2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷822考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、用帶正電的小球靠近不帶電驗電器的金屬球,結(jié)果驗電器的金屬箔張開,如圖甲所示:用帶正電的小球接觸不帶電驗電器的金屬球,結(jié)果驗電器的金屬箔張開,如圖乙所示。關(guān)于甲；乙兩驗電器金屬箔帶電情況。下列說法正確的是()

A.甲帶正電、乙?guī)ж撾夿.甲帶負電、乙?guī)д奀.都帶正電D.都帶負電2、真空中相距為的兩個點電荷M、N分別固定于x軸上和的兩點，規(guī)定x軸正向為場強的正方向，在兩者連線上各點的電場強度隨x變化的關(guān)系如圖所示；則以下判斷正確的是（）

A.M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：1B.沿x軸從0到電勢逐漸降低C.點電荷M、N為異種電荷D.將一個帶負電的試探電荷沿x軸從移動到該電荷的電勢能先減小后增大3、如圖所示的電路中，R1、R2、R4皆為定值電阻，R3為滑動變阻器，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，設理想電流表的示數(shù)為I，理想電壓表的示數(shù)為U，當滑動變阻器的滑動頭向a端移動過程中。

A.變大，變小B.變大，變大C.變小，變大D.變小，變小4、如圖所示的坐標系中，有兩個半徑均為r的圓形線圈L1、L2，分別垂直于y軸和x軸放置，其圓心O1和O2的坐標分別為(0，r)、(r，0)，給線圈L1通電流3I0(從上向下看為逆時針方向)，給線圈L2通電流4I0(從右向左看為逆時針方向)．據(jù)相關(guān)電磁學理論可以知道，圓環(huán)形電流在其中心軸線上產(chǎn)生的磁感應強度為B＝其中μ為真空磁導率，I為環(huán)中電流，r為圓環(huán)半徑，Z為中心軸線上任意一點到圓環(huán)圓心的距離．據(jù)此可推算出兩通電線圈在坐標原點O處產(chǎn)生的磁感應強度的大小和方向分別為()

A.方向指向第一象限B.方向指向第二象限C.方向指向第三象限D(zhuǎn).方向指向第四象限5、如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定個半徑為R的絕緣圓環(huán)，有兩個可視為點電荷的相同的帶負電的小球A和B套在圓環(huán)上，其中小球A可沿圓環(huán)無摩擦的滑動，小球B固定在圓環(huán)上和圓心O的連線與水平方向的夾角為45°.現(xiàn)將小球A由靜止釋放；則下列說法中正確的有()

A.小球A運動到圓環(huán)最低點Q的過程中電勢能先增大后減小B.小球A速度最大處位于Q點的左端C.小球A恰好可以運動到P點D.小球到達圓環(huán)最低點Q時的速度大小為6、如圖a，一個正點電荷固定在絕緣水平面上x軸的原點O處，軸上各點電勢與的關(guān)系如圖b?？梢暈橘|(zhì)點的滑塊質(zhì)量為0.05kg、電荷量為從x=0.2m處由靜止釋放。已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則在x=0.4m處滑塊速度大小為（）

A.0B.0.2m/sC.0.3m/sD.0.6m/s7、由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電荷量分別為q1和q2。其間距離為r時，它們之間相互作用力的大小為式中k為靜電力常量．若用國際單位制的基本單位表示，k的單位應為（）A.kg·A2·m3B.kg·A-2·m3·s-4C.kg·m2·C-2D.N·m2·A-28、如圖所示，長方體金屬塊邊長之比a：b：c=3：1：2，將A與B接入電壓為U的電路中時，電流為I；若將C與D接入電壓為U的電路中，則電流為（設金屬塊的電阻率不變）（

A.IB.9I/4C.4I/9D.2I）評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，A、B為兩個相互接觸的、用絕緣支柱支持的金屬導體，起初它們不帶電，在它們的下部貼有金屬箔片，C是帶正電的小球；下列說法中正確的是（）

A.把C移近導體A時，B上的金屬箔片都張開，若用一根導線在A左端接地，則A上金屬箔閉合B.把C移近導體A時，B上的金屬箔片都張開，若用手觸摸B的右端，則A上金屬箔仍張開C.把C移近導體A，先把B分開，然后移去C，B上的金屬箔片仍然張開D.先把B分開，再把C移去，后重新讓B接觸，A上的箔片張開，而B上的箔片閉合10、如圖所示，半徑為R的圓所在平面與某一勻強電場平行，A、B、C、E為圓周上四個點，E為BC圓弧的中點，AB//OE，O為圓心，D為AB中點，粒子源從C點沿不同方向發(fā)出速率均為的帶正電的粒子，已知粒子的質(zhì)量為m、電量為q（不計重力和粒子之間的相互作用力）。若沿CA方向入射的粒子恰以的速度垂直AB方向過D點。則以下說法正確的是（）

A.AD間和OC間的電勢差關(guān)系為：UAD=UOCB.沿垂直BC方向入射的粒子可能經(jīng)過A點C.在圓周上各點中，從E點離開的粒子速率最大D.若則勻強電場的場強為11、如圖所示，電源內(nèi)阻和燈泡的電阻均恒定不變，為理想二極管，為定值電阻，電表均為理想電表。閉合且電路穩(wěn)定后，有一帶電油滴在平行板電容器中處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將滑動變阻器滑片向上滑動，電表V1、V2和A示數(shù)變化量的絕對值分別為和則下列說法中正確的是（）

A.燈泡變亮，電流表示數(shù)增大B.油滴將向下運動C.D.12、關(guān)于電場強度，下列說法錯誤的是（）A.將檢驗電荷從電場中某點移走時，該點電場強度變?yōu)?B.點電荷電場強度計算式中的Q指源電荷C.對于公式電場強度由檢驗電荷的受力和電量決定D.雖然電場強度定義為但某一點的電場強度與檢驗電荷無關(guān)13、如圖所示，真空中有一正方體在點放一電荷量為的點電荷，C點放一電荷量為的點電荷。下列說法正確的是（）

A.點與點的電場強度相同B.A點的電勢高于B點的電勢C.質(zhì)子在D點受到的電場力與在點受到的電場力大小相等D.電子在D點的電勢能大于在點的電勢能14、空間存在著平行于軸方向的某靜電場，軸上各點的電勢隨坐標的分布圖像如圖所示。一個帶電量絕對值為質(zhì)量為的帶電粒子在坐標軸上處，以沿軸正向的初速度射出，粒子沿軸運動到處時速度恰好為0。若粒子只受到電場力的作用；則（??）

A.粒子帶正電B.粒子在處的初速度大小為C.粒子從運動到過程中做勻減速直線運動D.粒子從運動到過程中電勢能先減小后增大15、如圖所示，平行金屬板中有一個帶電油滴懸浮在兩板間的P點，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器的滑片向b端移動時；下列說法正確的是（）

A.油滴帶負電，將向下運動B.P點的電勢能升高C.電源的效率變低D.若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為和則16、如圖所示，直流電路中，是定值電阻，是光敏電阻，其阻值隨光照增強而減小。當開關(guān)S閉合時，處在電容器兩板間M點的帶電液滴恰好能保持靜止?，F(xiàn)用強光照射電阻時（）

A.電源的總功率增大B.A板的電勢降低C.液滴向下運動D.電容器所帶電荷量增加評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、使用多用電表測電流時，電流應從_________（選填“黑”或“紅”）表筆流入電表；測電阻時，___________（選填“黑”或“紅”）表筆的電勢較高。18、在如圖所示的回路中，若回路面積從變到磁感應強度同時從變到方向垂直紙面向里，則回路中的磁通量的變化量為________

19、能量的耗散∶

（1）定義∶電池中的______轉(zhuǎn)化為電能，電能又通過燈泡轉(zhuǎn)化為_____和_____，熱和光被其他物質(zhì)吸收之后變成周圍環(huán)境的____；我們很難把這些內(nèi)能收集起來重新利用，這種現(xiàn)象叫作能量的耗散。

（2）能量的耗散表明∶能量的數(shù)量是_____的，但是能量可利用的品質(zhì)_____了。

（3）能量的耗散從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然中與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程具有_______。20、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內(nèi)，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？21、新疆達坂城風口的風速約為設該地空氣的密度為把通過橫截面積的風能轉(zhuǎn)化為電能（轉(zhuǎn)化效率），利用上述已知量推導計算電功率的公式為___________，代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為___________。

22、波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個______（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號______來表示;波的頻率是在1s內(nèi)有多少次______（或波谷）通過,頻率用符號______來表示;波速是用來描述波傳播______的物理量,波速用符號______來表示。

評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)23、如圖所示為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；和是固定電阻，是可變電阻；表頭的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

（1）圖中的A端與_____（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

（2）關(guān)于的使用，下列說法正確的是_____。

A．在使用多用電表之前，調(diào)整使電表指針指在表盤左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。

C．使用電流擋時，調(diào)整使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置。

（3）根據(jù)題給條件可得_____Ω，_____Ω。24、一位同學在測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，利用圖的電路進行了實驗數(shù)據(jù)的測量記錄，又將測得的數(shù)據(jù)在圖的坐標系中作出了圖線。根據(jù)圖線得出電池的電動勢_____電池的內(nèi)阻___（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

對圖電路分析可知，實驗中實際測得的_______（選填“電壓值”或“電流值”）并不等于實驗原理中所要的值，而是比所要的值_______（選填“偏大”或“偏小”）。25、某實驗小組打算測一未知電源的電動勢和內(nèi)阻，已知電動勢約內(nèi)阻約實驗室提供了如下器材：

A.電壓表（量程為內(nèi)阻）；

B．電壓表（量程為內(nèi)阻）；

C．電流表（量程為內(nèi)阻）；

D．電流表（量程為內(nèi)阻）；

E．定值電阻（）；

F.定值電阻（）；

G.滑動變阻器（最大阻值為允許通過的最大電流為）；

H.滑動變阻器（最大阻值為允許通過的最大電流為）；

I.開關(guān)一個；導線若干。

（1）為盡量準確測量電源的電動勢和內(nèi)阻，電壓表應選__________，電流表應選__________，滑動變阻器應選__________；（選填所選器材對應選項的字母）

（2）實驗小組結(jié)合所給器材設計了測量電路，實驗過程中通過改變滑動變阻器的阻值獲得了多組數(shù)據(jù)，畫出的圖像如圖1所示。請你結(jié)合圖像數(shù)據(jù)在圖2的方框中畫出測量電路的原理圖________；

（3）由所給的圖像可知，則電源的電動勢為__________V，內(nèi)阻為_________26、某同學將一量程為內(nèi)阻為的表頭G改裝為多用電表。電路圖如圖甲所示，圖中E是電動勢為1.5V的干電池，是定值電阻，是可變電阻，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有3個擋位：直流電流1mA擋；直流電壓3V擋、歐姆擋。

(1)開關(guān)接到“2”時為______

A.直流電流1mA擋。

B.直流電壓3V擋。

C.歐姆擋。

(2)圖甲中表筆A應為______（選填“紅”或“黑”）表筆，測量圖乙所示小燈泡兩端電壓時，應將______（選填“A”或“B”）表筆接電路中的a點，另一表筆接b點。

(3)根據(jù)題給條件可得：______=______

(4)用該多用電表測量一電阻的阻值時，表頭的讀數(shù)為則該電阻的阻值為_____

評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)27、現(xiàn)將標有“3V，3W”的直流電動機，串聯(lián)一個滑動變阻器接在電動勢為E＝4.0V、內(nèi)阻為r＝0.40的電源的兩端，如圖所示。已知電動機線圈的電阻R0＝0.10Ω；不計其它電阻。

（1）若滑動變阻器接入電路的阻值R1＝3.5Ω，電動機卡住不轉(zhuǎn)，求此時電路中的電流I1；

（2）若要使直流電動機正常工作，求滑動變阻器接入電路的阻值R2應為多少；

（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器接入電路的阻值，回路中的電流I及電源的輸出功率P隨之改變。

a.請從理論上推導P與I的關(guān)系式，并在圖中定性畫出P-I圖像；

b.求該電源對外電路能夠輸出的最大功率Pm。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

甲圖中；驗電器本來不帶電，由于同種電荷相到吸引，帶正電的小球靠近驗電器的金屬球時，使得金屬球帶負電荷，從而導致金屬箔帶上正電荷；乙圖中，用帶正電的小球接觸不帶電驗電器的金屬球，這時驗電器無論是金屬球還是金屬箔都帶上了正電荷，因此C正確，ABD錯誤。

故選C。2、A【分析】【詳解】

AC．若兩電荷為異種電荷，在x=2a處，電場強度不可能為0，故兩電荷為同種電荷；2a處合場強為0，由

知

所以M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：1；故A正確，C錯誤；

B．選沿x軸方向為正方向，0～2a電場為正，方向向右，而沿電場線方向電勢降低，即從0到2a電勢降低；2a～3a電場為負，方向向左，則從2a點到3a點電勢升高；故B錯誤；

D．將一個負點電荷沿x軸從0.5a移動到2.4a；電勢先減小后增大，所以該電荷的電勢能先增大后減小，故D錯誤；

故選A。3、B【分析】【詳解】

由圖知并聯(lián)后與串聯(lián)，再與并聯(lián)；當滑動變阻器的滑臂向端移動過程中，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流干增大，路端電壓路減小，則知通過的電流減小，而通過的電流干增大，根據(jù)歐姆定律可知的增大，所以理想電壓表的示數(shù)變大，并聯(lián)電壓并路變小，則通過的電流變小，而電流表的示數(shù)變大；

A.變大，變小與分析不符；故A錯誤；

B.變大，變大與分析相符；故B正確；

C.變小，變大與分析不符；故C錯誤；

D.變小，變小與分析不符，故D錯誤．4、A【分析】【詳解】

根據(jù)B＝可知：線圈L1在O點產(chǎn)生的磁感應強度為：B1＝

由右手螺旋定則可知方向沿y軸正方向，線圈L2在O點產(chǎn)生的磁感應強度為：B2＝

方向沿x軸正方向，B1和B2方向垂直，所以O點的磁感應強度為B＝

方向指向第一象限；故A正確。

故選A。5、D【分析】【詳解】

A．小球A、B均帶負電，則根據(jù)點電荷的特點可知，B固定，當A、B距離縮短時，電場力做負功，電勢能增大，反之減小，由圖可知，小球A運動到圓環(huán)最低點Q點的過程中；與B電荷的距離先增大后減小，則電勢能先減小后增大，故A錯誤；

B．延長BO交圓周與C點；作圖如下。

小球在下降過程中，當小球A、B距離增大時，即AC段，電場力做正功，重力做正功，速度增大，CQ段，小球A、B距離減小，電場力做負功，重力做正功，PQ段，小球A、B距離減小，電場力做負功，重力做負功，小球速度減小，則可知小球速度最大處不位于Q左邊；故B錯誤；

C．小球在A、P兩點相比，重力勢能相同，但P點與B球距離更小，則A到P過程電場力做負功，電勢能增大，則需要有外力做功才能到達P點；故C錯誤；

D．由圖幾何關(guān)系可知，A、Q兩點與B小球距離相同，則電勢能相等，則A到Q過程中動能增加量等于重力勢能減少量，可得

解得

故D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

在x=0.4m處即

由圖可知此處電勢為φ1=2.5×105V

滑塊電勢能為

在x=0.2m處即

由圖可知此處電勢為φ2=5×105V

設滑塊在x=0.4m處的速度大小為v，根據(jù)動能定理有

解得

故選B。7、B【分析】【詳解】

根據(jù)可得

由于F=ma，q=It，所以

根據(jù)質(zhì)量的單位是kg，加速度的單位m/s2，距離的單位是m，電流的單位是A，時間的單位s，可得k的單位是kg?A-2?m3?s-4。

故選B。

【點睛】8、B【分析】【分析】

根據(jù)電阻定律可確定AB及CD時的電阻；再由歐姆定律即可確定電流．

【詳解】

設b長為l；根據(jù)電阻定律可知：則接AB時，電阻當接CD時，電阻由歐姆定律可知：則故選B．二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．金屬導體處在正電荷的電場中；由于靜電感應現(xiàn)象，導體B的右端感應出正電荷，導體A的左端感應出負電荷，所以A；B上的金屬箔片都張開，且無論是一根導線在A左端接地還是用手觸摸B的右端，都會使大地傳遞給金屬導體一定的電子，把導體B的右端的正電荷給中和掉，導體A的左端還是帶負電荷，A上金屬箔仍張開，故A錯誤，B正確；

C．由于A；B分開；當移去C，A、B仍然帶等量異種電荷，所以A、B上的金屬箔片仍然張開，故C正確；

D．先把A；B分開；再把C移去，A、B仍然帶等量異種電荷，后重新讓A、B接觸，A、B上的電荷又重新中和，所以A、B上的金屬箔片都閉合，故D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A．因為沿CA方向入射的粒子恰垂直AB方向以的速度過D點，可知粒子沿平行于BC方向的速度不變，垂直于BC方向的速度減小到零，可知粒子受電場力方向平行于BA向下，則場強方向平行于BA向下，因OD和BC連線垂直于電場線，可知BC和OD均為等勢面，則UAD=UOC；選項A正確；

B．電場方向垂直BC向下，則沿垂直BC方向入射的粒子不可能經(jīng)過A點；選項B錯誤；

C．在圓周上各點中，從E點離開的粒子電場力做正功且做功最大，則從E點離開的粒子的速率最大；選項C正確；

D．若∠ACB=60°，則由類平拋運動的規(guī)律可知

聯(lián)立解得

選項D錯誤。

故選AC。11、A:C【分析】【詳解】

A．滑片向上滑動；其接入電路的阻值減小，電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知回路中電流變大，燈泡變亮，電流表示數(shù)增大，A正確；

B．總電流增大，故電源內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即V1的示數(shù)減小，而L1的電壓變大，所以并聯(lián)部分R1兩端的電壓減小，所以V2的示數(shù)及電容器板間電壓變小，應放電，但二極管的單向?qū)щ娦允闺姾刹荒芊懦觯捎赒不變，則由

得

可知E不變；油滴靜止不動，B錯誤；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

可知

電流表串聯(lián)在支路上，則有

故

C正確；

D．將燈泡L電阻R看作電源內(nèi)阻一部分，可知

由于故

D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

ACD．是電場強度的定義式；其由電場自身性質(zhì)決定，而與檢驗電荷無關(guān)，故D正確，不符合題意，A；C錯誤，符合題意；

C．為真空中點電荷電場強度的決定式，式中Q為場源電荷；故B正確，不符合題意；

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

A．點和C點的電荷為等量異種點電荷，根據(jù)等量異種點電荷產(chǎn)生電場的特點可知，點與點的電場強度大小相等；方向不同，A錯誤；

B．等量異種點電荷連線的中垂面為電勢等于0的等勢面，A點的電勢大于0，B點的電勢小于0；B正確；

C．D點與點的電場強度大小相等，質(zhì)子在D點受到的電場力與在點受到的電場力大小相等；C正確；

D．D點的電勢等于點的電勢，電子在D點的電勢能等于在點的電勢能；D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【詳解】

A．由題意可知粒子在處電勢能為零，動能大于零，而粒子在處動能為零，則根據(jù)能量守恒定律可知粒子在處電勢能大于零，而處的電勢為負；所以粒子帶負電，故A錯誤；

B．設粒子在處的初速度大小為v0，對粒子從到的過程，根據(jù)動能定理有

解得

故B正確；

C．粒子從運動到電勢能一直增大，所以動能一直減小，一直在做減速運動，又由于圖像斜率不變；則場強不變，粒子受到的電場力不變，加速度不變，做勻減速直線運動，故C正確；

D．粒子從運動到電勢一直變小，又粒子帶負電，可知電勢能一直增大，故D錯誤。

故選BC。15、A:C:D【分析】【詳解】

A．油滴原來靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場力與向下的重力且二力平衡，由題圖可知，電容器內(nèi)部電場方向向下，所以油滴帶負電。當滑片項、向b移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的電流增大，路端電壓減小，所以兩端的電壓增大；則電容器兩端電壓減小，電容器內(nèi)場強減小，油滴所受電場力小于重力，將向下運動，故A項正確；

B．因為下極板接地，所以電勢為零，所以P點的電勢等于P點與下極板的電勢差，由公式

可知，由之前分析可知E減少，P與下極板間距不變，所以電勢差減少，P點電勢降低；故B項錯誤；

C．電源的效率為

當滑動變阻器的滑片向b端移動時，其阻值減小，外電阻R減??；電源的效率變低，故C項正確；

D．將和電源等效為一個新的電源，新電源的內(nèi)阻為電壓表測的為新電源的路端電壓，假設電流表測的為總電流，有

又因為

由于總電流增大，并聯(lián)部分的電壓減小，所以中的電流減小，則增大，所以

所以有

故D項正確。

故選ACD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

BC．現(xiàn)用強光照射電阻時，的阻值減小，干路電流增大，R2與電容器串聯(lián)，穩(wěn)定后相當于斷路，對電路無影響，故電容器兩端電壓相當于R1兩端電壓，由于下極板接地，由

可知，電容器兩端電壓增大，即A板的電勢升高，極板間場強

故場強增大；液滴受到向上的電場力增大，故液滴向上運動，BC錯誤；

D．由

可知；電容器所帶電荷量增加，D正確；

A．由

可知；電源的總功率增大，A正確。

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]使用多用電表測電流時；電流應從紅表筆流入電表；

[2]測電阻時，因黑表筆接內(nèi)部電源的正極，可知黑表筆的電勢較高?！窘馕觥考t黑18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為都變化，所以用后來的磁通量減去原來的磁通量【解析】13.619、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]定義∶電池中的化學能轉(zhuǎn)化為電能；電能又通過燈泡轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和光能，熱和光被其他物質(zhì)吸收之后變成周圍環(huán)境的內(nèi)能，我們很難把這些內(nèi)能收集起來重新利用，這種現(xiàn)象叫作能量的耗散；

（2）[5][6]能量的耗散表明∶能量的數(shù)量是守恒的；但是能量可利用的品質(zhì)降低了；

（3）[7]能量的耗散從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然中與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程具有方向性。【解析】①.化學能②.內(nèi)能③.光能④.內(nèi)能⑤.守恒⑥.降低⑦.方向性20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內(nèi)部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內(nèi)阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內(nèi)阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內(nèi)電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高21、略

【分析】【詳解】

[1]設時間t內(nèi)通過橫截面積的風能為

電功率為

[2]代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6]波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個波峰（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號λ來表示;波的頻率是在1s內(nèi)有多少次波峰（或波谷）通過,頻率用符號f來表示;波速是用來描述波傳播快慢的物理量,波速用符號c來表示?！窘馕觥竣?波峰②.λ③.波峰④.f⑤.快慢⑥.c四、實驗題(共4題，共28分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]根據(jù)歐姆表原理可知；內(nèi)部電源的正極應接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”；

(2)[2]由電路圖可知，只在測量電阻時才接入電路；故其作用只能進行歐姆調(diào)零，不能進行機械調(diào)零，同時在使用電流擋時也