2025年人教新起點必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在如圖所示的電路中，兩只電表均為理想電表，已知電源的內阻定值電阻閉合開關斷開開關時，定值電阻消耗的總電功率為同時閉合開關和時，定值電阻消耗的電功率為且則（）

A.開關閉合與斷開時，電壓表的示數(shù)相等B.定值電阻的大小可能為C.定值電阻的大小可能為D.開關斷開與閉合時，電壓表示數(shù)的變化量大小與電流表示數(shù)的變化量大小的比值與定值電阻有關2、下列圖片實例中；沒有應用磁場的是（）

A.圖甲中超市里刷卡消費B.圖乙中手機里面的指南針功能C.圖丙中筆記本電腦的指紋加密D.圖丁中圍棋賽評析時豎直的棋盤3、以下宏觀概念中，哪些是“量子化”的（）A.物體的質量B.物體所受的力C.導體中的電流D.東北虎的個數(shù)4、如圖所示，氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速地飄入電場線水平向右的加速電場E1，之后進入電場線豎直向下的勻強電場E2發(fā)生偏轉；最后打在屏上。整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么（）

A.三種粒子打到屏上時的動能一樣大B.三種粒子打到屏上時的動量一樣大C.三種粒子運動到屏上所用時間相同D.三種粒子一定打到屏上的不同位置5、下列說法中正確的是（）A.根據(jù)公式在一條直線的電場線上有A、B、C三點，若AB=2BC，則一定有電勢差B.根據(jù)公式離場源電荷越遠，場源電荷的電荷量越少，電場強度越小C.根據(jù)公式電場中某點的電場強度，跟放入該點的試探電荷所受電場力成正比，跟試探電荷的電荷量成反比D.根據(jù)公式勻強電場中某點的電場強度，跟勻強電場中的AB兩點間的電勢差成正比，跟AB兩點間的距離成反比6、平行板電容器的兩極接于電池兩極，一個帶正電小球懸掛在電容器內部，閉合電鍵電容器充電，這時懸線偏離豎直方向夾角為小球始終未碰到極板，如圖所示，那么（）

A.保持電鍵閉合，帶正電的板向板緩慢靠近，則減小B.保持電鍵閉合，帶正電的板向板緩慢靠近，則不變C.電鍵斷開，帶正電的板向板緩慢靠近，則增大D.電鍵斷開，帶正電的板向板緩慢靠近，則不變7、無人機的多個螺旋槳能提供各個方向的動力，每個發(fā)動機電阻為R，正常工作時電壓為U；圖為無人機在有水平風力時執(zhí)行拍攝任務而懸停在空中，下列說法正確的是（）

A.發(fā)動機螺旋槳是通過旋轉把空氣向上推從而提供升力B.各個螺旋槳升力的合力沿豎直方向C.單個發(fā)動機正常工作時消耗的電功率為D.當發(fā)動機螺旋槳被“卡死”時通過的電流為8、一臺直流電動機，其線圈的電阻值為0.5Ω。當電動機兩端所加電壓為8V時，電動機正常工作，通過線圈的電流是2A。由此可知（）A.電動機消耗的電功率為72WB.電動機輸出的機械功率為12WC.電動機線圈的發(fā)熱功率為2WD.電動機的工作效率為50%9、如圖所示的電路中，電阻電源的電動勢內電阻閉合開關S后，電阻R兩端的電壓為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內阻為r,R1、R2、R3為定值電阻,電流表和電壓表均為理想電表,C為平行板電容器,在兩板之間的帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài).由于某種原因燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會損壞,則下列說法正確的是()

A.電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大C.液滴將向上運動D.液滴仍保持靜止11、如圖所示，a、b、c、d四個質量均為m的帶電小球恰好構成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內的同一圓周上繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，三小球所在位置恰好將圓周等分。小球d位于O點正上方h處，且在外力F作用下恰處于靜止狀態(tài)，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為6q，重力加速度為g，靜電力常量為k；則（）

A.小球a一定帶正電B.小球b的周期為C.小球c的加速度大小為D.外力F豎直向上，大小等于mg＋12、如圖所示，正四面體四個頂點A、B、C、D處分別固定四個電荷量絕對值相等的點電荷。A、B處為＋Q，C、D處為－Q，O點為正四面體中心，M、N、J、K分別為AB、CD、AD、BC邊中點.取無窮遠處電勢為零，離點電荷Q距離r處電勢為下列說法正確的是（）

A.O處場強為零B.O處電勢為零C.同一個負檢驗電荷分別放在J點與K點，電勢能相同D.把一個正檢驗電荷從M點移到N點，電場力做負功13、某種電容式話筒的工作原理如圖所示；Q是絕緣支架，M是薄金屬膜和固定電極N形成的一個電容器，當聲波使膜片振動時，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流。當膜片向左運動時（）

A.固定電極N帶正電B.電容器的電容變小C.電容器正在充電D.導線AB的電流自A流向B14、如圖甲所示，在空間中建立xOy坐標系，射線管由平行金屬板A、B和平行于金屬板的細管C組成，放置在第Ⅱ象限，細管C到兩金屬板的距離相等，細管C開口在y軸上。放射源P在A板左端，可以沿特定方向發(fā)射某一初速度的粒子。若金屬板長為L、間距為d，當A、B板間加上某一電壓時，粒子剛好能以速度從細管C水平射出，進入位于第Ⅰ象限的靜電分析器中。靜電分析器中存在著輻向電場，粒子在該電場中恰好做勻速圓周運動，該電場的電場線沿半徑方向指向圓心O，粒子運動軌跡處的場強大小為在時刻粒子垂直于x軸進入第Ⅳ象限的交變電場中，交變電場隨時間的變化關系如圖乙所示，規(guī)定沿x軸正方向為電場的正方向。已知粒子的電荷量為2e（e為元電荷）；質量為m；重力不計。以下說法中正確的是（）

A.粒子從放射源P運動到C的過程中動能的變化量為B.粒子從放射源P發(fā)射時的速度大小為C.粒子在靜電分析器中運動的軌跡半徑為D.當時，粒子的坐標為15、如圖電路中，電源電動勢為E、內阻為r，為定值電阻，閉合開關S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量用表示，電流表示數(shù)的變化量用表示表示下列判斷正確的是

A.電容器的帶電量減小，減小量為B.通過電阻的電流減小，減少量為且等于C.電路的路端電壓一定增大，增加量小于D.電可變電阻R的功率可能變小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、利用圖像分析問題是物理學中常用的方法；其中的斜率；面積通常具有明確的物理意義。

(1)小明以6m/s的初速度將足球水平踢出，足球在草坪上滾動直到停下來的全過程中的速度—時間圖像如圖1所示，圖1中圖線與坐標軸所圍的面積等于12個小方格的面積，由圖像可知足球在滾動過程中受到的阻力大小____（選填“變大”、“變小”或是“不變”），足球滾動了____m停下來。

(2)利用電流傳感器測量電容器電容的實驗電路圖如圖2所示。電源電壓為8V，先使開關S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關S擲向2端，電容器通過電阻R放電。電流傳感器將電流變化的信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流i隨時間t變化的i—t曲線如圖3所示，圖中圖線與坐標軸所圍的面積也等于12個小方格的面積，根據(jù)圖3，計算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q=__C，該電容器的電容C=___F。

17、如圖所示為一個玩具汽車上的控制電路，小明對其進行測量和研究發(fā)現(xiàn)：電動機的線圈電阻為保護電阻為當閉合開關后，兩電壓表的示數(shù)分別為和則電路中的電流為___________電動機的功率為__________

18、產(chǎn)生感應電流的條件：當穿過閉合導體回路的______時，閉合導體回路中就產(chǎn)生感應電流。19、在綿陽南山中學物理實驗室中，甲同學用螺旋測微器測一金屬絲直徑時，儀器刻度的位置如左下圖所示，則金屬絲為__________mm；該同學又用游標卡尺測一金屬球直徑時，儀器刻度的位置如右下圖所示，則金屬球的直徑為__________cm。

20、某同學在進行電阻測量時，需要將一塊滿偏電流為500μA、阻值為800Ω的小量程電流表G改裝成量程為15V的電壓表，則需要選擇一個阻值為___________Ω的電阻與這一電流表___________（選填“串”、“并”）聯(lián)。21、一根導線長0.2m，通以3A的電流，在磁場中某處受到的最大的磁場力是則該處的磁感應強度B的大小是____T，如果該導線的長度和電流都減小一半，則該處的B的大小是______T。22、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點；則：

（1）a點的電場強度比b點的______（填“大”“小”）；

（2）a點的電勢比b點的______（填“高”“低”）；

（3）檢驗電荷－q在a點的電勢能比在b點的______（填“大”“小”）；

（4）將檢驗電荷－q從a點移到b點的過程中，電場力做______功（填“正”“負”或“不做”）；評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)26、電流傳感器可以像電流表一樣測量電流。不同的是它的反應非?？?，可以捕捉到瞬間的電流變化。此外，由于它與計算機相連，還能顯示出電流隨時間變化的I-t圖像。如圖甲所示連接電路。直流電源電動勢8V，內阻可忽略，電容器可選幾十微法的電解電容器。先使開關S與1端相連，電源向電容器充電，這個過程可在短時間內完成。然后把開關S擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t圖像，一位同學得到的I-t圖像如圖乙所示。

（1）在圖乙I-t圖中用陰影標記了一個豎立的狹長矩形（在圖的1s附近），這個陰影面積的物理意義是_______________。

（2）根據(jù)I-t圖像可估算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量為__________________。

（3）如果不改變電路其他參數(shù)，只增大電阻R，充電時I-t曲線與橫軸所圍成的面積將___________(填“增大、不變、變小”)；充電時間將_______________(填“變長、不變、變短”)。27、在“測定金屬的電阻率”實驗中：

（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結果如圖甲所示，其示數(shù)為____cm；用刻度尺測得金屬絲的長度如圖乙所示，其示數(shù)為_____cm；用歐姆表粗略測量該金屬絲的電阻，選擇“×1”歐姆擋測量，示數(shù)如圖丙所示，其示數(shù)為_____Ω。

（2）用伏安法進一步精確測金屬絲的電阻R；實驗所用器材如下：

a.電流表A(量程為0.2A；內阻為1Ω)

b.電壓表V(量程為9V；內阻約3kΩ)

c.定值電阻R0(阻值為2Ω)

d.滑動變阻器R(最大阻值為10Ω；額定電流為2A)

e.電池組(電動勢為9V；內阻不計)

f.開關；導線若干。

①某小組同學利用以上器材設計電路，部分電路圖如圖丁所示，請把電路圖補充完整_____。(要保證滑動變阻器的滑片任意移動時；電表均不被燒壞)

②某次實驗中，電壓表的示數(shù)為4.5V，電流表的示數(shù)為0.1A，則金屬絲電阻的值為________Ω；根據(jù)該測量值求得金屬絲的電阻率為________Ω·m。(計算結果均保留三位有效數(shù)字)28、在《練習使用多用電表》的實驗中：

（1）用歐姆檔測量一定值電阻的阻值。機械調零、歐姆調零后，用“”檔測量，發(fā)現(xiàn)表針偏轉角度極小，正確的判斷和做法是_______。

A.被測電阻值較大。

B.被測電阻值較小。

C.為了把電阻值測得更準一些，應換用“”檔；重新歐姆調零后再測量。

D.為了把電阻值測得更準一些，應換用“”檔；重新歐姆調零后再測量。

（2）下圖為一正在測量中的多用電表表盤。

①如果是用×100擋測量電阻，則讀數(shù)為______

②如果是用直流5mA擋測量電流，則讀數(shù)為______mA。

評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)29、如圖所示，帶電小球A懸浮于空中，帶電小物塊B、C靜置于絕緣水平面上。已知A的帶電量為+q，A、B、C的質量都為m，它們之間的距離都為d，B、C的帶電量相同，重力加速度為g，靜電力常量為k。求：

(1)B的帶電性質；

(2)B的電荷量；

(3)B對地面的壓力。

30、如圖所示，在豎直平面內固定一半徑為R、圓心為O的絕緣光滑圓軌道，AB為豎直直徑，軌道處于電場強度大小為E、方向水平向左的勻強電場中。一質量為m的帶正電小球（視為質點）靜止在圓軌道內的C點，OC與OB的夾角θ=53°。重力加速度大小為g；取sin53°=0.8，cos53°=0.6，不計空氣阻力。

（1）求小球所帶的電荷量q；

（2）若撤去電場，求小球通過B點時對軌道壓力的大??；

（3）若給小球一個初速度，小球恰好能沿圓軌道做完整的圓周運動，求小球運動過程中的最小速度vmin。

31、如圖所示電路中，伏特計V1示數(shù)為100伏特，V示數(shù)為120伏特，電阻R=4歐姆，電動機內電阻r=2歐姆；則電動機的輸出功率為多少瓦，電動機的效率為多少？（摩擦力忽略不計）

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)

開關斷開時，電壓表的示數(shù)

開關閉合時，電壓表的示數(shù)

由

可得

A錯誤；

BC．由

則

將代入方程成立，而將代入方程不成立；B錯誤C正確；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

則電壓表示數(shù)的變化量大小與電流表示數(shù)的變化量大小的比值為

與定值電阻無關；D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

筆記本電腦的指紋加密沒有用到磁場；其余三種情況都用到了磁場。

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

所謂“量子化”；一定是不連續(xù)的，是一份一份的，所以D正確；ABC錯誤；

故選D。4、A【分析】【詳解】

AD．粒子在加速電場中加速，由動能定理可知

解得

粒子在加速電場中的運動時間

粒子在偏轉電場中做類平拋運動，運動時間

在偏轉電場中的豎直分位移

聯(lián)立得

y與q、m無關，所以三種粒子在偏轉電場中軌跡重合，離開偏轉電場后粒子做勻速直線運動，因此三種粒子一定打在屏上的同一位置，加速電場對粒子做功為

三種粒子的相等，所以加速電場對三種粒子做功相等，偏轉電場對粒子做功

三種粒子的和均相等，則知偏轉電場對三種粒子做功相等；由動能定理可得，三種粒子打到屏上時的動能一樣大，故A正確，D錯誤；

B．由動能和動量的關系

氕核；氘核、氚核三種粒子質量不同；可知三種粒子打到屏上時的動量不等，故B錯誤；

C．離開偏轉電場后粒子運動的時間

粒子運動到屏上的時間

因為三種粒子的不等，所以t不等；故C錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．若電場是勻強電場，根據(jù)公式在一條直線的電場線上有A、B、C三點，若AB=2BC，則一定有電勢差選項A錯誤；

B．根據(jù)公式離場源電荷越遠，場源電荷的電荷量Q越少；電場強度越小，選項B正確；

C．公式是場強的定義式；電場中某點的電場強度與放入該點的試探電荷所受電場力以及試探電荷的電荷量無關，選項C錯誤；

D．勻強電場中某點的電場強度是由電場本身決定的，跟勻強電場中的AB兩點間的電勢差以及兩點間的距離均無關；選項D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

AB．保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，A板向B板靠近，極板間距離減小，根據(jù)可知電場強度E變大，小球所受的電場力變大，增大；選項AB錯誤；

CD．斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，根據(jù)和可知

帶正電的板向板緩慢靠近d變小，E不變，電場力不變，不變；選項C錯誤，D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．發(fā)動機螺旋槳是通過旋轉把空氣向下推；同時受到空氣向上的推力，從而懸停在空中，故A錯誤；

B．無人機在有水平風力時執(zhí)行拍攝任務而懸停在空中；根據(jù)平衡條件，各個螺旋槳升力的合力與無人機的重力和水平風力為共點力平衡力，則升力的合力應該是斜向上，故B錯誤；

C．發(fā)動機所在電路為非純電阻電路，計算功率不能用P=故C錯誤；

D．當發(fā)動機螺旋槳被“卡死”時，可視為純電阻電路電流I=故D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．電動機消耗的電功率

故A錯誤；

C．電動機線圈的發(fā)熱功率

故C正確；

B．電動機輸出的機械功率

故B錯誤；

D．電動機的工作效率

故D錯誤。

故選C。9、C【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

I==A=0.5A

電阻R兩端的電壓U=IR=0.5×5V=2.5V；故C正確，ABD錯誤．

故選C二、多選題(共6題，共12分)10、A:B:C【分析】【詳解】

液滴原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡，電路為R2與R3串聯(lián)，再與燈泡L并聯(lián)，干路上有R1和內阻r.燈泡L的燈絲突然燒斷,相當于其電阻變大，總電阻變大，據(jù)則總電流變小，C、D、由得電容器的電壓增大，故液滴受到的電場力增大，液滴向上運動，C正確、D錯誤．A、B、由可知電流表示數(shù)增大，由知電壓表的示數(shù)變大；A正確，B正確.故選ABC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化．注意電源輸出功率的大小與內外電阻的大小關系決定．11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球a、b、c均做半徑相同的圓周運動，且受力情況相同，故三個小球的各運動參量大小均相等，以小球a為例，小球a做圓周運動的向心力由小球d對小球a的引力的水平分力及小球b、c對小球a斥力的合力提供，僅可以判斷四個小球所帶電荷電性的異同，但不能確定小球a是否帶正電；A錯誤；

BC．由牛頓第二定律得

其中解得

向心加速度公式

可得

B錯誤C正確；

D．對小球d受力分析，由平衡條件可知

D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【詳解】

A．由對稱性可知，兩個正電荷在O的合場強與兩個負電荷在O點的合場強大小相等；但是方向不是相反，和場強不為零，A錯誤；

B．根據(jù)可知四個點電荷在O點的電勢疊加后，O點的電勢為零；B正確；

C．由電勢疊加可知，JK兩點電勢均為零，則同一個負檢驗電荷分別放在J點與K點；電勢能相同，C正確；

D．M點離正電荷更近離負電荷更遠，N點離負電荷更近離正電荷更遠，可知M點電勢高于N點，則把一個正檢驗電荷從M點移到N點；電勢能減小，則電場力做正功，D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

A．固定電極N與電源負極相連；帶負電，故A錯誤；

B．根據(jù)電容的決定式

當膜片向左運動時，d變大；電容變小，故B正確；

CD．電容始終接在電源的兩端，電勢差不變，根據(jù)Q=CU

知電容變小時；電容器帶電量減小，電容器正在放電，所以導線AB的電流自A流向B，故C錯誤，D正確。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

AB．設粒子運動到C處時速度為粒子反方向的運動為類平拋運動，水平方向有

豎直方向有

由牛頓第二定律

聯(lián)立解得

粒子從放射源發(fā)射出到C的過程，由動能定理

解得

設粒子發(fā)射時速度的大小為v，粒子從放射源發(fā)射至運動到C的過程，由動能定理

解得

故A正確；B錯誤；

C．由牛頓第二定律

得

故C正確；

D．時，粒子在x方向的速度為

所以一個周期內，離子在x方向的平均速度

每個周期粒子在x正方向前進

因為開始計時時粒子橫坐標為

所以nT時，粒子的橫坐標為

粒子的縱坐標為

在nT時粒子的坐標為

故D錯誤。

故選AC。15、C:D【分析】【詳解】

A．閉合開關S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的電壓減小量小于電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為A錯誤；

B．根據(jù)A的分析可知，電阻兩端的電壓減小量小于所以通過電阻的電流減小量小于B錯誤；

C．總電流減小，則內阻所占電壓減小，所以電路的路端電壓一定增大，由于電阻兩端的電壓減小，而R的電壓增大所以電路的路端電壓增加量小于C正確；

D．當可變電阻的阻值與的阻值相等時，功率最大，由于不增大具體值，所以可變電阻R的功率可能變小；D正確．

故選CD.三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

(1)因為v-t圖象的斜率變小，表示加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律f=ma；知足球在滾動過程中受到的阻力變小；圖1中圖線與坐標軸所圍面積表示位移即為足球滾動的距離，1格面積是1，12格面積是12，所以位移是12m，足球滾動了12m才停下來。

(2)在電容器放電過程中的任意瞬時有：△Q=I?△t，故i-t圖線與t軸所圍面積即為電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積，因此電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積．因此電容器所帶電荷量的最大值根據(jù)電容的定義式

【點睛】

解決本題的關鍵是理解圖象面積的物理意義，v-t圖象的面積代表位移，i-t圖線的面積代表電量?！窘馕觥孔冃?20.0240.00317、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，電壓表V2測電阻R兩端電壓為2V，根據(jù)歐姆定律

[2]電壓表V1測路端電壓為6V，由串并聯(lián)關系可知電動機兩端電壓

根據(jù)電功率公式【解析】0.5218、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】磁通量發(fā)生變化19、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9720、略

【分析】【詳解】

[1][2]小量程的電流表改裝成電壓表時，需要串聯(lián)一個電阻，設所串聯(lián)的電阻為R，則串聯(lián)后的總電壓為15V，通過的電流為500μA，所以電路中的總電阻R總=R+Rg==3×104Ω

故所串電阻的大小為R=3×104Ω-800Ω=2.92×104Ω【解析】2.92×104串21、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)

得

[2]磁感應強度B是磁場本身的屬性，與有無電流元以及電流大小無關．所以當該導線的長度和電流都減小一半，該處的B的大小仍為0.1T。【解析】0.10.122、略

【分析】【分析】

電場線的疏密表示場強的大小；a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢；電勢越高的地方；負電荷具有的電勢能越小．

【詳解】

（1）電場線的疏密表示場強的大小，由圖象知a點的電場強度比b點大；（2）a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢，即a點的電勢比b點的；（3）電勢越高的地方，負電荷具有的電勢能越小，即負電荷在a點的電勢能較b點??；（4）由（3）可知，-q在a點的電勢能較b點小，則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點；電勢能增大，電場力做負功。

【點睛】

該題考查電場線的特點與電場力做功的特點，解題的關鍵是電場力做正功，電勢能減??；電場力做負功，電勢能增加；知道電場線從正電荷出發(fā)，終止于負電荷。【解析】大高小負四、作圖題(共3題，共21分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]將橫坐標分成許多很小的時間間隔在這些很小的時間間隔里，放電電流可以視為不變，則為這段時間內充入電容的電量；即這個陰影面積的物理意義是通電0.2秒充入電容（流過電阻R）的電荷量；

(2)[2]電容器在全部放電過程中釋放的電荷量在數(shù)值上等于圖象與坐標軸所包圍的面積；具體的做法是首先以坐標紙上的一個小正方形作為一個面積計量單位，數(shù)出圖象與坐標軸有多少個完整的小正方形，對于曲線下的部分超過該格一半面積的記為一個，不足一半的則舍去不計，這樣既可以得到曲線下包含的小正方形的個數(shù)為40個（格數(shù)為38-42都正確）；其次確定每個小方格所對應的電荷量值，縱坐標的每個小格為0.2mA，橫坐標的每個小格為0.2s，則每個小格所代表的電荷量數(shù)值為：

最后由曲線下方的方