2025年人教A版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版必修3物理下冊月考試卷696考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、智能掃地機器人成為許多家庭喜愛的電子產(chǎn)品，某型號的智能掃地機器人電動機的額定工作電壓為12V，正常工作時的額定功率為40W，其所用鋰電池的容量為5000mAh，當掃地機器人工作到電池剩余容量為總?cè)萘康?0%時會停止掃地，然后自動充電已知機器人電動機的線圈電阻為則下列說法正確的是（）A.機器人正常工作時的電流為B.工作時，機器人的發(fā)熱功率為C.鋰電池的內(nèi)阻為D.機器人可以連續(xù)正常工作的時間為2、對于帶電微粒在輻射和吸收能量時的特點，以下說法不正確的是（）A.以某一個最小能量值一份一份地輻射或吸收B.輻射和吸收的能量是某一最小值的整數(shù)倍C.吸收的能量可以是連續(xù)的D.輻射和吸收的能量是量子化的3、一半徑為R的圓環(huán)上，均勻地帶有電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點P，它與環(huán)心O的距離OP＝L.設(shè)靜電力常量為k，關(guān)于P點的場強E，下列四個表達式中只有一個是正確的，請你根據(jù)所學的物理知識，通過一定的分析，判斷正確的表達式是()A.B.C.D.4、電場中A、B兩點間的電勢差一電荷量的點電荷從A點運動到B點，該點電荷的電勢能減少（）A.B.C.D.5、電容式加速傳感器常用于觸發(fā)汽車安全氣囊等系統(tǒng)，如圖所示。極板M、N組成的電容器視為平行板電容器，M固定，N可左右運動，通過測量電容器板間的電壓的變化來確定汽車的加速度。當汽車減速時，極板M、N間的距離減小；若極板上的電荷量不變，則該電容器（）

A.電容變小B.極板間電壓變大C.極板間電場強度不變D.極板間的電場強度變小6、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中A、B兩點，O是它們連線的中點，N、P是中垂線上的兩點，ON=OP。一帶負電的試探電荷，從P點由靜止釋放；只在靜電力作用下運動，則試探電荷（）

A.運動到O點時的速度最大B.經(jīng)過關(guān)于O對稱的兩點時加速度相同C.沿著P→O→N，試探電荷的加速度一定先減小后增加D.若試探電荷的電量增大，試探電荷在P點所受電場力與其電量的比值增大7、比值定義法，就是在定義一個物理量的時候采取比值的形式定義。用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例。下列不屬于比值定義法的是（）A.B.C.D.8、如圖電路是將滑動變阻器作分壓器用的電路，C、D為分壓器的輸入端，A、B為分壓器的輸出端，把變阻器的滑動片P放在變阻器正中間；下列判斷中正確的是（）

A.空載時輸出電壓為UAB=UCDB.當接上負載R時，輸出電壓為C.負載電阻R的阻值越小，UAB越接近D.滑動片P向下滑動，可實現(xiàn)UAB=評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料AOB和COD，圓弧對應(yīng)的圓心角都為120°，圓弧AOB在豎直平面內(nèi)，圓弧COD在水平面內(nèi)，以O(shè)點為坐標原點、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點為兩段圓弧的圓心，已知P點處的電場強度為E0、電勢為φ0，設(shè)圓弧AO在圓心P處產(chǎn)生的電場強度大小為E，產(chǎn)生的電勢為φ；選無窮遠的電勢為零，以下說法正確的是（）

A.B.C.將質(zhì)子（比荷）從P點無初速度釋放，則質(zhì)子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，x軸上各點電場強度為零，電勢為010、在坐標到之間有一靜電場，x軸上各點的電勢隨坐標x的變化關(guān)系如圖所示，電勢分布關(guān)于坐標原點左右對稱。一質(zhì)子從處以一定初動能僅在電場力作用下沿x軸正向穿過該電場區(qū)域。則該質(zhì)子（）

A.在區(qū)間電勢能一直減小B.在區(qū)間一直做減速運動C.在區(qū)間受到的電場力一直減小D.質(zhì)子經(jīng)過處動能等于在處的初動能11、如圖所示，真空中等量同種正點電荷固定在關(guān)于點對稱的位置，正方形的外接圓圓心恰好位于點，已知與連線平行；則下列說法正確的是（）

A.點的電場強度與點的電場強度相同B.點的電勢與點的電勢相同C.負電荷自點沿直線移動到過程中，電荷的電勢能先減小再增大D.負電荷自點沿直線移動到過程中，電荷的電勢能先減小再增大12、在空間某區(qū)域存在一電場，x軸上各點電勢隨位置變化情況如圖所示，從-x1到x1之間為曲線，其余均為直線，且關(guān)于縱軸對稱．若在x軸上的電場方向就在軸上；將一個只受電場力作用的帶正電的粒子由靜止釋放后，下列論述正確的是()

A.A、B兩點的電場強度的大小相等，方向相反B.粒子從A點釋放，到O點時加速度為零C.粒子從A點釋放，能過B點.D.無論粒子從哪一點釋放,都會以最大動能過O點．13、圖示為某電容傳聲器結(jié)構(gòu)示意圖，當人對著傳聲器講話，膜片會振動．若某次膜片振動時，膜片與極板距離增大，則在此過程中()

A.膜片與極板間的電容變小B.極板的帶電量增大C.膜片與極板間的電場強度增大D.電阻R中有電流通過14、如圖所示，勻強電場中的A、B、C三點構(gòu)成-一個直角三角形，BC邊垂直AC邊，∠BAC=30°，BC邊長度為d，已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行。一質(zhì)量為m、電量為q、帶正電的粒子（不計重力）在該電場中運動，經(jīng)過A點時速度大小為v0、方向沿AB；經(jīng)過BC邊的中點D時，速度大小為vD，方向與BC邊垂直。以下選項正確的是（）

A.電場方向與AC邊平行B.A、B、C三點中B點電勢最高C.D.電場強度大小15、圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等?，F(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示。點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點。若不計重力；則（）

A.M帶負電荷，N帶正電荷B.N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C.N在從O點運動至a點的過程中電場力做正功D.M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零16、某同學做三種導電元件的導電性實驗，他根據(jù)所測數(shù)據(jù)，分別繪制了三種元件的I-U圖象；如圖所示，下列說法正確的有（）

A.甲圖描述的元件電壓增大電阻增大B.甲圖描述的元件電壓增大電功率增大C.乙圖描述的元件電壓增大電阻不變D.丙圖描述的元件電壓增大電阻減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、某電荷在A、兩點具有的電勢能分別為和則從A到靜電力對該電荷做的功__________。18、電容：

（1）定義：電容器所帶___________與電容器兩極板間的___________的比值。

（2）定義式：

（3）單位：電容的國際單位是___________，符號為F，常用的單位還有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意義：電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為___________時電容器需要帶的電荷量。

（5）擊穿電壓與額定電壓。

a.擊穿電壓：電介質(zhì)不被___________時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞。

b.額定電壓：電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓___________。19、圖為某電場的部分電場線。由圖可知A、B兩點的場強大小EA_____EB（選填“>”、“<”或“＝”），電場中的A點放入一個帶電荷量為的負電荷，所受電場力大小為方向水平向左。則A點的電場強度E=_____________N/C，若將該電荷撤走，則A點的電場強度E=__________N/C20、A、B是某電場中的一條電場線上兩點，一正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點運動過程中的v—t圖象如上圖所示．比較A、B兩點電勢φ的高低和場強E的大小：φA________φB，EA________EB．21、電容為的平板電容器，接在電路中，如圖所示。若將相對介電常量為的各向同性均勻電介質(zhì)插入電容器中（填滿空間），此時電場能量是原來的_________倍。

22、圖中游標卡尺的讀數(shù)為________mm，螺旋測微器的讀數(shù)為________mm。

23、圖為某同學用電流表和電壓表測量電阻的部分實驗電路圖。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為14.0V，電流表的示數(shù)為0.20A，根據(jù)測量數(shù)據(jù)，可計算出電阻Rx=______Ω。若僅考慮電流表內(nèi)阻的影響，實驗中電壓表的測量值______（選填“大于”或“小于”）電阻Rx兩端的電壓。

24、如圖（a），電路中電源的內(nèi)阻可忽略不計，其電動勢E=6V，R1為可變電阻。電阻R的U–I特性曲線如圖（b）所示。當通過電阻R的電流強度為2.0mA時，R的阻值為________Ω。將可變電阻阻值調(diào)到750Ω時，R兩端的電壓為_________V。

25、通電螺線管內(nèi)有一在磁場力作用下處于靜止的小磁針，小磁針的指向如圖所示，則螺線管的端為_______（選填“”或“”）極，接電源的_____（選填“正”或“負”）極。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共7分)26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)27、某同學想用伏安法更精確地測量電阻Rx（阻值約200Ω）；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

A．電流表A1（量程0～4mA；內(nèi)阻約50Ω）

B．電流表A2（量程0～10mA；內(nèi)阻約30Ω）

C．電壓表V1（量程0～3V；內(nèi)阻約10kΩ）

D．電壓表V2（量程0～15V；內(nèi)阻約25kΩ）

E．直流電源E（電動勢4V；內(nèi)阻不計）

F．滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω；允許通過的最大電流2.0A）

G．滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ；允許通過的最大電流0.5A）

H．開關(guān)S和導線若干。

①為了能準確地進行測量，也為了操作方便，實驗中應(yīng)選用的電流表是_______；電壓表是_________；滑動變阻器是___________。（選填器材前的字母代號）

②請在答題卡的方框中畫出實驗電路圖_______。

評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)28、如圖所示，用一條長的絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量所帶電荷量現(xiàn)加一水平方向的勻強電場，電場區(qū)域足夠大，平衡時絕緣繩與豎直方向夾角已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。

（1）求勻強電場電場強度的大??；

（2）若將輕繩向右拉至水平后由靜止釋放；求小球到達最低點時絕緣輕繩拉力大?。?/p>

（3）若在圖中所示位置剪斷輕繩；分析說明小球此后的運動情況。

29、如圖，一質(zhì)量為m=1kg、帶電荷量為q=-0.05C的小球P從傾角θ=37°的光滑固定斜面頂端由靜止開始滑下，斜面高h=0.6m。整個裝置處在水平向右的勻強電場中，場強E=100N/C，忽略小球在連接處的能量損失，當小球運動到水平面最左端A點時，立即撤去電場。在水平面上B處放另一靜止的質(zhì)量為M=3Kg的小球Q，P、Q兩球碰撞后粘在一起，設(shè)碰撞時間極短，P、Q都可看做質(zhì)點，小球P與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.2，AB間距離為0.75m。求（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）

①求小球P剛運動到水平面時的速度大小；

②求P；Q碰撞后瞬間的速度大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A.機器人正常工作時的電流為A項錯誤；

B.由于不知道鋰電池的內(nèi)阻因此無法求機器人的發(fā)熱功率；B項錯誤；

C.由于鋰電池的電動勢未知；無法求鋰電池的內(nèi)阻，C項錯誤；

D機器人可以連續(xù)正常工作的時間為

D項正確.

故選D。2、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)量子化的理論；帶電微粒輻射和吸收的能量，只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，故AB正確；

CD．帶電粒子輻射和吸收的能量不是連續(xù)的，是量子化的，故C不正確，D正確．3、D【分析】【詳解】

設(shè)想將圓環(huán)等分為n個小段，當n相當大時，每一小段都可以看成點電荷，其所帶電荷量為q＝①

由點電荷場強公式可求得每一點電荷在P處的場強EP＝k＝k②

由對稱性可知，各小段電環(huán)在P處的場強垂直于軸向的分量Ey相互抵消，而軸向分量Ex之和即為帶電環(huán)在P處的場強E，故E＝nEx＝ncosθ＝③

而r＝④

聯(lián)立①②③④式，可得E＝

A．與分析不符；故A錯誤；

B．與分析不符；故B錯誤；

C．與分析不符；故C錯誤；

D．與分析相符，故D正確．4、C【分析】【分析】

【詳解】

點電荷從A點運動到B點，電場力做正功

則該點電荷的電勢能減少

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．由平行板電容器電容的決定式可得，d減小，C增大；選項A錯誤；

B．電容器所帶電荷量Q不變，C增大，由可得，U變??；選項B錯誤；

CD．由勻強電場的場強與電勢差關(guān)系公式可得

Ｅ與d無關(guān)，E不變；選項C正確，D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．兩個等量正點電荷周圍部分電場線分布情況如圖所示。

從N點到O點過程，試探電荷q受到的電場力由N→O，電場力做正功，動能增大，速度增大；從O點到P點過程中，試探電荷q受到的電場力由P→O，電場力做負功，動能減小，速度減小，故q運動到O點時的動能最大；速度最大，A正確；

B．根據(jù)兩個等量正點電荷周圍部分電場線分布情況，經(jīng)過關(guān)于O對稱的兩點電場強度大小相同方向相反；受到的電場力大小相同，方向相反，加速度不相同，B錯誤；

C．P→O過程，電場線疏密情況不能確定，可能一直變疏，場強一直變小，q受到的電場力一直減小，加速度一直減??；也可能先變密再變疏，場強先變大后變小，q受到的電場力先增大后減小，加速度先增大后減??；根據(jù)對稱性可知，O→N過程；加速度可能一直增大，也可能先增大后減小，C錯誤；

D．根據(jù)電場的性質(zhì)，P點場強僅由電場本身決定，探電荷在P點所受電場力與其電量的比值為該點的場強，若試探電荷的電量增大，試探電荷在P點所受電場力與其電量的比值不變；D錯誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

A．電勢是電場本身具有的屬性，電勢的定義式為：

電勢與電勢能和電荷量的大小無關(guān)；A錯誤；

B．電場強度是電場本身具有的屬性，電場強度的定義式為：

電場強度與電場力和電荷量的大小無關(guān)；B錯誤；

C．電容是描述電容器容納電荷量本領(lǐng)大小的物理量，電容的定義式為：

電容與電荷量和電勢差的大小無關(guān)；C錯誤；

D．公式：

是歐姆定律的表達式；閉合回路中電流與電壓成正比，與電阻成反比，不是定義式，D正確。

故選D。8、B【分析】【詳解】

AD．空載時，變阻器下部分電阻為輸出電壓為

滑動片P從中間向下滑動，則輸出電壓從逐漸減小；AD錯誤；

BC．當接上負載R時，負載與變阻器下部分電阻并聯(lián)，有

輸出電壓為

當負載電阻R的阻值越小，并聯(lián)電阻越小，輸出電壓也越小。UAB越遠離B正確；C錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場強度的疊加有

所以

故A錯誤；B正確；

C．將質(zhì)子從P點無初速度釋放，根據(jù)動能定理可得

解得

故C錯誤；

D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，根據(jù)對稱性，x軸上各點電場強度為零；電勢為0，故D正確。

故選BD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．在區(qū)間電勢增加；故電場線方向向左，那么，質(zhì)子受到的電場力方向向左，故質(zhì)子做減速運動，電場力做負功，電勢能增加，故A錯誤，B正確；

C．根據(jù)圖像的斜率等于電場強度大小可知，在區(qū)間電勢減小的斜率先增大后減?。浑妶鰪姸认仍龃蠛鬁p小，那么，電場力先增大后減小，故C錯誤；

D．質(zhì)子從到電場力做總功等于0，由動能定理，質(zhì)子在和處動能相等；故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．兩等量同種正點電荷形成電場線和等勢面如圖所示，兩點電場強度大小相等；方向不同，A錯誤；

B．兩點在同一等勢面上；電勢相同，B正確；

C．沿直線電勢先升高后降低；負電荷電勢能先減小后增大，C正確；

D．沿直線電勢先降低后升高；負電荷電勢能先增大后減小，D錯誤。

故選BC。12、A:B【分析】【分析】

利用電場強度與圖像的關(guān)系來分析．

【詳解】

圖像上各點的切線斜率大小等于電場強度大小，所以A、B兩點的電場強度的大小相等；帶正電的粒子從A到O點，電勢是從高到低，電場力做正功，再從O到A點，電勢由低到高，電場力做負功，所以A、B兩點的電場強度方向相反；故A正確；

B．粒子從A點釋放，到O點時，在O點的場強為零；此時粒子加速度為零，故B正確；

C．圖像關(guān)于縱軸對稱，正電粒子從A點釋放到O點是加速運動，粒子再從O點到B點是減速運動，因距離所以粒子從A點釋放，不能過B點；故C錯誤；

D．因O點的場強為零，電勢最低，在到區(qū)間內(nèi)各點的電勢都比O點高，因此，只有粒子在到區(qū)間哪一點釋放,才會以最大動能過O點；故D錯誤；

故選AB．13、A:D【分析】【詳解】

振動膜片振動時，電容器兩極板的距離變大，電容減小，由知，U不變的情況下，電容器所帶電荷量Q減小，電容器放電，R中形成自下向上的電流．由知，U不變，d增大，則場強E減小．故AD正確；BC錯誤。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

A．因帶正電的粒子沿AB方向入射，垂直BC邊射出，且已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行，根據(jù)做曲線運動的物體所受的合外力方向指向軌跡的凹向，可知則粒子所受電場力方向平行于BC向下；選項A錯誤；

B．沿電場線電勢逐漸降低，可知A、B、C三點中B點電勢最高；選項B正確；

C．粒子在垂直于BC方向做勻速運動，可知

選項C錯誤；

D．由A到D由動能定理

解得

選項D正確。

故選BD。15、C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場力方向，O點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可判斷出電場方向，從而確定出粒子的電性。由動能定理可判斷，N在a點的速度與M在c點的速度大小。N從O點運動至a點的過程中電場力做正功。O、b間電勢差為零；由動能定理可知電場力做功為零。

【詳解】

A．由題，等勢線在水平方向，O點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知電場方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出N粒子所受的電場力方向豎直向上，M粒子所受的電場力方向豎直向下，故知M粒子帶正電，N帶負電；故A錯誤；

B．由動能定理可判斷，N從O點到a點與M從O點到c點的電勢差大小不相等，所以電勢能變化量不相等，故動能的變化量不同，又因在O點兩粒子的速率相同，故N在a點的速度與M在c點的速度大小不同。故B錯誤；

C．N從O點運動至a點的過程中電場力與速度的夾角為銳角；電場力做正功。故C正確；

D．O、b間電勢差為零，由動能定理可知M從O點運動至b點的過程中；電場力對它做功為零。故D正確；

故選CD。

【點睛】16、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖中隨著電壓的升高；圖像上的點與原點連線的斜率變大，此斜率等于電阻的倒數(shù)，則導體電阻不斷減小，故A錯誤；

B．由可知；當電壓升高時，電阻變小，功率變大，故B正確；

C．I-U圖像斜率為電阻的倒數(shù)；乙圖的斜率不變，電阻不變，當元件電壓增大時電阻不變，故C正確；

D．圖丙中隨電壓的升高；圖線上的點與坐標原點連線的斜率減小，則說明電阻在增大，即圖丙的電阻隨電壓升高而增大，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]靜電力做功等于電勢能的增加量，則從A到靜電力對該電荷做的功。

【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器所帶電荷量Q與電容器兩極板間電勢差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]電容的國際單位是法拉，符號為F，常用的單位還有微法和皮法，

（4）[8]電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量；

（5）[9]擊穿電壓電指介質(zhì)不被擊穿時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞；

[10]額定電壓指電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓低?！窘馕觥竣?電荷量Q②.電勢差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.擊穿⑩.低19、略

【分析】【詳解】

[1]電場線疏密表示場強的大小，點的電場線比點的電場線密，則有：

[2]點的電場強度為：

場強方向與負電荷所受電場力方向相反；即水平向右；

[3]把將該電荷撤走后，點的電場強度不變，大小仍為方向水平向右?！窘馕觥?lt;400004000020、略

【分析】【分析】

【詳解】

從v-t圖象可以知道正電荷僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點做加速度不斷減小的減速運動，故電荷在A點受到的電場力大于電荷在B點的電場力，故A點的場強大于B點的場強；

由于電荷做減速運動，故電場力與速度方向相反，即電場力由B指向A，故電場線由B指向A，故B點電勢較高；【解析】＜＞21、略

【分析】【詳解】

由電容的決定式

可得

插入電介質(zhì)后

電容器的電場能量為

因為電源未切斷，所以電容器兩極板間的電勢差不變，即

所以

此時電場能量是原來的倍。【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的精度為讀數(shù)為

[2]螺旋測微器精度為讀數(shù)為【解析】50.154.700（4.698~4.702）23、略

【分析】【詳解】

[1]由歐姆定律可得

[2]由于電流表的分壓作用，實驗中電壓表的測量值大于電阻Rx兩端的電壓?！窘馕觥?0大于24、略