2025年人教五四新版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教五四新版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的圓環(huán)可在水平放置的足夠長(zhǎng)的粗糙細(xì)桿上滑動(dòng)，細(xì)桿處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，不計(jì)空氣阻力，現(xiàn)給圓環(huán)向右的初速度v0，在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的速度圖象可能是圖中的（）A.②③B.①③C.②④D.①④2、如圖所示，兩個(gè)相通的容器P、Q間裝有閥門(mén)K．P中充滿氣體，Q內(nèi)為真空，整個(gè)系統(tǒng)與外界沒(méi)有熱交換，打開(kāi)閥門(mén)K后，P中的氣體進(jìn)入Q中，最終達(dá)到平衡，則（）A.氣體體積膨脹，內(nèi)能增加B.氣體分子勢(shì)能減少，內(nèi)能增加C.氣體分子勢(shì)能增加，壓強(qiáng)可能不變D.Q中氣體不可能自發(fā)的全部退回到P中3、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場(chǎng)強(qiáng)度大小和極板所帶的電荷分別用dUE

和Q

表示.

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.保持U

不變，將d

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則E

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍B.保持E

不變，將d

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則U

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍C.保持d

不變，將Q

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則U

變?yōu)樵瓉?lái)的一半D.保持d

不變，將Q

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則E

變?yōu)樵瓉?lái)的一半4、有一條捕魚(yú)小船?？吭诤叴a頭，小船又窄又長(zhǎng)，一位同學(xué)想用一個(gè)卷尺粗略測(cè)定它的質(zhì)量，他進(jìn)行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，然后他輕輕從船尾上船，走到船頭后停下，而后輕輕下船，用卷尺測(cè)出船后退的距離d

然后用卷尺測(cè)出船長(zhǎng)L.

已知他自身的質(zhì)量為m

則漁船的質(zhì)量為(

)

A.m(L+d)d

B.m(L鈭?d)d

C.mLd

D.m(L+d)L

5、靜電噴涂機(jī)原理如圖所示．靜電噴涂機(jī)接高壓電源，工作時(shí)涂料微粒會(huì)向帶正電的被噴涂工件高速運(yùn)動(dòng)，微粒最后被吸到工件表面．關(guān)于靜電噴涂機(jī)的涂料微粒，下列表述正確的有（）A.微粒帶正電B.微粒帶負(fù)電C.微粒受安培力作用D.微粒受洛倫茲力作用6、一束電子流沿x軸正方向高速運(yùn)動(dòng)，如圖所示，則電子流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在z軸上的P點(diǎn)處的方向是（）A.沿y軸正方向B.沿y軸負(fù)方向C.沿z軸正方向D.沿z軸負(fù)方向7、如圖所示，一個(gè)矩形金屬線圈abcd

放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.

在下列各種運(yùn)動(dòng)中，整個(gè)線圈始終處于磁場(chǎng)內(nèi)，其中能使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(

)

A.沿紙面向右移動(dòng)線圈B.沿紙面向下移動(dòng)線圈C.垂直紙面向外移動(dòng)線圈D.以ad

為軸轉(zhuǎn)動(dòng)線圈評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、將一個(gè)電荷量為1.0×10-8C的正點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做的功為2.4×10-6J，則A、B間的電勢(shì)差為UAB=____V，A、B兩點(diǎn)中____點(diǎn)的電勢(shì)高．9、元電荷的電荷量為_(kāi)_____C，寫(xiě)出帶有一個(gè)元電荷電量的微粒______．10、電荷守恒定律：電荷既不能被______，也不能被______，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量______．11、某電容器的電容C=20μF，帶有Q=2.0×10-4C的電量．如果繼續(xù)給它充電，使電容器帶的電量增加1.0×10-4C的，這時(shí)該電容器的電容C=____________，兩極板間電壓將增加____________V．12、氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在勢(shì)能緣故．______．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、識(shí)圖作答題(共1題，共5分)19、花椰菜易受黑腐病菌的危害而患黑腐病。野生黑芥具有黑腐病的抗性基因。用一定劑量的紫外線處理黑芥原生質(zhì)體可使其染色體片段化，并喪失再生能力。再利用此原生質(zhì)體作為部分遺傳物質(zhì)的供體與完整的花椰菜原生質(zhì)體融合，以獲得抗黑腐病雜種植株。流程如下圖。據(jù)圖回答下列問(wèn)題：(1)過(guò)程①所需的酶是_______________________________________________________。(2)原生質(zhì)體培養(yǎng)液中需要加入適宜濃度的甘露醇以保持一定的滲透壓，其作用是______________________。原生質(zhì)體經(jīng)過(guò)________再生，進(jìn)而分裂和脫分化形成愈傷組織。(3)若分析再生植株的染色體變異類型，應(yīng)剪取再生植株和________植株的根尖，制成臨時(shí)裝片，然后在顯微鏡下觀察比較染色體的形態(tài)和數(shù)目。(4)采用特異性引物對(duì)花椰菜和黑芥基因組DNA進(jìn)行PCR擴(kuò)增，得到兩親本的差異性條帶，可用于雜種植株的鑒定。下圖是用該引物對(duì)雙親及再生植株1～4進(jìn)行PCR擴(kuò)增的結(jié)果。據(jù)圖判斷，再生植株1～4中一定是雜種植株的有____________________。(5)對(duì)雜種植株進(jìn)行________接種實(shí)驗(yàn)，可篩選出具有高抗性的雜種植株。評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共21分)20、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問(wèn)題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式分別為_(kāi)___________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫(xiě)出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)________________請(qǐng)寫(xiě)出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________21、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時(shí)生成NH3，該反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)___。

（2）含乙酸鈉和對(duì)氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時(shí)提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應(yīng)式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請(qǐng)根據(jù)以下工業(yè)生產(chǎn)流程回答有關(guān)問(wèn)題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關(guān)資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過(guò)量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學(xué)式為_(kāi)___；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號(hào)）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達(dá)到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來(lái)自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫(xiě)出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。22、A、rm{B}rm{C}rm{X}是中學(xué)化學(xué)常見(jiàn)的物質(zhì)，rm{A}rm{B}rm{C}均由短周期元素組成，轉(zhuǎn)化關(guān)系如圖。請(qǐng)針對(duì)以下三種不同情況回答：

rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見(jiàn)金屬元素，該元素在rm{C}中以陰離子形式存在，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的白色膠狀沉淀。rm{壟脵A}中含有的金屬元素為_(kāi)_______rm{(}寫(xiě)元素名稱rm{)}它在周期表中的位置為_(kāi)_________。rm{壟脷}該金屬元素的單質(zhì)與某氧化物在高溫下反應(yīng)，常用于焊接鐵軌及定向爆破，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)__________________。rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO_{3}}rm{X}為常見(jiàn)黑色金屬單質(zhì)，寫(xiě)出rm{A}與rm{B}反應(yīng)離子方程式___________。rm{(3)}若rm{A}rm{B}rm{C}三種化合物的焰色反應(yīng)均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{C}加到鹽酸中，有無(wú)色無(wú)味的氣體rm{X}產(chǎn)生。rm{壟脵A}中所含有的化學(xué)鍵是________________rm{壟脷}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{H_{2}O}按一定比例結(jié)晶而成的固體，取一定量該固體溶于水配成一定物質(zhì)的量濃度溶液rm{100mL}所用到的玻璃儀器有玻璃棒、燒杯、________、_____________。rm{壟脹}若測(cè)得上述溶液中金屬陽(yáng)離子的濃度為rm{0.5mol/L.}若取相同質(zhì)量的固體加熱至恒重，剩余固體的質(zhì)量為_(kāi)____________rm{g}評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共32分)23、在列車(chē)編組站里，一輛m1=3.6×104kg的甲貨車(chē)在平直軌道上以v1=2m/s的速度運(yùn)動(dòng)，碰上一輛m2=2.4×104kg的靜止的乙貨車(chē)，它們碰撞后結(jié)合在一起繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，求貨車(chē)碰撞后運(yùn)動(dòng)的速度以及甲貨車(chē)在碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化量．24、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

如圖所示；AB

是某一列簡(jiǎn)諧波傳播路徑上的兩個(gè)振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，其平衡位置相距1mA

比B

早振動(dòng)了時(shí)間t(t

小于4s)

從某一時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖所示，每個(gè)質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始起振的方向均沿y

軸正向，則下列說(shuō)法正確的是_________(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.

時(shí)間t=3s

B.

簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為4m

C.

簡(jiǎn)諧波的波速為13m/s

D.

當(dāng)B

點(diǎn)開(kāi)始起振時(shí)，A

點(diǎn)位于波峰E.

當(dāng)A

點(diǎn)位于波峰時(shí)，B

點(diǎn)位于平衡位置(2)

如圖所示，平行透明介質(zhì)的截面ABCD

為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的正方形，一束單色光垂直照射在AB

邊的中點(diǎn)O

結(jié)果光穿過(guò)介質(zhì)所用時(shí)間為4L3cc

為光在真空中傳播的速度，將此單色光繞O

點(diǎn)在紙面內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)90鈭?

求：壟脵

此介質(zhì)對(duì)光的折射率。壟脷CD

邊有光射出的長(zhǎng)度。25、(1)

下列說(shuō)法正確的是________A.一切自發(fā)過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行B.足球充足氣后很難壓縮，是足球內(nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果C.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過(guò)等容過(guò)程，吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D.附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤(rùn)E.一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，單位體積內(nèi)、分子數(shù)不變，雖然溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)不變(2)

如圖所示，質(zhì)量為m=6kg

的絕熱氣缸(

厚度不計(jì))

橫截面積為S=10cm2

倒扣在水平桌面上(

與桌面有縫隙)

氣缸內(nèi)有一絕熱的"T"型活塞固定在桌面上，活塞與氣缸封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞在氣缸內(nèi)可無(wú)摩擦滑動(dòng)且不漏氣.

開(kāi)始時(shí)，封閉氣體的溫度為t0=27鈭?C

壓強(qiáng)P=0.5隆脕105Pag

取10m/s2

大氣壓強(qiáng)為P0=1.0隆脕105Pa.

求：

壟脵

此時(shí)桌面對(duì)氣缸的作用力大小FN

壟脷

通過(guò)電熱絲給封閉氣體緩慢加熱到t2

使氣缸剛好對(duì)水平桌面無(wú)壓力，求t2

的值．26、淮安市某發(fā)電廠引進(jìn)秸稈焚燒發(fā)電機(jī)設(shè)備，該發(fā)電機(jī)輸出功率為40kW，輸出電壓為400V，用變壓比(原、副線圈匝數(shù)比)為n1：n2=1：5的變壓器升壓后向某小區(qū)供電，輸電線的總電阻為r=5Ω；到達(dá)該小區(qū)后再用變壓器降為220V．

(1)畫(huà)出輸電過(guò)程的電路示意圖；

(2)求輸電線上損失的電功率；

(3)求降壓變壓器的變壓比n3：n4．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B|D【分析】【解析】試題分析：若在運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力恰好等于重力即Bvq=mg，此刻沒(méi)有支持力，即也沒(méi)有摩擦力，所以物體勻速直線運(yùn)動(dòng)，1圖像有可能，所以排除AC。若速度較大，導(dǎo)致支持力向上，則摩擦力阻礙物體運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致速度變小，最終物體應(yīng)該做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以4有可能。若洛倫茲力小于重力，則摩擦力使得速度越來(lái)越小，直到停止，3也有可能，答案為BD考點(diǎn)：受力分析【解析】【答案】BD2、D【分析】解：A；氣體在真空中膨脹；對(duì)外不做功，故由熱力學(xué)第一定律可得，氣體的內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；

B；氣體由于分子間距離較大；只有體積的變化，無(wú)法確定分子勢(shì)能的變化，同時(shí)因體積增大，壓強(qiáng)應(yīng)減小，故BC錯(cuò)誤；

D；由熱力學(xué)第二定律可知；Q中的氣體不可能自發(fā)的全部退回到P中，故D正確；

故選D．

打開(kāi)閥門(mén)后；氣體膨脹對(duì)外做功，則由熱力學(xué)第一定律可得內(nèi)能的變化；由熱力學(xué)第二定律可得出氣體能否退回到P中．

本題考查熱力學(xué)第一、二定律，注意雖然體積與分子勢(shì)能有關(guān)，但卻不能說(shuō)體積增大，分子勢(shì)能就增大或減?。窘馕觥俊敬鸢浮緿3、D【分析】解：A

保持U

不變，將d

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，根據(jù)公式E=Ud

可知；E

變?yōu)樵瓉?lái)的一半.

故A錯(cuò)誤．

B；保持E

不變；將d

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，由U=Ed

可知，U

變?yōu)樵瓉?lái)的一半.

故B錯(cuò)誤．

C、保持d

不變，電容C

不變，將Q

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，由公式C=QU

分析可知；U

變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍.

故C錯(cuò)誤．

D、保持d

不變，電容C

不變，將Q

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，由公式C=QU

分析可知，U

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，由E=Ud

分析知；E

變?yōu)樵瓉?lái)的一半.

故D正確．

故選：D

保持U

不變，根據(jù)公式E=Ud

分析E

與d

的關(guān)系；保持E

不變，U

與d

正比；保持d

不變，C

不變，根據(jù)C=QU

分析Q

與U

的關(guān)系；保持d

不變，將Q

變?yōu)樵瓉?lái)的一半，由C=QU

分析U

的變化，由E=Ud

分析E

的變化．

本題關(guān)鍵要掌握E=UdC=QU

兩個(gè)公式，同時(shí)，要明確d

不變時(shí)，電容C

不變．【解析】D

4、B【分析】解：設(shè)人走動(dòng)時(shí)船的速度大小為v

人的速度大小為v隆盲

人從船尾走到船頭所用時(shí)間為t.

取船的速度為正方向．

則v=dtv隆盲=L鈭?dt

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：Mv鈭?mv隆盲=0

解得，船的質(zhì)量：M=m(L鈭?d)d

故選：B

．

人和船組成的系統(tǒng)所受合外力為0

滿足動(dòng)量守恒，由位移與時(shí)間之比表示速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析與計(jì)算．

人船模型是典型的動(dòng)量守恒模型，體會(huì)理論知識(shí)在實(shí)際生活中的應(yīng)用，關(guān)鍵要注意動(dòng)量的方向．【解析】B

5、B【分析】解：帶正電的工件由于靜電感應(yīng)電荷分布在表面；帶負(fù)電的粒子在庫(kù)倫引力的作用下運(yùn)動(dòng)，B正確．

故選B

工件上的電荷由于靜電感應(yīng)分布在表面；由于庫(kù)侖引力，負(fù)電荷向正電荷運(yùn)動(dòng)．

本題結(jié)合生活中的具體應(yīng)用，考查了靜電感應(yīng)，題目難度不大．【解析】【答案】B6、A【分析】解：A；電子流沿X軸正方向運(yùn)動(dòng)；形成的電流方向沿X軸負(fù)方向，根據(jù)安培定則可知，電子流在Z軸上的P點(diǎn)處所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向是沿Y軸正方向．故A正確．

故選：A．

電子帶負(fù)電；其運(yùn)動(dòng)方向與電流方向相反，根據(jù)安培定則判斷電子流在Z軸上的P點(diǎn)處所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向．

安培定則是判斷電流方向與磁場(chǎng)方向間關(guān)系的規(guī)則，要熟練掌握．要注意電流方向與負(fù)電荷定向運(yùn)動(dòng)方向相反．【解析】【答案】A7、D【分析】解：ABC

由于磁場(chǎng)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)；把線圈沿紙面向右拉動(dòng)，或向下拉動(dòng)，或垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)，其磁通量均不變化，均無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，故ABC錯(cuò)誤；

D；當(dāng)以ad

為軸轉(zhuǎn)動(dòng)線圈時(shí)；其磁通量發(fā)生變化，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D正確。

故選：D

產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化.

因此無(wú)論線圈如何運(yùn)動(dòng)；關(guān)鍵是看其磁通量是否變化，從而判斷出是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生．

本題考查感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，解題時(shí)要把握問(wèn)題實(shí)質(zhì)，關(guān)鍵是看閉合線圈中的磁通量是否變化，與運(yùn)動(dòng)形式無(wú)關(guān)．【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

（1）電場(chǎng)力做功時(shí)：由公式W=qU，V；

（2）電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的轉(zhuǎn)化的關(guān)系是；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能就減小；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能就增加，由此可判定AB之間的電勢(shì)關(guān)系A(chǔ)點(diǎn)高，B點(diǎn)低．

故答案為：240V；A

【解析】【答案】本題考查電場(chǎng)力做功；和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的轉(zhuǎn)化的關(guān)系，電場(chǎng)力做功有公式W=qU可以計(jì)算；和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的轉(zhuǎn)化的關(guān)系是，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能就減小；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能就增加，由此可判定AB之間的電勢(shì)關(guān)系．

9、略

【分析】解：元電荷是指最小的電荷量，e=1.6×10-19C；

任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍；其中帶有一個(gè)元電荷電量的微粒是電子或質(zhì)子．

故答案為：1.6×10-19；電子或質(zhì)子。

元電荷是指最小的電荷量；任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍．

本題就是對(duì)元電荷概念的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題．【解析】1.6×10-19；電子或質(zhì)子10、略

【分析】解：電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造；也不能被消滅，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量保持不變．

故答案為：創(chuàng)造；消滅；保持不變．

根據(jù)電荷守恒定律的內(nèi)容就可以直接作出解答．

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)電荷守恒定律的掌握的情況，比較簡(jiǎn)單．【解析】創(chuàng)造；消滅；保持不變11、略

【分析】解：由電容的定義式C=得：電量U===10V

如果再給它增加1.0×10-4C電量；該電容器的電容不變，仍為C=20μF．

由C=得△U===5V

故答案為：20μF，5．【解析】20μF;512、略

【分析】解：氣體分子之間的距離很大分子力近似為零；氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開(kāi)，是由于分子雜亂無(wú)章運(yùn)動(dòng)的結(jié)果。

故答案為：錯(cuò)誤。

分子處于永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．

本題考查了有關(guān)分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的基本知識(shí)，對(duì)于這些基本知識(shí)一定注意加強(qiáng)記憶和積累【解析】錯(cuò)誤三、判斷題(共6題，共12分)13、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．14、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?6、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．四、識(shí)圖作答題(共1題，共5分)19、略

【分析】【分析】本題結(jié)合圖解，考查植物體細(xì)胞雜交的相關(guān)知識(shí)，綜合考查了植物細(xì)胞工程、細(xì)胞分裂裝片的制作觀察、PCR圖譜的識(shí)別等相關(guān)內(nèi)容，同時(shí)也考查了考生確判斷圖中各過(guò)程的名稱及采用的方法；能分析題文和題圖，從中提取有效信息答題，屬于考綱識(shí)記和理解層次的考查?！窘獯稹?/p>

（1）要得到植物細(xì)胞的原生質(zhì)體；需要用纖維素酶和果膠酶處理細(xì)胞，使細(xì)胞壁分解。

（2）原生質(zhì)體培養(yǎng)液中加入甘露醇其作用是避免原生質(zhì)體吸水漲破，原生質(zhì)體經(jīng)過(guò)細(xì)胞壁再生，才能進(jìn)行分裂分化。（3）要看再生植株染色體變異類型需要觀察再生植株與雙親的染色體差異，觀察染色體需要經(jīng)過(guò)解離漂洗染色和制片幾個(gè)過(guò)程。（4）再生植株1、2、4同時(shí)含有花椰菜和黑芥的基因組，所以一定是雜種植株。（5）黑腐病菌的抗性基因進(jìn)入到雜種植物體內(nèi)；雜種植株能抗黑腐病，所以對(duì)雜種植株進(jìn)行病菌接種實(shí)驗(yàn)，是篩選雜種植株的方法。

【解析】（1）纖維素酶和果膠酶（2）保持原生質(zhì)體完整性細(xì)胞壁。

（3）雙親(或花椰菜和黑芥)（4）1、2、4（5）黑腐病菌五、推斷題(共3題，共21分)20、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反應(yīng)類型的判斷，同分異構(gòu)體等，題目難度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}物質(zhì)的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質(zhì)的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當(dāng)中含有rm{O}個(gè)碳原子，rm{(2.5mol)}個(gè)氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應(yīng)生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應(yīng)rm{-1-}是氯代烴的消去反應(yīng)；反應(yīng)rm{2-}是氯代烴的水解反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{-1-}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{1}反應(yīng)rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：反應(yīng)rm{)}是反應(yīng)rm{(5)}的產(chǎn)物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應(yīng)生成醇類，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據(jù)rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，其同分異構(gòu)體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{G}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{1:1}為：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}發(fā)生的是消去反應(yīng)，rm{H}為：中含雙鍵，可以發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案為：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{(}取代反應(yīng)rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}21、略

【分析】【分析】該題通過(guò)水污染的治理和化學(xué)工業(yè)生產(chǎn)流程，考查了原電池原理的應(yīng)用和元素及其化合物的性質(zhì)，判斷微生物電池的正負(fù)極和分析流程圖是本題難點(diǎn)，試題難度較大。I、（1）根據(jù)信息：CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時(shí)生成NH3來(lái)書(shū)寫(xiě)方程式；（2）根據(jù)原電池中陽(yáng)離子的移動(dòng)方向確定A為正極，發(fā)生得電子的還原反應(yīng)來(lái)書(shū)寫(xiě)；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應(yīng)，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過(guò)量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應(yīng)④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，據(jù)此解答?！窘獯稹縄、（1）CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時(shí)生成NH3得出方程式為：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原電池中氫離子的移動(dòng)方向是從負(fù)極流向正極，所以A是正極，發(fā)生得電子的還原反應(yīng)：+2e-+H+═+Cl-；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應(yīng)，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過(guò)量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應(yīng)④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，濾渣1為SiO2；（2）②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子；只有D不會(huì)引入新雜質(zhì)；

（3）步驟④中的CO2氣體來(lái)自步驟①酸浸反應(yīng)放出的氣體，可以節(jié)能減排；（4）步驟④發(fā)生的離子反應(yīng)方程式為ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-?！窘馕觥縄、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-22、（1）①鋁第三周期第ⅢA族②2Al+Fe2O32Fe+Al2O3

（2）Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O

（3）①離子鍵；極性共價(jià)鍵。

②100mL容量瓶；膠頭滴管。

③2.65【分析】【分析】本題考查了無(wú)機(jī)物推斷，同時(shí)考查學(xué)生靈活運(yùn)用知識(shí)解答問(wèn)題的能力，根據(jù)物質(zhì)的特殊現(xiàn)象再結(jié)合物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系來(lái)分析解答，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見(jiàn)金屬元素，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的沉淀，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，rm{A}含有鋁離子，rm{B}為氫氧化鋁，rm{C}含有偏鋁酸根，rm{x}為氫氧化鈉；

rm{壟脵A}中含有金屬元素是rm{Al}元素，它在周期表中的位置為第三周期第Ⅲrm{A}族；故答案為：鋁；第三周期第Ⅲrm{A}族；

rm{壟脷Al}與氧化鐵發(fā)生鋁熱反應(yīng)可用于焊接鐵軌及定向爆破，此反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Fe+Al}rm{2}；

故答案為：rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}；

rm{3}rm{3}為稀rm{2Fe+Al}rm{2}rm{2}為常見(jiàn)黑色金屬單質(zhì)，寫(xiě)出rm{O}與rm{3}反應(yīng)離子方程式：rm{3}rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO}rm{A}rm{HNO}rm{3}

故答案為：rm{3}，rm{X}為常見(jiàn)黑色金屬單質(zhì)，寫(xiě)出rm{A}與rm{B}反應(yīng)離子方程式：rm{X}rm{A}rm{B}rm{Fe+4H^{+}+NO}若rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}的焰色反應(yīng)均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{2}加到鹽酸中，有無(wú)色無(wú)味的氣體rm{2}產(chǎn)生，則rm{O}為氫氧化鈉，為碳酸鈉，rm{Fe+4H^{+}+NO}為碳酸氫鈉，rm{3}為二氧化碳。

rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}為rm{2}則rm{2}中所含有的化學(xué)鍵是離子鍵、極性共價(jià)鍵；rm{O}

故答案為：離子鍵、極性共價(jià)鍵rm{(3)}

rm{A}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{C}按一定比例結(jié)晶而成的固體rm{X}取一定量該固體溶于水配成rm{A}溶液，rm{B}rm{C}容量瓶；膠頭滴管；rm{x}

rm{壟脵}rm{A}為rm{NaOH}則rm{A}中所含有的化學(xué)鍵是容量瓶；膠頭滴管；rm{A}

rm{NaOH}測(cè)得溶溶中金屬陽(yáng)離子的濃度為rm{A}即鈉離子濃度為取相同質(zhì)量的固體加熱至恒重，剩余固體為碳酸鈉，根據(jù)鈉離子守恒可知，碳酸鈉的質(zhì)量為rm{dfrac{1}{2}隆脕0.1L隆脕0.5mol/L隆脕106g/mol=2.65g}

故答案為：rm{{,!}^{-}}。

rm{壟脷}【解析】rm{(1)壟脵}鋁第三周期第Ⅲrm{A}族rm{壟脷2Al+Fe_{2}O_{3}}rm{2Fe+Al_{2}O_{3}}

rm{(2)Fe+4H^{+}+NO_{3}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)壟脵}離子鍵；極性共價(jià)鍵。

rm{壟脷100mL}容量瓶；膠頭滴管。

rm{壟脹2.65}六、綜合題(共4題，共32分)23、略

【分析】

在碰撞現(xiàn)象中；相互作用時(shí)間很短，平均作用力很大，把相互碰撞的物體作為一個(gè)系統(tǒng)來(lái)看待，認(rèn)為碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒．兩輛貨車(chē)在碰撞前后，根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒列式求解．

本題以火車(chē)掛鉤這一實(shí)際問(wèn)題為情景，涉及碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，用動(dòng)量守恒定律解題時(shí)要注意矢量性（方向性），即表達(dá)式中的速度、動(dòng)量均為矢量，在作用前后速度都在一條直線上的條件下，選定一個(gè)正方向，將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算．【解析】解：對(duì)整個(gè)系統(tǒng)；碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，設(shè)結(jié)合在一起繼續(xù)運(yùn)動(dòng)的速度為v．取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

則m1v1=（m1+m2）v

解得，貨車(chē)碰撞后運(yùn)動(dòng)的速度m/s

甲貨車(chē)的動(dòng)量的變化量kg?m/s

答：貨車(chē)碰撞后運(yùn)動(dòng)的速度是1.2m/s，甲貨車(chē)在碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化量大小為2.88×104kg?m/s，方向向左．24、（1）ACE；

（2）

解：

①根據(jù)光在介質(zhì)中傳播的速度與折射率的關(guān)系知：

則光在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為：

聯(lián)立解得：

②由全反射定律知，臨界角為：

設(shè)有光射出的長(zhǎng)度為d，則由幾何知識(shí)得：

聯(lián)立解得：

【分析】(1)

【分析】根據(jù)AB

兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置，結(jié)合振動(dòng)圖像，求出波長(zhǎng)和波速，從而得出時(shí)間t

的豎直，并根據(jù)波傳播的特點(diǎn)進(jìn)行分析解答。本題考查了波的振動(dòng)圖像，根據(jù)AB

平衡位置的距離，以及振動(dòng)圖像進(jìn)行分析解答。【解答】由于AB

平衡位置相距1m

結(jié)合振動(dòng)圖像可知，波長(zhǎng)大于1m

即AB

間距小于一個(gè)波長(zhǎng)，波由A

傳到B

所用時(shí)間為：t=34T

那么AB

間距離為34婁脣

即：lAB=1m=34婁脣

解得波長(zhǎng)為：婁脣=43m

則波速為：v=婁脣T=434=13m/s

由于AB

平衡位置相距1m

則A

比B

早振動(dòng)的時(shí)間為：t=lABv=3s

根據(jù)波的平移法可知，當(dāng)B

點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，A

應(yīng)位于波谷位置，當(dāng)A

點(diǎn)位于波峰時(shí)，B

點(diǎn)恰位于平衡位置，故ACE正確，BD錯(cuò)誤。故選ACE。(2)

本題考查了折射定律和全反射定律，結(jié)合幾何知識(shí)進(jìn)行列式求解即可。壟脵

由光在介質(zhì)中傳播速度與折射率的關(guān)系求出速度，再由運(yùn)動(dòng)時(shí)間求出折射率；壟脷

由全反射定律求出臨界角，再由幾何知識(shí)求解即可?！窘馕觥?1)ACE

(2)

解：壟脵

根據(jù)光在介質(zhì)中傳播的速度與折射率的關(guān)系