體的電阻與它兩端的電壓和它的電流無(wú)關(guān)；與導(dǎo)體本身性質(zhì)有關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B．由電阻定律可知，把一根金屬絲拽長(zhǎng)后，變大，變小；則電阻變大，故B錯(cuò)誤；

C．歐姆定律不適用于氣體導(dǎo)電；故加在氣體兩端的電壓與通過(guò)的電流的比值不成正比，故C錯(cuò)誤；

D．在純電阻電路中；任一個(gè)電阻增大而其他電阻不變，整個(gè)電路的總電阻一定增大，故D正確。

故選D。8、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)題意，得總電阻為

對(duì)于R1和R2來(lái)說(shuō)，額定電壓為

額定電流為

對(duì)于R3，額定電壓為

額定電流為

并聯(lián)電路允許的最大電壓等于最小額定電壓，故總電壓取10V，故總功率為

故選A。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

A．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)；極板上的電壓不變，兩板間場(chǎng)強(qiáng)不變，故粒子的軌跡不變，故A錯(cuò)誤；

BCD．根據(jù)

可得

從下板邊緣射出時(shí)，豎直位移y不變，水平位移x變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，故可采取的措施是初速度變?yōu)?板間電壓變?yōu)榛蛘呱习迳弦剖咕嚯x變?yōu)?d；故BC正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

D．當(dāng)滑片向右滑動(dòng)時(shí)；滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，電流表A的示數(shù)變小，故D正確；

AB．則由。

U=E-Ir可知；路端電壓增大，電壓表V的示數(shù)增大；故AB錯(cuò)誤；

C．因路端電壓增大，R1不變，A1中電流增大；故C正確；

故選CD。

【點(diǎn)睛】11、B:D【分析】【詳解】

AD．光敏電阻光照減弱時(shí)，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大。由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，所以路端電壓增大，則通過(guò)電流將增大，而總電流減小，則通過(guò)電流將減小。故A錯(cuò)誤；D正確；

BC．因電路端電壓增大，同時(shí)兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過(guò)的電流增大，而總電流減小，所以通過(guò)的電流減小；故B正確，C錯(cuò)誤；

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

試題分析：當(dāng)可變電阻的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)；R′接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律分析總電流和路端電壓，再分析局部電流和電壓的變化，判斷燈泡亮度的變化．

解：當(dāng)可變電阻的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)，R′接入電路的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir；則U增大，A燈變亮．

由于I總減小，流過(guò)A燈的電流IA增大，則B燈和R并聯(lián)的總電流減小，B燈變暗，B和R并聯(lián)的電流減小，電壓UBR減小，C燈的電壓UC=U﹣UBR，得到UC增大；C燈變亮．

故選AC

【點(diǎn)評(píng)】本題電路中動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按照部分到整體再到部分的思路進(jìn)行分析．13、A:B:C【分析】【詳解】

A．若電路無(wú)電阻R0，且金屬滑片P在b端時(shí)，回路短路損壞電源，R0的存在使電路不出現(xiàn)短路；因此A正確；

B．當(dāng)拉環(huán)不受力時(shí)，滑片P在a端，由歐姆定律得，I＝＝0.1A

故B正確；

CD．拉力為400N時(shí)，由F＝kΔx，則Δx＝4cm，對(duì)應(yīng)的電阻為RaP＝20Ω，R1接入電路的電阻RPb＝5Ω，由閉合電路歐姆定律得，I＝＝0.3A

故D錯(cuò)；C正確．

故選ABC。14、A:B:E【分析】【詳解】

A．電磁波可以傳遞信息；如電視信號(hào)；聲波也可以傳遞信息，如人說(shuō)話，故A正確；

B．手機(jī)用電磁波傳遞信息；人說(shuō)話發(fā)出聲波，故B正確；

C．太陽(yáng)光中的可見(jiàn)光是電磁波，在真空中的傳播速度約為3×108m/s；“B超”中的超聲波是聲波，常溫下，在空氣中的速度大約為340m/s，故C錯(cuò)誤；

D．遙控器發(fā)出的紅外線和醫(yī)院“CT”中的X射線頻率不同，波速相同，根據(jù)c=λf可知波長(zhǎng)不同；故D錯(cuò)誤；

E．由v=

知電磁波進(jìn)入水中速度變?。欢暡ㄓ煽諝膺M(jìn)入水中的速度變大，E正確。

故選ABE。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球a、b、c均做半徑相同的圓周運(yùn)動(dòng)，且受力情況相同，故三個(gè)小球的各運(yùn)動(dòng)參量大小均相等，以小球a為例，小球a做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由小球d對(duì)小球a的引力的水平分力及小球b、c對(duì)小球a斥力的合力提供，僅可以判斷四個(gè)小球所帶電荷電性的異同，但不能確定小球a是否帶正電；A錯(cuò)誤；

BC．由牛頓第二定律得

其中解得

向心加速度公式

可得

B錯(cuò)誤C正確；

D．對(duì)小球d受力分析，由平衡條件可知

D正確。

故選CD。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．安時(shí)是電池容量的單位；A正確；

B．千瓦時(shí)是能量的單位；B正確；

C．圖中箭頭向左；表示鋰離子從負(fù)極向正極移動(dòng)，處于放電狀態(tài)，C正確；

D．電場(chǎng)強(qiáng)度方向向右；鋰離子帶正電向左移動(dòng)，是在非靜電力作用下從負(fù)極返回正極，D錯(cuò)誤。

故選ABC。17、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯(lián)，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，電路的總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數(shù)先增大后減??；A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中外電阻總大于電源內(nèi)阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數(shù)改變量與電流表示數(shù)改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯(cuò)誤。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

[1][2]該電路的結(jié)構(gòu)R1與R2并聯(lián)后與A串聯(lián)，所以流過(guò)電流表A的電流是兩個(gè)支路的電流的和，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，接入電路中的電阻值減小，所以電路中的總電流和流過(guò)R1的電流增大，而流過(guò)R2的電流減小；所以電流表A的示數(shù)變化量的大小小于電流表A1示數(shù)的變化量的大小；電流表A的示數(shù)增加量的大小小于電流表A1示數(shù)的增加量的大小，則電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變??；R1與R2并聯(lián)后做為一個(gè)電阻，該電路就變成了測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路，由閉合電路的歐姆定律：E=U+Ir，所以即將變小?！窘馕觥孔冃∽冃?9、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應(yīng)強(qiáng)度為

[2]線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)過(guò)180°，穿過(guò)線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場(chǎng)方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0。【解析】0.4T4×10－4Wb020、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】方向性21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)；由彈力和電場(chǎng)力的合力提供向心力，即。

得。

可知，N?v2圖象的斜率。

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知。

可得；圓形軌道半徑。

[2]當(dāng)v2=0時(shí)，N=?a；代入。

得。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電磁場(chǎng)：變化的電場(chǎng)和變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱(chēng)為電磁場(chǎng)。【解析】①.電場(chǎng)②.磁場(chǎng)③.電磁場(chǎng)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]同種電荷相互排斥；為斥力。故錯(cuò)誤；

(2)[2]摩擦起電是電荷轉(zhuǎn)移的過(guò)程。故錯(cuò)誤；

(3)[3]玻璃棒和其他物體摩擦后；得失電子不確定，則不一定帶正電。故正確；

(4)[4]當(dāng)一個(gè)帶電體靠近導(dǎo)體時(shí)；產(chǎn)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象，由于異種電荷相互吸引，同種電荷相互排斥。則導(dǎo)體靠近帶電體的一端帶異種電荷，遠(yuǎn)離帶電體的一端帶同種電荷。故正確；

(5)[5]電荷守恒定律和能量守恒定律一樣；也是自然界中最基本的守恒定律。故正確；

(6)[6]元電荷是帶電體所帶電荷量的最小值。故錯(cuò)誤?！窘馕觥竣?錯(cuò)誤②.錯(cuò)誤③.正確④.正確⑤.正確⑥.錯(cuò)誤24、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一部分④.另一個(gè)物體⑤.保持不變⑥.保持不變25、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.真空②.正比③.反比④.連線⑤.庫(kù)侖力26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)示波器原理知Ⅰ區(qū)域是加速電場(chǎng)區(qū)；Ⅱ區(qū)域是偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)；

（2）[3][4]在偏轉(zhuǎn)電極YY′加電壓，且Y比電勢(shì)高，電子向高電勢(shì)運(yùn)動(dòng)，故電子向Y板偏移，只在偏轉(zhuǎn)電極XX′上加電壓，且X比電勢(shì)高，電子向高電勢(shì)運(yùn)動(dòng)，故粒子向X板偏移?！窘馕觥竣?Ⅰ②.Ⅱ③.Y④.X四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)27、略

【分析】【詳解】

(1)[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為

[2]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為

(2)[3]U-I圖線中斜率表示電阻；Ⅰ圖象斜率小，對(duì)應(yīng)的電阻小，采用的是電流表外接法，故標(biāo)記為Ⅰ的圖線采用圖a的連接方式。

[4]根據(jù)圖象可知電阻約為

說(shuō)明待測(cè)電阻為大電阻；采用電流表內(nèi)接法時(shí)系統(tǒng)誤差會(huì)更小，說(shuō)明圖線Ⅱ得到的結(jié)果更接近待測(cè)電阻的真實(shí)值。

[5]由圖象可知

聯(lián)立可得【解析】10.1555.667（5.665~5.669均可）Ⅱ50.0（50.0~50.8均可）28、略

【分析】【詳解】

（1）由給出的儀表可知；實(shí)驗(yàn)中只給出了電流表和電阻箱，所以應(yīng)采用電流表與電阻箱串聯(lián)的方式進(jìn)行測(cè)量；如圖所示。

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：聯(lián)立解得：

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知變形可得：由圖可知：解得：E=3V，又解得

（4）A；因電流表存在內(nèi)阻；所以測(cè)出的內(nèi)阻中包含電流表內(nèi)阻，由于電流