2025年上教版選擇性必修1物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版選擇性必修1物理下冊月考試卷814考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某彈簧振子沿x軸的簡諧運動圖象如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.t=1s時，振子的速度為零，加速度為正的最大值B.t=2s時，振子的速度為負，加速度為正的最大值C.t=3s時，振子的速度為負的最大值，加速度為零D.t=4s時，振子的速度為正，加速度為零2、某些為屏蔽電磁波設計的人工材料，其折射率為負值（），稱為負折射率材料。電磁波從空氣射入這類材料時，折射定律和電磁波傳播規(guī)律仍然不變，但是折射波與入射波位于法線的同一側（此時折射角取負值）。如圖所示，波源S發(fā)出的一束電磁波的入射角經負折射率的平板介質材料后，從另一側面射出（圖中未畫出），已知平板介質的厚度為d，電磁波在真空中的傳播速度為c，不考慮電磁波在介面處的反射，下列說法正確的是（）

A.該電磁波的出射點位于法線的上方B.電磁波的出射方向與電磁波入射到平板介質的方向不平行C.電磁波的出射方向與電磁波入射到平板介質的方向垂直D.電磁波在平板介質中的傳播時間為3、2022年12月18日卡塔爾世界杯決賽在億萬球迷的歡呼聲中落下帷幕，最終經過點球大戰(zhàn)，阿根廷隊以7∶5的成績擊敗法國隊奪得冠軍。關于足球運動，下列說法正確的是（）A.在研究香蕉球和電梯球的形成原因時，足球都可以被看成質點B.阻力作用下足球運動速度逐漸變小，說明力是改變物體運動狀態(tài)的原因C.守門員用雙手將足球以原速率撲出的過程，足球的動量、動能均保持不變D.罰點球過程中，運動員對足球的彈力越大，足球的動量變化越大4、如圖所示，光滑的鐵絲做成的圓環(huán)固定在豎直平面內，一中心有孔的小球穿在鐵絲上，由于受到輕微擾動，小球從最高點向下滑動，則在小球從最高點A滑到最低點B的過程中（）

A.鐵絲對小球的作用力一直增大B.鐵絲對小球的作用力做功為零C.鐵絲對小球的作用力的沖量為零D.重力對小球做功的功率一直增大5、如圖所示，質量為m的小球A從地面上斜拋，拋出時的速度大小為25m/s，方向與水平方向夾角為53°角，在A拋出的同時有一質量為3m的黏性小球B從某高處自由下落，當A上升到最高點時恰能擊中豎直下落中的黏性小球B，A、B兩球碰撞時間極短，碰后A、B兩球粘在一起落回地面，不計空氣阻力，g取以下說法正確的是（）

A.小球B下落時離地面的高度是20mB.小球A上升至最高處時離地面40mC.小球A從拋出到落回地面的時間為3sD.小球A從拋出到落回地面的水平距離為60m6、一質點沿水平方向的振動方程為取水平向右為位移的正方向，則在時下列說法正確的是（）A.質點在平衡位置的右方，水平向左運動B.質點在平衡位置的右方，水平向右運動C.質點在平衡位置的左方，水平向右運動D.質點在平衡位置的左方水平向左運動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、在正方形區(qū)域內加有空間分布均勻、大小隨時間周期性變化的電場和磁場，變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示（規(guī)定沿方向豎直向下為電場強度的正方向，垂直紙面向外為磁感應強度的正方向）。從時刻開始，每隔2s就有一個相同的帶正電子的粒子以相同的初速度由點沿方向射入該區(qū)域，每個粒子在區(qū)域內的運動時間都小于1s，且均從C點離開，不計重力、空氣阻力和電場、磁場變化對粒子的影響，則下列判斷正確的是()

A.第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內運動時間之比為2：1B.第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內的加速度之比為2：1C.第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動量之比5：1D.第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動能之比5：18、如圖所示，固定的光滑金屬水平導軌間距為L，導軌電阻不計，左端接有阻值為R的電阻，導軌處在磁感應強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中。質量為m、電阻不計的導體棒ab，在垂直導體棒的水平恒力F作用下，由靜止開始運動，經過時間t，導體棒ab剛好勻速運動；整個運動過程中導體棒始終與導軌垂直并保持良好接觸。在這個過程中，下列說法正確的是()

A.導體棒ab剛好勻速運動時的速度B.通過電阻的電荷量C.導體棒的位移D.電阻放出的焦耳熱9、下列說法中符合實際的是（）A.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉現象B.根據多普勒效應可以算出宇宙中的星球靠近或遠離地球的速度C.利用激光的相干性好可以進行精準的測距D.光波和聲波均能產生干涉、衍射、反射和折射現象10、如圖所示，手持較長軟繩端點O以周期T在豎直方向上做簡諧運動，帶動繩上的其他質點振動形成簡諧波，該波沿水平方向傳播。繩上有另一質點P（圖中未畫出），時，O點位于最高點，P點位于最低點；則（）

A.時，P點位于平衡位置B.時，P點的速度方向水平向右C.P點的起振方向與O點的起振方向相反D.P點的起振方向與O點的起振方向相同11、某游樂園入口旁有一人造噴泉，噴出的水柱將一質量為0.4kg的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。水柱從橫截面積為15cm2的噴口持續(xù)以速度6m/s豎直向上噴出；玩具底部為平板，面積為10cm2；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)榱悖谒椒较虺闹芫鶆蛏㈤_。忽略空氣阻力。已知水的密度為103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2。則（）A.噴泉單位時間內噴出的水的質量為9kgB.噴泉單位時間內噴出的水的質量為6kgC.玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度為1.6mD.玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度為m12、物體A置于物體B上，一輕質彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度范圍內，A和B一起在光滑水平面上做簡諧運動（不計空氣阻力），則下列說法正確的是（）

A.作用在A上的靜摩擦力大小與彈簧的形變量成正比B.一段時間t內，B對A的摩擦力對A的沖量與A對B的摩擦力對B的沖量相等C.一段時間t內，B對A的摩擦力對A做功與A對B的摩擦力對B做功的代數和為零D.一段時間t內，B對A的摩擦力對A做功為零，則t一定為周期的整數倍13、如圖所示，在某一均勻介質中，M、N是振動情況完全相同的兩個波源，其振動圖像如圖所示，介質中P點與M、N兩個波源的距離分別為3m和5m，t=0時刻兩波源同時起振，形成的簡諧波分別沿MP、NP方向傳播，波速都是10m/s，下列說法正確的是（）

A.簡諧橫波的波長為2mB.P點的起振方向沿y軸負方向C.P點是振動減弱的點D.0~1s內，P點通過的路程為48cm評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、波的圖象。

（1）坐標軸：橫軸表示各質點的___________，縱軸表示該時刻各質點的___________。

（2）意義：表示在波的傳播方向上，某時刻各質點離開___________的位移。15、動量。

（1）定義：物體的___________和___________的乘積。

（2）公式：p=___________；單位：kg·m/s。

（3）動量的矢量性：動量是___________（填“矢”或“標”）量，方向與___________相同，運算遵循平行四邊形定則。16、由教材第3頁小車碰撞實驗中記錄的數據知：兩小車碰撞前后，動能之和___________（填“相等”或“不相等”），質量與速度的乘積之和___________。17、如圖所示是單擺做阻尼振動的振動圖線。

則擺球A時刻的動能________B時刻的動能，擺球A時刻的勢能________B時刻的勢能。18、一平面簡諧橫波以速度v=2m/s沿x軸正方向傳播，t=0時刻的波形圖如圖所示，介質中平衡位置在坐標原點的質點A在t=0時刻的位移該波的波長為______m，頻率為______Hz，t=2s時刻，質點A______（填“向上運動”“速度為零”或“向下運動”）。

19、如圖，一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波時刻剛好傳播到點，原點O是波源的平衡位置，波源持續(xù)振動的頻率為①波源的起振方向沿y軸______________（選填“正”或“負”）方向；②該波的波速為______________③平衡位置為的質點在內通過的路程為______________m。

20、如圖所示，登山運動員在登雪山時要注意防止紫外線的過度照射，尤其是眼睛更不能長時間被紫外線照射，否則將會嚴重地損傷視力．有人想利用薄膜干涉的原理設計一種能大大減小紫外線對眼睛傷害的眼鏡．他選用的薄膜材料的折射率為n＝1.5，所要消除的紫外線的頻率為ν＝8.1×1014Hz.

(1)他設計的這種“增反膜”所依據的原理是________．

(2)這種“增反膜”的厚度至少是多少________？

(3)以下有關薄膜干涉的說法正確的是()．

A.薄膜干涉說明光具有波動性。

B.如果薄膜的厚度不同；產生的干涉條紋一定不平行。

C.干涉條紋一定是彩色的。

D.利用薄膜干涉也可以“增透”評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

22、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

23、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

評卷人得分五、解答題(共4題，共40分)24、一簡諧橫波沿水平繩沿x軸負方向以v=20m/s的波速傳播。已知t=0時的波形如圖所示，繩上兩質點M、N的平衡位置分別是xM=5m、xN=35m。從該時刻開始計時；求：

(1)質點N第一次回到平衡位置的時間t；

(2)平衡位置在x=20m的質點；其振動的位移隨時間變化的表達式（用余弦函數表示）；

(3)經過多長時間，質點M、N振動的速度相同。

25、如圖所示，光滑水平軌道距地面高其左端固定有半徑為的內壁光滑的半圓形軌道，軌道的最低點和水平軌道平滑連接。用質量分別為和的小物塊、壓縮一輕質彈簧（彈簧和物塊不拴接）。同時放開小物塊兩物塊和彈簧分離后，物塊進入圓形軌道，物塊從水平軌道右側邊緣飛出。其水平距離重力加速度=10

(1)物塊和彈簧分離的瞬間，物塊的速度大小

(2)物塊運動到半圓形軌道最高點時，對軌道的壓力

26、在爆炸實驗基地有一發(fā)射塔，發(fā)射塔正下方的水平地面上安裝有聲音記錄儀。爆炸物自發(fā)射塔豎直向上發(fā)射，上升到空中最高點時引爆，引爆后爆炸物炸裂成質量分別為m1=0.4kg、m2=0.2kg；初速度均沿水平方向的兩個碎塊。自遙控器引爆瞬間開始計時，在5s末和6s末先后記錄到從空氣中傳來的碎塊撞擊地面的響聲。已知聲音在空氣中的傳播速度為340m/s，忽略空氣阻力。求：

（1）炸物的爆炸點離地面高度；

（2）兩碎塊落地點間的距離；

（3）爆炸過程中系統所增加的機械能。27、如圖所示，截面為直角三角形的玻璃磚置于真空中，一小束單色光與邊夾角從邊中點D入射。已知邊長為l，玻璃磚對該單色光折射率光在真空中的速度大小為c．求：

（1）該單色光第一次到達邊是否發(fā)生折射；請說明理出；

（2）該單色光從D點入射到第一次從邊出射，光在玻璃磚中經過的時間t。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．t=1s時；振子在正向最大位移處，振子的速度為零，加速度為負的最大值，故A錯誤；

B．t=2s時；振子在平衡位置，且向負方向運動，即速度為負，加速度為零，故B錯誤；

C．t=3s時；振子在負向最大位移處，振子的速度為零，加速為正的最大值，故C錯誤；

D．t=4s時；振子在平衡位置，且速度為正，加速度為零，故D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．根據題意，出射點位于法線的下方；A項錯誤；

BC．電磁波的出射方向與電磁波的入射方向平行；B；C項錯誤；

D．根據題意可知，電磁波在平板介質傳播時，折射定律和電磁波傳播規(guī)律仍然不變，所以根據折射定律可知電磁波在平板介質中的傳播速度為根據折射定律可得折射角利用三角函數可求得電磁波在平板介質中的傳播距離為所以電磁波在平板介質中的傳播時間為

D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．在研究香蕉球和電梯球的形成原因時；足球的旋轉和姿態(tài)占主要因素，因此不能把足球當成質點，故A錯誤；

B．運動狀態(tài)包括物體運動速度的大小和速度的方向；任何一項發(fā)生改變都將表明物體的運動狀態(tài)發(fā)生了改變，足球運動過程中因受阻力速度變小，則可說明力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故B正確；

C．動量是矢量；既有大小又有方向，當守門員用雙手將足球以原速率撲出時，足球的速率不變，但是方向發(fā)生了改變，因此足球的動量發(fā)生了改變，故C錯誤；

D．由動量定理可知；足球的動量變化量等于合外力的沖量，則足球的動量變化量除了與力的大小方向有關，還與力的作用時間有關，故D錯誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A．對小球進行受力分析；小球受到重力和鐵絲的支持力，重力豎直向下，支持力垂直于切面向上，小球做圓周運動，重力與支持力的合力提供向心力，在運動過程中，有一瞬間重力的分量恰好提供全部的向心力，則此時鐵絲對小球的支持力為零，故A錯誤.

BC．鐵絲對小球的作用力方向與小球運動方向總是垂直，所以對小球的功為零，但沖量Ft不為零；故B正確，C錯誤。

D．小球下滑過程中速率增大，速度在豎直方向的分量先增大后減小，所以重力對小球做功的功率也是先增大后減小，故D錯誤.5、C【分析】【詳解】

AB．A球豎直方向做豎直上拋運動至最高點，B球做自由落體落體運動，則兩球運動的高度相同，均為為

小球B下落時離地面的高度是40m；AB錯誤；

C．兩球豎直方向的運動是互逆的，相遇時小球A豎直速度為0，小球B的速度為

根據兩球在豎直方向上的動量守恒

兩球粘在一起后的豎直速度為

繼續(xù)下落，有

得

則小球A從拋出到落回地面的時間為3s；C正確；

D．小球A從拋出到與小球B相撞的水平距離為

根據兩球在水平方向上的動量守恒

得

相撞后兩球的水平位移為

小球A從拋出到落回地面的水平距離為

D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

由振動方程可知，時

則質點在平衡位置的右方，周期為

則此時質點向右運動。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)7、B:D【分析】【詳解】

A．設正方形邊長為L，則第一個粒子在電場中運動的時間第二個粒子在磁場中運動的時間則

選項A錯誤；

B．第一個在電場中運動的粒子

解得

第二個粒子在磁場中的加速度則第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內的加速度之比為2：1，選項B正確；

C．第一個粒子離開電場時：

則

則速度

離開電場時的動量

粒子離開磁場時的動量：

則第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動量之比1；選項C錯誤；

D．粒子離開電場時的動能：

粒子離開電場時的動能：

則第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動能之比5：1；選項D正確；

故選BD.8、A:C:D【分析】導體棒勻速運動時滿足解得選項A正確；根據動量定理：而則選項B錯誤；又聯立解得選項C正確；根據能量關系，電阻放出的焦耳熱將x及v的值代入解得選項D正確；故選ACD.9、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了光的干涉現象；A正確；

B．根據多普勒效應；由于波源與接受者的相對位移的改變，而導致接受頻率的變化，稱為多普勒效應，所以可以判斷遙遠天體相對于地球的運動速度，B正確；

C．利用激光平行度好；可以用在雷達上進行精確的測距，C錯誤；

D．干涉；衍射、反射和折射是波所特有的現象；光波和聲波均能產生干涉、衍射、反射和折射現象，D正確。

故選ABD。10、A:D【分析】【詳解】

A．時，P點從最低點經歷個周期后回到平衡位置；故A正確；

B．時，P點的速度方向向上；向平衡位置移動，故B錯誤；

CD．每一個質點的起振方向都跟波源的起振方向相同；故C錯誤，D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

AB．噴泉單位時間內噴出的水的質量為

A正確；B錯誤；

CD．設很短的Δt時間內噴到玩具底面水的質量為Δm，在高度為h處，撞擊玩具前水的速度為v，玩具底部為平板面積為10cm2，則有Δm=ρvΔtS2

水沿豎直方向的動量變化量的大小Δp=Δmv

設水對玩具的作用力的大小為F，根據動量定理有FΔt=Δp

由于玩具在空中懸停，由力的平衡有F=Mg

聯立以上各式解得v=

由能量守恒定律有（Δm）v2+（Δm）gh=（Δm）

解得

解得

C正確；D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．對AB整體根據牛頓第二定律得

隔離A得

所以摩擦力與彈簧形變量成正比；A正確；

B．B對A的摩擦力與A對B的摩擦力是相互作用力，一定大小相等，方向相反，根據沖量

所以B對A的摩擦力對A的沖量與A對B的摩擦力對B的沖量大小相等；方向相反，B錯誤；

C．因為B對A的摩擦力與A對B的摩擦力是相互作用力，而AB的位移方向相同，所以作用力做正功，反作用力一定做負功，且功的值相等，所以B對A的摩擦力對A做功與A對B的摩擦力對B做功的代數和為零；C正確；

D．通過對稱的任意兩點，A的速度大小相同，根據動能定理得

所以B對A的摩擦力對A做功為零，t不一定為周期的整數倍；D錯誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

A．由圖像可知根據

解得

A正確；

B．P點的起振方向與波源的起振方向相同，沿y軸正方向；B錯誤；

C．由于

可知，P點的振動加強；C錯誤；

D．M波源的振動形式到達P點的時間

N波源的振動形式到達P點的時間

由于

根據振動表達式，波源振動的振幅為2cm，則加強點的振幅為4cm，則在N波源的振動形式到達P點之前P點通過的路程為

之后P點振動加強，由于

則0~1s內，N波源的振動形式到達P點之后P點通過的路程為

可知，0~1s內，P點通過的路程為

故D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]波的圖象坐標軸：橫軸表示各質點的平衡位置；縱軸表示該時刻各質點的位移；

（2）[3]意義：表示在波的傳播方向上，某時刻各質點離開平衡位置的位移?！窘馕觥竣?平衡位置②.位移③.平衡位置15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.質量②.速度③.mv④.矢⑤.速度的方向16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不相等基本不變17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]在單擺振動過程中，因不斷克服空氣阻力做功使機械能逐漸轉化為內能；雖然單擺總的機械能在逐漸減小，但在振動過程中動能和勢能仍不斷地相互轉化。由于A，B兩時刻，單擺的位移相等，所以勢能相等，但動能不相等，擺球A時刻的動能大于B時刻的動能?！窘馕觥看笥诘扔?8、略

【分析】【詳解】

[1]設波的表達式為

由題知A=2cm，波圖像過點（0，）和（1.5，0），代入表達式有

即λ=4m

[2]由于該波的波速v=2m/s，則

[3]由于該波的波速v=2m/s，則

由于題圖為t=0時刻的波形圖，則t=2s時刻振動形式和零時刻相同，根據“上坡、下坡”法可知質點A向下運動?！窘馕觥?0.5向下運動19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由上下坡法可知，P點的起振方向沿y軸正方向，由于介質中所有質點的起振方向都與波源的起振方向相同，則波源的起振方向沿y軸正方向；

[2]由圖可知，波長為8m，則波速為

[3]周期為

平衡位置為的質點的振動形式傳到P點所用的時間為

即在時波傳到平衡位置為的質點，則在共0.6s內平衡位置為的質點振動0.5s，平衡位置為的質點通過的路程為【解析】正400.520、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]為了減少進入眼睛的紫外線；應使入射光分別從該膜的前后兩個表面反射后形成的反射光疊加后加強，從而使透射的紫外線減弱。

(2)[2]路程差(大小等于薄膜厚度d的2倍)應等于光在薄膜中的波長λ′的整數倍，即

因此，膜的厚度至少是紫外線在膜中波長的紫外線在真空中的波長是

在膜中的波長是

故膜的厚度至少是1.23×10－7m

(3)[3]A．薄膜干涉說明光具有波動性；散射說明光具有粒子性，A正確；

B．無論薄膜厚度是否相同，產生的干涉條紋都是平行的，由公式

知條紋間距不同；B錯誤；

C．白光的干涉條紋是彩色的；因為白光由七種色光組成，如果用單一顏色的色光照射，則條紋不是彩色的，C錯誤；

D．當膜的厚度為波長的四分之一時就可以實現“增透”；D正確。

故選AD?！窘馕觥渴谷肷涔夥謩e從該膜的前后兩個表面反射后形成的反射光疊加后加強，從而使透射的紫外線減弱1.23×10－7mAD四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【詳解】

[1]設方格的邊長為由圖可知，波的波長應為波的振幅應為在內波傳播了則再過半個周期波應再傳播故9點開始向上振動，此時0點應到達負向最大位移處；6點達正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】23、略

【分析】