2025年滬教版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理下冊階段測試試卷529考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、中核集團核工業(yè)西南物理研究院預計2019年建成我國新托卡馬克裝置——中國環(huán)流期二號M裝置，托卡馬克裝置意在通過可控熱核聚變方式，給人類帶來幾乎無限的清潔能源，俗稱“人造太陽”．要實現(xiàn)可控熱核聚變，裝置中必須有極高的溫度，因而帶電粒子將沒有通常意義上的“容器”可裝，而是通過磁約束，使之長時間束縛在某個有限空間內．如圖所示，環(huán)狀磁場的內半徑為R1，外半徑為R2，磁感應強度大小為B，中空區(qū)域內帶電粒子的質量為m，電荷量為q，具有各個方向的速度．欲保證帶電粒子都不會穿出磁場的外邊緣而被約束在半徑為R2的區(qū)域內；則帶電粒子的最大速度為。

A.B.C.D.2、如圖所示，邊長為L、電阻為R的正方形金屬線框abcd放在光滑絕緣水平面上，其右邊有一磁感應強度大小為B、方向豎直向上的有界勻強磁場，磁場的寬度為L，線框的ab邊與磁場的左邊界相距為L，且與磁場邊界平行．線框在某一水平恒力作用下由靜止向右運動，當ab邊進入磁場時線框恰好開始做勻速運動．根據題中信息，下列物理量可以求出的是（）

A.外力的大小B.勻速運動的速度大小C.通過磁場區(qū)域的過程中產生的焦耳熱D.線框完全進入磁場的過程中通過線框某橫截面的電荷量3、如圖甲所示的是工業(yè)上探測物件表面層內部是否存在缺陷的渦流探傷技術.其原理是用載流線圈使物件內產生渦電流，借助探測線圈測定渦電流的改變，從而獲得物件內部是否斷裂及其位置的信息.如圖乙所示的是一個帶鐵芯的線圈開關S和電源用導線連接起來的跳環(huán)實驗裝置，將一個套環(huán)置于線圈上且使鐵芯穿過其中，閉合開關S的瞬間，套環(huán)將立刻跳起.對以上兩個實例的理解正確的是（）

A.渦流探傷技術運用了互感原理，跳環(huán)實驗演示了自感現(xiàn)象B.能被探測的物件和實驗所用的套環(huán)必須是導電材料C.以上兩個實例中的線圈所連接的電源都必須是變化的交流電源D.以上兩個實例中的線圈所邊境的電源也可以都是穩(wěn)恒電源4、如圖所示，一定質量的理想氣體，從圖示A狀態(tài)開始，經歷了B、C狀態(tài)，最后到D狀態(tài)，下列判斷中正確的是()

A.A→B溫度升高，壓強變大B.B→C體積不變，壓強不變C.B→C體積不變，壓強變小D.C→D體積變小，壓強變小5、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內有一垂直紙面向里的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點．大量質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，在紙面內沿各個方向以相同速率v從P點射入磁場．這些粒子射出磁場時的位置均位于PQ圓弧上，PQ圓弧長等于磁場邊界周長的．不計粒子重力和粒子間的相互作用；則該勻強磁場的磁感應強度大小為()

A.B.C.D.6、圖為模擬遠距離輸電實驗電路圖，兩理想變壓器的匝數(shù)n1＝n4<n2＝n3，四根模擬輸電線的電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為R，A1、A2為相同的理想交流電流表，L1、L2為相同的小燈泡，燈絲電阻RL>2R，忽略燈絲電阻隨溫度的變化．當A、B端接入低壓交流電源時()

A.A1、A2兩表的示數(shù)相同B.L1、L2兩燈泡的亮度相同C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率D.R2兩端的電壓小于R4兩端的電壓評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、在如圖所示的電路中，燈L1、L2的電阻分別為R1、R2，滑動變阻器的最大阻值為R0，若有電流通過，燈就發(fā)光，假設燈的電阻不變，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，燈L1、L2的亮度變化情況是()

A.當時，燈L1變暗，燈L2變亮B.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2先變亮后變暗C.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2不斷變暗D.當時，燈L1先變暗后變亮，燈L2不斷變亮8、如圖所示，一理想變壓器的原線圈接有電壓為U的交流電，副線圈接有電阻R1和光敏電阻R2（阻值隨光照增強而減?。?，開關S開始時處于閉合狀態(tài)；下列說法正確的是。

A.當U增大時，副線圈中電流變大B.當光照變弱時，變壓器的輸入功率變大C.當開關S由閉合到斷開時，交流電流表的示數(shù)變大D.當滑動觸頭P向下滑動時，電阻R1消耗的功率增加9、如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環(huán)，活塞可以在兩個卡環(huán)之間無摩擦運動。活塞下方封閉有一定質量的理想氣體，已知理想氣體內能U與溫度T的關系為為正的常量，重力加速度為g。開始時封閉氣體溫度為T0，壓強等于外界大氣壓強p0；現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經歷了如圖乙所示的三個狀態(tài)變化過程，則（）

A.活塞質量為B.從b→c過程，氣體對外做功C.從a→d全過程，氣體內能增加D.從a→d全過程，氣體吸收的熱量小于其內能的增量10、如圖所示，一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A經絕熱過程A→B、等容過程B→C、等溫過程C→A又回到了狀態(tài)A，則____。

A.A→B過程氣體降溫B.B→C過程氣體內能增加，可能外界對氣體做了功C.C→A過程氣體放熱E.C→A過程單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多E.C→A過程單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多11、如圖所示，在傾角為θ的粗糙斜面上（動摩擦因數(shù)μθ），存在一矩形磁場區(qū)域ABDC，磁場方向垂直斜面向下，現(xiàn)將材料相同、邊長相等、粗細不同的單匝閉合正方形細線圈1和粗線圈2，在距磁場邊界AB下方等距的位置以相同初速度滑上斜面，最終又都從邊界AB滑出磁場，則從線圈開始運動到滑出磁場的整個過程中，下列說法正確的是

A.全程運動時間t1＞t2B.克服摩擦力做功Wf1＜Wf2C.在磁場中產生的焦耳熱Q1＝Q2D.在第一次進入磁場的過程中通過線圈某截面的電荷量q1＜q212、在如圖所示寬度范圍內，用電場強度為E的勻強電場可使初速度是的某種正粒子偏轉角．在同樣寬度范圍內，若改用方向垂直于紙面向外的勻強磁場，勻強磁場的磁感應強度為B，使該粒子穿過該區(qū)域，并使偏轉角也為（不計粒子的重力）．則。

A.電場強度E與磁感應強度B的比為B.電場強度E與磁感應強度B的比為C.粒子穿過電場和磁場的時間之比是D.粒子穿過電場和磁場的時間之比是13、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時間t變化的圖像如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.0～4s內物體的位移為零B.0～4s內拉力對物體做功為零C.4s末物體的動量為零D.0～4s內拉力對物體的沖量為零14、物理學家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學認知，推動物理學的發(fā)展。下列說法符合事實的是A.玻爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律B.盧瑟福用α粒子轟擊獲得新核發(fā)現(xiàn)了質子C.1g經過三個半衰期，原子核數(shù)目變?yōu)樵瓉淼陌朔种籇.貝克勒爾通過對天然放射現(xiàn)象的研究，發(fā)現(xiàn)了原子中存在原子核15、已知氘核的比結合能是1.09MeV，氚核的比結合能是2.78MeV，氦核的比結合能是7.03MeV。某次核反應中，1個氘核和1個氚核結合生成1個氦核，則下列說法中正確的是（）A.這是一個裂變反應B.核反應方程式為C.核反應過程中釋放的核能是17.6MeVD.目前核電站都采用上述核反應發(fā)電評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、在電解液中，(1)若5s內沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_______A；(2)若5s內到達陽極的負離子和到達陰極的正離子均為5C，則電流為_______A．17、如圖，一定量的理想氣體經歷的兩個不同過程，分別由體積-溫度（V-t）圖上的兩條直線I和Ⅱ表示，V1和V2分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標；t0為它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0是它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0=-273.15℃；a、b為直線I上的一點。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的壓強之比=___________；氣體在狀態(tài)b和c的壓強之比=___________。

18、如圖所示，體積為V、內壁光滑的圓柱形導熱氣缸頂部有一質量和厚度均可忽略的活塞，氣缸內密封有溫度為2.8T0、壓強為1.4p0的理想氣體。p0和T0分別為大氣的壓強和溫度。已知氣體內能U與溫度T的關系為a為正的常量；容器內氣體的所有變化過程都是緩慢的。求：

（1）當活塞與頂面間恰好無壓力時，氣體的溫度T__________；

（2）最終氣體與外界溫度相同，則活塞下落過程中氣體內能減少了_________，該過程中氣體放出的熱量為__________。

19、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線，一定質量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線1為絕熱變化過程，氣體內能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關系是_____；氣體對外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關系是_____。

20、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a依次經狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長線過坐標原點O，cd平行于T軸，ab、de平行于V軸。該理想氣體經過的a→b、b→c、c→d、d→e、e→a五個過程中，氣體對外做功的過程有________；氣體內能增加的過程有________；氣體等壓放熱的過程有________。

21、一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，再回到狀態(tài)a，該過程的圖線如圖所示，則氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b過程內能______（填“增大”、“減小”或“不變”）；氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程溫度____________（填“升高”、“降低”或“不變”），氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）熱量。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)25、現(xiàn)要測量某電源的電動勢和內阻，可利用的器材有：電流表A，內阻為1.00Ω；電壓表V；阻值未知的定值電阻R1、R2、R3、R4、R5；開關S；一端連有鱷魚夾P的導線1；其他導線若干，某同學設計的測量電路如圖（a）所示；

（1）按圖（a）在實物圖（b）中畫出連線，并標出導線1和其P端___________

（2）測量時，改變鱷魚夾P所夾的位置，使R1、R2、R3、R4、R5依次串入電路，記錄對應的電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I，數(shù)據如下表所示．根據表中數(shù)據，在圖（c）中的坐標紙上將所缺數(shù)據點補充完整，并畫出U-I圖線____________。I(mA)1931531116930U(V)2.512.592.682.762.84

（3）根據U-I圖線求出電源的電動勢E＝_______V，內阻r＝_____Ω26、(1)某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖如圖甲所示。該多用電表有___________個電阻檔，紅表筆接___________(選填A或B)，該同學選擇多用電表的×1Ω擋測量一電阻R2的阻值，正確操作后得到如圖乙所示的指針情況，則電阻Rx的阻值約為___________Ω。

(2)為了精確測量該電阻Rx的阻值；該同學從實驗室選取了下列器材：

A．電流表A1(0~4mA、內阻r1=1Ω)B．電流表A2(0~10mA、內阻r2≈5Ω)

C．滑動變阻器R(0~5Ω)D．定值電阻R0(阻值為9Ω)

E．電源E(電動勢2V；有內阻)F．開關、導線若干。

①實驗中要求調節(jié)范圍盡可能大，在方框內畫出符合要求的電路圖___________(用器材符號表示)。

②用I1、I2分別表示電流表A1、A2的示數(shù)，該同學通過描點得到了如圖所示的I1－I2圖像，則該電阻Rx的阻值為___________Ω。27、（1）在用油膜法估測分子大小的實驗中，選用下列器材：淺盤（直徑為30~40cm）、注射器（或滴管）、_________、按一定比例稀釋好的油酸溶液、坐標紙、玻璃板、水彩筆（或鋼筆）.請將還需要的一種實驗器材補填在橫線上.

（2）在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中；有下列實驗步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定．

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上；計算出油膜的面積，根據油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大?。?/p>

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

上述步驟中，正確的操作順序是__________．（填寫步驟前面的字母）

（3）在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，所用油酸酒精溶液的濃度為每mL溶液中有純油酸mL；用注射器測得1mL上述溶液為75滴．把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用筆在玻璃板上描述油酸膜的形狀，再把玻璃板放在坐標紙上，其形狀如圖所示,坐標中正方形方格的邊長為1cm，則：

①油酸膜的面積是_____________cm2．

②按以上實驗數(shù)據估測出油酸分子的直徑為___________________m．（②問結果均保留一位有效數(shù)字）

（4）(多選)某學生在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗時，計算結果偏大，可能是由于()

A．油酸未完全散開。

B．油酸溶液濃度低于實際值。

C．計算油膜面積時；舍去了所有不足一格的方格。

D．求每滴體積時，1mL的溶液的滴數(shù)多記了10滴28、一細而均勻的導電材料；截面為圓柱體，如圖所示，此材料長約5cm，電阻約為100Ω，欲測量這種材料的電阻率ρ．現(xiàn)提供以下實驗器材。

A．游標卡尺；

B.螺旋測微器；

C.電流表A1（量程50mA，內阻r1=100Ω）；

D.電流表A2（量程100mA，內阻r2約為40Ω）；

E.電壓表V（量程15V；內阻約為3000Ω）；

F.滑動變阻器R1（0～10Ω；額定電流2A）；

G.直流電源E（電動勢為3V；內阻很?。?；

H.上述導電材料R2（長約為5cm；電阻約為100Ω）；

I.開關一只；導線若干．

請用上述器材設計一個盡可能精確地測量該樣品電阻率ρ的實驗方案；回答下列問題：

（1）用游標卡尺測得該樣品的長度如圖所示，其示數(shù)L=_______cm，用螺旋測微器測得該樣品的外直徑如圖所示，其示數(shù)D=______mm．

（2）在如圖的方框中畫出設計的實驗電路圖，并標明所選擇器材的物理量符號____．

（3）實驗中應記錄的物理量有___________、_______________（寫出文字表述和字母符號），用已知的物理量和所測得的物理量的符號表示這種材料的電阻率為ρ=_____參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

粒子的速度越大，在磁場中運動的半徑越大，如果我們限制了最大半徑，就限制了最大速度．本題中欲保證帶電粒子都不會穿出磁場的外邊，故最大半徑為rmax=．根據r=rmax=ACD錯誤B正確．2、D【分析】【分析】

根據線框做勻速運動；可得外力大小等于安培力大小，通過磁場的過程是一個勻速過程，外力做的功全部轉化為焦耳熱，通過線框某橫截面的電荷量等于平均電流乘時間．

【詳解】

根據動能定理可得，剛進入磁場時速度滿足恰好勻速，可得線框質量未知，A、B、C都錯；通過線框某橫截面的電荷量D對．

【點睛】

此類問題綜合性很強，我們針對特殊狀態(tài)進行分析．3、B【分析】【詳解】

渦流探傷技術其原理是用載流線圈使物件內產生渦電流，借助探測線圈測定渦電流的改變；跳環(huán)實驗演示了電磁感應現(xiàn)象，故A錯誤.無論是渦流探傷技術，還是演示電磁感應現(xiàn)象，都需要產生感應電流，而感應電流產生的條件之一是在導電材料內，故B正確.渦流探傷時，是探測器中通過交變電流產生變化的磁場，當導體、物體處于該磁場中時，該導體、物體中會感應出渦流；演示電磁感應現(xiàn)象的實驗中，線圈接在直流電源上，閉合開關的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量仍然會改變，套環(huán)中會產生感應電流，會跳動，故C、D錯誤.4、C【分析】【詳解】

由圖象可知，由A→B過程中，溫度升高體積變大，體積與熱力學溫度成正比，由可知，氣體壓強不變，是等壓變化，故A錯誤；由圖象可知，在B→C過程中，氣體體積不變溫度降低，由可知，氣體壓強變小，故B錯誤，C正確；由圖象可知，在C→D過程中，氣體溫度不變體積減小，由可知，壓強變大，故D錯誤．5、D【分析】【詳解】

從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為Q，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，相應的弧長變?yōu)閳A周長的如圖所示：

所以∠POQ=120°；結合幾何關系，有：洛侖茲力充當向心力，根據牛頓第二定律，有：聯(lián)立可得：故D正確，ABC錯誤．6、D【分析】試題分析：設AB間的輸入電壓為U1，根據輸送電功率P=UI，可得電流表A2的示數(shù)為電流表A1的示數(shù)為根據變壓規(guī)律又因為n1＜n2，故U2大于U1，所以所以A錯誤；導線上損耗的功率又R1、R2的電流小，所以損耗的功率比R3、R4損耗的少，故L1的電功率大于L2的電功率，所以亮度不同，故B錯誤；根據知，R1消耗的功率小于R3消耗的功率，故C錯誤；根據U=IR可知R2兩端的電壓小于R4兩端的電壓；所以D正確。

考點：本題考查變壓器；遠距離輸電。

____二、多選題(共9題，共18分)7、A:D【分析】【詳解】

AB.當時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻一定大于右部分的電阻，當變阻器的滑片P由a端向b端移動時，電路總電阻增大，總電流減小，所以通過燈L1的電流減小，燈L1變暗，通過燈L2的電流變大，燈L2變亮；故A項符合題意，B項不合題意；

CD.當時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻，則當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，總電阻先增大，后減小，所以總電流先減小后增大，所以通過燈L1的電流先減小后增大，故燈L1先變暗后變亮，而通過L2的電流一直變大，燈L2不斷變亮，故C項不合題意，D項符合題意．8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A項：當U增大時；副線圈兩端電壓增大，所以副線圈中的電流增大，故A正確；

B項：當光照變弱時，光敏電阻阻值變大，副線圈中的總電阻變大，總電流變小，由公式P=U2I2可知；副線圈消耗的功率變小，變壓器的輸入功率變小，故B錯誤；

C項：當開關S由閉合到斷開時；副線圈中的總電阻變大，總電流變小，即電流表的示數(shù)變小，故C錯誤；

D項：當滑動觸頭P向下滑動時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，R1中的電流變大；所以消耗的功率變大，故D正確．

故應選：AD．9、A:C【分析】【詳解】

A．氣體在等壓膨脹過程中由受力平衡，有

解得

故A正確；

B．圖像斜率不變時體積不變，只有在b→c過程中氣體對外做功

故B錯誤；

C．在a→d全過程中，由理想氣體狀態(tài)方程，有

由題目條件可知氣體內能的變化量

故C正確；

D．從a→d全過程；氣體對外做功，根據熱力學第一定律可知，氣體吸收的熱量大于其內能的增量，故D錯誤。

故選AC。10、A:C:E【分析】【詳解】

A．A→B過程絕熱；氣體與外界即不吸熱也不放熱，即。

但氣體體積增大；氣體對外做功，即。

由熱力學第一定律。

可知理想氣體內能減??；溫度降低，A正確；

B．B→C過程體積不變；外界對氣體不做功，B錯誤；

C．C→A過程等溫理想氣體內能不變；即。

如圖可知氣體的體積減小；外界對氣體做功，即。

由熱力學第一定律。

可得。

即氣體對外放熱；C正確；

D．根據圖像，圖像與坐標軸（V軸）圍成的面積表示所做的功；由圖可知。

且。

則全部過程氣體做功不為零；D錯誤；

E．C→A過程氣體溫度不變；分子速率不變，氣體體積減小，單位體積分子密度增大，單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多，E正確。

故選ACE。11、B:D【分析】【詳解】

A項：線圈剛進磁場時有：，其中所以加速度為所以加速度相同，同理分析可知，全過程中所用時間相向，故A錯誤；

B項：由可知，越粗的質量越大，由公式由于路程相同，所以越粗的克服摩擦力做功越多，故B正確；

C項：熱量：所以越粗的發(fā)熱越多，故C錯誤；

D項：由公式所以越粗的電量越大，故D正確．

故應選：BD．12、B:C【分析】【詳解】

在電場中偏轉時做類平拋運動，水平方向勻速直線，豎直方向勻加速直線運動，故則由牛頓第二定律可知則為豎直方向速度和水平方向速度的夾角；故解得在磁場中偏轉時，由幾何關系可知速度偏轉角等于粒子在磁場中做圓周運動的圓心角；解得：故A錯誤，B正確；在磁場中運動的時間為則時間之比為：C正確，D錯誤．13、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

由圖象可知物體在4s內先做勻加速后做勻減速運動，4s末的速度為零，位移一直增大，故A錯誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負功，且兩段時間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動量為零；故C正確；根據I=Ft可知：前4s內I合=F×2-F×2=0；故D正確；故選BCD．

【點睛】

本題主要考查了同學們讀圖的能力，要求同學們能根據受力情況分析物體的運動情況，再根據動量定理進行分析求解．14、A:B:C【分析】【詳解】

A．波爾理論能成功解釋氫原子光譜；故A正確；

B．盧瑟福用α粒子轟擊獲得新核發(fā)現(xiàn)了質子，故B正確；

C．1g經過三個半衰期后，質量還剩所以原子核數(shù)目變?yōu)樵瓉淼陌朔种唬蔆正確；

D．盧瑟福通過粒子散射實驗，提出了原子的核式結構模型，發(fā)現(xiàn)了原子中存在原子核,故D錯誤．15、B:C【分析】【詳解】

A；1個氘核和1個氚核結合生成1個氦核；這是兩個比較輕的核轉化成中等質量的核，所以屬于聚變反應，A錯誤。

B；根據質量數(shù)和質子數(shù)守恒；可以知道當1個氘核和1個氚核結合生成1個氦核時會有一個中子生成，B正確。

C、原子核的結合能與核子數(shù)之比，稱做比結合能．根據題意可知，核反應過程中釋放的核能是C正確。

D、核電技術是利用核裂變或核聚變反應所釋放的能量發(fā)電的技術．因為受控核聚變存在技術障礙，目前核電站都是采用核裂變技術．D錯誤三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內到達陽極的負離子為5C，則電流【解析】2117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據蓋呂薩克定律有

整理得

由于體積-溫度（V-t）圖像可知，直線I為等壓線，則a、b兩點壓強相等，則有

[2]設時，當氣體體積為其壓強為當氣體體積為其壓強為根據等溫變化，則有

由于直線I和Ⅱ各為兩條等壓線，則有

聯(lián)立解得【解析】118、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當活塞與頂面間恰好無壓力時，可知氣體的壓強由P1=1.4p0下降到p2=p0，溫度由T1=2.8T0變到T2=T，氣體的體積不變，氣體做等容變化，由查理定律可得

解得T=2T0

（2）[2]由可得

[3]設氣體與外界溫度相同時的體積為V2，由蓋?呂薩克定律可得

解得

則有

由熱力學第一定律可得【解析】2T0aT019、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據可知，p-V圖像與坐標軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據熱力學第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q320、略

【分析】【詳解】

[1]當氣體體積增大時，氣體對外做功，故氣體對外做功的過程有：a→b、b→c兩個過程；

[2]一定質量的理想氣體的內能由溫度決定，溫度升高過程，氣體內能增加，故氣體內能增加的過程有：b→c、c→d；

[3]由氣體定律可知，發(fā)生等壓變化的過程有b→c、e→a；

b→c過程；氣體體積變大，外界對氣體做負功，溫度升高，氣體內能增加，根據熱力學第一定律可知，該過程氣體從外界吸熱；

e→a過程；氣體體積變小，外界對氣體做正功，溫度降低，氣體內能減少，根據熱力學第一定律可知，該過程氣體對外放熱；

故氣體等壓放熱的過程有：e→a。【解析】a→b、b→c##b→c、a→bb→c、c→d##c→d、b→ce→a21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]ab為過原點的直線；根據。

壓強隨著體積的減小而增大；溫度不變，所以內能不變。

[2]氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程；壓強減小，體積也減小，根據公式。

可知溫度降低。

[3]氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程；根據公式。

壓強不變，體積增大對外做功，溫度升高，吸收熱量?！窘馕觥坎蛔兘档臀账?、作圖題(共3題，共21分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據題圖（a）所示；按照電流流向，其實物連線如下圖所示。

（2）[2]顯然，坐標圖中缺少了第3、5組數(shù)據對應的點，補上點后，按照描點作圖的原則，作出其U-I圖線如下圖所示．

（3）[3][4]改變鱷魚夾P所夾的位置，使R1、R2、R3、R4、R5依次串入電路，相對于將滑動變阻器采用限流式接法接入電路，改變滑片位置，因此，將電流表和電源看作等效電源，電壓表的讀數(shù)即為路端電壓，根據閉合電路歐姆定律有U＝E－I（r＋RA）

所以U-I圖象的縱截距即表示了電源的電動勢，有E＝2.90V（2.89～2.91V之間均可）

圖線斜率的絕對值即表示了電源的內阻與電流表內阻之和，有r＝×103Ω－1.00Ω＝1.02Ω（0.93～1.13Ω之間均可）【解析】2.89##2.90##2.911.02（0.93～1.13之間均可）26、略

【分析】【詳解】

（1）多用電表中含有電源的擋位為歐姆檔；因此從圖中可得知由兩個電源，即兩個歐姆檔；