2025年滬教版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，兩方向相反、磁感應強度大小均為B的勻強磁場被邊長為L的等邊三角形ABC理想分開，三角形內磁場垂直紙面向里，三角形頂點A處有一質子源，能沿∠BAC的角平分線發(fā)射速度不同的質子(質子重力不計)，所有質子均能通過C點，質子比荷則質子的速度可能為（）

A.3BkLB.C.D.2、如圖所示的電路中，當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時()

A.電壓表的讀數減小B.R1消耗的功率增大C.電源的輸出功率增大D.電容器C所帶電荷量增多3、如圖，電路中定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r．將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3示數變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表A數變化量的絕對值為ΔI，則（）

A.A的示數減小B.ΔU1小于ΔU2C.ΔU3與ΔI的比值大于R+rD.電源的輸出功率一定增大4、下列說法正確的是（）A.運動員入水過程激起的水花中，很多水滴呈現球形是因為水的表面張力的作用B.浸潤液體在毛細管中下降，不浸潤液體在毛細管中上升C.晶體一定表現出各向異性，非晶體一定表現出各向同性D.在軌道上運行的空間站中的密閉容器內的氣體壓強為零5、如圖所示，在xOy坐標系內，三根相互平行的通電直導線P、Q、R分別位于正三角形的三個頂點，都通有方向垂直xOy坐標平面向里、大小相等的電流，則導線R受到的安培力的方向是。

A.沿y正方向B.沿y負方向C.沿x正方向D.沿x負方向6、在勻強磁場中放置一個矩形截面的載流導體，當磁場方向與電流方向垂直時，導體在與磁場、電流方向都垂直的方向上出現電勢差，這個現象稱為霍爾效應。如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，上、下表面a、b是工作面，磁感應強度B垂直于工作面豎直向下，前、后表面c、d接入圖示方向的電流I，左、右表面e、f之間就會形成電勢差U，該電勢差可以反映磁感應強度B的強弱；則下列說法正確的是（）

A.若元件是正離子導電，則e面電勢高于f面電勢B.若元件是自由電子導電，則e面電勢高于f面電勢C.在測量沿豎直方向的地球北極上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直D.在測量沿水平方向的地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平7、兩個容器A、B，用截面均勻的水平細玻璃管相連，如圖所示，A、B所裝氣體的溫度分別為和水銀柱在管中央平衡，如果兩邊溫度都升高那么水銀柱將（）

A.向右移動B.向左移動C.不動D.條件不足，不能確定8、如圖所示為某一單擺的振動圖像；下列說法正確的是。

A.單擺的振幅為2cmB.單擺的周期為2sC.t=1s時擺球所受的回復力最大D.t=2s時擺球的速度為0評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、一定質量理想氣體從初始狀態(tài)A經狀態(tài)B、C、D再回到狀態(tài)A，其體積V與溫度T的關系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體內能增大B.從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放熱C.從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程中，氣體壓強增大D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中，外界對氣體做正功10、下列關于固體、液體和物態(tài)變化的敘述正確的是（）A.生活中常見的石英、瀝青、蔗糖、食鹽、玻璃都是晶體B.單晶體的某些物理性質表現為各向異性，多晶體和非晶體的一些物理性質都表現為各向同性C.一定質量的某種金屬固體變成同溫度的金屬液體時，內能一定會增加E.我們燒水做飯時看到的冒出的“白氣”不是水蒸氣，這一現象與冬天我們的眼鏡片容易變模糊一樣，都是水蒸氣的液化現象E.我們燒水做飯時看到的冒出的“白氣”不是水蒸氣，這一現象與冬天我們的眼鏡片容易變模糊一樣，都是水蒸氣的液化現象11、下列說法正確的是____A.一定質量的0℃冰熔化成0℃水，其分子勢能減少B.用NA表示阿伏加德羅常數，M表示銅的摩爾質量，表示實心銅塊的密度，那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為C.脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰櫍员阄∷幰篍.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內能不變，對外做功，吸收熱量E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內能不變，對外做功，吸收熱量12、下列說法正確的是（）A.氣體壓強是因為大量氣體分子對器壁持續(xù)的碰撞引起的B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.固體、液體和氣體都會有擴散現象發(fā)生E.物體的動能增大，其內部每個分子的動能不一定增大E.物體的動能增大，其內部每個分子的動能不一定增大13、如圖，在磁感應強度大小為B的勻強磁場中，有一面積為S的矩形單匝閉合導線abcd,ab邊與磁場方向垂直，線框的電阻為R．使線框以恒定角速度ω繞過ad、bc中點的軸旋轉．下列說法正確的是()

A.線框abcd中感應電動勢的最大值是BSωB.線框abcd中感應電動勢的有效值是BSωC.線框平面與磁場方向平行時，流經線框的電流最大D.線框平面與磁場方向垂直時，流經線框的電流最大14、目前，在居室裝修中經常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素，下列有關放射性知識的說法中正確的是（）A.氡的半衰期為3.8天，若有4kg氡原子核，經過7.6天后就只剩下1kg氡原子核B.氡的半衰期為3.8天，若有4個氡原子核，經過7.6天后就只剩下1個氡原子核C.放射性元素發(fā)生β衰變時釋放的電子是原子核外電子電離產生產生的高速電子D.放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性15、在研究某金屬的光電效應現象時，發(fā)現當入射光的頻率為ν以時，其遏止電壓為U.已知普朗克常數為h，電子電量大小為e，下列說法正確的是A.該金屬的截止頻率為B.該金屬的逸出功為C.增大入射光的頻率，該金屬的截止頻率增大D.增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、光滑絕緣桿與水平面保持θ角，磁感應強度為B的勻強磁場充滿整個空間，一個帶正電q，質量為m，可以自由滑動的小環(huán)套在桿上，如圖所示，小環(huán)下滑過程中對桿的壓力為零時，小環(huán)的速度為________．17、如圖所示電路，電源內阻不可忽略。在滑動變阻器觸頭由a滑向b的過程中，電流表示數________，小燈泡L亮度___________，電源內電壓________，電源內電阻消耗功率__________。（選填“減小”；“增加”或“不變”）

18、已知地球大氣層的厚度h遠小于地球半徑R，空氣平均摩爾質量為M，阿伏加德羅常數為NA，地面大氣壓強為P0，重力加速度大小為g.由此可以估算出，地球大氣層空氣分子總數為________，空氣分子之間的平均距離為________．19、閱讀短文并回答下列問題:光的全反射。

一束激光從某種玻璃中射向空氣(如圖7所示)；保持入射點不動，改變入射角(每次增加0.2°)，當入射角增大到引41.8°時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現象叫做光的全反射，發(fā)生這種現象時的入射角叫做這種物質的臨界角。當入射角大于臨界角時，只發(fā)生反射，不發(fā)生折射。

(1)上述玻璃的臨界角是_____.

(2)折射光線消失后反射光線的亮度會增強；其原因是折射光消失后，入射光幾乎全部變?yōu)開_____.

(3)當光從空氣射向玻璃；__________(選填“會”或“不會”)發(fā)生光的全反射現象。

(4)一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面射入(如圖8所示)，請在圖中完成這束入射光的光路圖_______。20、如圖所示，甲木塊的質量為m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質量為m2=3kg的乙木塊，乙上連有一輕質彈簧．則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J，乙木塊受到的沖量I=___________

21、已知質子的質量為m1，中子的質量為m2，碳核（）的質量為m3，則碳核（）的比結合能為_____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現外來的宇宙射線與大氣作用產生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應產生碳-14，請寫出核反應方程__________．22、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學將質量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運動時壓力傳感器的示數．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實驗數據后；根據數據做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質量M=____kg（保留小數點后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數點后兩位）

（3）不同質量的小鋼珠在斜面上運動的時間______________（填“相同”或“不相同”）

23、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細線長度為L，一端拴一個質量為m電荷量為q的帶負電小球，另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成θ=60°的位置B時速度為零。則電場強度E=_____________，小球運動過程中的最大速率為____________。

____評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)27、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中，由單擺的周期公式得到T2=l．只需測量出多組單擺的擺長l和運動周期T，作出T2-l圖象，就可求出當地的重力加速度．某同學在實驗中，用一個直徑為d的實心鋼球作為擺球，多次改變懸點到擺球頂部的距離l0，分別測出擺球做簡諧運動的周期T后，作出的T2-l圖象如圖．

①造成圖象不過坐標原點的原因可能是______

A．將l0記為擺長l

B．將（l0+d）計為擺長l

C．將鋼球的（N-1）全振動記為N次。

D．將鋼球的（N+1）全振動記為N次。

②由圖象求出重力加速度g=______m/s2（取π2=9.87，結果保留三位有效數字）．28、現要測電阻R0阻值和干電池組的電動勢E及內阻r．給定的器材有：兩個理想電壓表V（量程均為3V）；理想電流表A（量程為0.6A），滑動變阻器R，待測的電阻R0，兩節(jié)串聯(lián)的電池，電鍵S及導線若干．

某同學設計一個如圖（a）所示的電路同時測電阻R0阻值和電池組的電動勢及內阻，調節(jié)變阻器，兩電壓表和電流表分別測得多組U1、U2、I的讀數，并作出U1–I圖（圖線1）和U2–I圖（圖線2），見圖（b）．

（1）由圖可得出電阻R0阻值為_______Ω，電池組E的電動勢為_____V，內阻為______Ω（均保留兩位有效數字）．實驗中的電壓表和電流表不是理想的，電動勢的測量值_____（填“偏大”；“偏小”）．

（2）若上述電路中少了一個電壓表；仍可用一個電路同時測電阻R0阻值和干電池組的電動勢E及內阻，其電路圖如下，請完成下列實驗步驟：

①按電路圖連接好電路；

②閉合開關S，移動滑片P使滑動變阻器________；讀取兩電表讀數為U1，I1；

③移動滑片P使滑動變阻器不短路；讀取兩電表讀數為U2，I2；

④整理器材；數據處理．

⑤根據以上數據得出電阻R0＝_______，電源電動勢E＝_____，r＝__________．評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)29、A；B是一列簡諧橫波傳播路徑上的兩個質點；A、B兩質點的振動圖像分別如圖甲、乙所示，該波的傳播方向由A到B，兩質點平衡位置的距離為0.9m，t=0時刻，A、B兩點之間有四個質點處于平衡位置，求：

①這列波的傳播速度多大?

②從t=0時刻開始到t=4s時，A質點運動的路程及t=4s時A、B平衡位置中點處質點C振動的方向．30、如圖所示，在一半徑為R，半圓形區(qū)域內（O為圓心，PQ邊為直徑）有垂直紙面向外的勻強磁場（圖中沒畫出），PQ上方是電場強度為E的勻強電場．現有一質量為m，電量為q的帶正電粒子從靜止開始勻強電場中的A點釋放，從O點垂直于AB進入磁場，已知OA的距離也為R；不計重力與空氣阻力的影響．

（1）求粒子經電場加速射入磁場時的速度；

（2）若要進入磁場的粒子不從圓弧邊界離開磁場，求磁感應強度B的最小值；

（3）若磁感應強度B′求帶電粒子從靜止開始運動到達圓弧邊界的時間．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

質子帶正電；且經過C點，其可能的軌跡如圖所示：

所有圓弧所對圓心角均為60°，所以質子運行半徑（n=1，2，3，）

質子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvB=m

解得（n=1，2，3，）

C正確．

故選C。2、D【分析】【詳解】

根據題圖可知，R1、R2串聯(lián)后接在電源兩端，電容器C并聯(lián)在R2兩端，電壓表V測路端電壓．當滑動觸頭P向下滑動時，R2連入電路的電阻變大，則總電阻變大，由知電流I減小，由知路端電壓增大，則電壓表示數變大，電源的輸出功率無法判斷．由知，R1消耗的功率變?。芍娙萜鲀啥穗妷鹤兇?；則電容器所帶電荷量增多.

A.綜上分析可知電壓表示數變大；故A項不合題意.

B.綜上分析可知R1消耗的功率變??；故B項不合題意.

C.綜上分析可知電源的輸出功率無法判斷；故C項不合題意.

D.綜上分析可知電容器C所帶電荷量增多；故D項符合題意.3、D【分析】【詳解】

A項：理想電壓表內阻窮大，相當于斷路，理想電流表內阻為零，相當短路，所電路的結構為：R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1，V2，V3分別測R；路端電壓和變阻器兩端電壓；當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，所以A的示數增大，故A錯誤；

B項：根據閉合電路歐姆定律得：則得：據題有則所以故B錯誤；

C項：根據閉合電路歐姆定律得：則得：故C錯誤；

D項：當內外電阻相等時；電源的輸出功率最大，所以當滑動變阻器滑片向下滑時，外電阻越來越接近內阻，所以電源的輸出功率一定增大，故D正確．

故選D．4、A【分析】【詳解】

A．運動員落水激起的水花中；較小的水滴呈現接近球形是因為表面張力的作用，故A正確；

B．浸潤液體在毛細管里上升；不浸潤液體在毛細管里下降，故B錯誤；

C．單晶體表現為各向異性；多晶體和非晶體表現為各向同性，故C錯誤；

D．在軌道上運行的空間站中的密閉容器內的氣體處于失重狀態(tài)；但分子熱運動不會停止，所以分子仍然不斷撞擊容器壁產生壓力，故壓強不為零．故D錯誤。

故選A。5、B【分析】【分析】

R所在處的磁場是由P與Q中的電流產生的；由安培定則判斷出R處磁場的方向，然后由左手定則判斷出R中電流所示安培力的方向．

【詳解】

由安培定則可知；通電指導線P；Q在R處產生的磁場方向水平向右，即沿x軸正方向則R處的磁場方向沿x軸正方向；由左手定則可知，通電直導線R所受安培力垂直于R指向y軸負方向．選項ACD錯誤，B正確．故選B．

【點睛】

要注意解題步驟，先由安培定則判斷出R處的磁場方向，然后由左手定則判斷出安培力的方向．6、A【分析】【分析】

根據左手定則判斷洛倫茲力的方向；確定電荷的偏轉方向，從而確定側面電勢的高低；磁場應與工作面垂直。測量地磁場強弱時，讓地磁場垂直通過元件的工作面，通過地磁場的方向確定工作面的位置．

【詳解】

A.若元件的載流子是正離子；由左手定則可知，正離子受到的洛倫茲力方向向e側面偏，則e側面的電勢高于f側面的電勢。故A正確；

B.若元件的載流子是自由電子；由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向e側面偏，則f側面的電勢高于e側面的電勢。故B錯誤；

CD；磁場應與工作面垂直。在測量沿豎直方向的地球北極上方的地磁場強弱時；元件的工作面應保持水平；在測量沿水平方向的地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直。故C錯誤，D錯誤。

故選：A.7、A【分析】【詳解】

假定兩個容器的體積不變，即V1，V2不變，A、B中所裝氣體溫度分別為290k和300k，當溫度升高△T時，容器A的壓強由p1增至p'1，△p1=p'1﹣p1，容器B的壓強由p2增至p′2，△p2=p′2﹣p2；由查理定律得：因為p2=p1，所以△p1＞△p2，即水銀柱應向右移動，故A正確，BCD錯誤．8、C【分析】A項：由圖象可知；單擺振動的振幅為1cm，故A錯誤；

B項：由圖象可知；周期為4s，故B錯誤；

C項：由圖象可知；t=1s時，擺球處于波峰位置，回復力最大，故C正確；

D項：由圖象可知，t=2s時，擺球處于平衡位置，速度最大，故D錯誤。二、多選題(共7題，共14分)9、A:B【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中；氣體發(fā)生等容變化，溫度升高，氣體內能增加，故A正確；

B．從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中；氣體發(fā)生的是等溫變化，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做正功，根據熱力學第一定律知氣體放熱，故B正確；

C．從狀態(tài)C到狀態(tài)D，氣體體積減小，溫度降低，由可知；壓強可能增大，可能減小，也可能不變，故C錯誤；

D．從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中；體積增大，氣體對外做功，故D錯誤。

故選AB。10、B:C:D:E【分析】【詳解】

A．石英；蔗糖和食鹽都是晶體；瀝青和玻璃是非晶體，A錯誤；

B．根據多晶體與單晶體的特點可知；單晶體的某些物理性質表現為各向異性，多晶體和非晶體的物理性質表現為各向同性，B正確；

C．一定質量的某種金屬固體變成同溫度的金屬液體時，固體液化需要吸熱，由熱力學第一定律可得

即；金屬固體的內能會增加，C正確；

D．液體在汽化時溫度保持不變；吸收周圍物體的熱量，由熱力學第一定律可得，液體的內能會增加，所以周圍物體的內能減少，D正確；

E．我們燒水做飯時看到的冒出的“白氣”不是水蒸氣；這一現象與冬天我們的眼鏡片容易變模糊一樣，都是水蒸氣的液化現象，E正確。

故選BCDE。11、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質量的0℃冰熔化成0℃水；需要吸收熱量，內能增加，而溫度不變分子平均動能不變，所以分子勢能增加，選項A錯誤；

B．NA表示阿伏加德羅常數，M表示銅的摩爾質量，表示實心銅塊的密度；那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為。

選項B正確；

C．脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?；以便吸取藥液，選項C正確；

D．用燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，是由于云母片具有各向異性的原因，說明云母片是晶體，選項D錯誤；

E．恒溫水池中；小氣泡由底部緩慢上升過程中，溫度不變，氣泡中的理想氣體內能不變，但隨著液體壓強的減小，小氣泡體積增大，對外做功，吸收熱量，選項E正確。

故選BCE。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．氣體壓強的產生是大量氣體分子對器壁持續(xù)的碰撞引起的；A正確；

B．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體；只是不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，B錯誤；

C．擴散運動是分子的一種基本運動形式；固體；液體和氣體中都會有擴散現象發(fā)生，C正確；

D．第二類永動機沒有違反能量守恒定律；但違反了熱力學第二定律，D錯誤；

E．分子的動能與物體的機械能無關；E正確。

故選ACE。13、A:C【分析】【分析】

本題考查了交變電流的最大值；有效值和瞬時值的相關知識點。

【詳解】

一個單匝線圈在勻強磁場中旋轉，當從中性面開始計時,產生的正弦式交變電流電動勢的瞬時值表達式為：e=Emsin＝Emsinωt.故感應電動勢的最大值Em＝BSω，有效值E＝故A正確，B錯誤；當即線框平面與磁場方向平行時，感應電動勢最大，電流最大，故C正確，D錯誤．14、A:D【分析】【詳解】

氡的半衰期是3.8天，若有4kg氡原子核，則經過7.6天，即兩個半衰期，氡只剩下1kg，故A正確；放射性元素的半衰期與元素所處的物理和化學狀態(tài)有關，它是一個統(tǒng)計規(guī)律，只對大量的原子核才適用，故B錯誤；放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子和電子，電子釋放出來，故C錯誤；放射性元素的放射性與核外電子無關，故放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性，故D正確。15、A:D【分析】【詳解】

A．設截止頻率為則=故A正確；

B．該金屬的逸出功故B錯誤；

C．該金屬的截止頻率只與材料本身有關；與入射光的頻率沒有關系，故C錯誤；

D．根據增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大，故D正確．

故選：AD．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】當小球所受的洛倫茲力小于重力垂直桿向下的分力，小球向下做加速運動，洛倫茲力逐漸增大，支持力和滑動摩擦力逐漸減小，合力增大，加速度增大．當洛倫茲力等于重力垂直桿的分力時，又由得

點睛：本題關鍵是分析小球的受力情況，判斷其運動情況，注意先分析重力和洛倫茲力，再分析彈力和摩擦力，抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比進行動態(tài)分析?！窘馕觥?7、略

【分析】【詳解】

[1]滑片向b端移動時滑動變阻器接入電阻增大；由閉合電路歐姆定律得電路中總電流減??；由E=U+Ir可知，路端電壓增大；則流過R的電流增大；故電流表示數增大；

[2]因總電流減小，而流過R的電流增大；由并聯(lián)電路的分流規(guī)律可知；流過燈泡的電流減小，故燈泡亮度減?。?/p>

[3]因電流減小，則由可知電源內電壓減小；

[4]由功率公式可知，是源內部消耗的功率減小?！窘馕觥吭黾訙p小減小減小18、略

【分析】設大氣層中氣體的質量為m，由大氣壓強產生即

分子數

假設每個分子占據一個小立方體，各小立方體緊密排列，則小立方體邊長即為空氣分子平均間距，設為a，大氣層中氣體總體積為V，而所以

點睛：對于氣體分子間平均距離的估算，常常建立這樣的模型；假設每個分子占據一個小立方體，各小立方體緊密排列，所有小立方體體積之和等于氣體的體積?！窘馕觥?9、略

【分析】【詳解】

（1）由題意可以知道；當入射角為41.8°時，折射光線消失了，所以玻璃的臨界角為41.8°；

（2）當入射光線從一種介質斜射入另一種介質時；會發(fā)生折射，同時也發(fā)生反射，所以反射光線要比入射光線暗一些，而當光從小于臨界角向臨界角靠近，當折射光線消失后，發(fā)生了全反射，光線全變?yōu)榉瓷涔饩€，所以反射光線亮度增強了。

（3）光只有從水或玻璃射向空氣時；才會發(fā)生全反射，所以光從空氣射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光線從空氣進入玻璃時；因是垂直照射，所以方向不變；當從玻璃中斜射入空氣時，其入射角為45°大于臨界角，故其發(fā)生全反射，其大致路徑如下圖：

【點睛】

本題主要考查了光的折射現象以及光的全反射現象的實驗，要讀數實驗的過程，并能總結出相應的結論加以運用。同時還考查了光的折射的光路圖，有一定綜合性?！窘馕觥浚?）41.8；（2）反射光；（3）不會；20、略

【分析】【詳解】

[1]當滑塊甲、乙的速度相同時，間距最小，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，設向右為正方向，由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統(tǒng)損失的動能

聯(lián)立并代入數據解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程，其次把握信隱含的條件：彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同?？疾閷W生應用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力。【解析】9.6J4.8NS21、略

【分析】【詳解】

此核反應方程為故碳核（）的結合能為因核子數為12，則比結合能為根據電荷數守恒、質量數守恒，得核反應方程為．

【點睛】本題關鍵是掌握愛因斯坦質能方程以及比結合能的計算公式，知道核反應過程中，電荷數守恒、質量數守恒；先求出質量虧損．核反應中質量虧損等于反應前后質量之差，再根據愛因斯坦質能方程求結合能，結合能與核子數之比等于比結合能，根據電荷數守恒、質量數守恒寫出核反應方程．【解析】22、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當m=0時，傳感器的示數即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據牛頓第三定律可知；小球對A的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．

考點：研究加速度與物體質量；受力的關系.

【名師點睛】

本題考查研究加速度與物體質量、受力的關系實驗；解題的關鍵是搞清實驗的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數F與m的表達式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同23、略

【分析】【詳解】

[1]由動能定理可知

解得

[2]設小球在運動中細線與水平方向的夾角為α，則對任一時刻應有

解得

當時，v最大，為【解析】四、作圖題(共3題，共21分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為