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…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修1物理下冊月考試卷88考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題,共12分)1、如圖所示,水面上有A、B兩個振動情況完全相同的振源,在AB連線的中垂線上有a、b、c三個質點,已知某時刻,a點是兩列波波峰的相遇點,c點是與a點相鄰的兩列波波谷的相遇點,b為a、c的中點;則以下說法正確的是()

A.a點是振動加強點,c點是振動減弱點B.a點與c點都是振動加強點,b點是振動減弱點C.a點與c點此時刻是振動加強點,經過一段時間后變成振動減弱點,而b點可能變成振動加強點D.a、b、c都是振動加強點2、下列說法正確的是()A.洗衣機工作時機殼的振動頻率等于其固有頻率B.聲音可以震碎玻璃杯,是因為玻璃杯發(fā)生了共振C.為了防止橋梁發(fā)生共振而坍塌,部隊要齊步通過橋梁D.鼓手隨音樂敲擊鼓面時,鼓面的振動是簡諧運動3、下列幾幅圖片所展示的現象和情形與動量中緩沖無關的是()

A.甲圖中易碎物品運輸時,要用柔軟材料包裝B.乙圖中碼頭邊上懸掛著一排排舊輪胎C.丙圖中體操運動員著地時先屈膝后站立D.丁圖中直升機依靠螺旋槳旋轉獲得升力4、在2022年卡塔爾世界杯某一場足球比賽中,一個質量約為0.4kg的足球,以5m/s的水平速度飛向球員時,被球員以10m/s的速度反向踢回,若足球與腳接觸的時間為0.1s,不考慮踢球時足球所受空氣阻力,g取則腳踢球的過程中()

A.腳對足球不做功B.足球受到的沖量大小約為C.足球受到腳的平均作用力約為60ND.足球的平均加速度大小約為5、一物塊在空中某位置從靜止開始沿直線下落,其速度v隨時間t變化的圖線如圖所示。則物塊()

A.第一個t0時間內的位移等于第二個t0時間內的位移B.第一個t0時間內的平均速度大于第二個t0時間內的平均速度C.第一個t0時間內重力的沖量等于第二個t0時間內重力的沖量D.第一個t0時間內合外力的功大小大于第二個t0時間內合外力的功大小6、靜止在水平地面上的平板車,當一人在車上行走時,下列說法正確的是()A.只有當地面光滑時,人和小車組成的系統(tǒng)的動量才守恒B.無論地面是否光滑,人和小車組成的系統(tǒng)的動量都守恒C.只有當小車的表面光滑時,人和小車組成的系統(tǒng)的動量才守恒D.無論小車的表面是否光滑,人和小車組成的系統(tǒng)的動量都守恒評卷人得分二、多選題(共7題,共14分)7、如圖所示,長為L、質量為3m的長木板B放在光滑的水平面上,質量為m的鐵塊A放在長木板右端。一質量為m的子彈以速度v0射入木板并留在其中,鐵塊恰好不滑離木板。子彈射入木板中的時間極短,子彈、鐵塊均視為質點,鐵塊與木板間的動摩擦因數恒定,重力加速度為g。下列說法正確的是()

A.木板獲得的最大速度為B.鐵塊獲得的最大速度為C.鐵塊與木板之間的動摩擦因數為D.子彈、木塊、鐵塊組成的系統(tǒng)損失的機械能為8、光滑水平面上用輕彈簧相連的A;B兩物體;以6m/s的速度勻速向右運動,質量均為2kg。在B的正前方靜止一質量為4kg的物體C,B、C碰后粘在一起,則在之后的運動過程中。

A.彈簧的最大彈性勢能為12JB.C和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機械能是36JC.物塊C的最大速度為4m/sD.整個運動過程中A的速度不可能向左9、在空氣中的同一區(qū)域內;兩列聲波波源的振動情況如圖所示,可以肯定的是()

A.a波源的頻率為b波源頻率的2倍B.a波的波長為b波波長的2倍C.a、b兩列波疊加能產生干涉D.通過同一狹縫,a波的衍射效果比b波明顯10、A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線同一方向運動,A球的動量是7kg?m/s,B球的動量是5kg?m/s.當A球追上B球時發(fā)生碰撞,則碰撞后A、B兩球的動量可能值是()A.pA=6kg?m/s,pB=6kg?m/sB.pA=8kg?m/s,pB=4kg?m/sC.pA=-2kg?m/s,pB=14kg?m/sD.pA=-7kg?m/s,pB=19kg?m/s11、如圖所示,質量為M的小車靜止于光滑水平面上,靠在臺階旁,小車上有一個半徑為R的半圓形軌道。質量為m的小球從圖示位置由靜止釋放;不計摩擦。在此后的運動中()

A.小球與小車組成的系統(tǒng)機械能守恒B.小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒C.在之后的運動中小球能上升的最大高度小于RD.若m>M,整個運動過程中,小球的最大速度小于小車的最大速度12、小明在實驗室做單擺實驗時得到如圖所示的單擺振動情形,是它的平衡位置,B、C是擺球所能到達的左右最遠位置,小明通過實驗測得當地重力加速度為并且根據實驗情況繪制了單擺的振動圖像如圖乙所示,設圖中單擺向右擺動為正方向,則下列選項正確的是()

A.此單擺的振動頻率是B.根據圖乙可知開始計時擺球在點C.圖中點向負方向振動D.根據已知數據可以求得此單擺的擺長為13、一束復色光從空氣射入光導纖維后分成a、b兩束單色光,光路如圖所示,比較內芯中的a、b兩束光;下列說法正確的是()

A.用a照射某一金屬能發(fā)生光電效應,則b也一定能B.垂直入射到同一單縫衍射裝置,a光的衍射中央亮條紋寬度大于b光的C.在同一介質中的傳播速度D.增加入射光的入射角,b光先消失評卷人得分三、填空題(共6題,共12分)14、光的干涉實驗最早是英國物理學家______在1801年成功完成的,楊氏實驗有力地證明了光是一種______。15、如圖所示,把一個有孔的小球A裝在輕質彈簧的一端,彈簧的另一端固定,小球套在水平光滑桿上,以O為平衡位置振動。另一小球B在豎直平面內以O′為圓心、ω為角速度沿順時針方向做半徑為R的勻速圓周運動(O與O′在同一豎直線上)。用豎直向下的平行光照射小球B,可以觀察到,小球B在水平桿上的“影子”和小球A在任何瞬間都重合。取水平向右為正方向,O點為坐標原點,小球B經最高點時為計時零點,那么小球A的振動周期為__________,小球A的位移與時間得關系為____________,小球A的最大速度大小為__________。

16、如圖所示,一個輕質彈簧下端掛一小球,小球靜止?,F將小球向下拉動距離A后由靜止釋放,并開始計時,小球在豎直方向做簡諧運動,周期為T。經時間,小球從最低點向上運動的距離_____(選填“大于”、“小于”或“等于”);在時刻,小球的動能______(選填“最大”或“最小”)。

17、簡諧運動的對稱性特征:關于平衡位置O對稱的兩點,速度的大小___________,相對平衡位置的位移大小___________

(1)相隔Δt=(n+)T(n=0,1,2)的兩個時刻,彈簧振子的位置關于___________對稱,位移等大反向(或___________),速度等大反向(或___________)。

(2)相隔Δt=nT(n=1,2,3)的兩個時刻,彈簧振子在___________位置,位移、速度和加速度都相同。18、一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時的波形圖如圖所示,傳播速度為v=2m/s,則該簡諧橫波的周期T=________s;t=3s時,位于處的質點Q處于波谷位置,則該簡諧橫波沿x軸________(選填“正”或“負”)方向傳播。

19、抖動繩子的一端,每秒做兩次全振動,產生的橫波如圖,繩子P點的振動方向向下,則波的傳播方向是________(選填“向左”“向右”),波速為_______

評卷人得分四、作圖題(共1題,共2分)20、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動;圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移;

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題,共27分)21、某同學設計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗;在小車A的前端粘有橡皮泥,使小車A做勻速直線運動,然后與處于靜止的小車B相碰并粘在一起,二者繼續(xù)做勻速運動,如圖所示。

在小車A的后面連著紙帶;電磁打點計時器的頻率為50Hz,實驗中已平衡摩擦力。

(1)實驗得到一打點紙帶如圖所示,并測得各計數點間的距離。圖中O點為打點計時器打下的第一個點,則應選___________段來計算A碰前的速度,應選___________段來計算A和B碰后的共同速度。

(2)已測得小車A的質量mA=0.4kg,小車B的質量mB=0.2kg,則由以上結果可得兩小車碰前的總動量為___________kg·m/s,碰后總動量為___________kg·m/s。22、一位同學做“用單擺測定重力加速度”的實驗。

(1)用游標卡尺測定擺球的直徑,測量結果如圖所示,則該擺球的直徑為________

(2)小組成員在實驗過程中有如下說法,其中正確的是________(填選項前的字母)。

A.把單擺從平衡位置拉開30°的擺角;并在釋放擺球的同時開始計時。

B.測量擺球通過最低點100次的時間t,則單擺周期為

C.用懸線的長度加擺球的直徑作為擺長;代入單擺周期公式計算得到的重力加速度值偏大。

D.選擇密度較小的擺球;測得的重力加速度值誤差較小。

(3)該同學在安裝好如圖甲所示的實驗裝置后,測得單擺的擺長為L,然后讓小球在豎直平面內小角度擺動。當小球某次經過最低點時開始計時,在完成N次全振動時停止計時,測得時間為t。請寫出測量當地重力加速度的表達式________。(用以上測量的物理量和已知量的字母表示)

(4)為減小實驗誤差,該同學又多次改變擺長L,測量多組對應的單擺周期T,準備利用的關系圖線求出當地的重力加速度值。相關測量數據如表:。次數123450.8000.9001.0001.1001.2001.791.902.012.112.203.203.614.044.454.84

該同學在圖乙中已標出第1、2、3、5次實驗數據對應的坐標,請你在圖乙中用符號“×”標出與第4次實驗數據對應的坐標點,并畫出關系圖線_______。

(5)根據繪制出的關系圖線,可求得g的測量值為________(結果保留三位有效數字)23、利用如圖1所示的裝置做“用單擺測重力加速度”的實驗,用10分度的游標卡尺測量小球的直徑d;測量的示數如圖2所示,然后用停表記錄了單擺振動50次所用的時間如圖3所示。

(1)讀出小球直徑的值為_________停表表示的讀數為______s。

(2)如果測得的g值偏小,可能的原因是________。

A.測擺線時擺線拉得過緊。

B.擺線上端懸點未固定;振動中出現松動,使擺線長度增加了。

C.開始計時時;停表過遲按下。

D.實驗時誤將49次全振動數為50次評卷人得分六、解答題(共1題,共6分)24、輕質彈簧左端與物體A固接,右端末與物體B固接,如圖所示,用輕質細繩連接A、B使彈簧處于壓縮狀態(tài),物體A、B靜止在水平面上,C為足夠長的光滑斜面。已知mA=0.2kg,mB=0.1kg,mC=0.2kg,除B、C間存在長L=1.75m,動摩擦因數的粗糙水平面外,其他水平面均光滑,某時刻燒斷細繩,A、B瞬間被彈開,在之后的運動中B能沿斜面上升的最大高度h=0.3m,g取10m/s2;求:

(1)彈簧釋放的彈性勢能;

(2)物體B從斜面C上滑下后最終的運動狀態(tài)和整個運動過程中摩擦產生的內能。

參考答案一、選擇題(共6題,共12分)1、D【分析】【詳解】

因為a點是兩列波波峰的相遇點,可知a點是振動加強點,c點是相鄰的兩列波波谷的相遇點,可知c點也是振動加強點,則在ac連線上所有的點都是振動加強點;加強點是由該點相對兩振源的位置決定的;無論經過多長時間總是加強點。

故選D。2、B【分析】【詳解】

A.洗衣機工作時;為使其保持穩(wěn)定,機殼的振動頻率不能等于其固有頻率,A錯誤;

B.聲音可以震碎玻璃杯;是因為玻璃杯發(fā)生共振,B正確;

C.為了防止橋梁發(fā)生共振而坍塌;部隊不能齊步通過橋梁,C錯誤;

D.鼓手隨音樂敲擊鼓面時;鼓面的振動是受迫振動,D錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

由動量定理p=Ft

可知,在動量的變化量相同時,作用時間越長,作用力F越?。?/p>

ABC.體操運動員從高處跳下著地時先屈膝、碼頭邊上懸掛著一排排舊輪胎、易碎物品運輸時要用柔軟材料包裝,都是為了延長作用時間以減少作用力,應用了與動量相關的物理知識和原理,故ABC不符合題意;

D.直升機依靠螺旋槳旋轉獲得升力,是“反沖現象”,即螺旋槳旋轉對空氣施加一個向下的力,根據牛頓第三定律可知,空氣對螺旋槳一個向上的力,不是“應用了與動量相關的物理,故D符合題意。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A.足球動能變大;則腳對足球做功,選項A錯誤;

BC.設足球彈回的方向為正,根據動量定理可知

即設足球受到的沖量大小

則足球受到腳的平均作用力F=60N

選項B錯誤;C正確;

D.足球的平均加速度大小約為

選項D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

AB.在圖象中,圖線與時間軸圍成的面積表示物塊的位移。由圖可知,物塊第一個t0時間內的位移小于第二個t0時間內位移;又根據

物塊第一個t0時間內的平均速度小于第二個t0時間內的平均速度;AB錯誤;

C.根據沖量定義

可知第一個t0時間內重力的沖量等于第二個t0時間內重力的沖量;C正確;

D.根據動能定理可知,合外力對物塊做的功等于動能的改變量.由圖可知,第一個t0時間內動能的變化量大小等于第二個t0時間內動能的變化量大小,則第一個t0時間內合外力做的功大小等于第二個t0時間內合外力做的功大小;D錯誤。

故選C。6、A【分析】【分析】

【詳解】

A.只有當地面光滑時;人和車組成的系統(tǒng)受到的外力之和才為零,系統(tǒng)的動量才守恒,故A正確;

B.如果地面不光滑;則人和車組成的系統(tǒng)受到的合外力不為零,則系統(tǒng)動量不守恒,故B錯誤;

CD.小車的表面是否光滑只影響內力;不影響外力,無論小車的表面是否光滑,若地面光滑,系統(tǒng)的動量守恒。若地面不光滑,則系統(tǒng)的動量不守恒,故CD錯誤。

故選A。二、多選題(共7題,共14分)7、B:C:D【分析】【分析】

對子彈和木板B系統(tǒng),根據動量守恒定律求出木板獲得的最大速度,對木板B和鐵塊A(包括子彈)系統(tǒng);根據動量守恒定律求出鐵塊獲得的最大速度,由能量守恒定律求出鐵塊與木板之間的動摩擦因數和子彈;木塊、鐵塊組成的系統(tǒng)損失的機械能。

【詳解】

A.對子彈和木板B系統(tǒng),根據動量守恒定律mv0=4mv1

解得v1=

A錯誤;

B.對木板B和鐵塊A(包括子彈)系統(tǒng)mv0=5mv2

解得v2=

B正確;

C.子彈打入木板后,對木板B和鐵塊A(包括子彈)系統(tǒng),由能量守恒定律μmgL=4mv125mv22

解得μ=

C正確;

D.全過程,由能量守恒定律可知,子彈、木板、鐵塊組成的系統(tǒng)損失的機械能為E=mv025mv22

D正確。

故選BCD。

【點睛】

子彈射入木塊的瞬間木塊獲得的速度最大,由動量守恒定律求木塊獲得的最大速度;木塊在木板上滑行時,木塊(含子彈)與木板組成的系統(tǒng)合外力為零,總動量守恒,由動量守恒定律求木塊滑離木板時木板獲得的速度。8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB.由B、C碰撞瞬間,B、C的總動量守恒,選向右的方向為正,由動量守恒定律得

代入數據解得

三個物體速度相同時彈性勢能最大,選向右的方向為正,由動量守恒定律得

代入數據解得

設最大彈性勢能為Ep,由機械能守恒得

代入數據解得

A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機械能

故A正確;B錯誤;

C.當彈簧恢復原長時,C的速度最大,則有

故C正確;

D.由于A、B、C系統(tǒng)的總動量守恒(總動量p=24kg?m/s),假若A的速度向左,那么B、C的速度向右且一定大于4m/s,B、C具有的動能

而系統(tǒng)在B;C粘在一起后的總能量為48J;由于不會出現能量增加的情況,所以不會出現A的速度向左,故D正確。

故選ACD。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A.由兩聲源的振動圖像可以看出,a波的周期是b波的2倍,由可知,a波源的頻率為b波源頻率的倍;A錯誤;

B.因為波速相等(同一介質),由波速公式v=可知,a波的波長等于b波波長的2倍;選項B正確;

C.兩列波相干的條件是頻率必須相等,可知a、b兩列波疊加不會產生穩(wěn)定的干涉;選項C錯誤;

D.波長越長,通過同一狹縫,a波的衍射效果比b波衍射效果越明顯;選項D正確。

故選BD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

碰前系統(tǒng)的總動量kg?m/s

由題意,設兩球質量為和根據碰撞條件得

A.pA=6kg?m/s,pB=6kg?m/s,系統(tǒng)動量守恒,且碰后

所以

碰后總動能

解得

在碰撞條件區(qū)間內是可能的;A正確;

B.pA=8kg?m/s,pB=4kg?m/s系統(tǒng)動量守恒,且碰后

所以

不在碰撞條件區(qū)間內;不可能,B錯誤;

C.pA=-2kg?m/s,pB=14kg?m/s系統(tǒng)動量守恒,動量方向相反,碰后符合不會發(fā)生二次相碰;碰后總動能

解得

在碰撞條件區(qū)間內是可能的;C正確;

D.pA=-7kg?m/s,pB=19kg?m/s系統(tǒng)動量守恒,動量方向相反,碰后符合不會發(fā)生二次相碰;碰后總動能

不滿足碰撞動能不增加原理;是不可能,D錯誤。

故選AC。11、A:C:D【分析】【詳解】

A.小球與小車組成的系統(tǒng)只有重力做功;則機械能守恒,選項A正確;

B.小球在下滑到最低點的過程中;豎直墻壁對小車有力的作用,則小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向動量不守恒,選項B錯誤;

C.小車離開墻壁后系統(tǒng)水平方向動量守恒,當小球上升到最大高度時小車與小球具有相同的水平速度,則此過程中由能量關系可知

則h

選項C正確;

D.小球第一次滑到最低點時速度最大,設為v,此后當小球再次回到最低點時設小球的速度v1,小車的速度v2,則由動量守恒和能量關系

解得

若m>M,則v2>v;即整個運動過程中,小球的最大速度小于小車的最大速度,選項D正確。

故選ACD。12、C:D【分析】【詳解】

A.由乙圖可知,單擺的振動周期為頻率為故A錯誤;

B.由乙圖可知,是位移負向最大,開始向正方向運動,而單擺向右擺動為正方向,所以開始計時擺球在點;故B錯誤;

C.由振動圖像可知,點向負方向振動;故C正確;

D.由單擺的周期公式

可知,擺長為

故D正確。

故選CD。13、A:B【分析】【詳解】

A.b光偏折程度較大,則b光頻率較大,a光頻率較小,用a照射某一金屬能發(fā)生光電效應,則b也一定能;故A正確;

B.a光頻率較小,波長較長,垂直入射到同一單縫衍射裝置,a光的衍射中央亮條紋寬度大于b光的;故B正確;

C.在同一介質中,根據

故C錯誤;

D.光從光疏介質入射到光密介質,增加入射光的入射角,b光不會消失;故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共6題,共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.托馬斯·楊②.波15、略

【分析】【詳解】

[1]小球的振動周期與小球B的轉動周期相同,即

[2]小球B經最高點時為計時零點,A按正弦規(guī)律振動,小球的位移與時間的函數關系為

[3]小球的最大速度與小球B的最大水平分速度相等,當小球B運動至最高點(最低點)時水平速度最大,即【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據簡諧振動的位移公式

則時有

所以小球從最低點向上運動的距離為

則小球從最低點向上運動的距離小于

[2]在時,小球回到平衡位置,具有最大的振動速度,所以小球的動能最大?!窘馕觥竣?小于②.最大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]簡諧運動的對稱性特征:關于平衡位置O對稱的兩點;速度的大小相等,相對平衡位置的位移大小相等;

(1)[3][4][5]相隔Δt=(n+)T(n=0;1,2)的兩個時刻,彈簧振子的位置關于平衡位置,位移等大反向(或都為零),速度等大反向(或都為零)。

(2)[6]相隔Δt=nT(n=1,2,3)的兩個時刻,彈簧振子在同一位置,位移、速度和加速度都相同?!窘馕觥竣?相等②.相等③.平衡位置④.都為零⑤.都為零⑥.同一18、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知波長為8m,則可求周期為

[2]由于周期T=4s,則當t=3s時,Q點振動了四分之三個周期,此時Q處于平衡位置,則Q走過的路程為3A,又有t=3s時Q處于波谷,則可知t=0時Q向上振動,由同側法可得,該簡諧橫波沿x軸正方向傳播?!窘馕觥?正19、略

【分析】【詳解】

[1]P點振動方向向下;根據波形圖可知,是波上右邊的質點帶動P點振動的,所以波是在向左傳播;

[2]由波形圖可知波長由題意知振動頻率所以周期

則波速為【解析】向左1四、作圖題(共1題,共2分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置,振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置,振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)五、實驗題(共3題,共27分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]因為小車A與B碰撞前;后都做勻速運動;且碰后A與B粘在一起,其共同速度比A原來的速度小,所以應選點跡分布均勻且間距較大的AB段計算A碰前的速度,選點跡分布均勻且間距較小的CD段計算A和B碰后的共同速度;

(2)[

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