2025年粵教新版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、對于一給定的電容器，在如下圖所示中，描述電容C、帶電荷量Q、電壓U之間的相互關系的圖線中正確的是（）A.B.C.D.2、在帶電量為的金屬球的電場中，為測量球附近某點的電場強度E，現在該點放置一帶電量為的點電荷，點電荷受力為則該點的電場強度（）A.B.C.D.3、如圖所示；甲電路中只有一個小燈泡，乙電路中有四個小燈泡并聯，兩個電路所用電池和小燈泡的規(guī)格都相同。閉合開關后發(fā)現，乙電路中每個小燈泡的亮度明顯比甲電路中的小燈泡暗。對該現象的解釋，正確的是（）

A.甲電路中流過電源的電流更大B.甲電路中的路端電壓更大C.甲電路中燈泡的電壓是乙電路中燈泡電壓的四倍D.甲電路中流過燈泡的電流是乙電路中流過每個燈泡電流的四倍4、帶正電的空心金屬球殼置于絕緣支架上，將4個原來不帶電的金屬小球按圖示位置放置，A球用絕緣輕繩豎直懸掛，B球接地，C球用導線與球殼內部相連，D球與球殼內部接觸。設大地電勢為零；當達到靜電平衡時，下列說法正確的是。

A.由于靜電感應，A球帶負電B.B球帶負電，電勢為零C.C球不帶電D.D球帶正電，電勢為零5、電容式加速傳感器常用于觸發(fā)汽車安全氣囊等系統(tǒng)；如圖所示。極板M；N組成的電容器視為平行板電容器，M固定，N可左右運動，通過測量電容器板間的電壓的變化來確定汽車的加速度。當汽車減速時，極板M、N間的距離減小，若極板上的電荷量不變，則該電容器（）

A.電容變小B.極板間電壓變大C.極板間電場強度不變D.極板間的電場強度變小6、如圖所示；一電容器標有“5.5V，10F”的字樣，當該電容器兩極間的電壓為2.75V時，電容器所帶的電荷量為（）

A.0.275CB.0.55CC.27.5CD.55C7、如圖所示，一根橫截面積為的均勻帶電長直橡膠棒沿軸線方向做速度為的勻速直線運動。棒單位長度所帶電荷量為則由于棒的運動而形成的等效電流大小和方向是（）

A.方向與的方向相反B.方向與的方向相反C.方向與的方向相反D.方向與的方向相同8、下列說法正確的是A.由B=知．B與F成正比，與IL成反比B.小磁針靜止時N極所指的方向就是該點磁場方向C.電子沿通電螺線管軸線勻速運動，說明螺線管內無磁場D.條形磁鐵的磁感線從磁鐵的N極出發(fā)終止于S極評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、3個帶電小球以相同的速度沿平行板電容器兩板中線方向垂直于電場線射入板間的勻強電場，分別落在電容器下極板的A、B、C三點；下列說法中正確的是（）

A.3小球在電場中的運動時間相同B.A小球在電場中的運動時間最長C.3小球在電場中運動的加速度C最大D.3小球在電場中運動的加速度A最大10、小明同學嘗試用圖1所示的電路圖進行實驗，定值電阻R1=8Ω，在滑動變阻器由a端向b端移動的過程中，分別用兩個電流傳感器測量了電流I1與I2關系，并得到的完整圖象如圖2所示，其中C點為圖線最低點；則由圖可知。

A.當滑動頭P滑到b點時得到圖2中B點B.圖2中A點縱坐標為0.375AC.滑動變阻器總阻值為16ΩD.電源電動勢為6V11、如圖所示，a、b、c、d為圓o上不同的四個位置，其中c、d為圓的豎直直徑，圓心o與a、b連線均與od成60°角，在a、b兩處固定有與紙面垂直的長直導線，導線中通有大小相等、方向垂直紙面向里的恒定電流．已知通電長直導線周圍某位置的磁感應強度B與導線中的電流I成正比；與該位置到導線的距離成反比；則下列判斷正確的是（）

A.o、c兩點磁感應強度大小之比為1：1B.oc兩點磁感應強度方向相反C.a對b的作用力方向水平向右D.從d點沿垂直于紙面向外以某初速度發(fā)射一帶負電的粒子，粒子所受洛倫茲力方向豎直向下12、如圖所示，已知電源的內阻r=2Ω，定值電阻R1=0.5Ω，調節(jié)可變電阻R2的最大電阻1.5Ω，當調節(jié)可變電阻R2的阻值從最大到零的過程中；以下說法正確的是。

A.電源總功率一直變大B.電源效率一直變小C.電源輸出功率先變大再變小D.可變電阻R2消耗功率先變大再變小13、把一根長直導線平行地放在如圖所示磁針的正上方附近；當導線中有電流通過時，磁針會發(fā)生偏轉。下列說法正確的是（）

A.首先觀察到這個實驗現象的物理學家是法拉第B.導線若南北方向放置，通電后磁針最容易發(fā)生偏轉C.導線通以圖示方向強電流，磁針S極轉向紙面外D.該實驗說明變化的磁場在導線中產生電流14、如圖所示，A、B、C三個小球(可視為質點)的質量分別為m、2m、3m，B小球帶負電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應)，不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg＋qEC.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為E.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為15、下列關于電場線和等勢面的說法正確的是（）A.沿電場線方向，電勢降低，電勢降低的方向就是電場的方向B.在同一等勢面上移動電荷時，電場力不做功C.電場線的疏密表示場強的強弱D.電場中某點的場強方向，就是電荷在該點所受電場力的方向16、如圖所示，同種金屬材料制成的厚度相同的長方體塊A和B，上表面為正方形、邊長之比為3∶1。A、B分別與同一電源相連；電源內阻忽略不計，則（）

A.通過A、B的電流之比1∶3B.通過A、B的電流之比1∶1C.A、B中自由電荷定向移動速率之比1∶3D.A、B中自由電荷定向移動速率之比3∶117、如圖是驗證楞次定律實驗的示意圖，豎直放置的線圈固定不動，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構成的閉合回路中就會產生感應電流，各圖中分別標出了磁鐵的極性、磁鐵相對線圈的運動方向以及線圈中產生的感應電流的方向等情況，其中表示正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、A、B為電場中的兩點，如果把q=2×10-7C的正電荷從A點移到B點，電場力所做正功為8×10-6J，那么q的電勢能減少了________J，A、B兩點的電勢差為________V。19、有一個電流表內阻滿偏電流要把它改裝為量程的電壓表，則應串聯一個電阻阻值__________要把它改裝為量程的電流表,則改裝后電流表的內阻__________20、被測金屬絲，直流電源（4V），電流表（0～0.6A），電壓表（0～3V），滑動變阻器（50Ω），開關，導線若干，________，_______。21、長波的波長范圍為3000～30000m，短波的波長范圍為10～50m，則長波的頻率范圍是________，短波的頻率范圍是________。22、電磁波的產生:周期性變化的____周圍會產生周期性變化的電場,周期性變化的____周圍也會產生周期性變化的磁場。變化的電場和變化的磁場相互聯系在一起,就會在空間形成一個統(tǒng)一的、不可分割的____,這種在空間交替變化的電磁場傳播出去就形成了_______。23、某同學利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度．該螺旋測微器校零時的示數如上左圖(a)所示，測量金屬板厚度時的示數如圖(b)所示．圖(a)所示讀數為_____________mm，圖(b)所示讀數為_________mm，所測金屬板的厚度為____________mm．

24、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是______點，電勢最低的是______點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做______（選填“正功”或“負功”）。

25、如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。

26、如圖所示，電解槽A與電阻R并聯后接到電源上，電源的電動勢E=120V，內阻r＝1Ω，電阻R＝19Ω，電解槽電阻r′＝0.5Ω。S閉合時電阻R消耗的功率為475W，則此時通過電阻R的電流為______A，電解槽中電能轉化為化學能的功率為______W。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

28、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

29、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)30、在如圖所示的勻強電場中，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離．若一個電荷量的試探電荷在勻強電場中所受電場力的大小為求：

（1）電場強度的大小E；

（2）A、B兩點間的電勢差

（3）將該試探電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功W．31、在一個點電荷Q的電場中，以點電荷Q的位置為原點O建立平面直角坐標系，如圖1所示，在其中A、B兩點分別放置試探電荷，試探電荷受到靜電力的大小F跟試探電荷的電荷量q的關系分別如圖2中直線a、b所示。已知A點的坐標為（0.3m；0）。

（1）求A點電場強度的大小EA和B點電場強度的大小EB。

（2）求B點到點電荷Q的距離rB。

（3）將一試探電荷從B點移動到A點，請根據點電荷場強分布的特點，自選兩條移動路徑證明，電場力做的功WBA與路徑無關（在圖中畫出所選擇的路徑）。

32、如圖，一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩點。已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為37°，不計重力。求A、B兩點間的電勢差。

33、如圖甲所示的裝置是由直線加速器改裝而成，由N個長度逐個增大的金屬圓筒沿水平軸線排列成一串，圖中代表性地畫了幾個圓筒，圓筒的兩底面中心開有小孔，一根絕緣光滑細管從中心小孔穿過，各筒相間地連接到頻率為f、最大電壓值為U0的電源的兩端，M、N兩點間的電勢差UMN隨時間變化如圖乙所示，現有一電量為+q、質量為m、直徑略小于細管內徑的小球，沿細管左端射入，并將在圓筒間的縫隙處受到電場力的作用而加速（設圓筒內部沒有電場）．縫隙的寬度很小，小球穿過縫隙的時間可以不計．已知t=0時刻小球以v1速度進入第一個圓筒左端，小球多次被加速后通過最右側圓筒，最后從A點水平向右飛出并以速度v2垂直于偏轉電場方向射入一個方向豎直向下、場強為E的勻強電場中，在B點速度方向與電場線成120°角.求：

(1)小球從A運動到B的時間tAB；

(2)A、B兩點間的電勢差UAB；

(3)為使小球從A點射出獲得最大能量，各個圓筒的長度應滿足什么條件？（用n的形式來表示）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

ACD．對于給定的電容器，據電容器電容的決定式知；電容器的電容不變，則ACD三項錯誤；

B．對于給定的電容器，電容器的電容不變，據電容的定義式知，

由于電容不變，因此電量Q和電壓U成正比，故B正確。2、B【分析】【詳解】

試探電荷會引起金屬球上電荷的重新分布。同種電荷相互排斥，使得金屬球上的電荷遠離放置的點電荷，導致此時的電場強度降低。此時的場強為

故原來該點的電場強度應大于該值。B選項正確。3、B【分析】【詳解】

兩個電路中的電池相同；燈泡規(guī)格相同，根據并聯電路的規(guī)律可知，外電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，所以乙電路中的燈泡變暗。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A.由于靜電感應，A球的左右兩端帶上不同的電荷；但整體不帶電。故A錯誤；

B.由于靜電感應，B球帶負電；但電勢和大地的電勢相等，為零。故B正確；

C.C球在金屬球殼的外部；會帶上與球殼相同的電荷。故C錯誤；

D.D球在球殼的內部，與球殼接觸后成為球殼內部的一部分，所以D不帶電。故D錯誤。5、C【分析】【詳解】

A．由平行板電容器電容的決定式可得，d減小，C增大；故A錯誤；

B．電容器所帶電荷量Q不變，C增大，由可得，U變小；故B錯誤；

CD．由勻強電場的場強與電勢差關系公式可得

E與d無關，E不變；故C正確，D錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

當該電容器兩極間的電壓為2.75V時，電容器所帶的電荷量為

故選C。7、A【分析】【詳解】

在時間?t內流過某截面的電量為q=v?tq

則等效電流

方向與的方向相反。

故選A。8、B【分析】【詳解】

A.B=只是磁感應強度的定義式，它的大小取決于場源以及磁場中的位置，與F、I、L以及通電導線在磁場中的取向無關．故A錯誤；

B.磁場的方向可根據小磁針受力方向確定；規(guī)定小磁針靜止時其北極所指的方向為該點磁場方向，故B正確；

C.通電螺線管內部的磁感線與螺線管軸線平行，由S極指向N極；當電子的速度方向與螺母管軸線平行時，電子不受力作用，做勻速運動，故C錯誤；

D.在磁體的周圍磁感線在磁體的外部是從N極出發(fā)回到S極，在磁體的內部磁感線是從磁體的S極出發(fā)回到N極，故D錯誤．二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

AB．由于初速度相同，所以水平位移越大，說明運動時間越長，由圖可知A球運動時間最長；故A錯誤，B正確；

CD．由于豎直位移相同，所以小球的運動時間取決于豎直方向上的加速度，由于C球運動時間最短，說明C球的加速度最大；故C正確，D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

A．滑動頭滑到點時，和并聯；滑動頭滑到點時，被短路，只有電阻接入電路，由閉合電路歐姆定律知，滑到點時電流小于滑到點時的電流，所以滑動頭滑到點時得到圖2中的點；故A錯誤；

B．由A分析知，滑動頭滑到點時得到圖2中的點，電阻被短路，電流表和示數相等，根據圖2知：

所以有：

即圖2中A點縱坐標為0.375A；故B正確；

CD．根據閉合電路歐姆定律，當滑動頭位于點時，則有：①

圖2中的點，

并聯部分兩支路電流相等，根據并聯電路的特點，得：

設滑動變阻器的全值電阻為

則有：②

聯立①②得：

故C錯誤；D正確；

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

A．根據安培定則，結合矢量的法則，則O、c、d點磁場方向如下圖所示，再依據通電長直導線周圍某位置的磁感應強度B與導線中的電流I成正比、與該位置到導線的距離成反比，設圓的半徑為r，則直導線a、b在O點的磁感應強度大小為而兩者方向夾角為120°，依據矢量的合成法則，那么O點磁感應強度大小同理，直導線a、b在c點的磁感應強度大小為而兩者方向夾角為60°，依據矢量的合成法則，那么c點磁感應強度大小故A正確；

B．由上分析；可知O；c兩點磁感應強度方向相同，故B錯誤；

C．依據安培定則，及矢量的合成法則，則a對b的作用力方向水平向左；故C錯誤；

D．從d點沿垂直于紙面向外以某初速度發(fā)射一帶負電的粒子，依據左手定則，粒子所受洛倫茲力方向豎直向下，故D正確；12、A:B【分析】【詳解】

A、當可變電阻的阻值從最大到零的過程中總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知總電流增大，根據可知電源總功率一直變大，根據閉合電路歐姆定律可知路端電壓減小，所以電源效率一直變?。还蔬x項A；B正確；

C、由于根據電源的內電阻和外電阻相等時，電源的輸出功率最大可知可變電阻的阻值從最大到零的過程中電源輸出功率一直減??；故選項C錯誤；

D、當把和電源看做一個整體時，即把電源的內阻看做由于根據電源的內電阻和外電阻相等時，電源的輸出功率最大可知可變電阻的阻值從最大到零的過程中可變電阻消耗功率一直減小，故選項D正確．13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．首先觀察到這個實驗現象的是丹麥物理學家奧斯特；故A錯誤；

B．通電導線若南北放置；根據安培定則可判斷，在導線下方處產生的磁場方向沿東西方向，與地磁場的合磁場方向北偏西，則易觀察到小磁針的運動，故B正確；

C．根據安培定則可以判斷；電流在小磁針處產生的磁場垂直紙面向里，所以N極轉向紙面里，S極轉向紙面外，故C正確；

D．該實驗說明電流周圍可以產生磁場；故D錯誤。

故選BC。

【點睛】14、A:C【分析】【詳解】

靜止時；對BC球整體進行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

B球帶負電；相當于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直向下的電場力qE；

qE對A、B球整體產生一個豎直向下的分加速度

此時A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC．

【點睛】

本題由整體法與隔離法相結合解題．15、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．沿電場線方向；電勢降低，電勢降低最快的方向就是電場的方向，A錯誤；

B．在同一等勢面上移動電荷時；電場力不做功，B正確；

C．電場線的疏密表示場強的強弱；C正確；

D．電場中某點的場強方向；就是正電荷在該點所受電場力的方向，D錯誤。

故選BC。16、B:C【分析】【詳解】

AB．兩導體長度之比為3：1，厚度相同，所以電流通過的橫截面積為3：1，由電阻定律

可知兩導體阻值之比為1：1，所以接入同一電源時，根據

電流相等；故A錯誤，B正確；

CD．電流的微觀表達式為

則

對于相同材料ne相等，所以自由電荷定向移動的速率v之比為1：3；故C正確，D錯誤。

故選BC。17、C:D【分析】【詳解】

A．當磁鐵N極向下運動時；線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相反。再根據安培定則，可判定感應電流的方向為沿線圈盤旋而上，故A錯誤；

B．當磁鐵S極向上運動時；線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相同。再根據安培定則，可判定感應電流的方向為沿線圈盤旋而上，故B錯誤；

C．當磁鐵S極向下運動時；線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相反。再根據安培定則，可判定感應電流的方向為沿線圈盤旋而下，故C正確；

D．當磁鐵N極向上運動時；線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相同。再根據安培定則，可判定感應電流的方向為沿線圈盤旋而下，故D正確。

故選CD。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于正電荷從A點移到B點電場力做正功，導致電荷的電勢能減少。則電場力做多少功，電勢能就減少多少，即為8×10-6J；

[2]A、B兩點電勢差。

【解析】8×10-6J19、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據電流表改裝成電壓表的特點，則有

解得需串聯依據電流表改裝成電流表的特點，則有

解得需并聯的電阻，即總電阻所以電流表的內阻【解析】99000.0520、略

【分析】【詳解】

略【解析】螺旋測微器毫米刻度尺21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]已知長波波長范圍為3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

則長波頻率在10～100kHz之間．

[2]同理由短波的波長范圍為10～50m，則頻率范圍是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]電磁波的產生:周期性變化的磁場周圍會產生周期性變化的電場,周期性變化的電場周圍也會產生周期性變化的磁場。變化的電場和變化的磁場相互聯系在一起,就會在空間形成一個統(tǒng)一的、不可分割的電磁振動，這種在空間交替變化的電磁場傳播出去就形成了電磁波?！窘馕觥竣?磁場②.電場③.電磁場④.電磁波23、略

【分析】【詳解】

試題分析：解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法；固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．

解：圖（a）中螺旋測微器的固定刻度為0mm；可動刻度為1.0×0.01mm=0.010mm，所以最終讀數為0mm+0.010mm=0.010mm．

圖（b）中螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動刻度為37.0×0.01mm=0.370mm，所以最終讀數為6.5mm+0.370mm=6.870mm．

所測金屬板的厚度為6.870mm﹣0.010mm=6.860mm．

【點評】

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量．【解析】0.010(±0.001)6.870(±0.001)6.860(±0.002)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電場線越密集的地方場強越大，則三點中電場強度最大的是A點；

[2]沿電場線電勢逐漸降低，則電勢最低的是C點；

[3]將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力的方向與位移同向，則電場力做正功?！窘馕觥緼C正功25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將一帶正電荷的物體C置于A附近，由于靜電感應，此時A帶負電，B帶正電，則貼在A、B下部的金屬箔張開。

[2]先把A和B分開，然后移去C，此時A帶負電，B帶正電，貼在A、B下部的金屬箔都張開?！窘馕觥竣?張開②.張開26、略

【分析】【詳解】

[1]根據P=I2R可得通過電阻R的電流為

[2]路端電壓U=IRR=95V

總電流

則電解槽的電流I1=I-IR=20A

電解槽中電能轉化為化學能的功率為【解析】51700四、作圖題(共3題，共12分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?8、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，