2025年北師大版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、質(zhì)量為m的汽車行駛在平直的公路上，在運動中所受阻力不變，當(dāng)汽車的加速度為a，速度為v時發(fā)動機(jī)的功率為P1；則當(dāng)以功率P2行駛時，汽車的最大速度為（）A.B.C.D.2、如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化，來檢驗液面高低的儀器原理圖（這種儀器的優(yōu)點是將非電學(xué)量的變化轉(zhuǎn)換為電信號，使測量自動化）．容器中裝有導(dǎo)電液體，是電容器的一個電極；中間的芯柱是電容器的另一個電極，芯柱外面套有絕緣管（塑料或橡皮）作為電介質(zhì)．電容器的兩個電極分別用導(dǎo)線接到指示器上．指示器顯示的是電容的大小，于是從電容的大小就可以知道容器中液面位置的高低．如果指示器顯示出電容增大了，則可判斷（）A.液面不變B.液面升高C.液面降低D.無法判斷3、關(guān)于“探究求合力的方法”的實驗，下列說法中不正確的是（）A.用兩只彈簧秤和用一只彈簧秤拉橡皮筋時，結(jié)點必須拉到同一點B.實驗過程中，彈簧的軸線必須與紙面平行C.兩個拉力的方向必須垂直D.作力的平行四邊形時，不同拉力的標(biāo)度應(yīng)該相同4、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)電阻為r、L1、L2是兩個小燈泡，閉合S后，兩燈均能發(fā)光．當(dāng)滑動變阻器的滑片向右滑動時，會出現(xiàn)()A.L1變暗L2變暗B.L1變亮L2變暗C.L1變亮L2變亮D.L1變暗L2變亮5、世界上第一盞用海浪發(fā)電的航標(biāo)燈，其氣室（器壁是導(dǎo)熱的）結(jié)構(gòu)示意如圖．利用海浪上下起伏的力量，空氣從A吸進(jìn)來，在B中壓縮后再推入工作室C，推動渦輪機(jī)帶動發(fā)電機(jī)發(fā)電．當(dāng)海水下降時，閥門K1關(guān)閉，K2打開．當(dāng)海水上升時，K2關(guān)閉，海水推動活塞等溫壓縮空氣（可視為理想氣體），空氣壓強(qiáng)達(dá)到6×105Pa時，閥門K1才打開．K1打開后，活塞繼續(xù)推動B中的空氣，直到氣體全部被推入工作室C為止，同時工作室C的空氣推動渦輪機(jī)工作．根據(jù)上述信息判斷下列說法正確（）A.該裝置由于從單一熱源吸收熱量，所以違反了熱力學(xué)第二定律B.在活塞向上推動，K1未打開之前，B中的空氣向周圍放出熱量C.在活塞向上推動，K1未打開之前，B中每個空氣分子對器壁的撞擊力增大D.氣體被壓縮，體積減小，分子間的平均距離減小，氣體壓強(qiáng)增大，分子力表現(xiàn)斥力6、帶電粒子在電場中，只受電場力時，也可以做勻速圓周運動。A.正確B.錯誤7、如圖所示，物體A和B的重力分別為20N和3N，不計彈簧秤和細(xì)線的重力及一切摩擦，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則彈簧秤的讀數(shù)為（）A.17NB.3NC.6ND.23N評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、電梯修理員、牽引專家等，常需要知道繩（或金屬線）內(nèi)部中的張力（即內(nèi)部各部分間的相互牽引力）T，可又不便到繩（或線）的自由端去測量．某家公司制造了一種夾在繩上的儀表（圖中B、C為該夾子的橫截面），測量時，只要如圖示那樣用一硬桿豎直向上作用在繩上的某點A，使繩產(chǎn)生一個微小偏移量a，借助儀表很容易測出這時繩對硬桿豎直向下的壓力F，（A、B、C可看作質(zhì)點，繩子粗細(xì)及重力可忽略不計）．現(xiàn)測得該微小偏移量為a=12mm，BC間的距離為2L=250mm，繩對橫桿的壓力為F=300N，則繩內(nèi)部中的張力T的表達(dá)式為T=____，并估算出T的大小為____N（請保留三位有效數(shù)字）．

9、【題文】如圖，帶正電的點電荷固定于Q點，電子在庫侖力作用下，做以Q為焦點的橢圓運動。M、N為橢圓上的兩點，N點是軌道上離Q最近的點。電子在從M運動至N點的過程中，電子的速率將____，電勢能將____。(均填“增大”或“減小”)10、圖示的實驗裝置可以測量“小滑塊與小平面之間的支摩擦因數(shù)μ”．彈簧左端固定；右端頂住小滑塊（滑塊與彈簧不連接），開始時使彈簧處于壓縮狀態(tài)，O點是小滑塊開始運動的初始位置．某時刻釋放小滑塊，小滑塊在水平面上運動經(jīng)過A處的光電門，最后停在B處．已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．

（1）實驗中，測得小滑塊上遮光條的寬度為d及與光電門相連的數(shù)字計時器顯示的時間為△t，則小滑塊經(jīng)過A處時的速度v=______．（用題中的符號表示）

（2）為了測量小滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)；除了（1）中所測物理量外，還需要測量的物理量是。

______．（說明物理意義并用符號表示）

（3）利用測量的量表示動摩擦因數(shù)μ=______．（用題中所測的物理量的符號表示）11、一臺電動機(jī)的功率是54kW，用這臺電動機(jī)勻速提升2.7×104kg的貨物，提升的速度是____m/s．（取g=10m/s2）12、在真空中有一帶電量為Q=2×10-9C的點電荷，在它形成的電場中距離它r=1m處的電場強(qiáng)度的大小是____N/C（已知靜電力常量K=9.0×109N?m2/C2）評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對錯）14、10個分子的動能和分子勢能的總和就是這10個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）15、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯）16、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對錯）17、狹義相對論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）18、幾個不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）19、兩個力的合力總是大于原來每一個力．____（判斷對錯）20、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關(guān)．____（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共1題，共5分)21、“太極球”是近年來在廣大市民中較流行的一種健身器材．做該項運動時；健身者半馬步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時，球卻不會掉落地上．現(xiàn)將太極球簡化成如圖甲所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內(nèi)始終不脫離板而做勻速圓周運動，且在運動到圖中的A；B、C、D位置時小球與板間無相對運動趨勢．A為圓周的最高點，C為最低點，B、D與圓心O等高，圓的半徑為R．已知小球的重力為1N，不計平板的重力，且在A處板對小球的作用力為F．

（1）設(shè)小球在A處的速度大小為v；寫出在A處板對小球的作用力與小球速度大小的關(guān)系式；

（2）求在C處板對小球的作用力比在A處大多少？

（3）當(dāng)球運動到B、D位置時，板與水平方向需有一定的夾角θ，才能使小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，請作出tanθ-F的關(guān)系圖象．評卷人得分五、簡答題(共4題，共12分)22、如圖所示，在光滑的水平面上，有一質(zhì)量M=3kg的木板，木板上有一質(zhì)量m=1kg的物塊．它們都以相對于地面v0=4m/s的初速度反向運動；它們之間有摩擦，且長木板足夠長，求：

①當(dāng)木板的速度為2.4m/s時；物塊的速度大小；

②從它們開始運動至速度相等的過程中；物塊和木板之間因摩擦產(chǎn)生的熱量．

23、硼普遍存在于蔬果中，是維持骨骼的健康和鈣、磷、鎂正常代謝所需要的微量元素之一?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}基態(tài)磷原子核外的價層電子排布圖為______________，占據(jù)最高能級的電子云輪廓圖形狀為________________。rm{(2)}硼原子的第二電離能rm{(I_{2})}和第三電離能rm{(I_{3})}的大小關(guān)系為：rm{I_{2}}________rm{I_{3}(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}原因是____________________________。rm{(3)BF_{3}}可用于制造火箭的高能燃料。rm{BF_{3}}分子中的中心rm{B}原子采用的雜化方式為___________，rm{BF_{3}}為________分子rm{(}填“極性”或“非極性”rm{)}rm{(4)}鈣、鎂的氧化物熔點rm{CaO}________rm{MgO(}填“大于”或“小于”rm{)}其原因是_____________________________________________________。rm{(5)}硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}晶體為層狀結(jié)構(gòu)。其中一層的結(jié)構(gòu)片段如圖rm{(a)}所示，將這些rm{H_{3}BO_{3}}分子聚集在一起的作用力為____________________。rm{(6)}某立方氮化硼rm{(BN)}晶體的晶胞如圖rm{(b)}。該晶胞中rm{N}原子全部位于晶胞體內(nèi)，則rm{B}原子處于晶胞的___________位置。已知該晶體密度為rm{dg隆隴cm^{-3}}rm{N}rm{{,!}_{A}}代表阿伏加德羅常數(shù)的值，則晶胞中兩個距離最近的rm{B}原子之間的距離rm{=}____________________rm{pm}rm{(}用含rmlzlzf99rm{N}rm{{,!}_{A}}的代數(shù)式表示rm{)}24、金屬鈦rm{(Ti)}因其硬度大、熔點高、常溫時耐酸堿腐蝕而被廣泛用作高新科技材料，被譽(yù)為“未來金屬”。以鈦鐵礦rm{(}主要成分鈦酸亞鐵rm{)}為主要原料冶煉金屬鈦同時獲得副產(chǎn)品甲的工業(yè)生產(chǎn)流程如下。請回答下列問題。

rm{(1)}鈦酸亞鐵rm{(}用rm{R}表示rm{)}與碳在高溫下反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{2R+C簍T2Fe+2TiO_{2}+CO_{2}隆眉}鈦酸亞鐵的化學(xué)式為______________；鈦酸亞鐵和濃rm{H_{2}SO_{4}}反應(yīng)的產(chǎn)物之一是rm{TiOSO_{4}}反應(yīng)中無氣體生成，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為__________________________________________________。

rm{(2)}上述生產(chǎn)流程中加入鐵屑的目的是________________________，此時溶液Ⅰ中含有rm{Fe^{2+}}rm{TiO^{2+}}和少量rm{Mg^{2+}}等陽離子。常溫下，其對應(yīng)氫氧化物的rm{K_{sp}}如下表所示。。氫氧化物rm{Fe(OH)_{2}}rm{TiO(OH)_{2}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{K_{sp}}rm{8.0隆脕10^{-16}}rm{1.0隆脕10^{-29}}rm{1.8隆脕10^{-11}}rm{壟脵}常溫下，若所得溶液中rm{Mg^{2+}}的物質(zhì)的量濃度為rm{0.0018mol/L}當(dāng)溶液的rm{pH}等于______時，rm{Mg(OH)_{2}}開始沉淀。

rm{壟脷}若將含有rm{Fe^{2+}}rm{TiO^{2+}}和rm{Mg^{2+}}的溶液加水稀釋；立即析出大量白色沉淀，該反應(yīng)的離子方程式為__________________________________________________________。

rm{(3)}中間產(chǎn)品乙與焦炭、氯氣在高溫下發(fā)生反應(yīng)制取rm{TiCl_{4}}的方程式為__________________________________________。rm{Mg}還原rm{TiCl_{4}}過程中必須在rm{1070K}的溫度下進(jìn)行，你認(rèn)為還應(yīng)該控制的反應(yīng)條件是___________________________。除去所得金屬鈦中少量的金屬鎂可用的試劑是_________________。25、如圖甲所示，兩根長度相同間距為R

的直木棍AB

和CD

相互平行，固定在同一水平面上，一個重力為G

半徑為R

的圓柱工件架于兩木棍之間，工件與木棍之間滑動摩擦因數(shù)為32

在水平向右的推力作用下恰好向右勻速運動；若兩根直木棍AB

和CD

間距不變，相互平行，斜靠在豎直墻壁上固定不動，如圖乙所示，該工件恰好沿兩木棍勻速下滑，求：

(1)

圖甲情況下；水平向右的推力大小？

(2)

圖乙情況下，木棍與水平方向夾角的大??？評卷人得分六、綜合題(共2題，共20分)26、

(1)力F的大小是多少?

(2)為使繩不被拉斷，作用在A物體上的拉力F的最大值是多少?27、【題文】如圖所示，一彈簧振子在A、B間做簡諧運動，O點為平衡位置，A、B間的距離為10cm，由A運動到B所需的時間為2s.取向左為正方向，從某時刻開始計時，經(jīng)1s，振子具有正向的最大加速度。試作出振子的振動圖象，并寫出簡諧運動的位移隨時間變化的關(guān)系式.參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】當(dāng)汽車的加速度為a時，對汽車受力分析，由牛頓第二定律可以求得汽車運動過程中受到的阻力大小，再由P=Fv=fv可以求得汽車的最大速度．【解析】【解答】解：對汽車受力分析；設(shè)受到的阻力的大小為f．

當(dāng)汽車的加速度為a時；由牛頓第二定律可得，F(xiàn)-f=ma，所以F=f+ma；

由功率P1=Fv=（f+ma）v，解得f=-ma

當(dāng)功率恒為P2時，設(shè)最大速度為v′，則P2=F′v′=fv′，所以v′==．

故選：C2、B【分析】【分析】由圖可知電容器的構(gòu)造，再由平行板電容器的決定式進(jìn)行分析即可【解析】【解答】解：由圖可知，液體與芯柱構(gòu)成了電容器，由圖可知，兩板間距離不變；液面變化時只有正對面積發(fā)生變化；則由可知；當(dāng)電容增大時只能是正對面積S增大；故可判斷液面升高；故ACD錯誤，B正確；

故選：B．3、C【分析】【分析】在驗證“力的平行四邊形定則”時，可以根據(jù)實驗的原理進(jìn)行分析需要注意的事項．【解析】【解答】解：A；在實驗中；用一個力和用兩個力拉動時，應(yīng)保證合力與兩分力的效果相同，故必須要拉到同一點，故A正確；

B；實驗中應(yīng)保證合力與分力在同一平面內(nèi)；故彈簧的軸線必須與紙面平行，故B正確；

C；兩個拉力的方向沒有定性要求；夾角可以任意，故C錯誤；

D；在作圖時；應(yīng)保證拉力的標(biāo)度相同，才能正確作出圖形，故D正確；

本題選錯誤的，故選C．4、D【分析】試題分析：當(dāng)滑動變阻器的滑片向右滑動時，電阻增大、總電阻增大，則干路電流減小，內(nèi)電阻及L1上電流均減小，則L1變暗，而電阻R和燈泡L2所得電壓增大，則L2變亮，所以D正確?？键c：本題考查串電阻并聯(lián)及其電阻的變化、串并聯(lián)電路的特點、閉合電路歐姆定律。【解析】【答案】D5、B【分析】解：A；該裝置是利用海水推動活塞做功；是海水的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，不違反熱力學(xué)定律，故A錯誤。

B；海水推動活塞等溫壓縮空氣；內(nèi)能不變，而外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知B中的空氣向周圍放出熱量，故B正確。

C、在活塞向上推動，K1未打開之前；由于溫度不變，則B中氣體分子的平均動能不變，對單個分子來講其動能變化不一定，故C錯誤。

D；氣體被壓縮；體積減小，分子間的平均距離減小，氣體壓強(qiáng)增大，因是理想氣體，不考慮分子間的作用力，故D錯誤。

故選：B

該裝置是利用海水推動活塞做功；是海水的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，海水推動活塞等溫壓縮空氣，內(nèi)能不變，而外界對氣體做功，由于溫度不變，則B中氣體分子的平均動能不變，對單個分子來講其動能變化不一定．

本題是物理知識與現(xiàn)代生活相聯(lián)系的題目，考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，這是高考考查的一個方向要引起足夠重視．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】當(dāng)電場力與速度始終垂直時，粒子可做勻速圓周運動；本題考查電場和圓周運動的綜合分析，基礎(chǔ)題目?！窘獯稹侩妶龅幕拘再|(zhì)是對放入的電荷有力的作用，當(dāng)電場力總是與速度方向垂直時，則電粒子在電場中也可以做勻速圓周運動。故選A?！窘馕觥緼

7、B【分析】【分析】彈簧秤在一對拉力作用下保持靜止，合力為零；彈簧秤讀數(shù)等于其中的一個拉力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簩分析可知繩子對B的拉力為3N；說明繩子對彈簧秤的拉力也為3N，故彈簧秤的讀數(shù)為3N．

故選：B．二、填空題(共5題，共10分)8、1.56×103【分析】【分析】對A點受力分析，抓住A點合力為零，運用合成法求出繩子中的張力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈點受力如圖，根據(jù)合成法知，F(xiàn)T=．

根據(jù)幾何關(guān)系，sinα=．

則FT=

代入數(shù)據(jù)，解得：FT=N=1.56×103N；

故答案為：；1.56×103．9、略

【分析】【解析】

試題分析：由于異種電荷相吸；所以從M到N過程中，電場力做正功，電勢能減小，速度增大；

考點：本題考查了電場力做功。

點評：電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增大，【解析】【答案】增大，減小10、略

【分析】解：（1）根據(jù)極限的思想；在時間很短時，我們可以用這一段的平均速度來代替瞬時速度；

所以鐵塊通過光電門l的速度是v=

（2）（3）要測量動摩擦因數(shù)，由f=μFN可知要求μ；需要知道摩擦力和壓力的大?。恍』瑝K在水平面上運動經(jīng)過A處的光電門，最后停在B處，滑塊做的是勻減速直線運動，根據(jù)光電門和B點之間的距離L，由速度位移的關(guān)系式可得；

v2=2aL

對于整體由牛頓第二定律可得；

Mg-f=Ma

因為f=μFN；

所以由以上三式可得：μ=需要測量的物理量是：光電門和B點之間的距離L

故答案為：光電門和B點之間的距離L；

（1）很短的時間內(nèi)；我們可以用這一段的平均速度來代替瞬時速度，由此可以求得鐵塊的速度大?。?/p>

（2）根據(jù)滑動摩擦力的公式可以判斷求動摩擦因數(shù)需要的物理量；

（3）由滑塊的運動情況可以求得鐵塊的加速度的大??；再由牛頓第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑動摩擦力的公式可以求得滑動摩擦因數(shù)．

測量動摩擦因數(shù)時；滑動摩擦力的大小是通過牛頓第二定律計算得到的，加速度是通過鐵塊的運動情況求出來的．

運用動能定理來求解彈性勢能，注意摩擦力做負(fù)功．【解析】光電門和B點之間的距離L；11、0.2【分析】【分析】當(dāng)電動機(jī)勻速提升物體時，電動機(jī)的拉力與物體的重力相等，由P=FV可以求得物體上升的速度．【解析】【解答】解：由于物體是勻速上升的；所以物體受力平衡，電動機(jī)的拉力與物體的重力大小相等；

由P=FV=mgV；可以求得：

v=

故答案為：0.212、18【分析】【分析】根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式，E=，即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)題意可知；由點電荷電場強(qiáng)度公式，有：

E==N/C=18N/C；

故答案為：18三、判斷題(共8題，共16分)13、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負(fù)，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×14、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無規(guī)則熱運動的動能和分子勢能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計意義，對單個或幾個分子無意義；

故答案為：×15、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減小．

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×16、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的讀數(shù)之和進(jìn)行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】解答此題時；要從力的大小和方向兩個方面來考慮，在分析各選項時千萬不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當(dāng)兩個力方向相同時；合力等于兩分力之和，合力大于每一個分力；當(dāng)兩個分力方向相反時，合力等于兩個分力之差，合力可能小于分力，由此可見：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯誤；

故答案為：×．20、×【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．所以這個說法是錯的．

故答案為：×．四、解答題(共1題，共5分)21、略

【分析】【分析】人在運動過程中受重力和支持力，分析向心力的來源，由向心力公式求解即可．【解析】【解答】解：（1）由于小球在A處的速度大小為v；半徑為R

則在A處時有F+mg=m；①

可得F=m-mg

（2）在C處時，有F′-mg=m；②

由①②式得△F=F′-F=2mg=2N

（3）在A處時板對小球的作用力為F，球做勻速圓周運動的向心力：F向=F+mg

由于無相對運動趨勢；在B處不受摩擦力作用，受力分析如圖所示．

則tanθ===F+1

作出的tanθ-F的關(guān)系圖象如圖所示。

答：

（1）在A處板對小球的作用力與小球速度大小的關(guān)系式為F=m-mg．

（2）在C處板對小球的作用力比在A處大2N．

（3）作出tanθ-F的關(guān)系圖象如圖．五、簡答題(共4題，共12分)22、略

【分析】【分析】（1）分析物體的運動情況：初態(tài)時；系統(tǒng)的總動量方向水平向左，兩個物體開始均做勻減速運動，m的速度先減至零，根據(jù)動量守恒定律求出此時M的速度．之后，m向右做勻加速運動，M繼續(xù)向右做勻減速運動，最后兩者一起向右勻速運動．根據(jù)動量守恒定律求出薄板的速度大小為2.4m/s時，物塊的速度．

（2）當(dāng)M和m具有相同速度時，根據(jù)動量守恒定律求出共同速度，再根據(jù)能量守恒求出產(chǎn)生的熱量．【解析】【解答】解：①開始階段；m向右減速，M向左減速，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：

（M-m）v0=Mv1+mv2

得：v2=0.8m/s

②當(dāng)兩者速度達(dá)到相同時；根據(jù)動量守恒定律得：

（M-m）v0=（M+m）v

v=2m/s

整個過程中，根據(jù)能量守恒定律得：=24J

答：①當(dāng)木板的速度為2.4m/s時；物塊的速度大小為0.8m/s；

②從它們開始運動至速度相等的過程中，物塊和木板之間因摩擦產(chǎn)生的熱量為24J．23、（1）紡錘形(啞鈴形)

（2）<B2+失去1個電子比B+失去1個電子需要克服的電性吸引更大，消耗的能量也越高

（3）sp2雜化非極性

（4）小于Mg2+半徑比Ca2+小，MgO的晶格能較大

（5）氫鍵和范德華力

（6）頂點、面心【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)選修模塊，涉及原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)、雜化軌道理論、晶體結(jié)構(gòu)與晶胞計算，難度中等。【解答】rm{(1)}磷的原子序數(shù)為rm{15}根據(jù)構(gòu)造原理知基態(tài)磷原子核外的價層電子排布圖為占據(jù)的最高能級rm{p}能級的電子云輪廓圖形狀為紡錘形rm{(}啞鈴形rm{)}故答案為：紡錘形rm{(}啞鈴形rm{)}rm{(2)}硼原子的第二電離能rm{(I_{2})}和第三電離能rm{(I_{3})}的大小關(guān)系為：rm{I_{2}<I_{3}}原因是rm{B^{2+}}失去rm{1}個電子比rm{B^{+}}失去rm{1}個電子需要克服的電性吸引更大，消耗的能量也越高，故答案為：rm{<}rm{B^{2+}}失去rm{1}個電子比rm{B^{+}}失去rm{1}個電子需要克服的電性吸引更大，消耗的能量也越高；rm{(3)BF_{3}}分子中rm{B}原子形成rm{3}個rm{婁脪}鍵，沒有孤電子對，采用的雜化方式為rm{sp^{2}}分子立體構(gòu)型為平面三角形，為對稱結(jié)構(gòu)，rm{BF_{3}}為非極性分子；故答案為：rm{sp^{2}}非極性；rm{(4)}鈣、鎂的氧化物熔點rm{CaO}小于rm{MgO}其原因是小于rm{Mg^{2+}}半徑比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能較大，故答案為：小于；rm{Mg^{2+}}半徑比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能較大；rm{(5)}根據(jù)圖示知硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}晶體的層狀結(jié)構(gòu)中，將這些rm{H_{3}BO_{3}}分子聚集在一起的作用力為氫鍵和范德華力，故答案為：氫鍵和范德華力；rm{(6)}立方氮化硼的化學(xué)式為rm{BN}rm{N}rm{B}原子個數(shù)比為rm{1}rm{1}該晶胞中rm{N}原子全部位于晶胞體內(nèi)，數(shù)目為rm{4}則rm{B}原子個數(shù)也為rm{4}根據(jù)晶胞結(jié)構(gòu)知rm{B}原子處于晶胞的頂點、面心，rm{1mol}晶胞中含有rm{4molBN}則rm{1mol}晶胞的質(zhì)量為rm{4mol隆脕25g/mol=100g}該晶體密度為rm{dg隆隴cm^{-3}}rm{N}rm{{,!}_{A}}代表阿伏加德羅常數(shù)的值，則晶胞參數(shù)為rm{sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}cm=sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕10^{-10}pm}兩個距離最近的rm{sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}

cm=sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕10^{-10}pm}原子之間的距離為rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}pm}故答案為：頂點、面心；rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}rm{B}【解析】rm{(1)}紡錘形rm{(}啞鈴形rm{)}rm{(2)<}rm{B^{2+}}失去rm{1}個電子比rm{B^{+}}失去rm{1}個電子需要克服的電性吸引更大，消耗的能量也越高rm{(3)sp^{2}}雜化非極性rm{(4)}小于rm{Mg^{2+}}半徑比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能較大rm{(5)}氫鍵和范德華力rm{(6)}頂點、面心rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{

dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}24、（1）FeTiO3FeTiO3+H2SO4（濃）=TiOSO4+FeSO4+2H2O

（2）防止Fe2+氧化

①10

②TiO2++2H2O═H2TiO3↓+2H+

（3）TiO2+2C+2Cl2=TiCl4+2CO隔絕空氣稀鹽酸

【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的制備實驗方案的設(shè)計，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和實驗?zāi)芰Φ目疾?，為高考常見題型，難度中等，注意把握實驗的基本原理和物質(zhì)的性質(zhì)?！据^短】鈦鐵礦和濃硫酸混合，鈦鐵礦和濃硫酸反應(yīng)的產(chǎn)物之一是rm{TiOSO_{4}}反應(yīng)中無氣體生成，濃硫酸具有強(qiáng)氧化性，rm{+2}價rm{Fe}具有還原性，則rm{+2}價rm{Fe}被濃硫酸氧化生成rm{Fe^{3+}}然后向混合物中加入水、鐵屑，發(fā)生反應(yīng)rm{2Fe^{3+}+Fe=3Fe^{2+}}沉降過濾，濾液rm{I}中溶質(zhì)為rm{TiOSO_{4}}和rm{FeSO_{4}}將濾液冷卻結(jié)晶得到副產(chǎn)品甲和溶液rm{II}根據(jù)流程圖中溶液rm{II}中含有rm{TiOSO_{4}}則副產(chǎn)品甲為綠礬rm{FeSO_{4}?7H_{2}O}先將溶液rm{II}中加入水并加熱，rm{TiO^{2+}}水解生成rm{H_{2}TiO_{3}}然后過濾回收硫酸，同時得到rm{H_{2}TiO_{3}}煅燒rm{H_{2}TiO_{3}}rm{H_{2}TiO_{3}}分解生成rm{TiO_{2}}和水，乙能和氯氣、rm{C}在高溫下發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成rm{TiCl_{4}}則乙是rm{TiO_{2}}在高溫條件下，用rm{Mg}和四氯化鈦發(fā)生置換反應(yīng)生成rm{Ti}

rm{(1)}根據(jù)原子守恒可知，鈦酸亞鐵的化學(xué)式為rm{FeTiO_{3}}鈦鐵礦精礦和濃硫酸反應(yīng)的產(chǎn)物之一是rm{TiOSO_{4}}反應(yīng)中無氣體生成，依據(jù)氧化還原反應(yīng)分析，應(yīng)生成硫酸亞鐵和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{FeTiO_{3}+H_{2}SO_{4}(}濃rm{)=TiOSO_{4}+FeSO_{4}+2H_{2}O}故答案為：rm{FeTiO_{3}}rm{FeTiO_{3}+H_{2}SO_{4}(}濃rm{)=TiOSO_{4}+FeSO_{4}+2H_{2}O}

rm{(2)}鈦鐵礦和濃硫酸反應(yīng)的產(chǎn)物之一是rm{TiOSO_{4}}加入鐵屑，可防止rm{Fe^{2+}}氧化；故答案為：可防止rm{Fe^{2+}}氧化；

rm{壟脵K_{sp}[Mg(OH)_{2}]=c(Mg^{2+})隆脕c^{2}(OH^{-})=1.8隆脕10^{-11}}故rm{c(O{H}^{-})=sqrt{dfrac{1.8隆脕{10}^{-11}}{0.0018}}={10}^{-4}mol/L}故rm{c({H}^{+})=dfrac{{10}^{-14}}{{10}^{-4}}={10}^{-10}mol/L}故此時rm{c(O{H}^{-})=sqrt{

dfrac{1.8隆脕{10}^{-11}}{0.0018}}={10}^{-4}mol/L}故答案為：rm{c({H}^{+})=

dfrac{{10}^{-14}}{{10}^{-4}}={10}^{-10}mol/L}rm{pH=10}已知rm{10}發(fā)生水解生成鈦酸rm{壟脷}沉淀和氫離子，其離子方程式為：rm{TiO^{2+}}故答案為：rm{(H_{2}TiO_{3})}

rm{TiO^{2+}+2H_{2}O簍TH_{2}TiO_{3}隆媒+2H^{+}}中間產(chǎn)品乙與焦炭、氯氣在高溫下發(fā)生反應(yīng)制取rm{TiO^{2+}+2H_{2}O簍TH_{2}TiO_{3}隆媒+2H^{+}}的方程式為：rm{(3)}防止碳與氧氣反應(yīng)，應(yīng)隔絕空氣加熱，可用稀鹽酸溶解鎂除去鈦中