2025年人教五四新版選修3物理上冊月考試卷含答案

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A.1：1B.1：2C.1：3D.1：43、一個質量為m、電荷量為q的帶電粒子,由靜止開始經加速電場加速后(加速電壓為U),該粒子的德布羅意波長為()A.B.C.D.4、關于熱現(xiàn)象的描述，下列說法中正確的是A.隨著低溫技術的不斷發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度B.常溫常壓下，一定質量的氣體被壓縮后，氣體分子的平均動能一定增加C.1kg0℃的水比1kg0℃的冰具有更多的分子勢能D.用油膜法測出油分子的直徑后，只要再知道油的摩爾質量，就能計算出阿伏伽德羅常數5、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻；R為滑動變阻器。開關閉合后，燈能正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是。

A.路端電壓變小B.燈泡L將變亮C.電容器C的電量將減小D.電容器C的電量將增大6、在同一勻強磁場中，α粒子（）和質子（）做勻速圓周運動，若它們的動量大小相等，則α粒子和質子A.運動半徑之比是2∶1B.運動周期之比是2∶1C.運動速度大小之比是4∶1D.受到的洛倫茲力之比是2∶17、一簡諧機械波沿x軸正方向傳播，周期為T，波長為．若在x=0處質點的振動圖象如圖所示；則該波在t=T/2時刻的波形曲線為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌MN和PQ，兩導軌間距為L，導軌電阻均可忽略不計．在M和P之間接有一阻值為R的定值電阻，導體桿ab質量為m、電阻也為R，并與導軌接觸良好．整個裝置處于方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中?，F(xiàn)給ab桿一個初速度v0，使桿向右運動，最終ab桿停在導軌上。下列說法正確的是()

A.ab桿將做勻減速運動直到靜止B.ab桿速度減為時，ab桿加速度大小C.ab桿速度減為時，通過電阻的電量D.ab桿速度減為時，ab桿走過的位移9、如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直紙面向外的圓形勻強磁場區(qū)域，其邊界過原點O、y軸上的點a（0，L）和x軸上的點b。一個不計重力的電子從a點以初速度v0平行于x軸負方向射入磁場，并從b點射出磁場，此時速度方向與x軸負方向的夾角為60°；下列說法中正確的是（）

A.電子在磁場中運動的時間為B.電子在磁場中運動的時間為C.磁場區(qū)域的圓心坐標為（－）D.電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為（0，－L）10、如圖所示，在虛線所示寬度為d的范圍內，存在豎直向下電場強度為E的勻強磁場，某種正離子（質量為m，電荷量為q）以初速度為垂直于左邊界射入，離開右邊界時偏轉角度為．在同樣寬度范圍內，若只存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，使該離子以原來的初速度穿過該區(qū)域，偏轉角度仍為．不計離子的重力；則以下說法正確的是。

A.離開電場時的速度大小為B.離開磁場時的速度大小為C.電場強度的大小為D.勻強磁場的磁感應強度大小為11、如圖；用毛皮摩擦過的帶電橡膠棒（帶負電），從右向左縵縵靠近放在光滑水平桌面上的空易拉罐。則下列針對易拉罐的有關分析正確的有（）

A.易拉罐內部空腔各處的電場強度處處為零B.帶電橡膠棒在易拉罐內部空腔各處產生的電場強度處處為零C.易拉罐右側感應出正電，左側感應負電，易拉罐將向右運動D.易拉罐左、右兩側感應出等量異種電荷，易拉罐將保持不動12、如圖所示，兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計。在軌道頂端連有一阻值為Ｒ的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B．現(xiàn)有一根長度稍大于Ｌ、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始，在拉力作用下以速度向右沿軌道做勻速圓周運動至ab處；則該過程中（）

A.A；通過R的電流大小恒定。

B.通過R的電流方向為由外向內B.R上產生的熱量為C.流過R的電量為13、圖甲所示的變壓器原、副線圈匝數比為3：1，圖乙是該變壓器cd輸入端交變電壓的圖像，L1、L2、L3、L4為四只規(guī)格均為“9V，6W”的相同燈泡，各電表均為理想交流電表．以下說法正確的是（）

A.b輸入端電壓的瞬時值表達式為Ub＝27sin100t（V）B.電流表的示數為2A，L1能正常發(fā)光C.ab輸入端輸入功率Pab＝18WD.斷開K，L2中的電流將變大14、如圖所示，在一條直線上兩個振源A、B相距6m，振動頻率相等，從t0時刻A、B開始振動，且都只振動一個周期，振幅相等，振動圖像A為甲，B為乙。若A向右傳播的波與B向左傳播的波在t1＝0.3s時相遇；則()

A.兩列波在A、B間的傳播速度均為10m/sB.兩列波的波長都是4mC.在兩列波相遇過程中，中點C為振動加強點D.t2＝0.7s時刻B點經過平衡位置且振動方向向下15、如圖所示的電路，是定值電阻，是滑動變阻器，電源內阻不可忽略．閉合開關，在電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動的過程中()

A.電壓表示數變小B.電容器充電C.電源的總功率變大D.通過滑動變阻器的電流變小16、靜止在勻強磁場中的核發(fā)生α衰變，產生一個未知粒子x，它們在磁場中的運動徑跡如圖所示．下列說法正確的是（）

A.該核反應方程為B.粒子和粒子x在磁場中做圓周運動時轉動方向相同C.軌跡1、2分別是粒子、x粒子的運動徑跡D.粒子、x粒子運動徑跡半徑之比為45：1評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，將半徑R的自行車輪架空，原地轉動起來后測試制動。當制動片以大小N的力壓在車輪上，車輪轉過圓心角θ后停止。這一過程機械能轉為_________能。若知道制動片和車制動片輪之間動摩擦因數可估算車輪在剎車前的動能是_________。

18、某同學利用DIS實驗系統(tǒng)研究一定質量的理想氣體的狀態(tài)變化，實驗后計算機屏幕顯示如圖所示的的P-t圖像。由A→B的過程中氣體體積________（選填“變大”、“變小”、“保持不變”）；若在狀態(tài)B時氣體的體積為VB=3L，氣體在狀態(tài)C的體積為_________L。

19、有一正弦交流電，它的電壓隨時間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為________V；有效值為________V；交流電的；頻率為________Hz.

20、機械波產生和傳播的條件是：①存在一個做振動的波源，②在波源周圍存在____；機械波傳播的是_________和___________。21、為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，P是平衡位置在x=0.5m處的質點，Q是平衡位置在x=2.0m處的質點；圖（b）為質點Q的振動圖象．下列說法正確的是()

A．這列簡諧波沿x軸正方向傳播。

B．這列簡諧波沿x軸負方向傳播。

C．波的傳播速度為20m/s

D．從t=0到t=0.25s；波傳播的距離為50cm

E．在t=0.10s時，質點Q的加速度方向與y軸正方向相同22、一個質量m=1.0kg的物體，放在水平桌面上，物體與桌面間的動摩擦因數為=0.2，當物體受到一個F=10N水平推力的作用時，在10s內推力的沖量大小為______N·s．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)26、①小明同學用螺旋測微器測定某一金屬絲的直徑，測得的結果如下左圖所示，則該金屬絲的直徑d=_____mm．然后他又用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測該金屬絲的長度L=_____cm．

②然后小明又用多用電表粗略測量某金屬電阻絲的電阻Rx約為5.0Ω；為了盡可能精確地測定該金屬絲的電阻，且測量時要求通過金屬絲的電流在0～0.5A之間變化.根據下列提供的實驗器材，解答如下問題：

A、量程0.1A，內阻r1=1Ω的電流表A1

B、量程0.6A，內阻約為0.5Ω的電流表A2

C、滑動變阻器R1全電阻1.0Ω；允許通過最大電流10A

D、滑動變阻器R2全電阻100Ω；允許通過最大電流0.1A

E、阻值為29Ω的定值電阻R3

F、阻值為599Ω的定值電阻R4

G、電動勢為6V的蓄電池E

H、電鍵S一個；導線若干。

（a）根據上述器材和實驗要求完成此實驗，請在虛線框內畫出測量該金屬絲電阻Rx的實驗原理圖（圖中元件用題干中相應的元件符號標注）．

()

（b）實驗中測得電表A1示數為I1，A2表示數為I2，其它所選的物理量題目中已給定，請寫出電阻絲的電阻表達式Rx=_____.27、某實驗小組利用實驗室提供的器材探究一種金屬絲的電阻率．所用的器材包括：輸出為3V的直流穩(wěn)壓電源；電流表、待測金屬絲、螺旋測微器（千分尺）、米尺、電阻箱、開關和導線等．

（1）他們截取了一段金屬絲，拉直后固定在絕緣的米尺上，并在金屬絲上夾上一個小金屬夾，金屬夾，金屬夾可在金屬絲上移動．請根據現(xiàn)有器材，設計實驗電路，并連接電路實物圖___________

（2）實驗的主要步驟如下：

①正確連接電路；設定電阻箱的阻值，開啟電源，合上開關；

②讀出電流表的示數；記錄金屬夾的位置；

③斷開開關，_________________；合上開關，重復②的操作．

（3）該小組測得電流與金屬絲接入長度關系的數據，并據此繪出了如圖的關系圖線，其斜率為________A-1·m-1(保留三位有效數字)；圖線縱軸截距與電源電動勢的乘積代表了______的電阻之和．

（4）他們使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖所示．金屬絲的直徑是______．圖中圖線的斜率、電源電動勢和金屬絲橫截面積的乘積代表的物理量是________,其數值和單位為___________（保留三位有效數字）．評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)28、如圖所示；一電荷量為q的帶電粒子，以速度v垂直射入磁感應強度為B；寬度為d的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角θ=60°，不計粒子重力，求：帶電粒子質量m多大？

29、趣味運動“充氣碰碰球”如圖所示。用完全封閉的PVC薄膜充氣膨脹成型，人鉆入洞中，進行碰撞游戲。充氣之后碰碰球內氣體體積為0.8m3，壓強為1.5×105Pa。碰撞時氣體最大壓縮量是0.08m3；不考慮壓縮時氣體的溫度變化。

（1）求壓縮量最大時；球內氣體的壓強；（結果保留3位有效數字）

（2）為保障游戲安全，球內氣體壓強不能超過1.75×105Pa，那么，在早晨17℃環(huán)境下充完氣的碰碰球，球內氣體壓強為1.5×105Pa；若升溫引起的球內容積變化可忽略，請通過計算判斷是否可以安全地在中午37℃的環(huán)境下進行碰撞游戲。

30、如圖所示；足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接R=1Ω的電阻．導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B=1T．導體棒MN放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接觸良好．導軌和導體棒的電阻均可忽略不計．在平行于導軌的拉力F作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v=5m/s求：

（1）在0.1s時間內；拉力的沖量IF的大小；

（2）若將MN換為電阻r=1Ω的導體棒；其它條件不變，求導體棒兩端的電壓U．

（3）若將MN換為電阻r=1Ω的導體棒，棒的質量為m=0.1kg,給導體棒一個初速度，v=5m/s，不加外力，求解導體棒MN能運動的最大距離？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

雙縫干涉的條紋間距△x=λ，其中L是指屏和雙縫之間的距離，d兩縫之間距離，λ是指入射光的波長，則△x與單縫到雙縫間的距離無關，故A錯誤．如果增大雙縫之間的距離，使d增大，故△x變小，故B錯誤．如果增大雙縫到光屏之間的距離，L增大，△x將增大，故C正確．△x與縫本身的寬度也無關；故D錯誤．故選C．

【點睛】

此題關鍵理解雙縫干涉的條紋間距表達式△x=λ的物理意義，其中L是指屏和雙縫之間的距離，d兩縫之間距離，λ是指入射光的波長．2、D【分析】【分析】

【詳解】

甲、乙組成的系統(tǒng)動量守恒，當兩球相距最近時具有共同速度v，由動量守恒m甲v0=（m甲+m乙）

解得m乙=4m甲

故選D。3、C【分析】【詳解】

加速后的速度為v，根據動能定理可得，所以，由德布羅意波公式可得，C正確．4、C【分析】【詳解】

A.絕對零度只能無限接近；不能達到，故A錯誤；

B.常溫常壓下；一定質量的氣體被壓縮后，外界對氣體做功，若同時氣體對外放熱，此時內。

能可能增大；不變或減小；所以溫度可能升高、不變或降低，所以平均動能不一定增加；

故B錯誤；

C.1kg0℃冰變?yōu)?kg0℃需吸熱；內能增大，而溫度相同則平均動能不變，內能與平均動能。

作差可知水的分子勢能增大；故C正確；

D.用油膜法測出油分子的直徑后；只要再知道油滴的摩爾體積，就能計算出阿伏加德羅常數；

知道摩爾質量不能求出阿伏伽德羅常數；故D錯誤。5、D【分析】當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，電路中電流減小，路端電壓增大，故A錯誤．電路中電流減小，燈L變暗，故B錯誤．電容器的電壓等于路端電壓，可見其電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大．故C錯誤，D正確．故選D.6、B【分析】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的向心力由洛倫茲力提供，根據洛倫茲力大小計算公式和向心力公式有：qvB＝解得其運動半徑為：r＝由題意可知，mαvα＝mHvH，所以有：＝＝＝＝＝＝故選項A、C、D錯誤；根據勻速圓周運動參量間關系有：T＝解得：T＝所以有：＝＝故選項B正確。

【考點定位】帶電粒子在勻強磁場中的運動。

【方法技巧】qvB＝和T＝是求解帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動問題的法寶。7、A【分析】【分析】

由x=0點處質點的振動圖象可知該質點的運動情況，得出時刻的運動性質即可得出符合題意的選項．

【詳解】

從振動圖上可以看出x=0處的質點在t=時刻處于平衡位置；且正在向下振動，波沿x軸正向傳播，根據走坡法，四個選項中只有A圖符合要求，故A項正確．

【點睛】

本題要求學生能正確的分析振動圖象和波動圖象；難點在于能否由波動圖象中得出物體的運動方向．二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．ab棒水平方向上受與運動方向相反的安培力，安培力大小

加速度大小

由于速度減小，所以ab棒做加速度減小的變減速運動直到靜止。故A項錯誤．

B．ab桿速度減為時，安培力

加速度大小

故B項正確；

C．對ab棒由動量定理得

即

解得

電阻與ab棒中電流時刻相同，所以通過電阻的電量為故C項錯誤；

D．感應電量

解得

故D項正確。

故選BD。9、B:D【分析】【詳解】

AB．電子的軌跡半徑為R，由幾何關系得Rsin30°=R-L

得R=2L

電子在磁場中運動時間

而

得

故A錯誤；B正確；

C．設磁場區(qū)域的圓心坐標為（-x，y），其中

所以磁場圓心坐標為（）

故C錯誤；

D．根據幾何關系可得R-L=Rcos60°

解得R=2L

所以電子的圓周運動的圓心坐標為（0，-L）；故D正確。

故選BD。

【點睛】

本題考查帶電粒子在磁場中的運動，由題意確定粒子在磁場中運動軌跡是解題的關鍵之處，從而求出圓磁場的圓心位置，再運用幾何關系來確定電子的運動軌跡的圓心坐標。10、C:D【分析】【詳解】

試題分析：粒子在電場中做類平拋運動；在磁場中做勻速圓周運動，由類平拋運動規(guī)律；牛頓第二定律可以求出磁感應強度大?。?/p>

粒子在電場中運動時，在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做勻加速直線運動，根據速度的分解可得離開電場時的速度大小為A錯誤；由于受到的洛倫茲力和速度方向垂直，所以不改變粒子運動速度大小，故離開磁場時速度仍為B錯誤；離子在電場中做類平拋運動，豎直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正確；當改用勻強磁場時，離子做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：④，由幾何知識可知，軌道半徑⑤，由④⑤解得：D正確；11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．易拉罐在帶電橡膠棒的電場中；出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，最終處于靜電平衡狀態(tài)，易拉罐內部空腔各處的電場強度處處為零，故A正確；

B．易拉罐處于靜電平衡狀態(tài)；內部空腔各處的電場強度處處為零，是由于帶電橡膠棒在易拉罐內部空腔各處產生的電場與感應電荷產生的電場疊加的結果，帶電橡膠棒在易拉罐內部空腔各處產生的電場強度不是處處為零，故B錯誤；

CD．帶電橡膠棒從右向左縵縵靠近放在光滑水平桌面上的空易拉罐的過程中；發(fā)生靜電感應現(xiàn)象，靠近橡膠棒的一側感應出正電荷，左側感應出負電荷；由于異種電荷相互吸引，同種電荷相互排斥，又由于靠近橡膠棒的一側感應出的正電荷與橡膠棒的電性相反，結合庫侖定律可知易拉罐受到的吸引力大于排斥力，易拉罐將向右運動，故C正確，D錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【分析】

由E=BLv、I=E/R求解通過R的電流和安培力的大??；根據右手定則即可判斷出電流的方向；若棒從cd開始以速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動，其水平方向的分運動是簡諧運動，棒中將產生正弦式電流．將棒的瞬時速度v0分解，水平方向的分速度對產生感應電動勢有貢獻，求出電流的有效值，即可救出棒中產生的熱量；棒下滑的過程中，其重力勢能轉化為棒的動能和電路中內能，根據能量守恒定律求解金屬棒產生的熱量．由法拉第電磁感應定律、歐姆定律和電量公式q=△t求通過R的電荷量q．

【詳解】

設棒垂直于磁場方向的分速度為v，則：v=v0cosθ，θ為速度v0與水平方向之間的夾角，產生的感應電動勢為E，感應電流為I，則有：E=BLv=BLv0cosθ，隨θ角的增大，電動勢逐漸減小，感應電流逐漸減小。故A錯誤；cd棒向右運動，由右手定則可知，感應電流的方向c→d，所以通過R的電流方向為f→e，由外向里．故B正確；由A的分析可知，該過程中產生的電流為余弦式電流，所以該過程中的有效值為：E有效＝?BLv0；設產生的焦耳熱為Q，由能量守恒定律有：．故C正確；設產生的平均感應電動勢為平均感應電流為通過R的電荷量為q，則有：q＝?△t；解得：．故D錯誤。故選BC。

【點睛】

解決本題的關鍵是判斷出回路中產生的是正弦式交變電流，相當于線圈在磁場中轉動時單邊切割磁感線，要用有效值求解熱量，用平均值求解電量．13、B:D【分析】【詳解】

由輸入端交變電壓u的圖象，可知其最大值為27V，有效值是27V，副線圈電壓為：U′＝×U1＝×27＝9V，所以副線圈三只燈泡均能正常發(fā)光．燈泡的額定電流：I0＝電流表的讀數為I2=3×A=2A，原線圈電流為I1＝×I2＝×2＝A，所以原線圈的燈泡也能正常發(fā)光，ab輸入端電壓為Uab=U+U2=9+27=36V；輸入端電壓的瞬時值表達式為uab=36sin100πt（V）A錯誤，B正確．四個燈泡都正常發(fā)光，所以ab輸入端輸入功率Pab=4×6=24W．故C錯誤；若將K斷開，則副線圈上的輸出電流將減小，所以原線圈的輸入電流也減小，則流過燈泡L1的電流減小，L1上消耗的電壓減小，所以原線圈上的電壓增大，則次級電壓變大，即L2中的電流將變大；故D正確；故選BD.

點睛：理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．同時運用閉合電路毆姆定律來分析隨著電阻變化時電流、電壓如何變化．分析的思路先干路后支路，以不變應萬變．最后值得注意的是變壓器的原線圈與燈泡串聯(lián)后接入交流中，所以圖象的有效值不是原線圈的有效值．14、A:D【分析】【詳解】

A．設AB間距離為s，兩列波的速度為v，則由題可知s=2vt1

得v==10m/s

故A正確；

B．由振動圖像讀出周期T=0.2s，則波長為λ=vT=2m

故B錯誤；

C．由振動圖像知道A起振方向向上，B起振方向向下，在兩列波相遇過程中，中點C是兩列波的波峰和波谷相遇的點；振動減弱，故C錯誤；

D．t2=0.7s時刻只有A引起的波傳到B點，由乙圖讀出此刻B經過平衡位置且振動方向向下；故D正確。

故選AD。

點評：本題是兩列相遇問題，與宏觀物體相遇類似，抓住相遇的條件：位移大小之和等于原來相距的距離來分析求解。15、A:C【分析】【分析】

變阻器滑片移動時；分析總電阻的變化，判斷總電流和路端電壓的變化。根據電路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓變化情況，即可判斷電容器的狀態(tài).

【詳解】

A、當滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動時，R4變小，電路的總電阻變小，總電流I變大；內電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表示數變??；故A正確.

B、電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R2），I變大，故電容器兩端電壓U變?。粠щ娏孔冃?，電容器放電，故B錯誤；

C、電源的總功率P=EI，I變大，則P變大；故C正確.

D、根據串聯(lián)電路分壓規(guī)律知，變阻器兩端的電壓增小，通過R1的電流變??；而總電流變大，所以通過滑動變阻器的電流變大；故D錯誤.

故選AC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關鍵是理清電路，根據路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化.16、A:B:D【分析】【詳解】

A、根據電荷數守恒、質量數守恒可知，x的質量數為238﹣4＝234，電荷數為92﹣2＝90，則該核反應方程為故A正確．

BCD、核反應前U核靜止，動量為零，根據動量守恒定律得，反應后系統(tǒng)總動量為零，則α粒子和x核的動量大小相等，方向相反，則r知軌道半徑比等于兩粒子的電量之反比，為45：1，則2為α粒子的運動徑跡，因為兩粒子電性相同，速度方向相反，轉動方向相同，故C錯誤，BD正確．三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

[1]當制動片制動時；車輪要克服摩擦力做功，把機械能轉化為內能。

[2]車輪轉過的路程

由動能定理得

聯(lián)立解得【解析】①.內能②.18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知；AB的反向延長線過（-273，0）可判斷由A→B過程為等容變化，所以體積保持不變。

[2]由圖像可知；B→C過程為等溫變化。

PB=1.0atm，VB=3L，PC=1.5atm根據玻意耳定律得。

PBVB=PCVC解得。

VC=2L【解析】保持不變219、略

【分析】【詳解】

由圖像可知電壓的峰值為10V；有效值為交流電的周期為T=0.4s，頻率為【解析】10V；7.07V2.5Hz20、略

【分析】機械波產生和傳播的條件是：①存在一個做振動的波源，②在波源周圍存在介質；機械波傳播的是運動形式和能量（或信息）?！窘馕觥拷橘|運動形式能量（或信息）21、略

【分析】【詳解】

由b圖知，在時刻Q質點向上振動，根據“上下坡法”，知波沿x軸正方向傳播，故A正確，B錯誤；由波動圖象知，波長為由振動圖象知，振動的周期為波傳播的周期與質點的振動周期相等，則波速為故C正確；從到波傳播的距離為故D錯誤；在時，即經過半個周期，質點P在平衡位置下方，加速度的方向沿y軸正方向，故E正確．【解析】ACE;22、略

【分析】根據I=Ft得；10s內推力的沖量I=10×10N?s=100N?s

點睛：本題考查了沖量公式的基本運用，知道推力F的沖量與其它力的大小無關，不要受題目中摩擦力等因素的影響．【解析】100四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共6分)26、略

【分析】【分析】

由于沒有電壓表；可以根據題進行改裝，根據通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；為準確測量電阻阻值，應測多組實驗數據，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據待測電阻與電表內阻間的關系確定電流表的接法，作出實驗電路圖．

【詳解】

（1）螺旋測微器的讀數為游標卡尺讀數為

（2）因為要求電流在0~0.5A范圍內變化，所以電流表選擇由于沒有電壓表，所以需要用電流表改裝，電源電動勢為6V，通過阻值為59Ω的定值電阻和表頭串聯(lián)改裝電壓表；滑動變阻器選擇允許通過最大電流為10A的原理圖如圖所示。

②根據歐姆定律和串并聯(lián)電路特點得電阻的電壓為電阻絲的電阻表達式【解析】d=3.206(3.205~3.207)5.01527、略

【分析】【詳解】

第一空：依據實驗器材和實驗目的測量金屬絲的電阻率；電路圖如圖所示；電路實物圖如圖所示：

第二空：該題要求要多次測量；所以每次都要讀出接入電路中的金屬絲的長度，同時移動金屬夾