2025年岳麓版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年岳麓版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，某次舉重比賽中，某運(yùn)動(dòng)員所抓舉的杠鈴的質(zhì)量不變，而兩手臂間的夾角變大，當(dāng)舉起保持穩(wěn)定時(shí)，兩手臂的用力F1的大小變化情況為（）A.增大B.不變C.減小D.不能確定2、如圖所示，將一個(gè)質(zhì)量為m的小球用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩懸掛在墻壁上的O點(diǎn)，現(xiàn)用一個(gè)大小恒為F=2mg且方向一直沿水平向右的拉力將小球從最低點(diǎn)由靜止開(kāi)始拉至懸繩偏離豎直方向夾角為θ=37°處時(shí)的速度大小為（）（不計(jì)空氣阻力，sin37°=0.6cos37°=0.8）A.B.C.D.23、關(guān)于兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()A.合運(yùn)動(dòng)的速度一定大于兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度B.合運(yùn)動(dòng)的速度一定大于某一個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度C.合運(yùn)動(dòng)的方向就是物體實(shí)際運(yùn)動(dòng)的方向D.由兩個(gè)分速度的大小就可以確定合速度的大小4、甲乙兩輛汽車(chē)在平直的公路上沿同一方向作直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻同時(shí)經(jīng)過(guò)公路旁的同一個(gè)路標(biāo)。在描述兩車(chē)運(yùn)動(dòng)的v－t圖中（如圖），直線(xiàn)a、b分別描述了甲乙兩車(chē)在0~20秒的運(yùn)動(dòng)情況。關(guān)于兩車(chē)之間的位置關(guān)系，下列說(shuō)法正確的是（）A.在0~10秒內(nèi)兩車(chē)逐漸遠(yuǎn)離B.在10~20秒內(nèi)兩車(chē)逐漸遠(yuǎn)離C.在5~15秒內(nèi)兩車(chē)的位移相等D.在t=10秒時(shí)兩車(chē)在公路上相遇5、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播；如圖甲是t=1s時(shí)的波形圖，圖乙是波中某振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的位移隨時(shí)間變化的振動(dòng)圖線(xiàn)（兩圖用同一時(shí)間起點(diǎn)），則乙圖可能是甲圖中哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖線(xiàn)（）

A.x=0處的質(zhì)點(diǎn)B.x=2m處的質(zhì)點(diǎn)C.x=3m處的質(zhì)點(diǎn)D.x=5m處的質(zhì)點(diǎn)6、如圖所示；球體繞中心線(xiàn)OO′轉(zhuǎn)動(dòng)，A；B為球上兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.B兩點(diǎn)的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑一定相等B.B兩點(diǎn)的線(xiàn)速度一定相等C.B兩點(diǎn)的轉(zhuǎn)動(dòng)角速度一定相等D.B兩點(diǎn)的轉(zhuǎn)動(dòng)向心加速度一定相等7、從同一高處，沿同一水平方向同時(shí)拋出兩個(gè)物體，它們的初速度分別是v和3v，兩物體落在水平地面上．兩物體飛時(shí)間之比和水平位移之比是（）A.1：1、1：3B.3：1、1：1C.1：1、3：1D.1：3、1：18、如圖，物體A和B迭放在水平面上，如果水平力F剛好拉著B(niǎo)和A一起作勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則B物體受力個(gè)數(shù)是（）A.3個(gè)B.4個(gè)C.5個(gè)D.6個(gè)評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、（2016?臨汾校級(jí)四模）如圖所示，含有a、b兩種單色光的一細(xì)光束，沿半徑方向從真空射入橫截面為半圓形的透明介質(zhì)中．a(chǎn)、b兩種單色光從介質(zhì)中射出時(shí)方向如圖所示．則a、b兩種單色光在介質(zhì)中的折射率n1：n2=____，兩種單色光在介質(zhì)中的速度v1：v2=____．10、小紅同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路圖，利用給出的器材，操作過(guò)程中移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P．當(dāng)靈敏電壓表的示數(shù)為0時(shí)，停止移動(dòng)P．即可用米尺測(cè)量出P左右兩端滑線(xiàn)變阻器的長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)1和L2，讀出此時(shí)電阻箱的電阻值R0，從而求出R1．

（1）寫(xiě)出用測(cè)得的物理量表示Rx的表達(dá)式為_(kāi)___

（2）關(guān)于此實(shí)驗(yàn)的誤差說(shuō)法正確的是____

A．把實(shí)驗(yàn)中的電壓表?yè)Q成電流表也可以。

B．電壓表靈敏度越高．測(cè)量結(jié)果越準(zhǔn)。

C．電阻箱接入電路的電阻值越大；測(cè)量結(jié)果越準(zhǔn)。

D．滑線(xiàn)變阻器的電阻值小一些，測(cè)量結(jié)果越準(zhǔn)．11、磁感線(xiàn)是人為畫(huà)出來(lái)的，用來(lái)形象地描述____的一簇曲線(xiàn)，實(shí)驗(yàn)雖然可以模擬磁感線(xiàn)的形狀，但磁感線(xiàn)不是____，是假想的一種曲線(xiàn)．12、（2014秋?錫山區(qū)校級(jí)期末）如圖是動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的原理圖．大小和方向不斷變化的音頻電流通過(guò)音圈（繞在錐形紙盆底端絕緣骨架上的線(xiàn)圈）時(shí)，產(chǎn)生與永久磁體相互作用的磁場(chǎng)，推動(dòng)紙盆振動(dòng)形成聲音．因此，揚(yáng)聲器的發(fā)聲機(jī)理是利用____（填“電流的磁效應(yīng)”或“電磁感應(yīng)規(guī)律”）．揚(yáng)聲器的損壞一般都是因?yàn)檫^(guò)載（音頻電流太大），導(dǎo)致音圈燒斷．判斷音圈是否已經(jīng)燒斷的方法之一是運(yùn)用多用電表．將多用電表選擇開(kāi)關(guān)置于____（填“歐姆檔”、“電流檔”或“電壓檔”）就能直接測(cè)量判斷．如果運(yùn)用靈敏電流計(jì)和導(dǎo)線(xiàn)，也能作出檢測(cè)判斷．具體做法是：用導(dǎo)線(xiàn)將靈敏電流計(jì)直接接到揚(yáng)聲器接線(xiàn)柱兩端，用手推動(dòng)紙盆前后運(yùn)動(dòng)，觀察靈敏電流計(jì)指針是否左右擺動(dòng)．這是利用了____（填“霍爾效應(yīng)”、“電磁感應(yīng)規(guī)律”或“渦流效應(yīng)”）13、（2006秋?徐匯區(qū)期末）（B）在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不能忽略不計(jì)，當(dāng)變阻器R3的滑動(dòng)頭p由b端向a端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)____，電流表示數(shù)____．（均選填“變小”、“不變”或“變大”）14、（2011春?平江縣期末）如圖所示是工業(yè)生產(chǎn)中大部分光電控制設(shè)備用到的光控繼電器的示意圖；它由光源；光電管、放大器、電磁繼電器等幾部分組成．

（1）示意圖中，a端就是電源____極；

（2）光控繼電器的原理是：當(dāng)光照射光電管時(shí)，____．15、（2014秋?思南縣校級(jí)期中）如圖所示A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)．已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為φA=12V，φB=6V，φC=-6V．由此可得D點(diǎn)電勢(shì)φD=____V．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、10個(gè)分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和就是這10個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、物體運(yùn)動(dòng)的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、根據(jù)公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線(xiàn)速度也增大一倍．____．評(píng)卷人得分四、解答題(共3題，共30分)21、如圖所示，電子從電子槍發(fā)出（初速度可不計(jì)）后經(jīng)加速電場(chǎng)加速，從兩偏轉(zhuǎn)極板的正中間進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．已知電子電量為e，加速電壓為U0；兩偏轉(zhuǎn)極板長(zhǎng)L，間隔為d，接收屏與偏轉(zhuǎn)極板右端距離L，電子打到接收屏的時(shí)間極短．試求：

（1）為能接收所有從偏轉(zhuǎn)極板間出來(lái)的電子，屏沿偏轉(zhuǎn)方向的最小長(zhǎng)度b；

（2）電子到達(dá)接收屏?xí)r的最大動(dòng)能．22、如圖所示是在豎直平面內(nèi)；由斜面和圓形軌道分別與水平面相切連接而成的光滑軌道，圓形軌道的半徑為R．質(zhì)量為m的小物塊從斜面上距水平面高為h=2.5R的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，物塊通過(guò)軌道連接處的B；C點(diǎn)時(shí)，無(wú)機(jī)械能損失．求：

（1）小物塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度vB的大小；

（2）小物塊通過(guò)圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)，軌道對(duì)物塊的支持力FN的大??；

（3）通過(guò)計(jì)算判斷小物塊能否通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)D？23、如圖所示，一質(zhì)量為m=50kg的滑塊，以v0=10m/s的初速度從左端沖上靜止在光滑水平地面上的長(zhǎng)L=8m的平板車(chē)；滑塊與車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.3，平板車(chē)質(zhì)量為M=150kg，求：

（1）滑塊沖上小車(chē)后小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度和滑塊滑離小車(chē)時(shí)；車(chē)的速度．

（2）滑塊在小車(chē)上相對(duì)滑動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，摩擦力對(duì)小車(chē)做的功是多少？評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共1題，共9分)24、如圖所示為放置在豎直平面內(nèi)游戲滑軌的模擬裝置，滑軌由四部分粗細(xì)均勻的金屬桿組成，其中傾斜直軌AB

與水平直軌CD

長(zhǎng)均為L(zhǎng)=3m

圓弧形軌道APD

和BQC

均光滑，BQC

的半徑為r=1mAPD

的半徑為R=2mABCD

與兩圓弧形軌道相切，O2

A、O1B

與豎直方向的夾角均為婁脠=37鈭?.

現(xiàn)有一質(zhì)量為m=1kg

的小球穿在滑軌上，以Ek0

的初動(dòng)能從B

點(diǎn)開(kāi)始沿BA

向上運(yùn)動(dòng)，小球與兩段直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為婁脤=13

設(shè)小球經(jīng)過(guò)軌道連接處均無(wú)能量損失.(g=10m/s2,sin37鈭?=0.6,cos37鈭?=0.8)

求：

(1)

要使小球完成一周運(yùn)動(dòng)回到B

點(diǎn)；初動(dòng)能EK0

至少多大？

(2)

若小球以EK0=31J

的初動(dòng)能從B

點(diǎn)出發(fā)；則小球第二次到達(dá)D

點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為多少？

(3)

在第(2)

小題的情況下，小球在CD

段上運(yùn)動(dòng)的總路程為多少？評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共32分)25、有一個(gè)電流表G，內(nèi)阻Rg=60Ω，滿(mǎn)偏電流Ig=1mA．

（1）要把它改裝為量程為0-3V的電壓表；要串聯(lián)多大的電阻？

（2）改裝后的電壓表的內(nèi)阻是多少？26、【題文】某同學(xué)為了探究桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能表達(dá)式，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)：質(zhì)量為m的均勻長(zhǎng)直桿一端固定在光滑轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用光電門(mén)測(cè)出另一端A經(jīng)過(guò)某位置時(shí)的瞬時(shí)速度并記下該位置與轉(zhuǎn)軸O的高度差h.

⑴設(shè)桿的寬度為L(zhǎng)（L很小），A端通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為t，則A端通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式為_(kāi)___。

⑵調(diào)節(jié)h的大小并記錄對(duì)應(yīng)的速度數(shù)據(jù)如上表。為了形象直觀地反映和h的關(guān)系；請(qǐng)選擇適當(dāng)?shù)目v坐標(biāo)并畫(huà)出圖象。

⑶當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2，結(jié)合圖象分析，桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能Ek=____請(qǐng)用質(zhì)量m、速度表示）。27、【題文】在用“油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，備有以下器材：用酒精稀釋過(guò)的油酸、滴管、痱子粉、淺水盤(pán)及水、玻璃板、坐標(biāo)紙、彩筆。還缺少的器材有：____28、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系的實(shí)驗(yàn)；圖（a）為實(shí)驗(yàn)裝置簡(jiǎn)圖．（交流電的頻率為50Hz）

（1）圖（b）為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，根據(jù)紙帶可求出小車(chē)的加速度大小為_(kāi)___m/s2，打標(biāo)“3”點(diǎn)的速度為_(kāi)___m/s．（小數(shù)點(diǎn)后保留二位有效數(shù)字）

（2）保持砂和砂桶質(zhì)量不變，改變小車(chē)質(zhì)量m，分別得到小車(chē)加速度a與質(zhì)量m及對(duì)應(yīng)的；數(shù)據(jù)如表：

。實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345678小車(chē)加速度a/m?s-21.901.721.491.251.000.750.500.30小車(chē)質(zhì)量m/kg0.250.290.330.400.500.711.001.67/kg-14.003.453.032.502.001.411.000.60請(qǐng)?jiān)趫D（d）方格坐標(biāo)紙中畫(huà)出a-圖線(xiàn)，并從圖線(xiàn)求出小車(chē)加速度a與質(zhì)量倒數(shù)之間的關(guān)系式是____．

（3）有一位同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量作出了圖（c）中的A圖線(xiàn)；另一位同學(xué)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了如圖（c）中的B圖線(xiàn)．試分析。

①A圖線(xiàn)不通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是____；

②B圖線(xiàn)在縱軸上有截距的原因是____．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】用質(zhì)點(diǎn)代替杠鈴，畫(huà)出受力圖，根據(jù)平衡條件得出手臂用力與兩臂之間夾角的關(guān)系，再由數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：以質(zhì)點(diǎn)代替杠鈴，畫(huà)出受力圖如圖．設(shè)兩臂之間夾角為2α，杠鈴根據(jù)平衡條件得

2F1cosα=G

則有F1=當(dāng)雙臂夾角α變大時(shí)，cosα變小，則F1增大．

故選：A．2、B【分析】【分析】對(duì)小球由動(dòng)能定理列方程求解，注意重力做負(fù)功【解析】【解答】解：對(duì)小球由動(dòng)能定理得：2mgLsinθ-mgL（1-cosθ）=mv2

將sin37°=0.6cos37°=0.8

代入方程得：v=

故選：B3、C【分析】合速度的大小可以大于分速度的大小，也可以小于分速度的大小，還可以等于分速度的大小，故A、B兩項(xiàng)均錯(cuò)；僅知道兩個(gè)分速度的大小，無(wú)法畫(huà)出平行四邊形，則不能求出合速度的大小，故D項(xiàng)錯(cuò)；合運(yùn)動(dòng)就是物體的實(shí)際運(yùn)動(dòng)，合運(yùn)動(dòng)的方向即為物體實(shí)際運(yùn)動(dòng)的方向，故選項(xiàng)C正確．【解析】【答案】C4、A|C【分析】在0－10s內(nèi)，乙車(chē)的速度一直比甲車(chē)大，兩車(chē)應(yīng)逐漸遠(yuǎn)離，則A正確；在10－20s內(nèi)，甲車(chē)的速度一直比乙車(chē)大，兩車(chē)逐漸靠近，則B不正確；在5－15s內(nèi)，兩圖象與坐標(biāo)軸的面積相等，則兩車(chē)的位移相等，則C正確；在t＝10s時(shí)兩車(chē)速度相等，相距最遠(yuǎn)，則D不正確【解析】【答案】AC5、A【分析】【分析】由振動(dòng)圖乙讀出波的周期，由波形圖以及波的傳播方向結(jié)合t=1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，在波動(dòng)圖象1上找出相對(duì)應(yīng)的質(zhì)點(diǎn)．【解析】【解答】解：圖乙上t=1s時(shí)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)平衡位置向下．

圖甲上；t=1s時(shí)刻，只有x=0m；2m、4m、6m處的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置．

簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播；根據(jù)波形平移法可知，x=2m；6m處質(zhì)點(diǎn)經(jīng)平衡位置向上，與圖乙t=1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)不相同，x=0m、4m處的質(zhì)點(diǎn)與圖乙t=1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)相同．

故選：A．6、C【分析】【分析】A、B在同一轉(zhuǎn)動(dòng)球體上，相同時(shí)間內(nèi)，轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同，角速度ω和周期T相同．由圖可知：運(yùn)動(dòng)半徑r不等，由公式v=ωr，得知線(xiàn)速度不等．【解析】【解答】解：A、在同一轉(zhuǎn)動(dòng)球體上，相同時(shí)間內(nèi)，轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同，角速度ω相同，由圖可知：運(yùn)動(dòng)半徑r不等，由公式v=ωr得知線(xiàn)速度v不等．故A錯(cuò)誤B錯(cuò)誤C正確。

D、由公式a=rω2；半徑不同，角速度相同，故向心加速度不同．故D錯(cuò)誤．

故選：C7、A【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比，根據(jù)初速度和時(shí)間求出水平位移之比．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得；因?yàn)楦叨认嗤瑒t運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同．

根據(jù)x=vt知；初速度之比為1：3，則水平位移之比為1：3．故A正確，B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A．8、C【分析】【分析】受力分析時(shí)對(duì)于多個(gè)物體我們受力分析的順序是從上到下，從外到里，分別對(duì)AB兩物體進(jìn)行受力分析即可．【解析】【解答】解：A處于平衡狀態(tài)；受力分析如圖：

因?yàn)槲矬wA處于平衡狀態(tài)；所以A不會(huì)受到摩擦力的作用，如果受到摩擦力的話(huà)，A不會(huì)保持平衡．

對(duì)B受力分析如圖：

B受到重力G乙；外力F，與甲接觸：B給A支持力，故A給乙壓力N′，B不給甲摩擦力，故A也不給B摩擦力；與地面接觸：地面給B支持力和摩擦力。

故B受力個(gè)數(shù)為5個(gè)．

故選：C．二、填空題(共7題，共14分)9、：22：【分析】【分析】根據(jù)折射定律求出折射率之比．由公式v=求光在介質(zhì)中的速度之比．【解析】【解答】解：設(shè)入射角為i．

根據(jù)折射定律得：n1=

n2=

則n1：n2=sin60°：sin45°=：2；

由公式v=得：兩種單色光在介質(zhì)中的速度v1：v2=n2：n1=2：

故答案為：：2；2：．10、AB【分析】【分析】（1）由題意及電路圖可明確實(shí)驗(yàn)原理；再根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可求得待測(cè)電阻；

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理明確實(shí)驗(yàn)中如何才能提高精確度．【解析】【解答】解：（1）由題意可知；本實(shí)驗(yàn)中電壓表為零時(shí)，說(shuō)明上下兩節(jié)點(diǎn)處的電勢(shì)差為零，則由串并聯(lián)電路的規(guī)律可知：

=

解得：Rx=；

（2）A；本實(shí)驗(yàn)中電壓表的作用是明確兩端電勢(shì)相等；采用電流表也可以完成；故A正確；

B；電壓表靈敏度越高；則越能準(zhǔn)確地找出等勢(shì)點(diǎn)，則測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確；故B正確；

C、本題采用的是比值法，測(cè)量結(jié)果與R0的大小無(wú)關(guān)；故C錯(cuò)誤；

D；為了更準(zhǔn)確的找出比例點(diǎn)；滑線(xiàn)變阻器阻值越大，則越準(zhǔn)確；故D錯(cuò)誤；

故選：AB．11、磁場(chǎng)分布真實(shí)存在的【分析】【分析】磁感線(xiàn)是用來(lái)描述磁場(chǎng)的假想曲線(xiàn)，可能用實(shí)驗(yàn)?zāi)M，但磁感線(xiàn)并不存在．【解析】【解答】解：磁感線(xiàn)是人為畫(huà)出來(lái)的；用來(lái)形象地描述磁場(chǎng)分布的一簇曲線(xiàn)，其疏密可表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，切線(xiàn)方向表示磁場(chǎng)的方向．實(shí)驗(yàn)雖然可以模擬磁感線(xiàn)的形狀，但磁感線(xiàn)不是真實(shí)存在的，是假想的一種曲線(xiàn)．

故答案為：磁場(chǎng)分布，真實(shí)存在的．12、電磁感應(yīng)歐姆檔電磁感應(yīng)規(guī)律【分析】【分析】動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；線(xiàn)圈中的變化的電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，與磁體發(fā)生相互作用而帶動(dòng)紙盆運(yùn)動(dòng)而發(fā)聲；

如果音圈燒斷；處于斷路，將多用電表置于歐姆檔連接后成為閉合電路；

導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)，是利用了電磁感應(yīng)規(guī)律．【解析】【解答】解：動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；線(xiàn)圈中的變化的電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，與磁體發(fā)生相互作用而帶動(dòng)紙盆運(yùn)動(dòng)而發(fā)聲．

如果音圈燒斷；處于斷路，將多用電表置于歐姆檔連接后成為閉合電路，故將多用電表選擇開(kāi)關(guān)置于歐姆檔；

用導(dǎo)線(xiàn)將靈敏電流計(jì)直接接到揚(yáng)聲器接線(xiàn)柱兩端；用手推動(dòng)紙盆前后運(yùn)動(dòng)，利用的是導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)，故利用了電磁感應(yīng)規(guī)律．

故答案為：電磁感應(yīng)；歐姆檔；電磁感應(yīng)規(guī)律13、變大變小【分析】【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭p向a端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，確定路端電壓的變化，根據(jù)電流表的電流與干路電流和R2電流的關(guān)系分析電流表的示數(shù)變化．【解析】【解答】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭p向a端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分電阻增大，外電路總電阻R增大，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓U=E-Ir增大，即電壓表的示數(shù)變大．電路中并聯(lián)部分的電壓U并=E-I（r+R1）增大，電阻R2的電流增大，電流表的示數(shù)IA=I-I2；變?。?/p>

故答案為：變大，變小14、正陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸??；無(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M【分析】【分析】光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷光電子最大初動(dòng)能的變化．【解析】【解答】解：電路中要產(chǎn)生電流；則a端接電源的正極，陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸?。粺o(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M．

故答案為：（1）正。

（2）陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸??；無(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M15、0【分析】【分析】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由公式U=Ed分析四點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系，列式即可求得D點(diǎn)的電勢(shì)UD．【解析】【解答】解：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由公式U=Ed可知沿相同的距離電勢(shì)差相等，則有：UA-UB=UD-UC，將φA=12V，φB=6V，φC=-6V代入數(shù)據(jù)解得：φD=0V

故答案為：0三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】從微觀上說(shuō)，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)單個(gè)或幾個(gè)分子無(wú)意義；

故答案為：×18、×【分析】【分析】物體運(yùn)動(dòng)的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說(shuō)明．【解析】【解答】解：物體運(yùn)動(dòng)方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運(yùn)動(dòng)，也可能不一致比如平拋運(yùn)動(dòng)等等．

故答案為：×19、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線(xiàn)上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線(xiàn)上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失，故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】當(dāng)半徑不變時(shí)，角速度增大一倍，線(xiàn)速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據(jù)公式v=ωr可知，當(dāng)半徑r不變時(shí)；角速度增大一倍，則線(xiàn)速度也增大一倍，故此說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×四、解答題(共3題，共30分)21、略

【分析】【分析】（1）當(dāng)粒子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)沿偏轉(zhuǎn)電極的邊緣射出時(shí)；射到光屏上沿偏轉(zhuǎn)方向的長(zhǎng)度最大，抓住粒子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度反向延長(zhǎng)線(xiàn)經(jīng)過(guò)中軸線(xiàn)的中點(diǎn)，根據(jù)相似三角形求出沿偏轉(zhuǎn)方向的最小長(zhǎng)度．

（2）根據(jù)偏轉(zhuǎn)的位移，結(jié)合動(dòng)能定理、牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出偏轉(zhuǎn)的最大電壓，再根據(jù)動(dòng)能定理求出電子到達(dá)接收屏的最大動(dòng)能．【解析】【解答】解：（1）粒子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)速度的反向延長(zhǎng)線(xiàn)經(jīng)過(guò)中軸線(xiàn)的中點(diǎn)；

根據(jù)相似三角形得，；

解得沿偏轉(zhuǎn)方向的最小長(zhǎng)度b=．

（2）根據(jù)動(dòng)能定理得，；

當(dāng)粒子偏轉(zhuǎn)位移為時(shí)；動(dòng)能最大；

則有：；

即；

解得；

根據(jù)動(dòng)能定理得，；

解得最大動(dòng)能．

答：（1）為能接收所有從偏轉(zhuǎn)極板間出來(lái)的電子，屏沿偏轉(zhuǎn)方向的最小長(zhǎng)度為；

（2）電子到達(dá)接收屏?xí)r的最大動(dòng)能為．22、略

【分析】【分析】（1）小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，據(jù)機(jī)械能守恒定律求解．（2）據(jù)物塊的運(yùn)動(dòng)情況和牛頓第二定律求解．（3）據(jù)機(jī)械能守恒求出最高點(diǎn)的速度，再與最高點(diǎn)的臨界速度相比較即可判斷．【解析】【解答】解：（1）小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中；由機(jī)械能守恒得：

mgh=m

解得：vB=．

（2）小物塊從B至C做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)則有：vC=vB=

小物塊通過(guò)圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)：

FN-mg=m

代入數(shù)據(jù)解得：FN=6mg．

（3）若小物塊能從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)；由動(dòng)能定理得：

-mg?2R=m-m

解得：vD=

設(shè)小物塊通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)的最小速度為vD1；

mg=m

解得：vD1==vD

可知小物塊恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)．

答：1）小物塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度vB的大小為．；

（2）小物塊通過(guò)圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)，軌道對(duì)物塊的支持力FN的大小5mg；

（3）小物塊恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)D．23、略

【分析】【分析】（1）對(duì)物體和小車(chē)受力分析；由牛頓第二定律可以求得小車(chē)的加速度的大小，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求的速度；

（2）由動(dòng)能定理求的摩擦力做功；【解析】【解答】解：（1）物塊滑上車(chē)后作勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為a2；

由牛頓第二定律得μmg=ma1

μmg=Ma2

解得a1=3m/s2

a2=1m/s2

設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t滑塊滑離。

則

解得t=1s或t=4s（舍去）

1s末小車(chē)的速度為v=a2t=1m/s

（2）由動(dòng)能定理可得

故摩擦力對(duì)小車(chē)做的功是75J

答：（1）滑塊沖上小車(chē)后小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度為1m/s2；滑塊滑離小車(chē)時(shí)，車(chē)的速度為1m/s．

（2）滑塊在小車(chē)上相對(duì)滑動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，摩擦力對(duì)小車(chē)做的功是75J五、計(jì)算題(共1題，共9分)24、略

【分析】

(1)

要使小球能夠向上運(yùn)動(dòng)并回到B

點(diǎn)；有兩個(gè)臨界條件的要求：一是要使小球能夠通過(guò)圓弧APD

的最高點(diǎn)，二是通過(guò)了圓弧APD

的最高點(diǎn)后還能夠再次到達(dá)B

點(diǎn).

根據(jù)能量守恒分別求出小球恰好通過(guò)圓弧APD

的最高點(diǎn)以及恰好到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)的初動(dòng)能，比較兩種情況下的初動(dòng)能，從而得出初動(dòng)能EK0

的最小值．

(2)

根據(jù)動(dòng)能定理求出小球從B

點(diǎn)出發(fā)又回到B

點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；根據(jù)動(dòng)能定理判斷其能上升的最大高度，若不能上滑到最高點(diǎn)，由于重力的分力大于滑動(dòng)摩擦力，小球會(huì)下滑，求出小球在AB

桿上摩擦產(chǎn)生的熱量.

根據(jù)能量守恒求出第二次經(jīng)過(guò)D

點(diǎn)的動(dòng)能．

(3)

通過(guò)第二問(wèn)解答知小球能夠第二次到達(dá)D

點(diǎn)；根據(jù)能量守恒定律討論小球能否第二次通過(guò)D

點(diǎn)返回后上升到B

點(diǎn)，從而確定小球的運(yùn)動(dòng)情況，最后根據(jù)動(dòng)能定理求出小球在CD

段上運(yùn)動(dòng)的總路程．

本題過(guò)程較復(fù)雜，關(guān)鍵是理清過(guò)程，搞清運(yùn)動(dòng)規(guī)律，合適地選擇研究的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理和能量守恒定律進(jìn)行解題．【解析】解析：(1)

若要使小球能夠通過(guò)圓弧APD

的最高點(diǎn)；因?yàn)樾∏蚴谴┰跅U上，所以到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度可以為0

．

由能量守恒得：Ek0=mgR(1鈭?cos婁脠)+mgLsin婁脠+婁脤mgLcos婁脠

代入數(shù)據(jù)解得：Ek0=30J

(2)

小球第一次回到B

點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為：鈭?婁脤mgLcos婁脠鈭?婁脤mgL=EKB鈭?Ek0

得EkB=13J<30J

說(shuō)明小球不可能第二次過(guò)最高點(diǎn)，設(shè)小球沿AB

向上運(yùn)動(dòng)到距離B

點(diǎn)為s

處返回.

則有：EkB=婁脤mgscos婁脠+mgssin婁脠

代入數(shù)據(jù)解得s=1.5m

小球繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)；當(dāng)小球第二次到達(dá)D

點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為所以：

EKD=mg(r+rcos婁脠)+Ek1鈭?Q鈭?婁脤mgL=13J

(3)

小球第二次到D

點(diǎn)后還剩13J

的能量；沿DP

弧上升后再返回DC

段，到C

點(diǎn)只剩下3J

的能量.

因此小球無(wú)法繼續(xù)上升到B

點(diǎn)，滑到BQC

某處后開(kāi)始下滑，之后受摩擦力作用，小球最終停在CD

上的某點(diǎn)．

由動(dòng)能定理：EKD=婁脤mgs1

可得小球在CD

上所通過(guò)的路程為：s=3.9m

小球通過(guò)CD

段的總路程為：S脳脺=2L+s=9.9m

答：(1)

要使小球完成一周運(yùn)動(dòng)回到B

點(diǎn)；初動(dòng)能EK0

至為30J

(2)

若小球以EK0=31J

的初動(dòng)能從B

點(diǎn)出發(fā)；則小球第二次到達(dá)D

點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為13J

(3)

在第(2)

小題的情況下，小球在CD

段上運(yùn)動(dòng)的總路程為9.9m

六、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共32分)25、略

【分析】【分析】（1）把電流表G改裝成電壓表，要串聯(lián)電阻分壓，量程U=Ig（Rg+R）．

（2）電壓表的內(nèi)阻等于Rg和R串聯(lián)的總電阻．【解析】【解答】解：（1）把電流表G改裝成電壓表，要串聯(lián)電阻分壓，電路圖如圖所示：ug=IgRg=0.06V

故電阻R分擔(dān)的電壓為：UR=U-Ug=3-0.06=2.94V

由歐姆定律可求出：

（2）電壓