2025年粵教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)定列車加速度的儀器，如圖所示，AB是一段圓弧形的電阻，O點(diǎn)為其圓心，圓弧半徑為r，O點(diǎn)下用一電阻不計(jì)的金屬線懸掛著一個(gè)金屬球，球的下部與AB接觸良好且無摩擦．A、B之間接有內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為9V的電池，電路中接有理想電流表A，O、B間接有一個(gè)理想電壓表V．整個(gè)裝置在一豎直平面內(nèi)，且裝置所在平面與列車前進(jìn)的方向平行．下列說法中正確的有（）A.從圖中看到列車一定是向右加速運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)列車的加速度增大時(shí)，電流表A的讀數(shù)增大，電壓表V的讀數(shù)也增大C.若電壓表顯示3V，則列車的加速度為gD.如果根據(jù)電壓表示數(shù)與列車加速度的一一對(duì)應(yīng)關(guān)系將電壓表改制成一個(gè)加速度表，則加速度表的刻度是不均勻的2、把浸有乙醚的一小塊棉花放在厚玻璃筒的底部，當(dāng)快速下壓活塞時(shí)，由于被壓縮的空氣驟然變熱，溫度升高，達(dá)到乙醚的燃點(diǎn)，使浸有乙醚的棉花燃燒起來，此實(shí)驗(yàn)的目的是要說明（）A.做功可以升高物體的溫度B.做功可以改變物體的內(nèi)能C.做功一定可以增加物體的內(nèi)能D.做功可以增加物體的熱量3、2012年6月24日，中國第一臺(tái)自行設(shè)計(jì)、自主集成研制的深海載人潛水器——“蛟龍”號(hào)在西太平洋的馬里亞納海溝下潛深度超過7000米，預(yù)示著中國已經(jīng)有能力征服全球99.8％的海底世界。假設(shè)在某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，“蛟龍”號(hào)從水面開始下潛到最后返回水面共歷時(shí)10min，其速度隨時(shí)間的變化如圖所示，則“蛟龍”號(hào)：A.下潛的最大深度為360mB.整個(gè)過程中的最大加速度為0.025m/s2C.在3～4min和6～8min內(nèi)出現(xiàn)超重現(xiàn)象D.在8～10min內(nèi)機(jī)械能守恒4、如果把水星和金星繞太陽的運(yùn)動(dòng)視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從水星與金星在一條直線上開始計(jì)時(shí)，若天文學(xué)家測(cè)得在相同時(shí)間內(nèi)水星轉(zhuǎn)過的角度為θ1；金星轉(zhuǎn)過的角度為θ2（θ1、θ2均為銳角）；則由此條件可求得（）

A.水星和金星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期之比。

B.水星和金星的密度之比。

C.水星和金星到太陽的距離之比。

D.水星和金星繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小之比。

5、【題文】在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、類比法和科學(xué)假說法、建立物理模型法等等，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是（）A.根據(jù)速度定義式當(dāng)極小時(shí)表示物體在時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思想方法B.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫假設(shè)法C.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法6、已知兩個(gè)點(diǎn)電荷間的距離為L時(shí)，兩點(diǎn)電荷間的庫侖力為F．現(xiàn)把兩點(diǎn)電荷間的距離變?yōu)?L，則要保持它們之間的庫侖力不變，兩點(diǎn)電荷的電荷量的乘積應(yīng)是原來的（）A.4倍B.2倍C.0.5倍D.0.25倍7、如圖，質(zhì)量m的物體靜止于傾角為α的斜面體上，當(dāng)斜面體受水平推力F使物體與斜面保持相對(duì)靜止一起勻速移動(dòng)s的過程中，斜面體對(duì)物體做的總功為（）A.0B.mgsinα?sC.mgcosα?sD.Fs評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、一物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻速度大小為4m/s，1s后速度的大小變?yōu)?0m/s，在這1s內(nèi)該物體的（）A.位移的大小可能小于7mB.位移的大小可能大于10mC.加速度的大小可能小于4m/s2D.加速度的大小可能大于10m/s29、下列關(guān)于簡諧振動(dòng)的說法正確的是（）A.位移的方向總跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同B.位移減小時(shí)，加速度減小，速度增大C.物體運(yùn)動(dòng)方向指向平衡位置時(shí)，速度的方向與位移的方向相反；背向平衡位置時(shí)，速度方向與位移方向相同D.水平彈簧振子向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，其加速度方向與速度方向相同；向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，其加速度方向跟其速度方向相反10、下列關(guān)于力的說法中，正確的是（）A.力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因B.運(yùn)動(dòng)物體在運(yùn)動(dòng)方向上一定受到力的作用C.一個(gè)力必然涉及兩個(gè)物體D.力的大小相等，作用效果不一定相同11、下列說法中正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，而是微粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.物體中分子間距離減小時(shí)，分子間的引力和斥力都增大，而分子勢(shì)能可能減小也可能增大C.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體E.對(duì)于同一種氣體，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大E.對(duì)于同一種氣體，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大12、人站在h高處的平臺(tái)上，水平拋出一個(gè)質(zhì)量為m的物體，物體落地時(shí)的速度為v，以地面為重力勢(shì)能的零點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則有（）A.人對(duì)小球做的功是B.人對(duì)小球做的功是-mghC.小球落地時(shí)的機(jī)械能是D.小球落地時(shí)的機(jī)械能是+mgh13、如圖所示的正方形線框abcd，邊長為L（L＜d），質(zhì)量為m，電阻為R，將線框在磁場(chǎng)上方高為h處由靜止釋放，然后線框減速進(jìn)入磁場(chǎng)，且當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0，ab邊剛出磁場(chǎng)時(shí)速度也為v0，在線框穿過磁場(chǎng)的過程中，有（）A.ab剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)線框受安培力F=B.線框離開磁場(chǎng)過程中做勻速運(yùn)動(dòng)C.感應(yīng)電流做的功為2mgdD.線框最小速度為14、壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計(jì)了判斷小車運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖（a）所示，將壓敏電阻和一塊擋板固定在絕緣小車上，中間放置一個(gè)絕緣重球．小車向右做直線運(yùn)動(dòng)的過程中，電流表示數(shù)如圖（b）所示，下列判斷正確的是（）A.從t2到t3時(shí)間內(nèi)，小車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.從t2到t3時(shí)間內(nèi)，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.從t1到t2時(shí)間內(nèi)，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.從t1到t2時(shí)間內(nèi)，小車做變加速直線運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、起重機(jī)在10s內(nèi)將重為200N的物體勻速豎直提高10m，這段時(shí)間內(nèi)起重機(jī)對(duì)物體所做功的平均功率為____．16、（2010?泰州三模）氫原子的能級(jí)如圖所示．有一群處于n=4能級(jí)的氫原子，這群氫原子能發(fā)出____種譜線，發(fā)出的光子照射某金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則該金屬的逸出功應(yīng)小于____eV．17、將一個(gè)大小為80N、方向豎直向下的力分解為兩個(gè)分力，其中一個(gè)分力的大小為60N，方向向東，那么另一個(gè)分力的大小為____N．18、（2013?德州二模）如圖所示為氫原子的能級(jí)圖．用光子能量為13.06eV的光照射一群處于基態(tài)的氫原子，可能觀測(cè)到氫原子發(fā)射的不同波長的光有____種．19、如圖乙所示，小球以某一初速由斜面底部向上運(yùn)動(dòng)，其速度-時(shí)間圖象如圖甲所示，根據(jù)圖線可知，斜面的傾角θ=____；小球回到A點(diǎn)時(shí)的速度為____m/s．20、如圖所示，質(zhì)量為m的物體A，靜止在傾角為θ，質(zhì)量為M的斜面B上，則斜面B對(duì)物體A的作用力大小為____；若物體A沿著斜面B以加速度a向下勻加速運(yùn)動(dòng)，斜面B仍靜止，則下滑過程中地面對(duì)B的作用力大小為____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共9分)21、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點(diǎn)陣排列．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動(dòng)性____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共4分)24、如圖所示，兩個(gè)光滑的水平導(dǎo)軌間距為L．左側(cè)連接有阻值為R的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，有一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)．設(shè)除左邊的電阻R外．其它電阻不計(jì)．棒向右移動(dòng)最遠(yuǎn)的距離為s，問當(dāng)棒運(yùn)動(dòng)到λs時(shí)0＜λ＜L，證明此時(shí)電阻R上的熱功率：P=．25、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)26、（I）在“用描跡法畫出電場(chǎng)中平面上的等勢(shì)線”的實(shí)驗(yàn)中．

（1）在下列所給的器材中，應(yīng)該選用的電源是____．（用器材前的字母表示）

A；6V的交流電源B、6V的直流電源C、100V直流電源。

（2）在實(shí)驗(yàn)過程中，要把（A）復(fù)寫紙、（B）導(dǎo)電紙、（C）白紙鋪放在木板上，它們自下而上的順序是____．（填寫序號(hào)）；且導(dǎo)電紙涂導(dǎo)電物質(zhì)的一面____．（填“向上”或“向下”）

（3）如圖1所示為描繪電場(chǎng)中平面上等勢(shì)線的裝置，圖中A、C、P、D、B等相鄰兩點(diǎn)間距相等，其中A、B為金屬圓柱，當(dāng)電流從正接線柱流入電流表時(shí)，其指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)，當(dāng)探針I(yè)接在D點(diǎn)，探針Ⅱ接在導(dǎo)電紙上某點(diǎn)時(shí)，電流表指針向負(fù)接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)．為了盡快尋找等勢(shì)點(diǎn)，探針Ⅱ應(yīng)____移動(dòng)（選填“向左”或“向右”）

（Ⅱ）如圖2是用來驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置，彈性球1用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，O點(diǎn)下方桌子的邊沿有一豎直立柱．實(shí)驗(yàn)時(shí)，將球1拉到A點(diǎn)，并使之靜止，同時(shí)把球2放在立柱上．釋放球1，當(dāng)它擺到懸點(diǎn)正下方時(shí)與球2發(fā)生對(duì)心碰撞．碰后球1向左最遠(yuǎn)可擺到B點(diǎn)，球2落到水平地面上的C點(diǎn)測(cè)出有關(guān)數(shù)據(jù)即可驗(yàn)證1、2兩球碰撞時(shí)動(dòng)量守恒，現(xiàn)已測(cè)出A點(diǎn)離水平桌面的距離為a，B點(diǎn)離水平桌面的距離為b，c點(diǎn)與桌子邊沿間的水平距離為c．此外，還需要測(cè)量的量是____、____和____．根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)，該實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為____．27、電火花計(jì)時(shí)器的電源應(yīng)是____電源，每隔____秒打一次點(diǎn)，如果每打5個(gè)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，即相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為____秒．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】通過小球的合力方向確定列車的加速度方向，當(dāng)加速度增大時(shí)，判斷出θ角的變化，從而得知BC段電阻的變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流和電壓的變化．【解析】【解答】解：A；小球所受的合力水平向右；知列車向右做加速運(yùn)動(dòng)或向左做減速運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B；小球的加速度a=gtanθ；當(dāng)加速度增大，θ增大，BC段電阻增大，因?yàn)榭傠娮璨蛔?，所以電流不變，BC段電壓增大．故B錯(cuò)誤．

C、當(dāng)電壓表為3V時(shí)，知BC段的電阻是總電阻的三分之一，則θ=30°，則a=gtan30°=．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)a=gtanθ知；a與θ不成正比關(guān)系，因?yàn)殡娏鞑蛔?，電壓表示?shù)的大小與電阻成正比，BC段電阻與θ成正比，所以a與電壓表示數(shù)的關(guān)系不成正比，所以加速度表的刻度不均勻．故D正確．

故選：D．2、B【分析】【分析】解決此題要結(jié)合溫度與內(nèi)能的關(guān)系和做功可以改變物體的內(nèi)能角度分析解答問題；解決此題要知道做功可以改變物體的內(nèi)能．當(dāng)外界對(duì)物體做功時(shí)，物體的內(nèi)能增大；當(dāng)物體對(duì)外界做功時(shí)，物體的內(nèi)能就會(huì)減?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?；AB當(dāng)用力壓活塞時(shí)；活塞壓縮玻璃筒內(nèi)的空氣，對(duì)空氣做功，空氣的內(nèi)能增加，溫度升高，當(dāng)達(dá)到乙醚著火點(diǎn)時(shí)，筒內(nèi)棉花就會(huì)燃燒起來．此實(shí)驗(yàn)說明了：外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能增加，故A錯(cuò)誤，B正確．

CD；改變物體的內(nèi)能有做功和熱傳遞；做功不一定增加物體的內(nèi)能，還需考慮熱傳遞；做功改變物體的內(nèi)能，宏觀表現(xiàn)為物體溫度的變化，并非增加熱量，故CD錯(cuò)誤．

故選：B．3、A|C【分析】試題分析：觀察速度時(shí)間圖像，一開始速度是負(fù)值說明速度以向上為正方向。前4分鐘速度都是負(fù)值，說明一直在下潛，4分鐘到達(dá)最深處，深度即前4分鐘位移等于v-t圖像的面積，注意分鐘單位化作秒，則有答案A對(duì)。圖像斜率代表加速度，斜率最大的是下潛過程，答案B錯(cuò)誤。在3～4min向下減速，加速度向上為超重，6～8min向上加速，加速度向上為超重，答案C對(duì)。在8～10min，向上減速，但是加速度不等于重力加速度說明除重力外還有別的力做功，因此機(jī)械能不守恒。D錯(cuò)。考點(diǎn)：速度時(shí)間圖像【解析】【答案】AC4、A|C|D【分析】

A、相同時(shí)間內(nèi)水星轉(zhuǎn)過的角度為θ1；金星轉(zhuǎn)過的角度為θ2，可知它們的角速度之比為θ1：θ2．周期T=則周期比為θ2：θ1．故A正確．

B；水星和金星是環(huán)繞天體；無法求出質(zhì)量，也無法知道它們的半徑，所以求不出密度比．故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)萬有引力提供向心力：r=知道了角速度比，就可求出軌道半徑之比．故C正確．

D、根據(jù)a=rω2；軌道半徑之比；角速度之比都知道，很容易求出向心加速度之比．故D正確．

故選ACD．

【解析】【答案】相同時(shí)間內(nèi)水星轉(zhuǎn)過的角度為θ1；金星轉(zhuǎn)過的角度為θ2；可知道它們的角速度之比，繞同一中心天體做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，可求出軌道半徑比，以及向心加速度比．

5、B【分析】【解析】

試題分析：平均速度的極限就是瞬時(shí)速度；選項(xiàng)A正確。質(zhì)點(diǎn)代替物體的方法使用的是建立物理模型法，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。在探究牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)中，所使用的方法是變量控制法，選項(xiàng)C正確，研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的方法就是微元分割法，選項(xiàng)D正確。

考點(diǎn)：本題考查物理研究方法等基礎(chǔ)知識(shí)?！窘馕觥俊敬鸢浮緽6、A【分析】解：根據(jù)庫侖定律的公式F=

兩個(gè)點(diǎn)電荷間的距離為L時(shí)；兩點(diǎn)電荷間的庫侖力為F．

現(xiàn)把兩點(diǎn)電荷間的距離變?yōu)?L，則要保持它們之間的庫侖力不變，即F=

那么兩點(diǎn)電荷的電荷量的乘積應(yīng)是原來的它們的4倍．故A正確；BCD錯(cuò)誤．

故選：A．

根據(jù)庫侖定律的公式F=k即可分析求解．

對(duì)于庫侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個(gè)物理量的含義，可以和萬有引力公式對(duì)比理解．【解析】【答案】A7、A【分析】【分析】在物體運(yùn)動(dòng)的過程中，受到重力、斜面體對(duì)物體的作用力，由于物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合力做功為零，再分析斜面體對(duì)物體所做的功．【解析】【解答】解：物體受到重力；斜面體對(duì)物體的作用力；物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，合力做功也為零，而重力對(duì)不做功，則斜面體對(duì)物體所做的功為0．

故選：A二、多選題(共7題，共14分)8、AD【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出物體的加速度，結(jié)合平均速度推論求出物體的位移，注意末速度的方向可能與初速度方向相同，可能與初速度方向相反．【解析】【解答】解：若1s后的速度方向與初速度方向相同，則加速度a=，位移x=；

若1s后的速度方向與初速度方向相反，則加速度a=，位移x=；負(fù)號(hào)表示方向，故A；D正確．B、C錯(cuò)誤．

故選：AD．9、BC【分析】【分析】根據(jù)簡諧振動(dòng)的特征a=-分析加速度與位移的關(guān)系．根據(jù)方向關(guān)系分析速度與位移的關(guān)系．【解析】【解答】解：

A、根據(jù)簡諧振動(dòng)的特征a=-分析得知位移的方向總跟加速度的方向相反；但速度方向不一定相同，當(dāng)物體離開平衡位置時(shí)，兩者方向相反，故A錯(cuò)誤．

B；位移減小時(shí)；物體靠近平衡位置，加速度減小，速度增大．故B正確．

C；位移方向總是從平衡位置指向物體所在的位置；則物體運(yùn)動(dòng)方向指向平衡位置時(shí)，速度的方向與位移的方向相反；背向平衡位置時(shí)，速度方向與位移方向相同．故C正確．

D；水平彈簧振子向左運(yùn)動(dòng)時(shí)；若振子做減速運(yùn)動(dòng)，其加速度方向與速度方向相反；向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，若振子做加速運(yùn)動(dòng)，其加速度方向跟其速度方向相同，故D錯(cuò)誤．

故選：BC．10、ACD【分析】【分析】根據(jù)牛頓第一定律分析力的作用：力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．從力的概念分析可知，一個(gè)力必然涉及兩個(gè)物體．力的作用效果與力的大小、方向和作用點(diǎn)都有關(guān)系．【解析】【解答】解：A；根據(jù)牛頓第一定律分析得知；力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．故A正確．

B；運(yùn)動(dòng)物體在運(yùn)動(dòng)方向上不一定受到力的作用；可能由于慣性而繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，比如平拋運(yùn)動(dòng)水平方向并不受外力．故B錯(cuò)誤．

C；力是一個(gè)物體對(duì)另一個(gè)物體的作用；涉及施力和受力兩個(gè)物體．故C正確．

D；力的作用效果與力的大小、方向和作用點(diǎn)都有關(guān)系；則力的大小相等，作用效果不一定相同．故D正確．

故選ACD11、BCE【分析】解：A；布朗運(yùn)動(dòng)是指液體或氣體中懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)；不是微粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，它反映了液體或氣體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B；物體中分子間距離減小時(shí)；分子間的引力和斥力都增大；當(dāng)分子間為引力時(shí)，分子間距離減小時(shí)，分子力做正功；分子勢(shì)能減??；當(dāng)分子間為斥力時(shí)，分子間距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功；分子勢(shì)能增大．故B正確．

C；熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體；但會(huì)引起其他的變化．如空調(diào)．故C正確．

D；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；熱機(jī)的效率可以不等于100%．故D錯(cuò)誤；

E；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；對(duì)于同一種氣體，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大．故E正確．

故選：BCE

布朗運(yùn)動(dòng)是指液體或氣體中懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)；分子間同時(shí)存在引力和斥力；隨著分子間距的增加，引力和斥力同時(shí)減小；根據(jù)分子力做功情況判斷分子勢(shì)能的變化；正確理解好應(yīng)用熱力學(xué)第二定律；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．

本題考查了有關(guān)分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的基本知識(shí)，對(duì)于這些基本知識(shí)一定注意加強(qiáng)記憶和積累．其中對(duì)熱力學(xué)第二定律的幾種不同的表述要準(zhǔn)確理解．【解析】【答案】BCE12、BC【分析】【分析】人對(duì)小球做的功等于小球獲得的初動(dòng)能；根據(jù)對(duì)拋出到落地的過程運(yùn)用動(dòng)能定理即可求得初動(dòng)能；

球落地的機(jī)械能等于落地時(shí)的動(dòng)能加重力勢(shì)能，以地面為重力勢(shì)能的零點(diǎn)，所以小球落地的機(jī)械能等于落地時(shí)的動(dòng)能．【解析】【解答】解：A、B人對(duì)小球做的功等于小球獲得的初動(dòng)能，根據(jù)對(duì)從開始拋到落地的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：W+mgh=mv2，所以人對(duì)小球做的功是mv2-mgh；故A錯(cuò)誤B正確；

C、以地面為重力勢(shì)能的零點(diǎn)，小球落地的機(jī)械能等于落地時(shí)的動(dòng)能加重力勢(shì)能，小球落地時(shí)的重力勢(shì)能是零，機(jī)械能為mv2；故C正確D錯(cuò)誤．

故選：BC．13、ACD【分析】【分析】線圈由靜止釋放，其下邊緣剛進(jìn)入磁場(chǎng)和剛穿出磁場(chǎng)時(shí)刻的速度是相同的，又因?yàn)榫€圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)不受安培力，要做勻加速運(yùn)動(dòng)．可知線圈進(jìn)入磁場(chǎng)先要做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A、ab剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)線框ab中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：E=BLv0，受安培力：．故A正確；

B、根據(jù)能量守恒研究從ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊剛穿出磁場(chǎng)的過程：動(dòng)能變化為0，所以ab進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中一定會(huì)先做減速運(yùn)動(dòng)，ab邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)速度也為v0，所以ab離開磁場(chǎng)的過程中一定會(huì)先做減速運(yùn)動(dòng)．故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)能量守恒研究從ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊剛穿出磁場(chǎng)的過程：動(dòng)能變化為0，所以ab加入磁場(chǎng)的過程中一定會(huì)想做減速運(yùn)動(dòng)；重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量；Q=mgd．

ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0，ab邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)速度也為v0，所以從ab邊剛穿出磁場(chǎng)到cd邊離開磁場(chǎng)的過程，線框產(chǎn)生的熱量與從ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊剛穿出磁場(chǎng)的過程產(chǎn)生的熱量相等，所以線圈從cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊離開磁場(chǎng)的過程；產(chǎn)生的熱量Q′=2mgd，感應(yīng)電流做的功為2mgd．故C正確．

D；因?yàn)檫M(jìn)磁場(chǎng)時(shí)要減速；即此時(shí)的安培力大于重力，速度減小，安培力也減小，當(dāng)安培力減到等于重力時(shí)，線圈做勻速運(yùn)動(dòng)，全部進(jìn)入磁場(chǎng)將做加速運(yùn)動(dòng)；

設(shè)線圈的最小速度為vm；知全部進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度最?。?/p>

由動(dòng)能定理，從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到線框完全進(jìn)入時(shí)，則有：

又：，綜上所述，線圈的最小速度為為：．故D正確．

故選：ACD．14、BD【分析】【分析】壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小，而電流變大說明電阻變小，故電流變大說明壓力變大；反之，電流變小說明壓力變??；電流不變說明壓力不變．【解析】【解答】解：A、由圖示圖象可知，在t2～t3內(nèi)；I不變，壓力恒定，絕緣球受到的合力向右，加速度向右，小車向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、由圖示圖象可知，在t1～t2內(nèi)；I變大，說明壓敏電阻阻值減小，壓敏電阻受到的壓力增大，絕緣球受到向右的力增大，球的合力增大，球的加速度增大，小車向右左加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：BD．三、填空題(共6題，共12分)15、100W【分析】【分析】做功必不可少的兩個(gè)條件：有力作用在物體上，物體在力的方向上移動(dòng)一段距離；然后由功率公式求出功率．【解析】【解答】解：起重機(jī)在勻速提高重物的過程中；起重機(jī)對(duì)重物的作用力豎直向上，而重物在豎直方向移動(dòng)，在力的方向上重物移動(dòng)距離，因此在該過程中起重機(jī)對(duì)重物做功；所以在該個(gè)過程中，起重機(jī)對(duì)重物所做的功：

W=Gh=200N×10m=1000J；

整個(gè)過程做功的平均功率為：

P===100W；

故答案為：100W16、60.66【分析】【分析】根據(jù)組合，求出氫原子最多發(fā)出譜線的種數(shù)．發(fā)出能量最小的光子照射到金屬上能發(fā)生光電效應(yīng)，則所有光子照射金屬都能發(fā)生光電效應(yīng)．【解析】【解答】解：C=6；所以這群氫原子最多能發(fā)出6種譜線．

能級(jí)4躍遷到能級(jí)3發(fā)出的光子能量最??；為-0.85+1.51eV=0.66eV，所以金屬的逸出功不應(yīng)超過0.66eV．

故本題答案為：6，0.66．17、100【分析】【分析】力的合成與分解都遵守平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則，做出圖形即可求得分力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)平行四邊形定則；已知一個(gè)分力沿水平方向，做出平行四邊形如圖所示；

由圖形可知另一個(gè)分力F2的大小為F2==100N．

故答案為：10018、10【分析】【分析】依據(jù)氫原子的能級(jí)圖，計(jì)算出基態(tài)氫原子吸收該光子后最高能躍遷到第幾能級(jí)，然后即可求出有多少種不同頻率光子．【解析】【解答】解：設(shè)氫原子吸收該光子后能躍遷到第n能級(jí)，根據(jù)能級(jí)之間能量差可有：13.06eV=En-E1

其中E1=-13.6eV，所以En=-0.54eV；故基態(tài)的氫原子躍遷到n=5的激發(fā)態(tài)．

所以放出不同頻率光子種數(shù)為：=10種。

故答案為：10．19、37°20【分析】【分析】由v-t圖象的斜率求出加速度，對(duì)小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出斜面傾角．【解析】【解答】解：由v-t圖象的斜率知上滑時(shí)加速度a===8m/s2

下滑時(shí)加速度為a′==4m/s2

根據(jù)牛頓第二定律：mgsinθ+f=ma

mgsinθ-f=ma′

聯(lián)立得：θ=37°

上升時(shí)的位移為x=×40×5=100m

則回到A點(diǎn)時(shí)的速度v2-02=2a′x

得：v=20m/s

故答案為：37°；20．20、mg【分析】【分析】物體A靜止在斜面上處于平衡狀態(tài)，所受合力為0，A物體受重力和斜面B對(duì)A的作用力，根據(jù)平衡知兩者大小相等方向相反；以物體A為研究對(duì)象受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出斜面B對(duì)A的支持力和摩擦力大小，再以物體B為研究對(duì)象根據(jù)平衡求物體B所受地面摩擦力即可．【解析】【解答】解：（1）由題意知；物體A靜止在B上，處于平衡狀態(tài)，物體A所受合力為0，對(duì)物體A進(jìn)行受力分析，A受豎直向下的重力，沿斜面向上的摩擦力和斜面對(duì)物體的支持力，根據(jù)平衡知斜面對(duì)A的支持力和摩擦力的合力與物體A所受重力的大小相等方向相反，故斜面B對(duì)物體A的作用力大小為支持力和摩擦力的合力，即為mg；

（2）若物體A沿斜面勻加速下滑時(shí)；對(duì)物體A進(jìn)行受力分析有：

根據(jù)牛頓第二定律知有：

mgsinθ-fBA=ma

NBA-mgcosθ=0

解得：fBA=mgsinθ-ma

NBA=mgcosθ

如圖；對(duì)斜面B進(jìn)行受力分析有：

如圖；根據(jù)牛頓第三定律有：

斜面B所受A物體的壓力NAB=NBA=mgcosθ

斜面B所受A物體的摩擦力fAB=fBA=mgsinθ-ma；根據(jù)斜面B處于平衡狀態(tài)有：

NABsinθ-f-fABcosθ=0

N-Mg-NABcosθ-fABsinθ=0

所以有：N=Mg+mgcosθ?cosθ+（mgsinθ-ma）sinθ=（M+m）g-masinθ

f=mgcosθ?sinθ-（mgsinθ-ma）cosθ=macosθ

所以斜面B受到地面的作用力為地面對(duì)斜面B的摩擦力和地面對(duì)斜面B的支持力的合力；所以。

F===

故答案為：mg，四、判斷題(共3題，共9分)21、√【分析】【分析】同時(shí)晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點(diǎn)陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√23、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動(dòng)性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×五、證明題(共2題，共4分)24、略

【分析】【分析】導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到向左的安培力作用而減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和加速度的定義式，運(yùn)用積分法研究整個(gè)過程，再對(duì)棒運(yùn)動(dòng)λs時(shí)研究，求出電路中電流，從而得到R上的熱功率．【解析】【解答】證明：取向右為正方向．根據(jù)牛頓第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

兩邊求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

對(duì)整個(gè)過程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

從開始運(yùn)動(dòng)到棒運(yùn)動(dòng)到λs的過程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒運(yùn)動(dòng)到λs速度為：v=（1-λ）v0⑦

此時(shí)電阻R上的熱功率為：P===．

得證．25、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過程中動(dòng)量守恒，從而求出新星體C的速度，計(jì)算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計(jì)算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過程中質(zhì)心未動(dòng)；所以C到太陽的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過程中動(dòng)量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：