2025年冀教新版高一物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀教新版高一物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖描繪了兩個(gè)電阻的伏安曲線，由圖中可知，若將這兩個(gè)電阻并聯(lián)接入電路中，則通過(guò)R1R2

的電流比是(

)

A.12

B.31

C.61

D.16

2、取水平地面為重力勢(shì)能零點(diǎn)，一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點(diǎn)其動(dòng)能與重力勢(shì)能恰好相等，不計(jì)空氣阻力，該物塊落地時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為(

)

A.婁脨6

B.婁脨3

C.婁脨4

D.5婁脨12

3、土星、火星沿各自的橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)行，由開(kāi)普勒定律可知（）A.兩行星的周期相等B.兩行星的速率均不變C.太陽(yáng)位于火星橢圓軌道的一個(gè)焦點(diǎn)上D.相同時(shí)間內(nèi)，土星與太陽(yáng)連線掃過(guò)的面積等于火星與太陽(yáng)連線掃過(guò)的面積4、【題文】如圖所示，在光滑地面上，水平外力拉動(dòng)小車(chē)和木塊一起做無(wú)相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng).小車(chē)質(zhì)量是木塊質(zhì)量是外力大小是加速度大小是木塊和小車(chē)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)是則在這個(gè)過(guò)程中，木塊受到的摩擦力大小是（）

A.B.C.D.5、【題文】2013年5月“神舟十號(hào)”載人航天飛行取得圓滿成功．“神十”飛船在到達(dá)預(yù)定的圓軌道之前，運(yùn)載火箭的末級(jí)火箭仍和飛船連接在一起（飛船在前，火箭在后），先在大氣層外某一軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，然后啟動(dòng)脫離裝置，使飛船加速并實(shí)現(xiàn)船箭脫離，最后飛船到達(dá)預(yù)定的圓軌道．關(guān)于飛船在預(yù)定的圓軌道上運(yùn)行的說(shuō)法，正確的是A.預(yù)定的圓軌道比某一軌道離地面更遠(yuǎn)，飛船速度比脫離前大B.預(yù)定的圓軌道比某一軌道離地面更近，飛船的運(yùn)行周期變小C.預(yù)定的圓軌道比某一軌道離地面更遠(yuǎn)，飛船的向心加速度變小D.飛船和火箭仍在預(yù)定的圓軌道上運(yùn)行，飛船的速度比火箭的大6、如圖為甲；乙兩運(yùn)動(dòng)物體相對(duì)同一原點(diǎn)的位移X與時(shí)間t的圖象；由圖象可判斷出（）

A.兩物體從同一地點(diǎn)出發(fā)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)B.乙運(yùn)動(dòng)的速率小于甲運(yùn)動(dòng)的速率C.兩物體都做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，且甲的加速度小于乙的加速度D.在t=t2時(shí)刻，兩物體相遇評(píng)卷人得分二、雙選題(共7題，共14分)7、標(biāo)準(zhǔn)狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個(gè)rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關(guān)系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質(zhì)量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}8、關(guān)于化學(xué)反應(yīng)過(guò)程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過(guò)程中吸收能量B.斷鍵過(guò)程中吸收能量C.成鍵過(guò)程中放出能量D.斷鍵過(guò)程中放出能量9、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結(jié)合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}10、標(biāo)準(zhǔn)狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個(gè)rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關(guān)系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質(zhì)量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}11、關(guān)于化學(xué)反應(yīng)過(guò)程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過(guò)程中吸收能量B.斷鍵過(guò)程中吸收能量C.成鍵過(guò)程中放出能量D.斷鍵過(guò)程中放出能量12、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結(jié)合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評(píng)卷人得分三、多選題(共5題，共10分)13、英國(guó)特技演員史蒂夫?

特魯加里亞曾飛車(chē)挑戰(zhàn)世界最大環(huán)形車(chē)道.

如圖所示，環(huán)形車(chē)道豎直放置，直徑達(dá)12m

若汽車(chē)在車(chē)道上以12m/s

恒定的速率運(yùn)動(dòng)，演員與汽車(chē)的總質(zhì)量為1000kg

重力加速度g

取10m/s2

則(

)

A.汽車(chē)通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，演員處于超重狀態(tài)B.汽車(chē)通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)對(duì)環(huán)形車(chē)道的壓力為1.4隆脕104N

C.若要挑戰(zhàn)成功，汽車(chē)不可能以低于12m/s

的恒定速率運(yùn)動(dòng)D.汽車(chē)在環(huán)形車(chē)道上的角速度為1rad/s

14、如圖所示，一個(gè)豎直放置的圓錐筒可繞其中心OO′轉(zhuǎn)動(dòng)，筒內(nèi)壁粗糙，筒口半徑和筒高分別為R和H，筒內(nèi)壁A點(diǎn)的高度為筒高的一半。內(nèi)壁上有一質(zhì)量為m的小物塊隨圓錐筒一起做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω=時(shí)，小物塊不受摩擦力作用B.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω=時(shí)，小物塊不受摩擦力作用C.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω＞時(shí)，小物塊受摩擦力沿AO方向D.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω＜時(shí)，小物塊受摩擦力沿AO方向15、如圖所示，半徑為R

的豎直光滑圓軌道與光滑水平面相切，質(zhì)量均為m

的小球AB

與輕桿連接，置于圓軌道上，A

位于圓心O

的正下方，B

與O

等高。它們由靜止釋放，最終在水平面上運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.下滑過(guò)程中重力對(duì)B

做功的功率先增大后減小B.當(dāng)B

滑到圓軌道最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)B

的支持力大小為3mg

C.下滑過(guò)程中B

的機(jī)械能增加D.整個(gè)過(guò)程中輕桿對(duì)A

做的功為12mgR

16、關(guān)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)中加速度的正負(fù)，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.勻加速直線運(yùn)動(dòng)中，加速度一定是正值B.勻減速直線運(yùn)動(dòng)中，加速度一定是負(fù)值C.在勻加速直線運(yùn)動(dòng)中，加速度也有可能取負(fù)值D.只有在規(guī)定了初速度方向?yàn)檎较虻那疤嵯?，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度才取正值17、如圖為A、B兩物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)向心加速度隨半徑r變化的圖線；由圖可知（）

A.A物體的線速度大小不變B.A物體的角速度不變C.B物體的線速度大小不變D.B物體的角速度不變?cè)u(píng)卷人得分四、填空題(共4題，共40分)18、【題文】在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，固定一個(gè)電荷量為Q的點(diǎn)電荷．以Q為圓心畫(huà)一個(gè)圓，A、B為直徑上的兩個(gè)端點(diǎn)，且連線平行于電場(chǎng)線．C、D為垂直電場(chǎng)線的直徑上的兩個(gè)端點(diǎn)，如圖所示．已知B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是____；C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)___．19、（本題6分）在“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中，交流電頻率為50Hz，某同學(xué)打出如圖所示的紙帶，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，并測(cè)得OA=2.80cm，DE=9.10cm，則小車(chē)的加速度為_(kāi)____m/s2，（結(jié)果取2位有效數(shù)字）20、【題文】如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)分布在正方形ABCD區(qū)域內(nèi)，M、N分別為AB邊和BC邊的中點(diǎn)。一個(gè)具有初動(dòng)能E0的帶電粒子射入電場(chǎng)（沿紙面運(yùn)動(dòng)）。如果帶電粒子從M點(diǎn)垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入電場(chǎng)后；恰好從D點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)。帶電粒子從D點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為_(kāi)_______；如果帶電粒子從N點(diǎn)垂直于BC邊方向射入電場(chǎng)，它離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為_(kāi)_________。

21、(1)

在做“研究平拋運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，通過(guò)描點(diǎn)法畫(huà)出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡.

為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動(dòng)軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認(rèn)為正確的選項(xiàng)前面的字母填在橫線上______．

A.通過(guò)調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平。

B.每次釋放小球的位置必須不同。

C.每次必須由靜止釋放小球。

D.記錄小球位置用的鉛筆每次必須嚴(yán)格地等距離下降。

E.小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木塊上的白紙(

或方格紙)

相接觸。

F.將球的位置記錄在紙上后；取下紙，用直尺將點(diǎn)連成折線。

(2)

作出平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡后，為算出其初速度，實(shí)驗(yàn)中需測(cè)量的數(shù)據(jù)有a

．______，b

．______，c.

其初速度v0

的表達(dá)式為_(kāi)_____．評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共12分)22、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學(xué)對(duì)人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動(dòng)情況分別談了自己的看法；甲同學(xué)認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，而乙同學(xué)則依據(jù)平時(shí)看到的自己的影子的運(yùn)動(dòng)情況，認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，你認(rèn)為甲、乙兩位同學(xué)對(duì)人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動(dòng)情況的看法，誰(shuí)的看法是正確的？

（2）請(qǐng)說(shuō)明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長(zhǎng)度隨時(shí)間的變化率．23、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學(xué)對(duì)人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動(dòng)情況分別談了自己的看法；甲同學(xué)認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，而乙同學(xué)則依據(jù)平時(shí)看到的自己的影子的運(yùn)動(dòng)情況，認(rèn)為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，你認(rèn)為甲、乙兩位同學(xué)對(duì)人的頭頂?shù)挠白拥倪\(yùn)動(dòng)情況的看法，誰(shuí)的看法是正確的？

（2）請(qǐng)說(shuō)明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長(zhǎng)度隨時(shí)間的變化率．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】解：由圖可知，R1=21

?婁賂婁賂=2婁賂R2=13婁賂

兩電阻并聯(lián)后，電壓相等，則由歐姆定律可知：I=UR

故電流與電阻成反比；

故電流之比I1I2=R2R1=132=16.

故選：D

．

由圖象可求得兩電阻的比值；再由并聯(lián)電路的規(guī)律可知兩電阻電壓相等，則由歐姆定律可求得電流之比．

本題考查伏安特性曲線以及歐姆定律的應(yīng)用，要注意在U鈭?I

圖象中圖象的斜率表示電阻的阻值．【解析】D

2、C【分析】解：設(shè)拋出時(shí)物體的初速度為v0

高度為h

物塊落地時(shí)的速度大小為v

方向與水平方向的夾角為婁脕.

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

12mv02+mgh=12mv2

據(jù)題有：12mv02=mgh

聯(lián)立解得：v=2v0

則cos婁脕=v0v=22

得：婁脕=婁脨4

．

故選：C

．

根據(jù)機(jī)械能守恒定律；以及已知條件：拋出時(shí)動(dòng)能與重力勢(shì)能恰好相等，分別列式即可求出落地時(shí)速度與水平速度的關(guān)系，從而求出物塊落地時(shí)的速度方向與水平方向的夾角．

解決本題的關(guān)鍵會(huì)熟練運(yùn)用機(jī)械能守恒定律處理平拋運(yùn)動(dòng)，并要掌握平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法：運(yùn)動(dòng)的分解．【解析】C

3、C【分析】解：A、若行星的公轉(zhuǎn)周期為T(mén)，則=k；兩行星的周期不相等。故A錯(cuò)誤；

B；第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言；太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等。行星在此橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)的速度大小不斷變化，故B錯(cuò)誤；

C；第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)；太陽(yáng)處于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上，故C正確；

D；第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言；太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，是對(duì)同一個(gè)行星而言，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

熟記理解開(kāi)普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律：

第一定律：所有的行星圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓；太陽(yáng)處在所有橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上。

第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言；太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等。

第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等。

正確理解開(kāi)普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律是解答本題的關(guān)鍵。注意第三定律=K中，R是半長(zhǎng)軸，T是公轉(zhuǎn)周期，K與中心體有關(guān)?！窘馕觥緾4、B|C|D【分析】【解析】小車(chē)和木塊一起做無(wú)相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng)，是靜摩擦力，不能使用滑動(dòng)摩擦力計(jì)算，A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律，有對(duì)于m有：=BD正確；對(duì)于M有：C正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緽CD5、C【分析】【解析】

試題分析：某一軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力即飛船加速后速度變大衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)，最終到達(dá)預(yù)定軌道，所以預(yù)定軌道比某一軌道離地面更遠(yuǎn)，選項(xiàng)D錯(cuò)。圓周運(yùn)動(dòng)線速度軌道半徑變大，線速度變小，比脫離前小，選項(xiàng)A錯(cuò)。圓周運(yùn)動(dòng)的周期軌道半徑變大，周期變大，比脫離前大，選項(xiàng)B錯(cuò)。向心加速度軌道半徑變大，向心加速度變小，選項(xiàng)C對(duì)。

考點(diǎn)：萬(wàn)有引力與航天【解析】【答案】C6、D【分析】【解答】解：A、由位移時(shí)間圖線可知，甲乙的出發(fā)點(diǎn)相距x1．故A錯(cuò)誤．

B；位移時(shí)間圖線的斜率表示速度；則知乙運(yùn)動(dòng)的速率大于甲運(yùn)動(dòng)的速率，故B錯(cuò)誤．

C；甲、乙的位移都隨時(shí)間均勻變化；知甲和乙都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度都為0．故C錯(cuò)誤．

D、由圖線可知，t=t2時(shí)刻縱坐標(biāo)相等；兩物體相遇．故D正確．

故選D

【分析】位移時(shí)間圖線的斜率表示速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)．當(dāng)兩物體的縱坐標(biāo)相同時(shí)，即位移相同，兩物體相遇．二、雙選題(共7題，共14分)7、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強(qiáng)，在注重對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)考查的同時(shí)，更側(cè)重對(duì)學(xué)生能力的培養(yǎng)。該題學(xué)生需要注意的是在進(jìn)行物質(zhì)的量的有關(guān)計(jì)算時(shí)，關(guān)鍵是熟練應(yīng)用幾個(gè)關(guān)系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質(zhì)的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關(guān)系是rm{壟脹}故A錯(cuò)誤；B.甲烷的質(zhì)量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}所以質(zhì)量關(guān)系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對(duì)分子質(zhì)量之比，故C錯(cuò)誤；D.氫原子的物質(zhì)的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}8、BC【分析】【分析】本題考查了化學(xué)反應(yīng)中的能量變化，理解化學(xué)鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關(guān)鍵。

【解答】化學(xué)鍵的斷裂和形成是化學(xué)反應(yīng)中能量變化的原因，破壞化學(xué)鍵要吸收能量，形成新的化學(xué)鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}9、BD【分析】【分析】本題主要考查物質(zhì)的性質(zhì)方面的知識(shí)，解答時(shí)要理解一氧化碳、一氧化氮等物質(zhì)能夠與血紅蛋白結(jié)合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫?qū)ρ酆秃粑烙袕?qiáng)烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導(dǎo)致窒息，rm{SO_{2}}還會(huì)導(dǎo)致糖及蛋白質(zhì)的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯(cuò)誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結(jié)合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯(cuò)誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結(jié)合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}10、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強(qiáng)，在注重對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)考查的同時(shí)，更側(cè)重對(duì)學(xué)生能力的培養(yǎng)。該題學(xué)生需要注意的是在進(jìn)行物質(zhì)的量的有關(guān)計(jì)算時(shí)，關(guān)鍵是熟練應(yīng)用幾個(gè)關(guān)系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質(zhì)的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關(guān)系是rm{壟脹}故A錯(cuò)誤；B.甲烷的質(zhì)量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}所以質(zhì)量關(guān)系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對(duì)分子質(zhì)量之比，故C錯(cuò)誤；D.氫原子的物質(zhì)的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}11、BC【分析】【分析】本題考查了化學(xué)反應(yīng)中的能量變化，理解化學(xué)鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關(guān)鍵。

【解答】化學(xué)鍵的斷裂和形成是化學(xué)反應(yīng)中能量變化的原因，破壞化學(xué)鍵要吸收能量，形成新的化學(xué)鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}12、BD【分析】【分析】本題主要考查物質(zhì)的性質(zhì)方面的知識(shí)，解答時(shí)要理解一氧化碳、一氧化氮等物質(zhì)能夠與血紅蛋白結(jié)合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫?qū)ρ酆秃粑烙袕?qiáng)烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導(dǎo)致窒息，rm{SO_{2}}還會(huì)導(dǎo)致糖及蛋白質(zhì)的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯(cuò)誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結(jié)合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯(cuò)誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結(jié)合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}三、多選題(共5題，共10分)13、AB【分析】【分析】

根據(jù)加速度的方向確定演員的超失重；汽車(chē)在最高點(diǎn)；根據(jù)牛頓第二定律求出軌道對(duì)汽車(chē)的作用力，從而得出汽車(chē)對(duì)軌道的壓力；

抓住最高點(diǎn)壓力為零；根據(jù)牛頓第二定律求出最小速度.

根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系求出汽車(chē)在環(huán)形車(chē)道上的角速度.

解決本題的關(guān)鍵知道汽車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握判斷超失重的方法，關(guān)鍵看加速度的方向。

【解答】

A.汽車(chē)通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)；加速度方向豎直向上，演員處于超重狀態(tài).

故A正確；

B.根據(jù)牛頓第二定律得：N+mg=mv2r

解得：N=mv2r鈭?mg

代入數(shù)據(jù)得：N=14000N.

故B正確；

C.要想通過(guò)最高點(diǎn)，臨界情況是軌道對(duì)汽車(chē)的壓力為零，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=mv2r

解得：v=gr=10隆脕6m/s=215m/s.

即最小速度為215m/s.

故C錯(cuò)誤；

D.汽車(chē)在環(huán)形車(chē)道上的角速度為：婁脴=vr=126rad/s=2rad/s.

故D錯(cuò)誤；

故選AB。

【解析】AB

14、BC【分析】解：AB、當(dāng)小球受到重力與支持力的合力指向圓心時(shí)，小球不受摩擦力；如圖所示；合力F=mgtanθ；由幾何關(guān)系可知，物體的半徑為：R′=

則由F=mRω2可知，ω═故當(dāng)角速度ω=時(shí)；小物塊不受摩擦力作用；故A錯(cuò)誤B正確；

C、當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω＞時(shí)；小物塊受到的向心力大于F，故物塊有向外的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故小物塊受到沿AO方向的摩擦力；故C正確；

D；由C的分析可知；D錯(cuò)誤；

故選：BC。

當(dāng)物塊在A點(diǎn)隨筒做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；且其受到的摩擦力為零時(shí)，由重力和支持力的合力提供物塊的向心力，根據(jù)角速度大小可求得向心力大小；再由受力分析可明確小球是否受到摩擦力。

本題是圓錐擺類(lèi)型。關(guān)于向心力應(yīng)用的基本方程是：指向圓心的合力等于向心力，其實(shí)是牛頓第二定律的特例。【解析】BC15、AD【分析】解：A

因?yàn)槌跷恢盟俣葹榱悖粍t重力的功率為0

最低點(diǎn)速度方向與重力的方向垂直，重力的功率為零，可知重力的功率先增大后減小。故A正確；

B；AB

小球組成的系統(tǒng)；在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，設(shè)B

到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)速度為v

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

12(m+m)v2=mgR

解得：v=gR

在最低點(diǎn)；根據(jù)牛頓第二定律得：

N鈭?mg=mv2R

解得：N=2mg

故B錯(cuò)誤；

C、下滑過(guò)程中，B

的重力勢(shì)能減小鈻?EP=mgR

動(dòng)能增加量鈻?EK=12mv2=12mgR

所以機(jī)械能減小12mgR

故C錯(cuò)誤；

D、整個(gè)過(guò)程中對(duì)A

根據(jù)動(dòng)能定理得：W=12mv2=12mgR

故D正確。

故選：AD

根據(jù)重力和速度方向的關(guān)系判斷重力功率的變化；AB

小球組成的系統(tǒng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出到達(dá)最低點(diǎn)的速度，在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道對(duì)B

的支持力，下滑過(guò)程中，求出B

重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量，從而判斷機(jī)械能的變化量，整個(gè)過(guò)程中對(duì)A

根據(jù)動(dòng)能定理求解輕桿對(duì)A

做的功。

本題主要考查了機(jī)械能守恒定律、動(dòng)能定理以及牛頓第二定律的直接應(yīng)用，知道在下滑過(guò)程中，AB

小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，能根據(jù)重力和速度方向的關(guān)系判斷重力功率的變化，難度適中?！窘馕觥緼D

16、CD【分析】解：A

物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；則加速度方向一定與速度方向相同，但加速度不一定是正值，故A錯(cuò)誤；

B；勻減速直線運(yùn)動(dòng)中；加速度與速度方向相反，但加速度不一定為負(fù)值，故B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)AB

的分析可知C正確．

D；在規(guī)定了運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较蚝?；加速度為正，說(shuō)明加速度方向一定與速度方向相同，所以物體一定做加速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確；

故選：CD

勻加速直線運(yùn)動(dòng)的中；加速度方向與速度方向相同；勻減速運(yùn)動(dòng)中，速度方向可正可負(fù)，但二者方向必相反；加速度的正負(fù)與速度正方向的選取有關(guān)．

正確理解高中物理概念對(duì)做選擇題很有幫助，不妨經(jīng)常背誦一下重點(diǎn)概念，配合做題加深對(duì)知識(shí)點(diǎn)的理解．【解析】CD

17、AD【分析】解：A、A圖中a與r成反比，則由向心加速度公式a=可知；A物體的線速度大小不變，故A正確；

B、A圖中a與r成反比，則由向心加速度公式a=可知，A物體的線速度大小不變，由v=ωr知角速度是變化的。故B錯(cuò)誤；

C、B圖中a與r成正比，則由向心加速度公式a=ω2r可知，B物體運(yùn)動(dòng)的角速度保持不變，由v=ωr可知線速度是變化的。故C錯(cuò)誤；

D、B圖中a與r成正比，則由向心加速度公式a=ω2r可知；B物體運(yùn)動(dòng)的角速度保持不變，故D正確。

故選：AD。

根據(jù)加速度的不同表達(dá)形式結(jié)合圖象進(jìn)行分析；由控制變量法得出正確結(jié)論。

根據(jù)圖象找出A、B物體的加速度和半徑的不同關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵，再根據(jù)向心加速度的公式分析即可。【解析】AD四、填空題(共4題，共40分)18、略

【分析】【解析】勻強(qiáng)電場(chǎng)在B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)水平向右，根據(jù)B點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為零可知點(diǎn)電荷在B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)水平向左，所以Q為正電荷，點(diǎn)電荷在A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向右，大小與B點(diǎn)相等，所以Ａ點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為2E，同理點(diǎn)電荷在C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下，合場(chǎng)強(qiáng)為【解析】【答案】2E，19、略

【分析】試題解析：由于DE－OA=4a△t2，故加速度a=≈1.6m/s2?？键c(diǎn)：由紙帶計(jì)算加速度?！窘馕觥俊敬鸢浮?.620、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m、電量為q、初速為v，則E0＝mv2；設(shè)正方形邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E．帶電粒子從M點(diǎn)垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)．從D點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，說(shuō)明粒子帶正電，沿電場(chǎng)方向的位移為L(zhǎng)．則有：①得到：qEL=mv2=2E0②

帶電粒子從M點(diǎn)射入，從D點(diǎn)射出，電場(chǎng)力做功W＝qE?＝E0，粒子從D點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為E1，據(jù)動(dòng)能定理有W=E1-E0，故E1=W+E0=2E0

（2）帶電粒子從N點(diǎn)垂直于BC邊方向射入電場(chǎng)，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為E2，據(jù)動(dòng)能定理有qEL=E2-E0，解得E2=E0+qEL=3E0．

考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)；動(dòng)能定理。【解析】【答案】21、略

【分析】解：(1)A

為了保證小球水平飛出；則斜槽的末端切線保持水平.

故A正確；

B；為了保證小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同；則每次從同一高度由靜止釋放小球，故B錯(cuò)誤，C正確．

D；記錄小球經(jīng)過(guò)不同高度的位置時(shí)；不需要等距離下降，故D錯(cuò)誤．

E；小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木塊上的白紙(

或方格紙)

相接觸；為了防止摩擦改變小球的運(yùn)動(dòng)軌跡，故E正確．

F；要使描出的軌跡更好地反映