2025年外研版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版必修3物理上冊月考試卷559考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某同學(xué)用一個電流計G、直流電源E、定值電阻串聯(lián)在之間，組成一個歐姆表，如圖中虛線框內(nèi)所示，用兩個表筆連接在兩端，當(dāng)兩個表筆短接時，電流計的示數(shù)為I，當(dāng)兩表筆間接阻值為R的電阻時，電流計的示數(shù)為則直流電源的電動勢為（）

A.B.C.D.2、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電流表A和電壓表V的電阻對電路的影響不計．當(dāng)滑動變阻器R的滑片P從a端滑到b端的過程中（）

A.燈泡L逐漸變亮B.電壓表V的讀數(shù)增大C.電流表A的讀數(shù)減小D.電壓表讀數(shù)變化量ΔU與電流表讀數(shù)變化量ΔI的比值不變3、如圖所示的電場中，虛線a、b、c為三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，一帶正電的粒子僅在電場力的作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡如圖中實(shí)線所示，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)；由圖可知（）

A.帶電粒子在P點(diǎn)的電勢能比在Q點(diǎn)小B.帶電粒子在P點(diǎn)的動能比在Q點(diǎn)大C.a、b、c三個等勢面中，a的電勢最高D.帶電粒子在P點(diǎn)時的加速度比在Q點(diǎn)的加速度大4、關(guān)于元電荷的理解，下列說法正確的是（）A.元電荷就是電子B.元電荷是表示跟一個電子所帶電荷量數(shù)值相等的電荷量C.元電荷就是質(zhì)子D.物體所帶電量不一定是元電荷的整數(shù)倍5、A、B兩個帶同種電荷的絕緣金屬小球，半徑為r，球心相距3r，A帶電荷量Q1，B帶電荷量Q2，則A、B間相互作用力（）A.無法確定B.等于C.大于D.小于6、物理學(xué)中通常運(yùn)用大量的科學(xué)方法建立概念，如“理想模型”、“等效替代法”、“控制變量法”、“比值定義法”等，下列選項均用到“比值定義法”的一組概念是（）A.合力與分力、質(zhì)點(diǎn)、電場強(qiáng)度B.質(zhì)點(diǎn)、電場強(qiáng)度、點(diǎn)電荷C.速度、總電阻、電場強(qiáng)度D.加速度、電場強(qiáng)度、電容7、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，曲線B為燈泡的U-I圖線，現(xiàn)將該小燈泡接在該電源兩端，此時燈泡電阻為R；則以下說法錯誤的是（）

A.電源的輸出功率為4WB.R=1ΩC.E=3V，r=2ΩD.若增大燈泡兩端電壓，則燈泡的電阻增大8、圖（a）所示的電路中，K與L間接一智能電源，用以控制電容器C兩端的電壓UC。如果UC隨時間t的變化如圖（b）所示，則下列描述電阻R兩端電壓UR隨時間t變化的圖像中；正確的是（）

A.B.C.D.9、圖甲為某同學(xué)研究自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路圖，用電流傳感器顯示各時刻通過線圈L的電流。電路中電燈的電阻定值電阻A、B間電壓開關(guān)原來閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在某時刻斷開開關(guān)此時刻前后電流傳感器顯示的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示，則（）

A.線圈L的直流電阻B.斷開開關(guān)后通過電燈的電流方向向右C.斷開開關(guān)瞬間能夠觀察到電燈閃亮一下再熄滅D.在時刻線圈L中的感應(yīng)電動勢的大小約為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，電源的電動勢E=12V，內(nèi)阻r=2Ω，直流電動機(jī)額定功率為6W，額定電壓為3V，內(nèi)阻R0=0.5Ω，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電動機(jī)剛好正常工作，則此時滑動變阻器通以電流部分的阻值R和電動機(jī)的輸出功率P分別為（）

A.R=2.5ΩB.R=3.5ΩC.P=2WD.P=4W11、如圖所示；可視為點(diǎn)電荷的小物體A；B分別帶負(fù)電和正電，B固定，其正下方的A靜止在絕緣斜面上，則A受力個數(shù)可能為（）

A.A可能受2個力作用B.A可能受3個力作用C.A可能受4個力作用D.A可能受5個力作用12、穩(wěn)壓管是一種用硅材料制成的晶體二極管，廣泛應(yīng)用于穩(wěn)壓電源。穩(wěn)壓管在反向擊穿時，在一定的電流范圍內(nèi)，兩端電壓幾乎不變，表現(xiàn)出穩(wěn)壓特性。圖為某穩(wěn)壓二極管的圖像。下列說法正確的是（）

A.B.C.穩(wěn)壓管屬于非線性元件D.穩(wěn)壓管屬于線性元件13、如圖所示為一等腰直角三棱柱，其中側(cè)面為正方形，邊長為置于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為下列說法正確的是（）

A.通過平面的磁通量大小為B.通過平面的磁通量大小為C.通過平面的磁通量大小為D.通過整個三棱柱的磁通量大小為14、如圖，平行板電容器與直流電源連接，電源正極接地。初始電容器不帶電，閉合開關(guān)，電路穩(wěn)定后，一個帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

A.帶電油滴帶正電B.保持開關(guān)閉合，上極板下移，帶電油滴向上運(yùn)動C.保持開關(guān)閉合，上極板上移，P點(diǎn)電勢降低D.電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，下極板下移，帶電油滴保持靜止15、如圖所示，金屬殼放在絕緣墊上，能起到屏蔽點(diǎn)電荷電場作用的是（）A.B.C.D.16、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B與電池兩極相接，一個帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向夾角為θ，那么()

A.開關(guān)S斷開，帶正電的A板向B板靠近，θ不變B.開關(guān)S斷開，將A板向上平移一小段距離，則θ減小C.保持開關(guān)S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則θ增大D.開關(guān)S斷開，并同時剪斷細(xì)線，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動17、某靜電場中x軸上電場強(qiáng)度E隨x變化的關(guān)系如圖所示，設(shè)x軸正方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度的正方向。一帶電荷量大小為q的粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向運(yùn)動，結(jié)果粒子剛好能運(yùn)動到x＝3x0處，假設(shè)粒子僅受電場力作用，E0和x0已知，則（）

A.粒子一定帶負(fù)電B.粒子的初動能大小為qE0x0C.電場力先做正功后做負(fù)功D.粒子沿x軸正方向運(yùn)動過程中最大動能為2qE0x018、如圖所示，是兩個量程的電壓表，當(dāng)使用A、B兩個端點(diǎn)時，量程為0～3V當(dāng)使用A、C兩個端點(diǎn)時，量程是0～15V，已知表頭內(nèi)阻Rg=200Ω，滿偏電流Ig為1mA；則（）

A.R1=1.5×103ΩB.R1=2.8×103ΩC.R2=1.2×104ΩD.R2=1.5×104Ω評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、如圖所示，真空中有兩個點(diǎn)電荷和分別固定在x坐標(biāo)軸的和的位置上。則x標(biāo)軸上的_____處的電場強(qiáng)度為零。x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向區(qū)域是__________。

20、“求索”興趣小組用如圖所示的裝置探究影響電荷之間相互作用力的因素。

（1）實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象：

①小球懸掛于同一點(diǎn)時，小球所帶的電荷量越大，絲線偏離豎直方向的角度____________。（填“越大”或“越小”）

②小球帶電荷量一定時，距離帶電物體越遠(yuǎn)，絲線偏離豎直方向的角度____________。（填“越大”或“越小”）

（2）實(shí)驗(yàn)結(jié)論：兩電荷之間的作用力隨著電荷量的增大而____________，隨著距離的____________而減小。（均填“增大”或“減小”）21、A、B是某電場中的一條電場線上兩點(diǎn)，一正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動過程中的v—t圖象如上圖所示．比較A、B兩點(diǎn)電勢φ的高低和場強(qiáng)E的大小：φA________φB，EA________EB．22、如圖，在真空中有兩個等量異種點(diǎn)電荷，AC為兩電荷連線的中垂線，A為連線中點(diǎn)，B在靠近負(fù)電荷的連線上。則A、B處的電場強(qiáng)度大小EA______EB，A、C兩處的電勢φA______φC。（均選填“>”、“=”或“<”）

23、電壓表和電流表的電路結(jié)構(gòu)。

（1）表頭：小量程的電流表，符號為_____，也叫_______計。

（2）表頭的三個參數(shù)：滿偏電流Ig、________、內(nèi)阻Rg，根據(jù)歐姆定律，三個參數(shù)之間的關(guān)系是________。

（3）改裝：

①電壓表改裝:測量較大的電壓時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了電壓表，如圖所示。

②電流表改裝:測量較大的電流時，將表頭上______一個______的電阻；就改裝成了量程較大的電流表，如圖所示。

評卷人得分四、解答題(共2題，共20分)24、如圖，在真空室內(nèi)的P點(diǎn)，能沿紙面向各個方向不斷發(fā)射電荷量為+q，質(zhì)量為m的粒子(不計重力)，粒子的速率都相同．a(chǎn)b為P點(diǎn)附近的一條水平直線，P到直線ab的距離PC=L，Q為直線ab上一點(diǎn)，它與P點(diǎn)相距PQ=L．當(dāng)直線ab以上區(qū)域只存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場時，水平向左射出的粒子恰到達(dá)Q點(diǎn)；當(dāng)ab以上區(qū)域只存在平行該平面的勻強(qiáng)電場時，所有粒子都能到達(dá)ab直線，且它們到達(dá)ab直線時動能都相等；其中水平向左射出的粒子也恰好到達(dá)Q點(diǎn)．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

(1)a粒子的發(fā)射速率(2)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小和方向(3)僅有磁場時，能到達(dá)直線ab的粒子所用最長時間和最短時間的比值25、一個電子在平行于紙面的平面內(nèi)沿逆時針方向做勻速圓周運(yùn)動，在垂直于圓軌道所在平面并穿過圓心的直線上有一點(diǎn)A，試確定并繪圖表示A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)改裝成的歐姆表的內(nèi)阻為r，根據(jù)題意可知

解得電源的電動勢

故選C。2、D【分析】【詳解】

燈泡和滑動變阻器并聯(lián)，P從a端滑到b端的過程中，變阻器的有效電阻減小，并聯(lián)的總電阻減小，總電流增大，電流表A的讀數(shù)增大，C錯誤；總電流增大，內(nèi)電壓Ir增大，路端電壓減小，則電壓表V的讀數(shù)減小，B錯誤；路端電壓減小，燈泡L的電壓減小，燈泡逐漸變暗，A錯誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E?Ir，則：保持不變，故D正確．3、D【分析】【詳解】

C．電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高；C錯誤；

AB．電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能減小，動能增大，故P點(diǎn)的動能小于Q點(diǎn)的動能，帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的電勢能大于在Q點(diǎn)的電勢能；AB錯誤；

D．等勢線密的地方場強(qiáng)大，故P點(diǎn)位置電場強(qiáng)度大；電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，D正確。

故選D。4、B【分析】【分析】

【詳解】

AC．元電荷是指最小的電荷量；元電荷不是代表電子或質(zhì)子，電子和質(zhì)子的電荷量等于元電荷，AC錯誤；

BD．任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍；B正確，D錯誤；

故選B。5、D【分析】【詳解】

試題分析：如果是點(diǎn)電荷,作用力這兩個小球不能視為點(diǎn)電荷,且是同種電荷,根據(jù)同種電荷相斥的理論,兩球電荷分布肯定都在小球的兩側(cè),電荷之間的距離應(yīng)該大于球心之間的距離3r,所以實(shí)際作用力應(yīng)該小于故選D．

考點(diǎn)：庫侖定律；點(diǎn)電荷．

【名師點(diǎn)睛】庫侖定律適用于真空中兩個靜止點(diǎn)電荷間的相互作用，而點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點(diǎn)，則這樣的帶電體就是點(diǎn)電荷，而本題中所給的小球間的距離與小球的大小相比，帶點(diǎn)小球不能看成質(zhì)點(diǎn)，小球上的電荷分布不均勻，同好的大多排列在外側(cè)，而異號的內(nèi)側(cè)較密集，所以r就不等于球心間距．6、D【分析】【詳解】

A項：“合力與分力”采用等效替代的方法；“質(zhì)點(diǎn)”采用理想化模型的方法，“電場強(qiáng)度”采用比值定義法，故A錯誤；

B項：“質(zhì)點(diǎn)”；“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法；故B錯誤；

C項：總電阻”采用等效替代的方法；“速度”，“電場強(qiáng)度”采用比值定義法，故C錯誤；

D項：加速度；電場強(qiáng)度、電容都采用比值定義法；故D正確．

點(diǎn)晴：對于物理學(xué)上常用的科學(xué)研究方法：等效替代法、理想化模型法、比值定義法等等要理解并掌握，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫助．7、C【分析】【詳解】

A．兩圖線交點(diǎn)坐標(biāo)代表此時電路的路端電壓和通過電源的電流，所以此時電源的輸出功率為

故A正確；

B．根據(jù)歐姆定律可得

C．圖線A的縱截距表示電源電動勢，斜率的絕對值表示電源內(nèi)阻，即

故C錯誤；

D．若增大燈泡兩端電壓；則通過燈泡的電流增大，燈絲溫度升高，燈泡的電阻增大，故D正確。

故選C。8、A【分析】【詳解】

根據(jù)電容器的定義式可知。

結(jié)合圖像可知，圖像的斜率為則內(nèi)的電流與內(nèi)的電流關(guān)系為。

且兩段時間中的電流方向相反，根據(jù)歐姆定律可知兩端電壓大小關(guān)系滿足。

由于電流方向不同；所以電壓方向不同。

故選A。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A.斷開開關(guān)前，通過線圈的電流為則。

則線圈的直流電阻尺。

A錯誤；

B．由楞次定律可知；斷開開關(guān)后，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流向右，則通過電燈的電流向左，B錯誤；

C．?dāng)嚅_開關(guān)前通過電燈的電流為。

由題圖乙可知；斷開開關(guān)后，通過電燈的電流從1.5A逐漸減小到零，電燈逐漸變暗，C錯誤；

D．由題圖乙可知，在時；通過線圈的電流為0.7A，線圈的自感電動勢為。

D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)可知電動機(jī)中的電流為：

滑動變阻器兩端的電壓為：

故滑動變阻器連入電路的電阻為：

A正確B錯誤；

CD．電動機(jī)的輸出功率為：

C錯誤D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

對小球A；必受重力和B對它的庫侖引力，且這兩個力方向相反；當(dāng)兩者相等時A只受兩個力；當(dāng)庫侖力小于重力時，小球還將受到斜面對它的垂直于斜面的支持力，要保持A靜止，因此還必受斜面對它的摩擦力才能平衡，故此種情況A受4個力的作用。

故選AC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)圖像可知；AB的電壓相等，B的電流大于A的電流，根據(jù)歐姆定律。

可知。

A錯誤；B正確；

CD．線性元件的圖像應(yīng)為一條傾斜的直線；根據(jù)圖像可知，穩(wěn)壓管屬于非線性元件，C正確，D錯誤。

故選BC。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．通過平面的磁通量大小為

所以A正確；

B．平面是平面在垂直磁場方向上的投影，所以通過平面的磁通量大小為

所以B正確；

C．平面與磁場方向平行，所以通過平面的磁通量為零；C錯誤；

D．穿進(jìn)整個三棱柱的磁感線和穿出整個三棱柱的磁感線條數(shù)相等；磁感線凈條數(shù)為零，故通過整個三棱柱的磁通量為零，D錯誤；

故選AB。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．電容器上極板與電源正極相連；上極板帶正電，油滴受到的電場力方向向上，則油滴帶負(fù)電。故A錯誤；

B．保持開關(guān)閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板下移，兩板間距離減小，根據(jù)

可知電場強(qiáng)度增大；則帶電油滴向上運(yùn)動。故B正確；

C．同理，保持開關(guān)閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板上移，兩板間距離變大，電場強(qiáng)度變小，P點(diǎn)到下極板的距離不變，根據(jù)

可知P到下極板的電勢差變小，而下極板的電勢不變，則P點(diǎn)的電勢降低。故C正確；

D．電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，電容器電荷量不變，根據(jù)

可得電場強(qiáng)度為

下極板下移；電場強(qiáng)度不變，帶電液滴受力情況不變，帶電油滴保持靜止。故D正確。

故選BCD。15、A:B:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)正電荷放在金屬殼外時；使金屬殼左端帶負(fù)電荷，右端帶正電荷，兩端出現(xiàn)電壓，導(dǎo)致感應(yīng)電場與外電場相疊加，所以內(nèi)部電場強(qiáng)度為零起到屏蔽的作用，故A正確；

B．當(dāng)正電荷放在金屬殼外時；使金屬殼左端帶負(fù)電荷，由于右端接地，則不帶電，兩端仍出現(xiàn)電壓，導(dǎo)致感應(yīng)電場與外電場相疊加，所以內(nèi)部電場強(qiáng)度為零起到屏蔽的作用，故B正確；

C．當(dāng)正電荷放在金屬殼內(nèi)時；使金屬內(nèi)殼帶負(fù)電荷，外殼帶正電荷，出現(xiàn)電場，導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電場沒起到屏蔽的作用，故C錯誤；

D．當(dāng)正電荷放在金屬殼內(nèi)時；由于接地，則使金屬殼外不帶電，內(nèi)部左；右端都帶負(fù)電荷，而外部沒有電場，從而起到屏蔽的作用，故D正確；

故選ABD。16、A:C【分析】【詳解】

開關(guān)S斷開時，電容器所帶的電量不變，根據(jù)電容的定義電容決定式為：場強(qiáng)定義式：以上聯(lián)立可得：知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，故A正確；開關(guān)S斷開時，電容器所帶的電量不變，將A板向上平移一小段距離，電容決定式為：可知電容減小，根據(jù)電容的定義可知電壓U變大，場強(qiáng)定義式：因d不變，所以場強(qiáng)增大，則θ變大，故B錯誤；保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強(qiáng)度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，故C正確；開關(guān)斷開，剪斷細(xì)線后，小球受重力和電場力的作用，將沿繩子的方向做勻加速直線運(yùn)動，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．17、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如果粒子帶負(fù)電，粒子在電場總一定先做減速運(yùn)動后做加速運(yùn)動，因此粒子x＝3x0處的速度不可能為零；所以粒子一定帶正電，故A錯誤；

B．根據(jù)動能定理

故B正確；

C．由于粒子先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動；所以電場力先做正功后做負(fù)功，故C正確；

D．經(jīng)分析粒子運(yùn)動到x0處動能最大，根據(jù)動能定理

故D正確。

故選BCD。18、B:C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)接AB兩端達(dá)到滿偏時

代入數(shù)據(jù)可得R1=2.8×103Ω

當(dāng)接AC兩端達(dá)到滿偏時

代入數(shù)據(jù)可得R2=1.2×104Ω

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

[1]某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式可知，要使電場強(qiáng)度為零，那么正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等方向相反，不會在Q1的左邊，因?yàn)镼1的電荷大于Q2，也不會在Q1Q2之間，因?yàn)樗鼈冸姾上喾?，在中間的電場方向都是一樣的，所以，只能在Q2右邊，設(shè)該位置據(jù)Q2的距離是L，則有

解得

所以x坐標(biāo)軸上x=12cm處的電場強(qiáng)度為零；

[2]在Q1Q2之間，正電荷Q1和負(fù)電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向沿x軸正方向，所以實(shí)際場強(qiáng)也是沿x軸正方向，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得x坐標(biāo)軸大于12cm區(qū)域電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向區(qū)域，所以x坐標(biāo)軸上電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向區(qū)域是和【解析】12或20、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]小球懸掛于同一點(diǎn)時；小球所帶的電荷量越大，絲線偏離豎直方向的角度越大；

②[2]小球帶電荷量一定時；距離帶電物體越遠(yuǎn)，絲線偏離豎直方向的角度越小。

（2）[3][4]設(shè)兩電荷之間的作用力為絲線偏離豎直方向的角度為則有

可得

則可得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論：兩電荷之間的作用力隨著電荷量的增大而增大，隨著距離的增大而減小?！窘馕觥吭酱笤叫≡龃笤龃?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

從v-t圖象可以知道正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點(diǎn)到B點(diǎn)做加速度不斷減小的減速運(yùn)動，故電荷在A點(diǎn)受到的電場力大于電荷在B點(diǎn)的電場力，故A點(diǎn)的場強(qiáng)大于B點(diǎn)的場強(qiáng)；

由于電荷做減速運(yùn)動，故電場力與速度方向相反，即電場力由B指向A，故電場線由B指向A，故B點(diǎn)電勢較高；【解析】＜＞22、略

【分析】